2023-2024學(xué)年吉林省白山市高一（上）期末物理試卷（含解析）

第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)2023-2024學(xué)年吉林省白山市高一（上）期末物理試卷一、選擇題1.2023年5月30日18時(shí)22分，神舟十六號(hào)航天員景海鵬、朱楊柱、桂海潮乘組成功與距離地面約400公里的天宮空間站對(duì)接入駐。駐留約5個(gè)月，將開(kāi)展生命起源等方面科學(xué)研究；還將開(kāi)展天宮課堂太空授課活動(dòng)，讓載人航天再次走進(jìn)中小學(xué)生課堂。(

)A.18時(shí)22分指的是時(shí)間間隔

B.400公里指的是實(shí)驗(yàn)艙飛行路程

C.對(duì)接時(shí)可以將核心艙看成質(zhì)點(diǎn)

D.航天員以核心艙為參考系觀(guān)察到地球在轉(zhuǎn)動(dòng)2.物理學(xué)是集科學(xué)知識(shí)、科學(xué)方法和科學(xué)思維為一體的學(xué)科。下列有關(guān)科學(xué)思維方法的敘述正確的有(

)

A.圖甲利用“極限法”觀(guān)察桌面的微小形變

B.圖乙伽利略斜面實(shí)驗(yàn)采用了“理想化模型法”

C.圖丙將F看成F1、F2的合力，采用了“控制變量法”

D.圖丁把勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的v?t圖像分成很多小段，每小段近似看作勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，把各小段的位移相加代表物體在3.如圖所示，兩直梯下端放在水平地面上，上端靠在豎直墻壁上，相互平行，均處于靜止?fàn)顟B(tài)。梯子與墻壁之間均無(wú)摩擦力，下列說(shuō)法正確的是(

)A.梯子越長(zhǎng)、越重，所受合力越大

B.地面對(duì)梯子的作用力一定豎直向上

C.地面對(duì)梯子的作用力和梯子對(duì)地面的作用力相同

D.兩梯子對(duì)地面的壓力大小不一定相等

4.某同學(xué)制作了一個(gè)“豎直加速度測(cè)量?jī)x”，其構(gòu)造如圖所示。彈簧上端固定，在彈簧旁沿彈簧長(zhǎng)度方向固定一直尺。彈簧下端懸掛重物，靜止時(shí)，彈簧下端的指針指直尺上某一位置，標(biāo)記為0。將直尺不同刻度對(duì)應(yīng)的加速度標(biāo)在直尺上，就可用此裝置直接測(cè)量電梯運(yùn)行時(shí)豎直方向的加速度。下列說(shuō)法正確的是(

)A.指針指到0刻度以下，說(shuō)明電梯一定向上加速

B.若指針指到0刻度以下，說(shuō)明電梯一定處于超重狀態(tài)

C.各刻度對(duì)應(yīng)加速度的值是不均勻的

D.若電梯上升，則指針一直指在0刻線(xiàn)以下

5.研究物體做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)圖像可以靈活選取縱橫軸所表示的物理量，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.甲圖中，物體在0?t0這段時(shí)間內(nèi)的位移小于v0t02

B.乙圖中，物體的加速度為1.0m/s2

C.丙圖中，陰影面積表示6.如圖，一細(xì)繩跨過(guò)光滑定滑輪，其一端懸掛物塊B，另一端與地面上的物塊A相連，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用水平向右的拉力緩慢拉動(dòng)B，直至懸掛B的細(xì)繩與豎直方向成45°。已知A始終保持靜止，則在此過(guò)程中(

)A.水平拉力大小可能先減小后增大

B.A所受細(xì)繩的拉力一直增大

C.A所受地面的摩擦力一直減小

D.A所受地面的支持力可能先減小后增大7.一種能垂直起降的小型遙控?zé)o人機(jī)如圖所示，螺旋槳工作時(shí)能產(chǎn)生恒定的升力。在一次試飛中，無(wú)人機(jī)在地面上由靜止開(kāi)始以2m/s2的加速度勻加速豎直向上起飛，上升36m時(shí)無(wú)人機(jī)突然出現(xiàn)故障而失去升力。已知無(wú)人機(jī)的質(zhì)量為5kg，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受空氣阻力大小恒為10N，取重力加速度大小g=10m/s2。下列說(shuō)法正確的是A.無(wú)人機(jī)失去升力時(shí)的速度大小為14m/s

B.螺旋槳工作時(shí)產(chǎn)生的升力大小為60N

C.無(wú)人機(jī)向上減速時(shí)的加速度大小為12m/s2

D.8.如圖所示，物體A、B的質(zhì)量分別為mA、mB，且mA=3mB。二者用細(xì)繩連接后跨過(guò)定滑輪，物體A放在傾角θ=30°的光滑斜面上，物體

A.細(xì)繩對(duì)物體B的拉力大小為mBg

B.物體A的加速度為g8

C.物體A和物體B互換位置，A的加速度相同

D.現(xiàn)將斜面傾角由30°9.如圖所示，長(zhǎng)木板放置在水平面上，一小物塊置于長(zhǎng)木板的中央，長(zhǎng)木板和物塊的質(zhì)量均為m，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，木板與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ4，已知最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等，重力加速度為g?，F(xiàn)對(duì)物塊施加一水平向右的拉力F，則木板的加速度a的大小可能是(

)A.μg B.12μg C.2310.如圖所示，傾角為30°的斜面上用鉸鏈連接一輕桿a，輕桿a頂端固定一質(zhì)量為m的小球(體積可不計(jì))，輕繩b跨過(guò)斜面頂端的光滑小定滑輪，一端固定在球上，一端用手拉著，保持小球靜讓?zhuān)跏紩r(shí)輕繩b在滑輪左側(cè)的部分水平，桿與斜面垂直，緩慢放繩至輕桿水平的過(guò)程中，斜面始終靜止，滑輪右側(cè)的繩與豎直方向夾角始終不變，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是(

)A.初始時(shí)輕繩上的拉力大小為32mg B.地面對(duì)斜面的摩擦力始終向左且增大

C.鉸鏈對(duì)輕桿的支持力一直增大二、非選擇題11.某同學(xué)在探究力的合成的平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)中，利用圖釘、平板、橡皮筋、彈簧測(cè)力計(jì)及鉛筆、刻度尺進(jìn)行有關(guān)實(shí)驗(yàn)。

(1)圖1中B測(cè)力計(jì)的示數(shù)為_(kāi)_____N。(本實(shí)驗(yàn)用的彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)的單位為N)

(2)如圖2所示是甲、乙兩名同學(xué)在做“探究力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)時(shí)得到的結(jié)果。若按實(shí)驗(yàn)中要求的符號(hào)表示各個(gè)力，則可判定其中______(填“甲”或“乙”)實(shí)驗(yàn)結(jié)果是尊重實(shí)驗(yàn)事實(shí)的。

(3)在驗(yàn)證力的平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)中，兩彈簧測(cè)力計(jì)拉力的圖示在圖2丙中作出，方格每邊的長(zhǎng)度表示1N，O是橡皮筋的一個(gè)端點(diǎn)。按照作圖法可得合力的大小為_(kāi)_____N。12.同學(xué)們?cè)趯?shí)驗(yàn)課上一起完成“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)。

(1)小明在接通電源進(jìn)行實(shí)驗(yàn)之前，將實(shí)驗(yàn)器材組裝成如圖1所示的裝置圖。小李指出該裝置中有以下錯(cuò)誤或不妥之處，你認(rèn)為小李的觀(guān)點(diǎn)中正確的有______。

A.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器不應(yīng)使用干電池，應(yīng)使用交流電源

B.平衡摩擦力時(shí)，應(yīng)將長(zhǎng)木板傾斜，掛上鉤碼，利用重力的分力平衡摩擦力

C.釋放小車(chē)的初始位置離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器太遠(yuǎn)

D.為保證繩子對(duì)小車(chē)的拉力F約等于小盤(pán)和重物的總重力mg，小盤(pán)和重物的總質(zhì)量m與小車(chē)的質(zhì)量M應(yīng)滿(mǎn)足的關(guān)系是M遠(yuǎn)小于m

(2)改正實(shí)驗(yàn)裝置后，小明順利完成了實(shí)驗(yàn)。圖2是他在實(shí)驗(yàn)中得到的一條紙帶，(每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)，圖中未畫(huà)出)。x1=3.09cm，x2=3.43cm，x3=3.77cm，x4=4.10cm，x5=4.44cm，x6=4.77cm。則小車(chē)的加速度a=______m/s2(要求充分利用測(cè)量的數(shù)據(jù)，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

(3)小李想到還可以用D1S裝置(由位移傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計(jì)算機(jī)組成，可以直接顯示物體的加速度)探究加速度與力的關(guān)系，如圖a：

①小李改變所掛鉤碼的數(shù)量多次重復(fù)測(cè)量，并根據(jù)測(cè)得的多組數(shù)據(jù)畫(huà)出a?F關(guān)系圖線(xiàn)，如圖b所示：分析此圖線(xiàn)OA段可得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)論是______。

②小明發(fā)現(xiàn)圖線(xiàn)的AB段明顯偏離直線(xiàn)，造成此誤差的主要原因是______。(填選項(xiàng)前字母)

A.小車(chē)與軌道之間存在摩擦

13.蹦床是集藝術(shù)性與競(jìng)技性于一身的運(yùn)動(dòng)。某次比賽過(guò)程中，一運(yùn)動(dòng)員做蹦床運(yùn)動(dòng)時(shí)，利用力傳感器測(cè)得運(yùn)動(dòng)員所受蹦床彈力F隨時(shí)間t的變化圖像如圖所示。若運(yùn)動(dòng)員僅在豎直方向運(yùn)動(dòng)，不計(jì)空氣阻力，取重力加速度大小g=10m/s2。求：

(1)在前9.3s內(nèi)運(yùn)動(dòng)員在空中的時(shí)間；

(2)在前9.3s內(nèi)運(yùn)動(dòng)員距離蹦床的最大高度；

(3)在前9.3s這段時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)員的最大加速度。14.如圖所示，用兩根細(xì)線(xiàn)a、b將重力均為G的兩個(gè)小球1和2連接，并懸掛。用力F拉小球2，使兩小球都處于靜止?fàn)顟B(tài)，且保持細(xì)線(xiàn)a與豎直方向的夾角為30°。則：

(1)求最小F的大小和方向。

(2)若力F水平向右，求F和b細(xì)線(xiàn)的拉力分別為多大？

15.如圖所示，分揀快遞的車(chē)間里，與水平面成θ=37°的傳送帶正以v=4m/s的速度勻速運(yùn)行，A、B兩端相距l(xiāng)=16m。現(xiàn)每隔1s把質(zhì)量m=1kg的工件(視為質(zhì)點(diǎn))輕放在傳送帶上，工件在傳送帶的帶動(dòng)下向上運(yùn)動(dòng)，工件與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=78，取g=10m/s2，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字。求：

(1)工件剛剛放上去時(shí)的加速度是多大；

(2)工件從A到B所用的時(shí)間；

(3)相鄰工件之間的最大和最小距離；

答案和解析1.【答案】D

【解析】解：A、2023年5月30日18時(shí)22分指的是時(shí)間點(diǎn)，是時(shí)刻，故A錯(cuò)誤；

B、400公里指的實(shí)驗(yàn)艙與地面之間的距離，不是實(shí)驗(yàn)艙飛行路程，故B錯(cuò)誤；

C、對(duì)接時(shí)，核心艙的形狀大小不能忽略不計(jì)，不可以將核心艙看成質(zhì)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；

D、航天員以核心艙為參考系觀(guān)察到地球在轉(zhuǎn)動(dòng)，故D正確；

故選：D。

時(shí)間間隔，對(duì)應(yīng)一定的過(guò)程，可以用時(shí)間軸上兩點(diǎn)間的距離表示，時(shí)刻是某瞬間，可以用時(shí)間軸上的點(diǎn)表示；路程是質(zhì)點(diǎn)在空間運(yùn)動(dòng)軌跡的長(zhǎng)度；在研究物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)假定不動(dòng)的物體叫做參考系；當(dāng)物體的大小與形狀對(duì)所研究的問(wèn)題來(lái)說(shuō)是無(wú)關(guān)或次要因素時(shí)，可以把物體看作質(zhì)點(diǎn)。

本題考查了對(duì)時(shí)間間隔和時(shí)刻、參考系、質(zhì)點(diǎn)等基本概念的理解，涉及的知識(shí)點(diǎn)較多，但難度不大，是一道基礎(chǔ)題，掌握基礎(chǔ)知識(shí)即可解題，平時(shí)要注意基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)。2.【答案】B

【解析】解：A、圖甲觀(guān)察桌面微小形變的實(shí)驗(yàn)，把微小的現(xiàn)象放大，所以采用的是放大法，故A錯(cuò)誤；

B、圖乙伽利略的斜面實(shí)驗(yàn)是在可靠的事實(shí)為基礎(chǔ)上，經(jīng)過(guò)抽象思維，抓住主要因素，忽略次要因素，推理得出結(jié)論，所以采用了“理想化模型法”，故B正確；

C、圖丙實(shí)驗(yàn)兩根彈簧測(cè)力計(jì)共同的作用效果與一根彈簧測(cè)力計(jì)的作用效果相同，所以采用的是等效替代法，故C錯(cuò)誤；

D、圖丁在推導(dǎo)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，把各小段的位移相加代表物體在t內(nèi)總位移，所以這里采用了微元法，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

常見(jiàn)的科學(xué)思維方法有微量放大法、極限思維法、等效替代法、理想模型法、微元法等等，根據(jù)各個(gè)實(shí)驗(yàn)的原理分析。

微量放大法、極限思維法、理想模型法、控制變量法、微元法等是物理學(xué)研究問(wèn)題的常用方法，是科學(xué)家多年多次實(shí)驗(yàn)的成果，要理解各個(gè)實(shí)驗(yàn)的原理和思維方法。3.【答案】D

【解析】解：A、梯子受力平衡，則所受的合力始終為零，不會(huì)發(fā)生變化，故A錯(cuò)誤；

B、地面對(duì)梯子有豎直向上的支持力和水平方向的摩擦力，則地面對(duì)梯子的作用力方向不是豎直向上的，故B錯(cuò)誤；

C、地面對(duì)梯子的作用力和梯子對(duì)地面的作用力是一對(duì)相互作用力，總是等大反向，故C錯(cuò)誤；

D、梯子對(duì)地面的壓力大小等于梯子重力的大小，因兩梯子的重力不一定相等，則兩梯子對(duì)地面的壓力大小不一定相等，故D正確。

故選：D。

對(duì)梯子受力分析，知道彈力的方向垂直于接觸面指向受力物體，知道摩擦力的方向沿接觸面，根據(jù)平衡條件判斷梯子所受的作用力。

本題考查受力分析，知道彈力的方向和摩擦力的方向，結(jié)合平衡條件分析即可。4.【答案】B

【解析】解：AB、由題意可知當(dāng)指針指到0刻度以下，說(shuō)明小球和電梯都處于超重狀態(tài)，電梯具有向上的加速度，則電梯可能向上加速，也可能向下減速，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、設(shè)刻度對(duì)應(yīng)值為x，根據(jù)牛頓第二定律可得：kx=ma，解得：a=kmx，由此可知，加速度a與彈簧的形變量x成線(xiàn)性關(guān)系，則各刻度對(duì)應(yīng)加速度的值是均勻的，故C錯(cuò)誤；

D、若電梯減速上升，則加速度向下，小球失重，則指針一直指在0刻線(xiàn)以上，故D錯(cuò)誤。

故選：B。

(1)當(dāng)物體具有向上的加速度時(shí)，物體處于超重狀態(tài)，物體可能向上加速，也可能向下減速運(yùn)動(dòng)；當(dāng)物體具有向下的加速度時(shí)，物體處于失重狀態(tài)，物體可能向上減速，也可能向下加速運(yùn)動(dòng)；

(2)5.【答案】D

【解析】解：A、甲圖中，若物體做初速度為0、末速度為v0的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，其位移為x=v0t02。根據(jù)v?t圖像與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，可知該物體的位移大于勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的位移v0t02，故A錯(cuò)誤；

B、乙圖中，由圖可得：v2=x

結(jié)合速度—位移公式v2?v02=2ax得：v2=v02+2ax，與上式對(duì)比可得：2a=1m/s2

則物體的加速度大小為：a=0.5m/s2，故B錯(cuò)誤；

C、丙圖中，根據(jù)Δv=aΔt可知，乙圖像中，陰影面積表示t1到t2時(shí)間內(nèi)物體的速度變化量，故C錯(cuò)誤；

D、丁圖中，由圖可得：xt=5t?5

由位移—時(shí)間公式x=v6.【答案】B

【解析】解：AB、對(duì)物塊A、B進(jìn)行受力分析如圖所示

對(duì)物塊B有

F=Tsinθ

mBg=Tcosθ

解得

細(xì)繩的拉力T=mBgcosθ

水平拉力F=mBgtanθ

根據(jù)題意可知，θ增大，則細(xì)繩的拉力一直增大，水平拉力也一直增大，故B正確，A錯(cuò)誤；

CD、根據(jù)上述受力分析，對(duì)物塊A有

f=Tsinα

N+Tcosα=mAg

解得

A所受地面的摩擦力f=mBgsinαcosθ

A所受地面的支持力N=mAg?mB7.【答案】C

【解析】解：A、無(wú)人機(jī)向上加速過(guò)程中，由位移—速度公式得：v2?v02=2ax

代入數(shù)據(jù)解得，無(wú)人機(jī)失去升力時(shí)的速度大小為v=12m/s，故A錯(cuò)誤；

B、無(wú)人機(jī)向上加速過(guò)程中，對(duì)無(wú)人機(jī)，由牛頓第二定律得：F?mg?f=ma1

代入數(shù)據(jù)解得：F=70N，故B錯(cuò)誤；

C、無(wú)人機(jī)向上減速時(shí)，對(duì)無(wú)人機(jī)，由牛頓第二定律得：mg+f=ma2

代入數(shù)據(jù)解得：a2=12m/s2，故C正確；

D、無(wú)人機(jī)向上減速過(guò)程，由位移—速度公式得：v2?v02=2ax

8.【答案】BD

【解析】解：AB、初始時(shí)，物體A的重力沿斜面向下的分力為F=mAgsin30°=1.5mBg

設(shè)細(xì)繩拉力大小為T(mén)，對(duì)A根據(jù)牛頓第二定律可得：F?T=mAa

對(duì)B根據(jù)牛頓第二定律可得：T?mBg=mBa

聯(lián)立解得：a=g8，T=98mBg，故A錯(cuò)誤、B正確；

C、物體A和物體B互換位置，對(duì)整體分析，合外力的大小和方向均發(fā)生變化，A的加速度變化，故C錯(cuò)誤；

D、現(xiàn)將斜面傾角由30°增大到45°，物體A的重力沿斜面向下的分力為F′=mAgsin45°=322mBg9.【答案】B

【解析】解：若F較小時(shí)，木板和木塊均靜止，則木板的加速度為零；

若物塊和木板之間發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，對(duì)木板，水平方向受兩個(gè)摩擦力的作用，根據(jù)牛頓第二定律，有：μmg?14μ?2mg=ma解得：a=12μg；

若物塊和木板之間不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，物塊和木板一起運(yùn)動(dòng)，對(duì)木板和木塊的整體，根據(jù)牛頓第二定律可得：F?14μ?2mg=2ma，解得：a=F2m?14μg：故ACD10.【答案】BCD

【解析】解：A、鉸鏈對(duì)輕桿的支持力與滑輪左側(cè)輕繩對(duì)球的拉力的合力與小球的重力大小相等、方向相反，根據(jù)幾何關(guān)系可得

tan30°=FTmg

解得

FT=33mg

故A錯(cuò)誤；

BCD、如圖甲所示，設(shè)球與輕繩的連接點(diǎn)為A，鉸鏈處為B點(diǎn)，過(guò)B點(diǎn)作豎直虛線(xiàn)，虛線(xiàn)與繩的交點(diǎn)設(shè)為C，畫(huà)出力的矢量三角形如圖乙所示：

根據(jù)幾何關(guān)系可得

mgBC=FTAC=FNAB

緩慢放繩過(guò)程中，BC減小，AB不變，AC增大，則可得FT增大，11.【答案】3.60

甲

7

【解析】解：(1)由圖示可知，彈簧測(cè)力計(jì)分度值為0.2N，其示數(shù)為3.60N；

(2)該實(shí)驗(yàn)中F是由平行四邊形法則得出的合力，而F′是通過(guò)實(shí)際實(shí)驗(yàn)得出的，故F′應(yīng)與OA在同一直線(xiàn)上，而F與F1、F2組成平行四邊形，故甲實(shí)驗(yàn)結(jié)果是尊重實(shí)驗(yàn)事實(shí)的；

(3)已知分力求合力，根據(jù)平行四邊形法則作圖如下

由圖可得，兩個(gè)分力的合力的長(zhǎng)度為7個(gè)長(zhǎng)度，所以合力的大小為7N。

故答案為：(1)3.60；(2)甲；(3)7。

(1)由圖示彈簧測(cè)力計(jì)確定其分度值，讀出其示數(shù)；

(2)利用平行四邊形畫(huà)出合力的理論值再和實(shí)際的合力進(jìn)行比較；

(3)根據(jù)平行四邊形定則求出合力；

12.【答案】AC

0.34

小車(chē)質(zhì)量M不變，加速度a與合外力F成正比

D

【解析】解：(1)A、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器不應(yīng)使用干電池，應(yīng)使用交流電源，故A正確；

B、平衡摩擦力時(shí)，應(yīng)將長(zhǎng)木板傾斜，不掛鉤碼，利用小車(chē)的重力分力平衡摩擦力，故B錯(cuò)誤；

C、釋放小車(chē)的初始位置要靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，可以充分利用紙帶多打點(diǎn)，故C正確；

D、根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)小車(chē)有：F=Ma

對(duì)鉤碼有：mg?F=ma

聯(lián)立可解得：F=mg1+mM

當(dāng)鉤碼的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車(chē)和砝碼的總質(zhì)量M時(shí)，可以認(rèn)為鉤碼的重力等于小車(chē)所受的拉力，故D錯(cuò)誤。

故選：AC。

(2)根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)逐差法：Δx=aT2，可得：a=x6+x5+x4?x3?x2?x19T2=(4.77+4.44+4.10?3.77?3.43?3.09)×10?29×0.01m/s2≈0.34m/s2

(3)①小李改變所掛鉤碼的數(shù)量多次重復(fù)測(cè)量，并根據(jù)測(cè)得的多組數(shù)據(jù)畫(huà)出a?F關(guān)系圖線(xiàn)，如圖b所示的圖線(xiàn)OA段是過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線(xiàn)，可得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)論是小車(chē)質(zhì)量M不變，加速度a與合外力F成正比；

②當(dāng)鉤碼的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車(chē)和砝碼的總質(zhì)量時(shí)，可以認(rèn)為鉤碼的重力等于小車(chē)所受的拉力；而圖線(xiàn)的AB段明顯偏離直線(xiàn)，造成誤差的主要原因就是當(dāng)鉤碼的總質(zhì)量m與小車(chē)的質(zhì)量M在不滿(mǎn)足m<<M時(shí)，測(cè)得小車(chē)的加速度隨m的增大而減小，使加速度a與繩的拉力F不再是成線(xiàn)性變化，故ABC錯(cuò)誤，D正確。

13.【答案】解：(1)在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t0=9.3s?7.3s=2s

(2)下落時(shí)間t=t02=22s=1s

最大高度為?=12gt2

代入數(shù)據(jù)得?=12×10×12m=5m

(3)由圖知當(dāng)運(yùn)動(dòng)員的重力為mg=600N，解得m=60kg

由圖知運(yùn)動(dòng)員在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的最大彈力Fm=3300N

根據(jù)牛頓第二定律可得Fm?mg=mam

【解析】(1)由圖讀出在前9.3s內(nèi)運(yùn)動(dòng)員在空中的時(shí)間；

(2)先求出下落的時(shí)間，再根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)求出在前9.3s內(nèi)運(yùn)動(dòng)員距離蹦床的最大高度；

(3)根據(jù)圖象求出運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量，再根據(jù)牛頓第二定律求出在前9.3s這段時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)員的最大加速度。

本題主要考查基本的讀圖能力，結(jié)合牛頓第二定律抓住蹦床的彈力為0時(shí)運(yùn)動(dòng)員離開(kāi)蹦床在空中運(yùn)動(dòng)是關(guān)鍵。14.【答案】解：(1)以1、2兩小球?yàn)檎w研究，當(dāng)F與Fa垂直時(shí)拉力最小，如圖所示

根據(jù)幾何關(guān)系可得

Fmin=2Gsin30°

解得

Fmin=G

方向與水平方向成30°斜向右上方。

(2)將兩球和細(xì)線(xiàn)b視為整體，受力分析如圖所示

豎直方向上有

Facos30°=2G

水平方向上有

F=Fasin30°

代數(shù)解得

Fa=433G，F(xiàn)=2