高中物理力學(xué)計算題匯總經(jīng)典 精解(50題)及高中物理力學(xué)經(jīng)典的題(含答案)

PAGE高中物理力學(xué)計算題匯總經(jīng)典精解（50題）1．如圖1-73所示，質(zhì)量Ｍ＝10ｋｇ的木楔ＡＢＣ靜止置于粗糙水平地面上，摩擦因素μ＝0．02．在木楔的傾角θ為30°的斜面上，有一質(zhì)量ｍ＝1．0ｋｇ的物塊由靜止開始沿斜面下滑．當(dāng)滑行路程ｓ＝1．4ｍ時，其速度ｖ＝1．4ｍ／ｓ．在這過程中木楔沒有動．求地面對木楔的摩擦力的大小和方向．（重力加速度?。纾?0／ｍ·ｓ２）圖1-732．某航空公司的一架客機(jī)，在正常航線上作水平飛行時，由于突然受到強(qiáng)大垂直氣流的作用，使飛機(jī)在10ｓ內(nèi)高度下降1700ｍ造成眾多乘客和機(jī)組人員的傷害事故，如果只研究飛機(jī)在豎直方向上的運動，且假定這一運動是勻變速直線運動．試計算：

（1）飛機(jī)在豎直方向上產(chǎn)生的加速度多大?方向怎樣?

（2）乘客所系安全帶必須提供相當(dāng)于乘客體重多少倍的豎直拉力，才能使乘客不脫離座椅？（ｇ取10ｍ／ｓ２）

（3）未系安全帶的乘客，相對于機(jī)艙將向什么方向運動?最可能受到傷害的是人體的什么部位?

（注：飛機(jī)上乘客所系的安全帶是固定連結(jié)在飛機(jī)座椅和乘客腰部的較寬的帶子，它使乘客與飛機(jī)座椅連為一體）

3．宇航員在月球上自高ｈ處以初速度ｖ０水平拋出一小球，測出水平射程為Ｌ（地面平坦），已知月球半徑為Ｒ，若在月球上發(fā)射一顆月球的衛(wèi)星，它在月球表面附近環(huán)繞月球運行的周期是多少?

4．把一個質(zhì)量是2ｋｇ的物塊放在水平面上，用12Ｎ的水平拉力使物體從靜止開始運動，物塊與水平面的動摩擦因數(shù)為0．2，物塊運動2秒末撤去拉力，ｇ取10ｍ／ｓ２．求

（1）2秒末物塊的即時速度．

（2）此后物塊在水平面上還能滑行的最大距離．

5．如圖1-74所示，一個人用與水平方向成θ＝30°角的斜向下的推力Ｆ推一個重Ｇ＝200Ｎ的箱子勻速前進(jìn)，箱子與地面間的動摩擦因數(shù)為μ＝0．40（ｇ＝10ｍ／ｓ２）．求圖1-74（1）推力Ｆ的大小．

（2）若人不改變推力Ｆ的大小，只把力的方向變?yōu)樗饺ネ七@個靜止的箱子，推力作用時間ｔ＝3．0ｓ后撤去，箱子最遠(yuǎn)運動多長距離?

6．一網(wǎng)球運動員在離開網(wǎng)的距離為12ｍ處沿水平方向發(fā)球，發(fā)球高度為2．4ｍ，網(wǎng)的高度為0．9ｍ．

（1）若網(wǎng)球在網(wǎng)上0．1ｍ處越過，求網(wǎng)球的初速度．

（2）若按上述初速度發(fā)球，求該網(wǎng)球落地點到網(wǎng)的距離．

?。纾?0／ｍ·ｓ２，不考慮空氣阻力．

7．在光滑的水平面內(nèi)，一質(zhì)量ｍ＝1ｋｇ的質(zhì)點以速度ｖ０＝10ｍ／ｓ沿ｘ軸正方向運動，經(jīng)過原點后受一沿ｙ軸正方向的恒力Ｆ＝5Ｎ作用，直線ＯＡ與ｘ軸成37°角，如圖1-70所示，求：圖1-70（1）如果質(zhì)點的運動軌跡與直線ＯＡ相交于Ｐ點，則質(zhì)點從Ｏ點到Ｐ點所經(jīng)歷的時間以及Ｐ的坐標(biāo)；

（2）質(zhì)點經(jīng)過Ｐ點時的速度．

8．如圖1-71甲所示，質(zhì)量為1ｋｇ的物體置于固定斜面上，對物體施以平行于斜面向上的拉力Ｆ，1ｓ末后將拉力撤去．物體運動的ｖ-ｔ圖象如圖1-71乙，試求拉力Ｆ．圖1-719．一平直的傳送帶以速率ｖ＝2ｍ／ｓ勻速運行，在Ａ處把物體輕輕地放到傳送帶上，經(jīng)過時間ｔ＝6ｓ，物體到達(dá)Ｂ處．Ａ、Ｂ相距Ｌ＝10ｍ．則物體在傳送帶上勻加速運動的時間是多少?如果提高傳送帶的運行速率，物體能較快地傳送到Ｂ處．要讓物體以最短的時間從Ａ處傳送到Ｂ處，說明并計算傳送帶的運行速率至少應(yīng)為多大?若使傳送帶的運行速率在此基礎(chǔ)上再增大1倍，則物體從Ａ傳送到Ｂ的時間又是多少?

10．如圖1-72所示，火箭內(nèi)平臺上放有測試儀器，火箭從地面起動后，以加速度ｇ／2豎直向上勻加速運動，升到某一高度時，測試儀器對平臺的壓力為起動前壓力的17／18，已知地球半徑為Ｒ，求火箭此時離地面的高度．（ｇ為地面附近的重力加速度）圖1-7211．地球質(zhì)量為Ｍ，半徑為Ｒ，萬有引力常量為Ｇ，發(fā)射一顆繞地球表面附近做圓周運動的人造衛(wèi)星，衛(wèi)星的速度稱為第一宇宙速度．

（1）試推導(dǎo)由上述各量表達(dá)的第一宇宙速度的計算式，要求寫出推導(dǎo)依據(jù)．

（2）若已知第一宇宙速度的大小為ｖ＝7．9ｋｍ／ｓ，地球半徑Ｒ＝6．4×10３ｋｍ，萬有引力常量Ｇ＝（2／3）×10－10Ｎ·ｍ２／ｋｇ２，求地球質(zhì)量（結(jié)果要求保留二位有效數(shù)字）．

12．如圖1-75所示，質(zhì)量2．0ｋｇ的小車放在光滑水平面上，在小車右端放一質(zhì)量為1．0ｋｇ的物塊，物塊與小車之間的動摩擦因數(shù)為0．5，當(dāng)物塊與小車同時分別受到水平向左Ｆ１＝6．0Ｎ的拉力和水平向右Ｆ２＝9．0Ｎ的拉力，經(jīng)0．4ｓ同時撤去兩力，為使物塊不從小車上滑下，求小車最少要多長．（ｇ取10ｍ／ｓ２）圖1-7513．如圖1-76所示，帶弧形軌道的小車放在上表面光滑的靜止浮于水面的船上，車左端被固定在船上的物體擋住，小車的弧形軌道和水平部分在Ｂ點相切，且ＡＢ段光滑，ＢＣ段粗糙．現(xiàn)有一個離車的ＢＣ面高為ｈ的木塊由Ａ點自靜止滑下，最終停在車面上ＢＣ段的某處．已知木塊、車、船的質(zhì)量分別為ｍ１＝ｍ，ｍ２＝2ｍ，ｍ３＝3ｍ；木塊與車表面間的動摩擦因數(shù)μ＝0．4，水對船的阻力不計，求木塊在ＢＣ面上滑行的距離ｓ是多少?（設(shè)船足夠長）圖1-7614．如圖1-77所示，一條不可伸長的輕繩長為Ｌ，一端用手握住，另一端系一質(zhì)量為ｍ的小球，今使手握的一端在水平桌面上做半徑為Ｒ、角速度為ω的勻速圓周運動，且使繩始終與半徑Ｒ的圓相切，小球也將在同一水平面內(nèi)做勻速圓周運動，若人手做功的功率為Ｐ，求：圖1-77（1）小球做勻速圓周運動的線速度大?。?/p>

（2）小球在運動過程中所受到的摩擦阻力的大?。?/p>

15．如圖1-78所示，長為Ｌ＝0．50ｍ的木板ＡＢ靜止、固定在水平面上，在ＡＢ的左端面有一質(zhì)量為Ｍ＝0．48ｋｇ的小木塊Ｃ（可視為質(zhì)點），現(xiàn)有一質(zhì)量為ｍ＝20ｇ的子彈以ｖ０＝75ｍ／ｓ的速度射向小木塊Ｃ并留在小木塊中．已知小木塊Ｃ與木板ＡＢ之間的動摩擦因數(shù)為μ＝0．1．（ｇ取10ｍ／ｓ２）圖1-78（1）求小木塊Ｃ運動至ＡＢ右端面時的速度大?。觯玻?/p>

（2）若將木板ＡＢ固定在以ｕ＝1．0ｍ／ｓ恒定速度向右運動的小車上（小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于小木塊Ｃ的質(zhì)量），小木塊Ｃ仍放在木板ＡＢ的Ａ端，子彈以ｖ０′＝76ｍ／ｓ的速度射向小木塊Ｃ并留在小木塊中，求小木塊Ｃ運動至ＡＢ右端面的過程中小車向右運動的距離ｓ．

16．如圖1-79所示，一質(zhì)量Ｍ＝2ｋｇ的長木板Ｂ靜止于光滑水平面上，Ｂ的右邊放有豎直擋板．現(xiàn)有一小物體Ａ（可視為質(zhì)點）質(zhì)量ｍ＝1ｋｇ，以速度ｖ０＝6ｍ／ｓ從Ｂ的左端水平滑上Ｂ，已知Ａ和Ｂ間的動摩擦因數(shù)μ＝0．2，Ｂ與豎直擋板的碰撞時間極短，且碰撞時無機(jī)械能損失．圖1-79（1）若Ｂ的右端距擋板ｓ＝4ｍ，要使Ａ最終不脫離Ｂ，則木板Ｂ的長度至少多長?

（2）若Ｂ的右端距擋板ｓ＝0．5ｍ，要使Ａ最終不脫離Ｂ，則木板Ｂ的長度至少多長?

17．如圖1-80所示，長木板Ａ右邊固定著一個擋板，包括擋板在內(nèi)的總質(zhì)量為1．5Ｍ，靜止在光滑的水平地面上．小木塊Ｂ質(zhì)量為Ｍ，從Ａ的左端開始以初速度ｖ０在Ａ上滑動，滑到右端與擋板發(fā)生碰撞，已知碰撞過程時間極短，碰后木塊Ｂ恰好滑到Ａ的左端就停止滑動．已知Ｂ與Ａ間的動摩擦因數(shù)為μ，Ｂ在Ａ板上單程滑行長度為ｌ．求：圖1-80（1）若μｌ＝3ｖ０２／160ｇ，在Ｂ與擋板碰撞后的運動過程中，摩擦力對木板Ａ做正功還是負(fù)功?做多少功?

（2）討論Ａ和Ｂ在整個運動過程中，是否有可能在某一段時間里運動方向是向左的．如果不可能，說明理由；如果可能，求出發(fā)生這種情況的條件．

18．在某市區(qū)內(nèi)，一輛小汽車在平直的公路上以速度ｖＡ向東勻速行駛，一位觀光游客正由南向北從班馬線上橫過馬路．汽車司機(jī)發(fā)現(xiàn)前方有危險（游客正在Ｄ處）經(jīng)0．7ｓ作出反應(yīng)，緊急剎車，但仍將正步行至Ｂ處的游客撞傷，該汽車最終在Ｃ處停下．為了清晰了解事故現(xiàn)場．現(xiàn)以圖1-81示之：為了判斷汽車司機(jī)是否超速行駛，警方派一警車以法定最高速度ｖｍ＝14．0ｍ／ｓ行駛在同一馬路的同一地段，在肇事汽車的起始制動點Ａ緊急剎車，經(jīng)31．5ｍ后停下來．在事故現(xiàn)場測得＝17．5ｍ、＝14．0ｍ、＝2．6ｍ．問圖1-81①該肇事汽車的初速度ｖＡ是多大?

②游客橫過馬路的速度大小?（ｇ取10ｍ／ｓ２）

19．如圖1-82所示，質(zhì)量ｍＡ＝10ｋｇ的物塊Ａ與質(zhì)量ｍＢ＝2ｋｇ的物塊Ｂ放在傾角θ＝30°的光滑斜面上處于靜止?fàn)顟B(tài)，輕質(zhì)彈簧一端與物塊Ｂ連接，另一端與固定擋板連接，彈簧的勁度系數(shù)ｋ＝400Ｎ／ｍ．現(xiàn)給物塊Ａ施加一個平行于斜面向上的力Ｆ，使物塊Ａ沿斜面向上做勻加速運動，已知力Ｆ在前0．2ｓ內(nèi)為變力，0．2ｓ后為恒力，求（ｇ取10ｍ／ｓ２）圖1-82（1）力Ｆ的最大值與最小值；

（2）力Ｆ由最小值達(dá)到最大值的過程中，物塊Ａ所增加的重力勢能．

20．如圖1-83所示，滑塊Ａ、Ｂ的質(zhì)量分別為ｍ１與ｍ２，ｍ１＜ｍ２，由輕質(zhì)彈簧相連接，置于水平的氣墊導(dǎo)軌上．用一輕繩把兩滑塊拉至最近，使彈簧處于最大壓縮狀態(tài)后綁緊．兩滑塊一起以恒定的速度ｖ０向右滑動．突然，輕繩斷開．當(dāng)彈簧伸長至本身的自然長度時，滑塊Ａ的速度正好為零．問在以后的運動過程中，滑塊Ｂ是否會有速度等于零的時刻?試通過定量分析，證明你的結(jié)論．圖1-8321．如圖1-84所示，表面粗糙的圓盤以恒定角速度ω勻速轉(zhuǎn)動，質(zhì)量為ｍ的物體與轉(zhuǎn)軸間系有一輕質(zhì)彈簧，已知彈簧的原長大于圓盤半徑．彈簧的勁度系數(shù)為ｋ，物體在距轉(zhuǎn)軸Ｒ處恰好能隨圓盤一起轉(zhuǎn)動而無相對滑動，現(xiàn)將物體沿半徑方向移動一小段距離，若移動后，物體仍能與圓盤一起轉(zhuǎn)動，且保持相對靜止，則需要的條件是什么?圖1-8422．設(shè)人造地球衛(wèi)星繞地球作勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力定律、牛頓運動定律及周期的概念，論述人造地球衛(wèi)星隨著軌道半徑的增加，它的線速度變小，周期變大．23．一質(zhì)點做勻加速直線運動，其加速度為ａ，某時刻通過Ａ點，經(jīng)時間Ｔ通過Ｂ點，發(fā)生的位移為ｓ1，再經(jīng)過時間Ｔ通過Ｃ點，又經(jīng)過第三個時間Ｔ通過Ｄ點，在第三個時間Ｔ內(nèi)發(fā)生的位移為ｓ3，試?yán)脛蜃兯僦本€運動公式證明：ａ＝（ｓ3－ｓ1）／2Ｔ2．

24．小車拖著紙帶做直線運動，打點計時器在紙帶上打下了一系列的點．如何根據(jù)紙帶上的點證明小車在做勻變速運動？說出判斷依據(jù)并作出相應(yīng)的證明．

25．如圖1－80所示，質(zhì)量為1ｋｇ的小物塊以5ｍ／ｓ的初速度滑上一塊原來靜止在水平面上的木板，木板的質(zhì)量為4ｋｇ．經(jīng)過時間2ｓ以后，物塊從木板的另一端以1ｍ／ｓ相對地的速度滑出，在這一過程中木板的位移為0.5ｍ，求木板與水平面間的動摩擦因數(shù)．圖1－80圖1－8126．如圖1－81所示，在光滑地面上并排放兩個相同的木塊，長度皆為ｌ＝1.00ｍ，在左邊木塊的最左端放一小金屬塊，它的質(zhì)量等于一個木塊的質(zhì)量，開始小金屬塊以初速度ｖ0＝2.00ｍ／ｓ向右滑動，金屬塊與木塊之間的滑動摩擦因數(shù)μ＝0.10，ｇ取10ｍ／ｓ2，求：木塊的最后速度．

27．如圖1－82所示，Ａ、Ｂ兩個物體靠在一起，放在光滑水平面上，它們的質(zhì)量分別為ｍＡ＝3ｋｇ、ｍＢ＝6ｋｇ，今用水平力ＦＡ推Ａ，用水平力ＦＢ拉Ｂ，ＦＡ和ＦＢ隨時間變化的關(guān)系是ＦＡ＝9－2ｔ（Ｎ），ＦＢ＝3＋2ｔ（Ｎ）．求從ｔ＝0到Ａ、Ｂ脫離，它們的位移是多少？圖1－82圖1－8328．如圖1－83所示，木塊Ａ、Ｂ靠攏置于光滑的水平地面上．Ａ、Ｂ的質(zhì)量分別是2ｋｇ、3ｋｇ，Ａ的長度是0.5ｍ，另一質(zhì)量是1ｋｇ、可視為質(zhì)點的滑塊Ｃ以速度ｖ0＝3ｍ／ｓ沿水平方向滑到Ａ上，Ｃ與Ａ、Ｂ間的動摩擦因數(shù)都相等，已知Ｃ由Ａ滑向Ｂ的速度是ｖ＝2ｍ／ｓ，求：

（1）Ｃ與Ａ、Ｂ之間的動摩擦因數(shù)；

（2）Ｃ在Ｂ上相對Ｂ滑行多大距離？

（3）Ｃ在Ｂ上滑行過程中，Ｂ滑行了多遠(yuǎn)？

（4）Ｃ在Ａ、Ｂ上共滑行了多長時間？

29．如圖1－84所示，一質(zhì)量為ｍ的滑塊能在傾角為θ的斜面上以ａ＝（ｇｓｉｎθ）／2勻加速下滑，若用一水平推力Ｆ作用于滑塊，使之能靜止在斜面上．求推力Ｆ的大?。畧D1－84圖1－8530．如圖1－85所示，ＡＢ和ＣＤ為兩個對稱斜面，其上部足夠長，下部分分別與一個光滑的圓弧面的兩端相切，圓弧圓心角為120°，半徑Ｒ＝2.0ｍ，一個質(zhì)量為ｍ＝1ｋｇ的物體在離弧高度為ｈ＝3.0ｍ處，以初速度4.0ｍ／ｓ沿斜面運動，若物體與兩斜面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.2，重力加速度ｇ＝10ｍ／ｓ2，則

（1）物體在斜面上（不包括圓弧部分）走過路程的最大值為多少？

（2）試描述物體最終的運動情況．

（3）物體對圓弧最低點的最大壓力和最小壓力分別為多少？

31．如圖1－86所示，一質(zhì)量為500ｋｇ的木箱放在質(zhì)量為2000ｋｇ的平板車的后部，木箱到駕駛室的距離Ｌ＝1.6ｍ，已知木箱與車板間的動摩擦因數(shù)μ＝0.484，平板車在運動過程中所受阻力是車和箱總重的0.20倍，平板車以ｖ0＝22.0ｍ／ｓ恒定速度行駛，突然駕駛員剎車使車做勻減速運動，為使木箱不撞擊駕駛室．ｇ取1ｍ／ｓ2，試求：

（1）從剎車開始到平板車完全停止至少要經(jīng)過多長時間．

（2）駕駛員剎車時的制動力不能超過多大．圖1－86圖1－8732．如圖1－87所示，1、2兩木塊用繃直的細(xì)繩連接，放在水平面上，其質(zhì)量分別為ｍ1＝1.0ｋｇ、ｍ2＝2.0ｋｇ，它們與水平面間的動摩擦因數(shù)均為μ＝0.10．在ｔ＝0時開始用向右的水平拉力Ｆ＝6.0Ｎ拉木塊2和木塊1同時開始運動，過一段時間細(xì)繩斷開，到ｔ＝6.0ｓ時1、2兩木塊相距Δｓ＝22.0ｍ（細(xì)繩長度可忽略），木塊1早已停止．求此時木塊2的動能．（ｇ取10ｍ／ｓ2）

33．如圖1－88甲所示，質(zhì)量為Ｍ、長Ｌ＝1.0ｍ、右端帶有豎直擋板的木板Ｂ靜止在光滑水平面上，一個質(zhì)量為ｍ的小木塊（可視為質(zhì)點）Ａ以水平速度ｖ0＝4.0ｍ／ｓ滑上Ｂ的左端，之后與右端擋板碰撞，最后恰好滑到木板Ｂ的左端，已知Ｍ／ｍ＝3，并設(shè)Ａ與擋板碰撞時無機(jī)械能損失，碰撞時間可以忽略不計，ｇ取10ｍ／ｓ2．求

（1）Ａ、Ｂ最后速度；

（2）木塊Ａ與木板Ｂ之間的動摩擦因數(shù)．

（3）木塊Ａ與木板Ｂ相碰前后木板Ｂ的速度，再在圖1－88乙所給坐標(biāo)中畫出此過程中Ｂ相對地的ｖ－ｔ圖線．圖1－8834．兩個物體質(zhì)量分別為ｍ1和ｍ2，ｍ1原來靜止，ｍ2以速度ｖ0向右運動，如圖1－89所示，它們同時開始受到大小相等、方向與ｖ0相同的恒力Ｆ的作用，它們能不能在某一時刻達(dá)到相同的速度？說明判斷的理由．圖1－89圖1－90圖1－9135．如圖1－90所示，ＡＢＣ是光滑半圓形軌道，其直徑ＡＯＣ處于豎直方向，長為0.8ｍ．半徑ＯＢ處于水平方向．質(zhì)量為ｍ的小球自Ａ點以初速度ｖ水平射入，求：（1）欲使小球沿軌道運動，其水平初速度ｖ的最小值是多少？（2）若小球的水平初速度ｖ小于（1）中的最小值，小球有無可能經(jīng)過Ｂ點？若能，求出水平初速度大小滿足的條件，若不能，請說明理由．（ｇ取10ｍ／ｓ2，小球和軌道相碰時無能量損失而不反彈）

36．試證明太空中任何天體表面附近衛(wèi)星的運動周期與該天體密度的平方根成反比．

37．在光滑水平面上有一質(zhì)量為0.2ｋｇ的小球，以5.0ｍ／ｓ的速度向前運動，與一個質(zhì)量為0.3ｋｇ的靜止的木塊發(fā)生碰撞，假設(shè)碰撞后木塊的速度為4.2ｍ／ｓ，試論證這種假設(shè)是否合理．

38．如圖1－91所示在光滑水平地面上，停著一輛玩具汽車，小車上的平臺Ａ是粗糙的，并靠在光滑的水平桌面旁，現(xiàn)有一質(zhì)量為ｍ的小物體Ｃ以速度ｖ0沿水平桌面自左向右運動，滑過平臺Ａ后，恰能落在小車底面的前端Ｂ處，并粘合在一起，已知小車的質(zhì)量為Ｍ，平臺Ａ離車底平面的高度ＯＡ＝ｈ，又ＯＢ＝ｓ，求：（1）物體Ｃ剛離開平臺時，小車獲得的速度；（2）物體與小車相互作用的過程中，系統(tǒng)損失的機(jī)械能．

39．一質(zhì)量Ｍ＝2ｋｇ的長木板Ｂ靜止于光滑水平面上，Ｂ的右端離豎直擋板0.5ｍ，現(xiàn)有一小物體Ａ（可視為質(zhì)點）質(zhì)量ｍ＝1ｋｇ，以一定速度ｖ0從Ｂ的左端水平滑上Ｂ，如圖1－92所示，已知Ａ和Ｂ間的動摩擦因數(shù)μ＝0.2，Ｂ與豎直擋板的碰撞時間極短，且碰撞前后速度大小不變．①若ｖ0＝2ｍ／ｓ，要使Ａ最終不脫離Ｂ，則木板Ｂ的長度至少多長？②若ｖ0＝4ｍ／ｓ，要使Ａ最終不脫離Ｂ，則木板Ｂ又至少有多長？（ｇ取10ｍ／ｓ2）圖1－92圖1－9340．在光滑水平面上靜置有質(zhì)量均為ｍ的木板ＡＢ和滑塊ＣＤ，木板ＡＢ上表面粗糙，動摩擦因數(shù)為μ，滑塊ＣＤ上表面為光滑的1／4圓弧，它們緊靠在一起，如圖1－93所示．一可視為質(zhì)點的物塊Ｐ質(zhì)量也為ｍ，它從木板ＡＢ右端以初速ｖ0滑入，過Ｂ點時速度為ｖ0／2，后又滑上滑塊，最終恰好滑到最高點Ｃ處，求：（1）物塊滑到Ｂ處時，木板的速度ｖＡＢ；（2）木板的長度Ｌ；（3）物塊滑到Ｃ處時滑塊ＣＤ的動能．

41．一平直長木板Ｃ靜止在光滑水平面上，今有兩小物塊Ａ和Ｂ分別以2ｖ0和ｖ0的初速度沿同一直線從長木板Ｃ兩端相向水平地滑上長木板，如圖1－94所示．設(shè)Ａ、Ｂ兩小物塊與長木板Ｃ間的動摩擦因數(shù)均為μ，Ａ、Ｂ、Ｃ三者質(zhì)量相等．①若Ａ、Ｂ兩小物塊不發(fā)生碰撞，則由開始滑上Ｃ到靜止在Ｃ上止，Ｂ通過的總路程是多大？經(jīng)過的時間多長？②為使Ａ、Ｂ兩小物塊不發(fā)生碰撞，長木板Ｃ的長度至少多大？圖1－94圖1－9542．在光滑的水平面上停放著一輛質(zhì)量為Ｍ的小車，質(zhì)量為ｍ的物體與一輕彈簧固定相連，彈簧的另一端與小車左端固定連接，將彈簧壓縮后用細(xì)線將ｍ栓住，ｍ靜止在小車上的Ａ點，如圖1－95所示．設(shè)ｍ與M間的動摩擦因數(shù)為μ，Ｏ點為彈簧原長位置，將細(xì)線燒斷后，ｍ、Ｍ開始運動．（1）當(dāng)物體ｍ位于Ｏ點左側(cè)還是右側(cè)，物體ｍ的速度最大？簡要說明理由．（2）若物體ｍ達(dá)到最大速度ｖ1時，物體ｍ已相對小車移動了距離ｓ．求此時M的速度ｖ2和這一過程中彈簧釋放的彈性勢能Ｅｐ？（3）判斷ｍ與Ｍ的最終運動狀態(tài)是靜止、勻速運動還是相對往復(fù)運動？并簡要說明理由．

43．如圖1－96所示，ＡＯＢ是光滑水平軌道，ＢＣ是半徑為R的光滑1／4圓弧軌道，兩軌道恰好相切．質(zhì)量為M的小木塊靜止在Ｏ點，一質(zhì)量為ｍ的小子彈以某一初速度水平向右射入小木塊內(nèi)，并留在其中和小木塊一起運動，恰能到達(dá)圓弧最高點Ｃ（小木塊和子彈均可看成質(zhì)點）．問：（1）子彈入射前的速度？（2）若每當(dāng)小木塊返回或停止在Ｏ點時，立即有相同的子彈射入小木塊，并留在其中，則當(dāng)?shù)?顆子彈射入小木塊后，小木塊沿圓弧能上升的最大高度為多少？圖1－96圖1－9744．如圖1－97所示，一輛質(zhì)量ｍ＝2ｋｇ的平板車左端放有質(zhì)量Ｍ＝3ｋｇ的小滑塊，滑塊與平板車間的動摩擦因數(shù)μ＝0.4．開始時平板車和滑塊共同以ｖ0＝2ｍ／ｓ的速度在光滑水平面上向右運動，并與豎直墻壁發(fā)生碰撞，設(shè)碰撞時間極短且碰撞后平板車速度大小保持不變，但方向與原來相反，平板車足夠長，以至滑塊不會滑到平板車右端．（?。纾?0ｍ／ｓ2）求：（1）平板車第一次與墻壁碰撞后向左運動的最大距離．（2）平板車第二次與墻壁碰撞前瞬間的速度ｖ．（3）為使滑塊始終不會從平板車右端滑下，平板車至少多長？（M可當(dāng)作質(zhì)點處理）

45．如圖1－98所示，質(zhì)量為0.3ｋｇ的小車靜止在光滑軌道上，在它的下面掛一個質(zhì)量為0.1ｋｇ的小球Ｂ，車旁有一支架被固定在軌道上，支架上Ｏ點懸掛一個質(zhì)量仍為0.1ｋｇ的小球Ａ，兩球的球心至懸掛點的距離均為0.2ｍ．當(dāng)兩球靜止時剛好相切，兩球心位于同一水平線上，兩條懸線豎直并相互平行．若將Ａ球向左拉到圖中的虛線所示的位置后從靜止釋放，與Ｂ球發(fā)生碰撞，如果碰撞過程中無機(jī)械能損失，求碰撞后Ｂ球上升的最大高度和小車所能獲得的最大速度．圖1－98圖1－9946．如圖1－99所示，一條不可伸縮的輕繩長為ｌ，一端用手握著，另一端系一個小球，今使手握的一端在水平桌面上做半徑為ｒ、角速度為ω的勻速圓周運動，且使繩始終與半徑為ｒ的圓相切，小球也將在同一水平面內(nèi)做勻速圓周運動．若人手提供的功率恒為Ｐ，求：（1）小球做圓周運動的線速度大?。唬?）小球在運動過程中所受到的摩擦阻力的大?。?/p>

47．如圖1－100所示，一個框架質(zhì)量ｍ1＝200ｇ，通過定滑輪用繩子掛在輕彈簧的一端，彈簧的另一端固定在墻上，當(dāng)系統(tǒng)靜止時，彈簧伸長了10ｃｍ，另有一粘性物體質(zhì)量ｍ2＝200ｇ，從距框架底板Ｈ＝30ｃｍ的上方由靜止開始自由下落，并用很短時間粘在底板上．ｇ取10ｍ／ｓ2，設(shè)彈簧右端一直沒有碰到滑輪，不計滑輪摩擦，求框架向下移動的最大距離ｈ多大？圖1－100圖1－101圖1－10248．如圖1－101所示，在光滑的水平面上，有兩個質(zhì)量都是M的小車Ａ和Ｂ，兩車之間用輕質(zhì)彈簧相連，它們以共同的速度ｖ0向右運動，另有一質(zhì)量為ｍ＝Ｍ／2的粘性物體，從高處自由落下，正好落在Ａ車上，并與之粘合在一起，求這以后的運動過程中，彈簧獲得的最大彈性勢能Ｅ．

49．一輕彈簧直立在地面上，其勁度系數(shù)為ｋ＝400Ｎ／ｍ，在彈簧的上端與盒子Ａ連接在一起，盒子內(nèi)裝物體Ｂ，Ｂ的上下表面恰與盒子接觸，如圖1－102所示，Ａ和Ｂ的質(zhì)量ｍＡ＝ｍＢ＝1ｋｇ，ｇ＝10ｍ／ｓ2，不計阻力，先將Ａ向上抬高使彈簧伸長5ｃｍ后從靜止釋放，Ａ和Ｂ一起做上下方向的簡諧運動，已知彈簧的彈性勢能決定于彈簧的形變大小．（1）試求Ａ的振幅；（2）試求Ｂ的最大速率；（3）試求在最高點和最低點Ａ對Ｂ的作用力．參考解題過程與答案1．解：由勻加速運動的公式ｖ２＝ｖ０２＋2ａｓ

得物塊沿斜面下滑的加速度為

ａ＝ｖ2／2ｓ＝1．42／（2×1．4）＝0．7ｍｓ－２，

由于ａ＜ｇｓｉｎθ＝5ｍｓ－２，

可知物塊受到摩擦力的作用．圖3分析物塊受力，它受3個力，如圖3．對于沿斜面的方向和垂直于斜面的方向，由牛頓定律有

ｍｇｓｉｎθ－ｆ１＝ｍａ，ｍｇｃｏｓθ－Ｎ１＝0，

分析木楔受力，它受5個力作用，如圖3所示．對于水平方向，由牛頓定律有

ｆ2＋ｆ１ｃｏｓθ－Ｎ１ｓｉｎθ＝0，

由此可解得地面的作用于木楔的摩擦力

ｆ2＝ｍｇｃｏｓθｓｉｎθ－（ｍｇｓｉｎθ－ｍａ）ｃｏｓθ＝ｍａｃｏｓθ＝1×0．7×（／2）＝0．61Ｎ．

此力的方向與圖中所設(shè)的一致（由指向）．

2．解：（1）飛機(jī)原先是水平飛行的，由于垂直氣流的作用，飛機(jī)在豎直方向上的運動可看成初速度為零的勻加速直線運動，根據(jù)ｈ＝（1／2）ａｔ２，得ａ＝2ｈ／ｔ２，代入ｈ＝1700ｍ，ｔ＝10ｓ，得

ａ＝（2×1700／10２）（ｍ／ｓ２）＝34ｍ／ｓ２，方向豎直向下．

（2）飛機(jī)在向下做加速運動的過程中，若乘客已系好安全帶，使機(jī)上乘客產(chǎn)生加速度的力是向下重力和安全帶拉力的合力．設(shè)乘客質(zhì)量為ｍ，安全帶提供的豎直向下拉力為Ｆ，根據(jù)牛頓第二定律Ｆ＋ｍｇ＝ｍａ，得安全帶拉力

Ｆ＝ｍ（ａ－ｇ）＝ｍ（34－10）Ｎ＝24ｍ（Ｎ），

∴安全帶提供的拉力相當(dāng)于乘客體重的倍數(shù)

ｎ＝Ｆ／ｍｇ＝24ｍＮ／ｍ·10Ｎ＝2．4（倍）．

（3）若乘客未系安全帶，飛機(jī)向下的加速度為34ｍ／ｓ２，人向下加速度為10ｍ／ｓ２，飛機(jī)向下的加速度大于人的加速度，所以人對飛機(jī)將向上運動，會使頭部受到嚴(yán)重傷害．

3．解：設(shè)月球表面重力加速度為ｇ，根據(jù)平拋運動規(guī)律，有ｈ＝（1／2）ｇｔ２，①水平射程為Ｌ＝ｖ０ｔ，②聯(lián)立①②得ｇ＝2ｈｖ０２／Ｌ２．③根據(jù)牛頓第二定律，得ｍｇ＝ｍ（2π／Ｔ）２Ｒ，④聯(lián)立③④得Ｔ＝（πＬ／ｖ０ｈ）．⑤

4．解：前2秒內(nèi)，有Ｆ－ｆ＝ｍａ１，ｆ＝μＮ，Ｎ＝ｍｇ，則ａ１＝（Ｆ－μｍｇ）／ｍ＝4ｍ／ｓ２，ｖｔ＝ａ１ｔ＝8ｍ／ｓ，

撤去Ｆ以后ａ２＝ｆ／ｍ＝2ｍ／ｓ，ｓ＝ｖ１２／2ａ２＝16ｍ．

5．解：（1）用力斜向下推時，箱子勻速運動，則有Ｆｃｏｓθ＝ｆ，ｆ＝μＮ，Ｎ＝Ｇ＋Ｆｓｉｎθ，

聯(lián)立以上三式代數(shù)據(jù)，得Ｆ＝1．2×10２Ｎ．（2）若水平用力推箱子時，據(jù)牛頓第二定律，得Ｆ合＝ｍａ，則有

Ｆ－μＮ＝ｍａ，Ｎ＝Ｇ，聯(lián)立解得ａ＝2．0ｍ／ｓ２．ｖ＝ａｔ＝2．0×3．0ｍ／ｓ＝6．0ｍ／ｓ，

ｓ＝（1／2）ａｔ２＝（1／2）×2．0×3．0２ｍ／ｓ＝9．0ｍ，推力停止作用后ａ′＝ｆ／ｍ＝4．0ｍ／ｓ２（方向向左），

ｓ′＝ｖ２／2ａ′＝4．5ｍ，則ｓ總＝ｓ＋ｓ′＝13．5ｍ．

6．解：根據(jù)題中說明，該運動員發(fā)球后，網(wǎng)球做平拋運動．以ｖ表示初速度，Ｈ表示網(wǎng)球開始運動時離地面的高度（即發(fā)球高度），ｓ１表示網(wǎng)球開始運動時與網(wǎng)的水平距離（即運動員離開網(wǎng)的距離），ｔ１表示網(wǎng)球通過網(wǎng)上的時刻，ｈ表示網(wǎng)球通過網(wǎng)上時離地面的高度，由平拋運動規(guī)律得到

ｓ１＝ｖｔ１，Ｈ－ｈ＝（1／2）ｇｔ１２，

消去ｔ１，得ｖ＝ｍ／ｓ，ｖ≈23ｍ／ｓ．

以ｔ２表示網(wǎng)球落地的時刻，ｓ２表示網(wǎng)球開始運動的地點與落地點的水平距離，ｓ表示網(wǎng)球落地點與網(wǎng)的水平距離，由平拋運動規(guī)律得到

Ｈ＝（1／2）ｇｔ２２，ｓ２＝ｖｔ２，消去ｔ２，得ｓ２＝ｖ≈16ｍ，網(wǎng)球落地點到網(wǎng)的距離ｓ＝ｓ２－ｓ１≈4ｍ．

7．解：設(shè)經(jīng)過時間ｔ，物體到達(dá)Ｐ點

（1）ｘＰ＝ｖ０ｔ，ｙＰ＝（1／2）（Ｆ／ｍ）ｔ2，ｘＰ／ｙＰ＝ｃｔｇ37°，聯(lián)解得ｔ＝3ｓ，ｘ＝30ｍ，ｙ＝22．5ｍ，坐標(biāo)（30ｍ，22．5ｍ）

（2）ｖｙ＝（Ｆ／ｍ）ｔ＝15ｍ／ｓ，∴ｖ＝=5ｍ／ｓ，ｔｇα＝ｖｙ／ｖ０＝15／10＝3／2，

∴α＝ａｒｃｔｇ（3／2），α為ｖ與水平方向的夾角．

8．解：在0～1ｓ內(nèi)，由ｖ-ｔ圖象，知ａ１＝12ｍ／ｓ２，由牛頓第二定律，得Ｆ－μｍｇｃｏｓθ－ｍｇｓｉｎθ＝ｍａ１，①

在0～2ｓ內(nèi)，由ｖ-ｔ圖象，知ａ２＝－6ｍ／ｓ２，因為此時物體具有斜向上的初速度，故由牛頓第二定律，得

－μｍｇｃｏｓθ－ｍｇｓｉｎθ＝ｍａ２，②②式代入①式，得Ｆ＝18Ｎ．

9．解：在傳送帶的運行速率較小、傳送時間較長時，物體從Ａ到Ｂ需經(jīng)歷勻加速運動和勻速運動兩個過程，設(shè)物體勻加速運動的時間為ｔ1，則

（ｖ／2）ｔ１＋ｖ（ｔ－ｔ１）＝Ｌ，所以ｔ１＝2（ｖｔ－Ｌ）／ｖ＝（2×（2×6－10）／2）ｓ＝2ｓ．

為使物體從Ａ至Ｂ所用時間最短，物體必須始終處于加速狀態(tài)，由于物體與傳送帶之間的滑動摩擦力不變，所以其加速度也不變．而ａ＝ｖ／ｔ＝1ｍ／ｓ２．設(shè)物體從Ａ至Ｂ所用最短的時間為ｔ2，則

（1／2）ａｔ2２＝Ｌ，ｔ2＝=＝2ｓ．ｖｍｉｎ＝ａｔ2＝1×2ｍ／ｓ＝2ｍ／ｓ．

傳送帶速度再增大1倍，物體仍做加速度為1ｍ／ｓ２的勻加速運動，從Ａ至Ｂ的傳送時間為4.5．

10．解：啟動前Ｎ１＝ｍｇ，升到某高度時Ｎ2＝（17／18）Ｎ１＝（17／18）ｍｇ，對測試儀Ｎ2－ｍｇ′＝ｍａ＝ｍ（ｇ／2），

∴ｇ′＝（8／18）ｇ＝（4／9）ｇ，ＧｍＭ／Ｒ2＝ｍｇ，ＧｍＭ／（Ｒ＋ｈ）2＝ｍｇ′，解得：ｈ＝（1／2）Ｒ．

11．解：（1）設(shè)衛(wèi)星質(zhì)量為ｍ，它在地球附近做圓周運動，半徑可取為地球半徑Ｒ，運動速度為ｖ，有

ＧＭｍ／Ｒ２＝ｍｖ２／Ｒ得ｖ＝．（2）由（1）得：Ｍ＝ｖ２Ｒ／Ｇ＝＝6．0×1024ｋｇ．

12．解：對物塊：Ｆ１－μｍｇ＝ｍａ１，6－0．5×1×10＝1·ａ１，ａ１＝1．0ｍ／ｓ2，ｓ１＝（1／2）ａ１ｔ2＝（1／2）×1×0．42＝0．08ｍ，ｖ１＝ａ１ｔ＝1×0．4＝0．4ｍ／ｓ，對小車：Ｆ２－μｍｇ＝Ｍａ２，9－0．5×1×10＝2ａ２，ａ２＝2．0ｍ／ｓ2，ｓ２＝（1／2）ａ２ｔ2＝（1／2）×2×0．42＝0．16ｍ，ｖ２＝ａ２ｔ＝2×0．4＝0．8ｍ／ｓ，

撤去兩力后，動量守恒，有Ｍｖ２－ｍｖ１＝（Ｍ＋ｍ）ｖ，ｖ＝0．4ｍ／ｓ（向右），

∵（（1／2）ｍｖ１2＋（1／2）Ｍｖ２2）－（1／2）（ｍ＋Ｍ）ｖ2＝μｍｇｓ３，ｓ３＝0．096ｍ，

∴ｌ＝ｓ１＋ｓ２＋ｓ３＝0．336ｍ．

13．解：設(shè)木塊到Ｂ時速度為ｖ０，車與船的速度為ｖ１，對木塊、車、船系統(tǒng)，有

ｍ１ｇｈ＝（ｍ１ｖ０2／2）＋（（ｍ２＋ｍ３）ｖ１2／2），ｍ１ｖ０＝（ｍ２＋ｍ３）ｖ１，

解得ｖ０＝5，ｖ１＝．

木塊到Ｂ后，船以ｖ１繼續(xù)向左勻速運動，木塊和車最終以共同速度ｖ２向右運動，對木塊和車系統(tǒng)，有

ｍ１ｖ０－ｍ２ｖ１＝（ｍ１＋ｍ２）ｖ２，

μｍ１ｇｓ＝（（ｍ１ｖ０2／2）＋（ｍ２ｖ１2／2））－（（ｍ１＋ｍ２）ｖ２2／2），

得ｖ２＝ｖ１＝，ｓ＝2ｈ．

14．解：（1）小球的角速度與手轉(zhuǎn)動的角速度必定相等均為ω．設(shè)小球做圓周運動的半徑為ｒ，線速度為ｖ．由幾何關(guān)系得ｒ＝，ｖ＝ω·ｒ，解得ｖ＝ω．（2）設(shè)手對繩的拉力為Ｆ，手的線速度為ｖ，由功率公式得Ｐ＝Ｆｖ＝Ｆ·ωＲ，∴Ｆ＝Ｐ／ωＲ．小球的受力情況如圖4所示，因為小球做勻速圓周運動，所以切向合力為零，即

Ｆｓｉｎθ＝ｆ，其中ｓｉｎθ＝Ｒ／，聯(lián)立解得ｆ＝Ｐ／ω．

15．解：（1）用ｖ１表示子彈射入木塊Ｃ后兩者的共同速度，由于子彈射入木塊Ｃ時間極短，系統(tǒng)動量守恒，有

ｍｖ０＝（ｍ＋Ｍ）ｖ１，∴ｖ１＝ｍｖ０／（ｍ＋Ｍ）＝3ｍ／ｓ，

子彈和木塊Ｃ在ＡＢ木板上滑動，由動能定理得：（1／2）（ｍ＋Ｍ）ｖ２２－（1／2）（ｍ＋Ｍ）ｖ１２＝－μ（ｍ＋Ｍ）ｇＬ，

解得ｖ２＝＝2ｍ／ｓ．

（2）用ｖ′表示子彈射入木塊Ｃ后兩者的共同速度，由動量守恒定律，得ｍｖ０′＋Ｍｕ＝（ｍ＋Ｍ）ｖ１′，解得ｖ１′＝4ｍ／ｓ．

木塊Ｃ及子彈在ＡＢ木板表面上做勻減速運動ａ＝μｇ．設(shè)木塊Ｃ和子彈滑至ＡＢ板右端的時間為ｔ，則木塊Ｃ和子彈的位移ｓ１＝ｖ１′ｔ－（1／2）ａｔ2，

由于ｍ車≥（ｍ＋Ｍ），故小車及木塊ＡＢ仍做勻速直線運動，小車及木板ＡＢ的位移ｓ＝ｕｔ，由圖5可知：ｓ１＝ｓ＋Ｌ，

聯(lián)立以上四式并代入數(shù)據(jù)得：ｔ2－6ｔ＋1＝0，

解得：ｔ＝（3－2）ｓ，（ｔ＝（3＋2）ｓ不合題意舍去），（11）∴ｓ＝ｕｔ＝0．18ｍ．

16．解：（1）設(shè)Ａ滑上Ｂ后達(dá)到共同速度前并未碰到檔板，則根據(jù)動量守恒定律得它們的共同速度為ｖ，有圖5ｍｖ０＝（Ｍ＋ｍ）ｖ，解得ｖ＝2ｍ／ｓ，在這一過程中，Ｂ的位移為ｓＢ＝ｖＢ2／2ａＢ且ａＢ＝μｍｇ／Ｍ，解得ｓＢ＝Ｍｖ2／2μｍｇ＝2×22／2×0．2×1×10＝2ｍ．設(shè)這一過程中，Ａ、Ｂ的相對位移為ｓ１，根據(jù)系統(tǒng)的動能定理，得

μｍｇｓ１＝（1／2）ｍｖ０2－（1／2）（Ｍ＋ｍ）ｖ2，解得ｓ１＝6ｍ．

當(dāng)ｓ＝4ｍ時，Ａ、Ｂ達(dá)到共同速度ｖ＝2ｍ／ｓ后再勻速向前運動2ｍ碰到擋板，Ｂ碰到豎直擋板后，根據(jù)動量守恒定律得Ａ、Ｂ最后相對靜止時的速度為ｖ′，則

Ｍｖ－ｍｖ＝（Ｍ＋ｍ）ｖ′，解得ｖ′＝（2／3）ｍ／ｓ．

在這一過程中，Ａ、Ｂ的相對位移為ｓ２，根據(jù)系統(tǒng)的動能定理，得

μｍｇｓ２＝（1／2）（Ｍ＋ｍ）ｖ2－（1／2）（Ｍ＋ｍ）ｖ′2，

解得ｓ２＝2．67ｍ．

因此，Ａ、Ｂ最終不脫離的木板最小長度為ｓ１＋ｓ２＝8．67ｍ

（2）因Ｂ離豎直檔板的距離ｓ＝0．5ｍ＜2ｍ，所以碰到檔板時，Ａ、Ｂ未達(dá)到相對靜止，此時Ｂ的速度ｖＢ為

ｖＢ2＝2ａＢｓ＝（2μｍｇ／Ｍ）ｓ，解得ｖＢ＝1ｍ／ｓ，

設(shè)此時Ａ的速度為ｖＡ，根據(jù)動量守恒定律，得ｍｖ０＝ＭｖＢ＋ｍｖＡ，解得ｖＡ＝4ｍ／ｓ，

設(shè)在這一過程中，Ａ、Ｂ發(fā)生的相對位移為ｓ１′，根據(jù)動能定理得：

μｍｇｓ１′＝（1／2）ｍｖ０2－（（1／2）ｍｖＡ2＋（1／2）ＭｖＢ2），解得ｓ１′＝4．5ｍ．

Ｂ碰撞擋板后，Ａ、Ｂ最終達(dá)到向右的相同速度ｖ，根據(jù)動能定理得ｍｖＡ－ＭｖＢ＝（Ｍ＋ｍ）ｖ，解得ｖ＝（2／3）ｍ／ｓ．

在這一過程中，Ａ、Ｂ發(fā)生的相對位移ｓ２′為

μｍｇｓ２′＝（1／2）ｍｖＡ2＋（1／2）（Ｍ＋ｍ）ｖ2，解得ｓ２′＝（25／6）ｍ．

Ｂ再次碰到擋板后，Ａ、Ｂ最終以相同的速度ｖ′向左共同運動，根據(jù)動量守恒定律，得

Ｍｖ－ｍｖ＝（Ｍ＋ｍ）ｖ′，解得ｖ′＝（2／9）ｍ／ｓ．

在這一過程中，Ａ、Ｂ發(fā)生的相對位移ｓ３′為：μｍｇｓ３′＝（1／2）（Ｍ＋ｍ）ｖ2－（1／2）（Ｍ＋ｍ）ｖ′2，

解得ｓ３′＝（8／27）ｍ．

因此，為使Ａ不從Ｂ上脫落，Ｂ的最小長度為ｓ１′＋ｓ２′＋ｓ３′＝8．96ｍ．

17．解：（1）Ｂ與Ａ碰撞后，Ｂ相對于Ａ向左運動，Ａ所受摩擦力方向向左，Ａ的運動方向向右，故摩擦力作負(fù)功．設(shè)Ｂ與Ａ碰撞后的瞬間Ａ的速度為ｖ１，Ｂ的速度為ｖ２，Ａ、Ｂ相對靜止后的共同速度為ｖ，整個過程中Ａ、Ｂ組成的系統(tǒng)動量守恒，有

Ｍｖ０＝（Ｍ＋1．5Ｍ）ｖ，ｖ＝2ｖ０／5．

碰撞后直至相對靜止的過程中，系統(tǒng)動量守恒，機(jī)械能的減少量等于系統(tǒng)克服摩擦力做的功，即

Ｍｖ２＋1．5Ｍｖ１＝2．5Ｍｖ，①（1／2）×1．5Ｍｖ１2＋（1／2）Ｍｖ２2－（1／2）×2．5Ｍｖ2＝Ｍμｇｌ，②

可解出ｖ１＝（1／2）ｖ０（另一解ｖ１＝（3／10）ｖ０因小于ｖ而舍去）這段過程中，Ａ克服摩擦力做功

Ｗ＝（1／2）×1．5Ｍｖ１2－（1／2）×1．5Ｍｖ2＝（27／400）Ｍｖ０2（0．068Ｍｖ０2）．

（2）Ａ在運動過程中不可能向左運動，因為在Ｂ未與Ａ碰撞之前，Ａ受到的摩擦力方向向右，做加速運動，碰撞之后Ａ受到的摩擦力方向向左，做減速運動，直到最后，速度仍向右，因此不可能向左運動．

Ｂ在碰撞之后，有可能向左運動，即ｖ２＜0．先計算當(dāng)ｖ２＝0時滿足的條件，由①式，得

ｖ１＝（2ｖ０／3）－（2ｖ２／3），當(dāng)ｖ２＝0時，ｖ１＝2ｖ０／3，代入②式，得

（（1／2）×1．5Ｍ4ｖ０2／9）－（（1／2）×2．5Ｍ4ｖ０2／25）＝Ｍμｇｌ，解得μｇｌ＝2ｖ０2／15．

Ｂ在某段時間內(nèi)向左運動的條件之一是μｌ＜2ｖ０2／15ｇ．

另一方面，整個過程中損失的機(jī)械能一定大于或等于系統(tǒng)克服摩擦力做的功，即

（1／2）Ｍｖ０2－（1／2）2．5Ｍ（2ｖ０／5）2≥2Ｍμｇｌ，解出另一個條件是μｌ≤3ｖ０2／20ｇ，

最后得出Ｂ在某段時間內(nèi)向左運動的條件是2ｖ０2／15ｇ＜μｌ≤3ｖ０2／20ｇ．

18．解：（1）以警車為研究對象，由動能定理．－μｍｇ·ｓ＝（1／2）ｍｖ2－（1／2）ｍｖ０2，

將ｖ０＝14．0ｍ／ｓ，ｓ＝14．0ｍ，ｖ＝0代入，得μｇ＝7．0ｍ／ｓ2，

因為警車行駛條件與肇事汽車相同，所以肇事汽車的初速度ｖＡ＝＝21ｍ／ｓ．

（2）肇事汽車在出事點Ｂ的速度ｖＢ＝＝14ｍ／ｓ，

肇事汽車通過段的平均速度＝（ｖＡ＋ｖＢ）／2＝（21＋14）／2＝17．5ｍ／ｓ．

肇事汽車通過ＡＢ段的時間ｔ２＝ＡＢ／＝（31．5－14．0）／17．5＝1ｓ．

∴游客橫過馬路的速度ｖ人＝／（ｔ１＋ｔ２）＝（2．6／（1＋0．7））ｍ／ｓ＝1．53ｍ／ｓ．

19．解：（1）開始Ａ、Ｂ處于靜止?fàn)顟B(tài)時，有ｋｘ０－（ｍＡ＋ｍＢ）ｇｓｉｎ30°＝0，①

設(shè)施加Ｆ時，前一段時間Ａ、Ｂ一起向上做勻加速運動，加速度為ａ，ｔ＝0．2ｓ，Ａ、Ｂ間相互作用力為零，對Ｂ有：

ｋｘ－ｍＢｇｓｉｎ30°＝ｍＢａ，②ｘ－ｘ０＝（1／2）ａｔ2，③解①、②、③得：

ａ＝5ｍｓ－2，ｘ０＝0．05ｍ，ｘ＝0．15ｍ，初始時刻Ｆ最?。疲恚椋睿剑ǎ恚粒恚拢幔?0Ｎ．ｔ＝0．2ｓ時，Ｆ最大

Ｆｍａｘ－ｍＡｇｓｉｎ30°＝ｍＡａ，Ｆｍａｘ＝ｍＡ（ｇｓｉｎ30°＋ａ）＝100Ｎ，

（2）ΔＥＰＡ＝ｍＡｇΔｈ＝ｍＡｇ（ｘ－ｘ０）ｓｉｎ30°＝5Ｊ．

20．解：當(dāng)彈簧處于壓縮狀態(tài)時，系統(tǒng)的機(jī)械能等于兩滑塊的動能和彈簧的彈性勢能之和．當(dāng)彈簧伸長到其自然長度時，彈性勢能為零，因這時滑塊Ａ的速度為零，故系統(tǒng)的機(jī)械能等于滑塊Ｂ的動能．設(shè)這時滑塊Ｂ的速度為ｖ則有

Ｅ＝（1／2）ｍ２ｖ2，①由動量守恒定律（ｍ１＋ｍ２）ｖ０＝ｍ２ｖ，②解得Ｅ＝（1／2）（ｍ１＋ｍ２）2ｖ０2／ｍ２．③

假定在以后的運動中，滑塊Ｂ可以出現(xiàn)速度為零的時刻，并設(shè)此時滑塊Ａ的速度為ｖ１．這時，不論彈簧是處于伸長還是壓縮狀態(tài)，都具有彈性勢能Ｅｐ．由機(jī)械能守恒定律得（1／2）ｍ１ｖ１2＋Ｅｐ＝（1／2）（（ｍ１＋ｍ２）2ｖ０2／ｍ２），④

根據(jù)動量守恒（ｍ１＋ｍ２）ｖ０＝ｍ１ｖ１，⑤求出ｖ１，代入④式得

（1／2）（（ｍ１＋ｍ２）2ｖ０2／ｍ１）＋Ｅｐ＝（1／2）（（ｍ１＋ｍ２）2ｖ０2／ｍ２），⑥

因為Ｅｐ≥0，故得（1／2）（（ｍ１＋ｍ２）2ｖ０2／ｍ１）≤（1／2）（（ｍ１＋ｍ２）2ｖ０2／ｍ２），⑦

即ｍ１≥ｍ２，與已知條件ｍ１＜ｍ２不符．可見滑塊Ｂ的速度永不為零，即在以后的運動中，不可能出現(xiàn)滑動Ｂ的速度為零的情況．

21．解：設(shè)恰好物體相對圓盤靜止時，彈簧壓縮量為Δｌ，靜摩擦力為最大靜摩擦力ｆｍａｘ，這時物體處于臨界狀態(tài)，由向心力公式ｆｍａｘ－ｋΔｌ＝ｍＲｗ2，①假若物體向圓心移動ｘ后，仍保持相對靜止，ｆ１－ｋ（Δｌ＋ｘ）＝ｍ（Ｒ－ｘ）ｗ2，②

由①、②兩式可得ｆｍａｘ－ｆ１＝ｍｘｗ2－ｋｘ，③所以ｍｘｗ2－ｋｘ≥0，得ｋ≤ｍｗ2，④

若物體向外移動ｘ后，仍保持相對靜止，ｆ２－ｋ（Δｌ－ｘ）≥ｍ（Ｒ＋ｘ）ｗ2，⑤

由①～⑥式得ｆｍａｘ－ｆ２＝ｋｘ－ｍｘｗ2≥0，⑥所以ｋ≥ｍｗ2，⑦即若物體向圓心移動，則ｋ≤ｍｗ2，

若物體向遠(yuǎn)離圓心方向移動，則ｋ≥ｍｗ2．

22．解：衛(wèi)星環(huán)繞地球作勻速圓周運動，設(shè)衛(wèi)星的質(zhì)量為ｍ，軌道半徑為ｒ，受到地球的萬有引力為Ｆ，Ｆ＝ＧＭｍ／ｒ2，①

式中Ｇ為萬有引力恒量，Ｍ是地球質(zhì)量．設(shè)ｖ是衛(wèi)星環(huán)繞地球做勻速圓周運動的線速度，Ｔ是運動周期，根據(jù)牛頓第二定律，得Ｆ＝ｍｖ2／ｒ，②由①、②推導(dǎo)出ｖ＝．③③式表明：ｒ越大，ｖ越小．人造衛(wèi)星的周期就是它環(huán)繞地球運行一周所需的時間Ｔ，Ｔ＝2πｒ／ｖ，④由③、④推出Ｔ＝2π，⑤⑤式說明：ｒ越大，Ｔ越大．23．證：設(shè)質(zhì)點通過Ａ點時的速度為ｖＡ，通過Ｃ點時的速度為ｖＣ，由勻變速直線運動的公式得：

ｓ1＝ｖＡＴ＋ａＴ2／2，ｓ3＝ｖＣＴ＋ａＴ2／2，ｓ3－ｓ1＝ｖＣＴ－ｖＡＴ．∵ｖＣ＝ｖＡ＋2ａＴ，

∴ｓ3－ｓ1＝（ｖＡ－2ａＴ－ｖＡ）Ｔ＝2ａＴ2，ａ＝（ｓ3－ｓ1）／2Ｔ2．

24．根據(jù)：如果在連續(xù)的相等的時間內(nèi)的位移之差相等，則物體做勻變速運動．證明：設(shè)物體做勻速運動的初速度為ｖ0，加速度為ａ，第一個Ｔ內(nèi)的位移為ｓ1＝ｖ0Ｔ＋ａＴ2／2；第二個Ｔ內(nèi)的位移為ｓ2＝（ｖ0＋ａＴ）Ｔ＋ａＴ2／2；第Ｎ個Ｔ內(nèi)的位移為ｓＮ＝［ｖ0＋（Ｎ－1）ａＴ］Ｔ＋ａＴ2／2．ｓＮ－ｓＮ－1＝ａＴ2，逆定理也成立．

25．解：由勻變速直線運動的公式得小物塊的加速度的大小為ａ1＝（ｖ0－ｖｔ）／ｔ＝2（ｍ／ｓ2）．木板的加速度大小為ａ2＝2ｓ／ｔ2＝0.25（ｍ／ｓ2）．根據(jù)牛頓第二定律Ｆ＝ｍａ對小物塊得ｆ′1＝ｍａ1＝1×2＝2Ｎ，對木板得ｆ1－μ（ｍ＋Ｍ）ｇ＝Ｍａ2，μ＝（ｆ1－Ｍａ2）／（ｍ＋Ｍ）ｇ＝（2－4×0.25）／（1＋4）×10＝0.02．

26．解：假設(shè)金屬塊沒有離開第一塊長木板，移動的相對距離為ｘ，由動量守恒定律，得ｍｖ0＝3ｍｖ，

ｍｖ02／2＝3ｍｖ2／2＋μｍｇｘ，解得ｘ＝4ｍ／3＞Ｌ，不合理，∴金屬塊一定沖上第二塊木板．

以整個系統(tǒng)為研究對象，由動量定律及能量關(guān)系，當(dāng)金屬塊在第一塊木板上時ｍｖ0＝ｍｖ0′＋2ｍｖ1，

ｍｖ02／2＝12ｍｖ0′2＋2ｍ·ｖ12／2＋μｍｇｌ．ｍｖ0＝ｍｖ1＋2ｍｖ2，ｍｖ02／2＝ｍｖ12／2＋2ｍ·ｖ22／2＋μｍｇ（ｌ＋ｘ）．聯(lián)立解得：ｖ1＝1／3ｍ／ｓ，ｖ2＝5／6ｍ／ｓ，ｘ＝0.25ｍ．

27．解：當(dāng)ｔ＝0時，ａＡ0＝9／3＝3ｍ／ｓ2，ａＢ0＝3／6＝0.5ｍ／ｓ2．ａＡ0＞ａＢ0，Ａ、Ｂ間有彈力，隨ｔ之增加，Ａ、Ｂ間彈力在減小，當(dāng)（9－2ｔ）／3＝（3＋2ｔ）／6，ｔ＝2.5ｓ時，Ａ、Ｂ脫離，以Ａ、Ｂ整體為研究對象，在ｔ＝2.5ｓ內(nèi)，加速度ａ＝（ＦＡ＋ＦＢ）／（ｍＡ＋ｍＢ）＝4／3ｍ／ｓ2，ｓ＝ａｔ2／2＝4.17ｍ．

28．解：（1）由ｍＣｖ0＝ｍＣｖ＋（ｍＡ＋ｍＢ）ｖ1，Ｃ由Ａ滑至Ｂ時，Ａ、Ｂ的共同速度是

ｖ1＝ｍＣ（ｖ0－ｖ）／（ｍＡ＋ｍＢ）＝0.2ｍ／ｓ．由μｍＣｇｌＡ＝ｍＣｖ02／2－ｍＣｖ2／2－（ｍＡ＋ｍＢ）ｖ12／2，

得μ＝［ｍＣ（ｖ02－ｖ2）－（ｍＡ＋ｍＢ）ｖ12］／2ｍＣｇｌＡ＝0.48．

（2）由ｍＣｖ＋ｍＢｖ1＝（ｍＣ＋ｍＢ）ｖ2，Ｃ相對Ｂ靜止時，Ｂ、Ｃ的共同速度是ｖ2＝（ｍＣｖ＋ｍＢｖ1）／（ｍＣ＋ｍＢ）＝0.65ｍ／ｓ．由μｍＣｇｌＢ＝ｍＣｖ2／2＋ｍＢｖ12－（ｍＣ＋ｍＢ）ｖ22／2，Ｃ在Ｂ上滑行距離為

ｌＢ＝［ｍＣｖ2＋ｍＢｖ12－（ｍＣ＋ｍＢ）ｖ22］／2μｍＣｇ＝0.25ｍ．

（3）由μｍＣｇｓ＝ｍＢｖ22／2－ｍＢｖ12／2，Ｂ相對地滑行的距離ｓ＝［ｍＢ（ｖ22－ｖ12）］／2μｍＣｇ＝0.12ｍ．（4）Ｃ在Ａ、Ｂ上勻減速滑行，加速度大小由μｍＣｇ＝ｍＣａ，得ａ＝μｇ＝4.8ｍ／ｓ2．

Ｃ在Ａ上滑行的時間ｔ1＝（ｖ0－ｖ）／ａ＝0.21ｓ．Ｃ在Ｂ上滑行的時間ｔ2＝（ｖ－ｖ2）／ａ＝0.28ｓ．

所求時間ｔ＝ｔ1＋ｔ2＝0.21ｓ＋0.28ｓ＝0.49ｓ．

29．勻加速下滑時，受力如圖1ａ，由牛頓第二定律，有：ｍｇｓｉｎθ－μｍｇｃｏｓθ＝ｍａ＝ｍｇｓｉｎθ／2，

ｓｉｎθ／2＝μｃｏｓθ，得μ＝ｓｉｎθ／2ｃｏｓθ．圖1靜止時受力分析如圖1ｂ，摩擦力有兩種可能：①摩擦力沿斜面向下；②摩擦力沿斜面向上．摩擦力沿斜面向下時，由平衡條件Ｆｃｏｓθ＝ｆ＋ｍｇｓｉｎθ，Ｎ＝ｍｇｃｏｓθ＋Ｆｓｉｎθ，ｆ＝μＮ，

解得Ｆ＝（ｓｉｎθ＋μｃｏｓθ）／（ｃｏｓθ－μｓｉｎθ）ｍｇ＝3ｓｉｎθｃｏｓθ／（2ｃｏｓ2θ－ｓｉｎ2θ）ｍｇ．

摩擦力沿斜面向上時，由平衡條件Ｆｃｏｓθ＋ｆ＝ｍｇｓｉｎθ，Ｎ＝ｍｇｃｏｓθ＋Ｆｓｉｎθ，ｆ＝μＮ．

解得Ｆ＝（ｓｉｎθ－μｃｏｓθ）／（ｃｏｓθ＋μｓｉｎθ）ｍｇ＝ｓｉｎθｃｏｓθ／（2ｃｏｓ2θ＋ｓｉｎ2θ）ｍｇ．

30．解：（1）物體在兩斜面上來回運動時，克服摩擦力所做的功Ｗｆ＝μｍｇｃｏｓ60°·ｓ總．

物體從開始直到不再在斜面上運動的過程中ｍｇｈ－Ｗｆ＝0－ｍｖ02／2．解得ｓ總＝38ｍ．

（2）物體最終是在Ｂ、Ｃ之間的圓弧上來回做變速圓周運動，且在Ｂ、Ｃ點時速度為零．

（3）物體第一次通過圓弧最低點時，圓弧所受壓力最大．由動能定理得ｍｇ［ｈ＋Ｒ（1－ｃｏｓ60°）］－μｍｇｃｏｓ60°／ｓｉｎ60°＝ｍ（ｖ12－ｖ02）／2，由牛頓第二定律得Ｎｍａｘ－ｍｇ＝ｍｖ12／Ｒ，解得Ｎｍａｘ＝54.5Ｎ．

物體最終在圓弧上運動時，圓弧所受壓力最?。蓜幽芏ɡ淼茫恚纾遥?－ｃｏｓ60°）＝ｍｖ22／2，由牛頓第二定律得Ｎｍｉｎ－ｍｇ＝ｍｖ22／Ｒ，解得Ｎｍｉｎ＝20Ｎ．

31．解：（1）設(shè)剎車后，平板車的加速度為ａ0，從開始剎車到車停止所經(jīng)歷時間為ｔ0，車所行駛距離為ｓ0，則有ｖ02＝2ａ0ｓ0，ｖ0＝ａ0ｔ0．欲使ｔ0小，ａ0應(yīng)該大，作用于木箱的滑動摩擦力產(chǎn)生的加速度ａ1＝μｍｇ／ｍ＝μｇ．

當(dāng)ａ0＞ａ1時，木箱相對車底板滑動，從剎車到車停止過程中木箱運動的路程為ｓ1，則ｖ02＝2ａ2ｓ1．

為使木箱不撞擊駕駛室，應(yīng)有ｓ1－ｓ0≤Ｌ．聯(lián)立以上各式解得：ａ0≤μｇｖ02／（ｖ02－2μｇＬ）＝5ｍ／ｓ2，

∴ｔ0＝ｖ0／ａ0＝4.4ｓ．（2）對平板車，設(shè)制動力為Ｆ，則Ｆ＋ｋ（Ｍ＋ｍ）ｇ－μｍｇ＝Ｍａ0，解得：Ｆ＝7420Ｎ．

32．解：對系統(tǒng)ａ0＝［Ｆ－μｇ（ｍ1＋ｍ2）］／（ｍ1＋ｍ2）＝1ｍ／ｓ2．

對木塊1，細(xì)繩斷后：│ａ1│＝ｆ1／ｍ1＝μｇ＝1ｍ／ｓ2．設(shè)細(xì)繩斷裂時刻為ｔ1，則木塊1運動的總位移：

ｓ1＝2ａ0ｔ12／2＝ａ0ｔ12．對木塊2，細(xì)繩斷后，ａ2＝（Ｆ－μｍ2ｇ）／ｍ2＝2ｍ／ｓ2．木塊2總位移

ｓ2＝ｓ′＋ｓ″＝ａ0ｔ12／2＋ｖ1（6－ｔ1）＋ａ2（6－ｔ1）2／2，

兩木塊位移差Δｓ＝ｓ2－ｓ1＝22（ｍ）．得ａ0ｔ12／2＋ｖ1（6－ｔ1）＋ａ2（6－ｔ1）2／2－ａ0ｔ12＝22，

把ａ0，ａ2值，ｖ1＝ａ0ｔ1代入上式整理得：ｔ12＋12ｔ1－28＝0，得ｔ1＝2ｓ．

木塊2末速ｖ2＝ｖ1＋ａ2（6－ｔ1）＝ａ0ｔ1＋ａ2（6－ｔ1）＝10ｍ／ｓ．此時動能Ｅｋ＝ｍ2ｖ22／2＝2×102／2Ｊ＝100Ｊ．

33．解：（1）由動量守恒定律，ｍｖ0＝（ｍ＋Ｍ）ｖ′，且有ｍ∶Ｍ＝1∶3，∴Ａ、Ｂ共同速度ｖ′＝ｍｖ0／（ｍ＋Ｍ）＝1ｍ／ｓ．（2）由動能定理，對全過程應(yīng)有μｍｇ·2Ｌ＝ｍｖ02／2－（ｍ＋Ｍ）ｖ′2／2，4μｇＬ＝ｖ02－4ｖ′2，μ＝（ｖ02－4ｖ′2）／4ｇＬ＝0.3．

（3）先求Ａ與Ｂ?lián)醢迮銮埃恋乃俣龋?0，以及木板Ｂ相應(yīng)速度ｖ20，取從Ａ滑上Ｂ至Ａ與Ｂ?lián)醢逑嗯銮斑^程為研究對象，依動量守恒與動能定理有以下兩式成立：ｍｖ0＝ｍｖ10＋Ｍｖ20，ｍｖ02／2－ｍｖ102／2－Ｍｖ202／2＝μｍｇＬ．代入數(shù)據(jù)得ｖ10＋3ｖ20＝4，ｖ102＋3ｖ202＝10，解以上兩式可得ｖ10＝（2±3）／2ｍ／ｓ．因Ａ與Ｂ?lián)醢迮銮八俣炔豢赡苋∝?fù)值，故ｖ10＝（2＋3）／2ｍ／ｓ．相應(yīng)解出ｖ20＝（2－）／2ｍ／ｓ＝0.3ｍ／ｓ．木板Ｂ此過程為勻加速直線運動，由牛頓第二定律，得μｍｇ＝Ｍａ1，ａ1＝μｍｇ／Ｍ＝1（ｍ／ｓ2）．此過程經(jīng)歷時間ｔ1由下式求出ｖ20＝ａ1ｔ1，ｔ1＝ｖ20／ａ1＝0.3（ｓ）．

其速度圖線為圖2中0～0.3ｓ段圖線ａ．

再求Ａ與Ｂ?lián)醢迮龊?，木板Ｂ的速度?與木塊Ａ的速度ｖ1，為方便起見?。粱希轮粒僚cＢ?lián)醢迮鲎埠笏查g過程為研究對象，依動量守恒定律與動能定理有以下兩式成立：ｍｖ0＝ｍｖ1＋Ｍｖ2，ｍｖ02／2－ｍｖ12／2－Ｍｖ22／2＝μｍｇＬ．

故解為ｖ1＝（2±3）／2ｍ／ｓ．因ｖ1＝（2＋3）／2ｍ／ｓ為碰前速度，故?。?＝（2－3）／2ｍ／ｓ，相應(yīng)得ｖ2＝2＋2ｍ／ｓ＝1.7ｍ／ｓ．由于ｖ1＜0，即木塊相對Ｂ向左滑動，Ａ受Ｂ摩擦力向右，Ｂ受Ａ摩擦力向左，故Ｂ做勻減速直線運動，加速度大小由牛頓第二定律，得ａ＝μｍｇ／Ｍ＝1ｍ／ｓ2．從碰后到Ａ滑到Ｂ最左端過程中，Ｂ向右做勻減速直線運動時間設(shè)為ｔ2，則ｖ′－ｖ2＝－ａｔ2，∴ｔ2＝0.7ｓ．

此過程速度圖線如圖2中0.3ｓ～1.0ｓ段圖線ｂ．圖234．解：設(shè)ｍ1、ｍ2兩物體受恒力Ｆ作用后，產(chǎn)生的加速度分別為ａ1、ａ2，由牛頓第二定律Ｆ＝ｍａ，得

ａ1＝Ｆ／ｍ1，ａ2＝Ｆ／ｍ2，歷時ｔ兩物體速度分別為ｖ1＝ａ1ｔ，ｖ2＝ｖ0＋ａ2ｔ，由題意令ｖ1＝ｖ2，即ａ1ｔ＝ｖ0＋ａ2ｔ或（ａ1－ａ2）ｔ＝ｖ0，因ｔ≠0、ｖ0＞0，欲使上式成立，需滿足ａ1－ａ2＞0，即Ｆ／ｍ1＞Ｆ／ｍ2，或ｍ1＜ｍ2，也即當(dāng)ｍ1≥ｍ2時不可能達(dá)到共同速度，當(dāng)ｍ1＜ｍ2時，可以達(dá)到共同速度．

35．解：（1）當(dāng)小球剛好能在軌道內(nèi)做圓周運動時，水平初速度ｖ最小，此時有ｍｇ＝ｍｖ2／Ｒ，

故ｖ＝＝＝2ｍ／ｓ．（2）若初速度ｖ′＜ｖ，小球?qū)⒆銎綊佭\動，如在其豎直位移為Ｒ的時間內(nèi)，其水平位移ｓ≥Ｒ，小球可進(jìn)入軌道經(jīng)過Ｂ點．設(shè)其豎直位移為Ｒ時，水平位移也恰為R，則Ｒ＝ｇｔ2／2，Ｒ＝ｖ′ｔ，解得：ｖ′＝／2＝ｍ／ｓ．因此，初速度滿足2ｍ／ｓ＞ｖ′≥ｍ／ｓ時，小球可做平拋運動經(jīng)過Ｂ點．

36．衛(wèi)星在天空中任何天體表面附近運行時，僅受萬有引力Ｆ作用使衛(wèi)星做圓周運動，運動半徑等于天體的球半徑Ｒ．設(shè)天體質(zhì)量為Ｍ，衛(wèi)星質(zhì)量為ｍ，衛(wèi)星運動周期為Ｔ，天體密度為ρ．根據(jù)萬有引力定律Ｆ＝ＧＭｍ／Ｒ2，

衛(wèi)星做圓周運動向心力Ｆ′＝ｍ4π2Ｒ／Ｔ2，因為

Ｆ′＝Ｆ，得ＧＭｍ／Ｒ2＝ｍ4π2Ｒ／Ｔ2，∴Ｔ＝．又球體質(zhì)量Ｍ＝4πＲ3ρ／3．得Ｔ＝=，∴Ｔ∝1／，得證．

37．解：由于兩球相碰滿足動量守恒ｍ1ｖ0＝ｍ1ｖ1＋ｍ2ｖ2，ｖ1＝－1.3ｍ／ｓ．兩球組成系統(tǒng)碰撞前后的總動能Ｅｋ1＋Ｅｋ2＝ｍ1ｖ02／2＋0＝2.5Ｊ，Ｅｋ1′＋Ｅｋ2′＝ｍ1ｖ12／2＋ｍ2ｖ22／2＝2.8Ｊ．可見，Ｅｋ1′＋Ｅｋ2′＞Ｅｋ1＋Ｅｋ2，碰后能量較碰撞前增多了，違背了能量守恒定律，這種假設(shè)不合理．

38．解：（1）由動量守恒，得ｍｖ0＝ｍｖ1＋Ｍｖ2，由運動學(xué)公式得ｓ＝（ｖ1－ｖ2）ｔ，ｈ＝ｇｔ2／2，

由以上三式得ｖ2＝（ｍｖ0－ｓｍ）／（Ｍ＋ｍ）．（2）最后車與物體以共同的速度ｖ向右運動，故有

ｍｖ0＝（Ｍ＋ｍ）ｖｖ＝ｍｖ0／（Ｍ＋ｍ）．∴ΔＥ＝ｍｖ02／2＋ｍｇｈ－（Ｍ＋ｍ）ｍ2ｖ02／2（Ｍ＋ｍ）2．

解得ΔＥ＝ｍｇｈ＋Ｍｍｖ02／2（Ｍ＋ｍ）．

39．解：設(shè)碰前Ａ、Ｂ有共同速度ｖ時，Ｍ前滑的距離為ｓ．則ｍｖ0＝（ｍ＋Ｍ）ｖ，ｆｓ＝Ｍｖ2／2，ｆ＝μｍｇ．

由以上各式得ｓ＝Ｍｍｖ02／2μｇ（Ｍ＋ｍ）2．當(dāng)ｖ0＝2ｍ／ｓ時，ｓ＝2／9ｍ＜0.5ｍ，即Ａ、Ｂ有共同速度．當(dāng)ｖ0＝4ｍ／ｓ時，ｓ＝8／9ｍ＞0.5ｍ，即碰前Ａ、Ｂ速度不同．

40．解：（1）物體由Ａ滑至Ｂ的過程中，由三者系統(tǒng)水平方向動量守恒得：ｍｖ0＝ｍｖ0／2＋2ｍｖＡＢ．

解之得ｖＡＢ＝ｖ0／4．

（2）物塊由Ａ滑至Ｂ的過程中，由三者功能關(guān)系得：μｍｇＬ＝ｍｖ02／2－ｍ（ｖ0／2）2／2－2ｍ（ｖ0／4）2／2．

解之得Ｌ＝5ｖ02／16μｇ．

（3）物塊由Ｄ滑到Ｃ的過程中，二者系統(tǒng)水平方向動量守恒，又因為物塊到達(dá)最高點Ｃ時，物塊與滑塊速度相等且水平，均為ｖ．

故得ｍｖ0／2＋ｍｖ0／4＝2ｍｖ，∴得滑塊的動能ＥＣＤ＝ｍｖ2／2＝9ｍｖ02／128．

41．解：（1）Ｂ從ｖ0減速到速度為零的過程，Ｃ靜止，Ｂ的位移：ｓ1＝ｖ02／2μｇ．所用的時間：ｔ1＝ｖ0／μｇ．

此后Ｂ與Ｃ一起向右做加速運動，Ａ做減速運動，直到相對靜止，設(shè)所用時間為ｔ2，共同速度為ｖ．

對Ａ、Ｂ、Ｃ，由動量守恒定律得ｍＡ·2ｖ0－ｍＢｖ0＝（ｍＡ＋ｍＢ＋ｍＣ）ｖ，∵ｍＡ＝ｍＢ＝ｍＣ，∴ｖ＝ｖ0／3．

對Ｂ與Ｃ，向右加速運動的加速度ａ＝μｍＡｇ／（ｍＢ＋ｍＣ）＝μｇ／2，∴ｔ2＝ｖ／ａ＝2ｖ0／3μｇ．

Δｔ內(nèi)Ｂ向右移動的位移ｓ2＝ｖｔ2／2＝ｖ02／9μｇ，

故總路程ｓ＝ｓ1＋ｓ2＝11ｖ02／18μｇ，總時間ｔ＝ｔ1＋ｔ2＝5ｖ0／3μｇ．

（2）設(shè)車的最小長度為Ｌ，則相對靜止時Ａ、Ｂ剛好接觸，由能量守恒得

ｍＡ（2ｖ0）2／2＋ｍＢｖ02／2＝（ｍＡ＋ｍＢ＋ｍＣ）ｖ2／2＋μｍＢｇｓ1＋μｍＡｇ（Ｌ－ｓ1），聯(lián)立解得Ｌ＝7ｖ02／3μｇ．

42．解：（1）ｍ速度最大的位置應(yīng)在O點左側(cè)．因為細(xì)線燒斷后，ｍ在彈簧彈力和滑動摩擦力的合力作用下向右做加速運動，當(dāng)彈力與摩擦力的合力為零時，ｍ的速度達(dá)到最大，此時彈簧必處于壓縮狀態(tài)．此后，系統(tǒng)的機(jī)械能不斷減小，不能再達(dá)到這一最大速度．

（2）選ｍ、Ｍ為一系統(tǒng)，由動量守恒定律得ｍｖ1＝Ｍｖ2．設(shè)這一過程中彈簧釋放的彈性勢能為Ｅｐ，則

Ｅｐ＝ｍｖ12／2＋Ｍｖ22／2＋μｍｇｓ，解得ｖ2＝ｍｖ1／Ｍ，Ｅｐ＝ｍ［（Ｍ＋ｍ）ｖ12／2Ｍ＋μｇｓ］．

（2）ｍ與Ｍ最終將靜止，因為系統(tǒng)動量守恒，且總動量為零，只要ｍ與Ｍ間有相對運動，就要克服摩擦力做功，不斷消耗能量，所以，ｍ與Ｍ最終必定都靜止．

43．解：（1）第一顆子彈射入木塊過程，系統(tǒng)動量守恒，有ｍｖ0＝（ｍ＋Ｍ）ｖ1．

射入后，在ＯＢＣ運動過程中，機(jī)械能守恒，有（ｍ＋Ｍ）ｖ12／2＝（ｍ＋Ｍ）ｇＲ，得ｖ0＝（Ｍ＋ｍ）／ｍ．

（2）由動量守恒定律知，第2、4、6……顆子彈射入木塊后，木塊速度為0，第1、3、5……顆子彈射入后，木塊運動．當(dāng)?shù)?顆子彈射入木塊時，由動量守恒得：

ｍｖ0＝（9ｍ＋Ｍ）ｖ9，設(shè)此后木塊沿圓弧上升最大高度為Ｈ，由機(jī)械能守恒定律得：（9ｍ＋Ｍ）ｖ92／2＝（9ｍ＋Ｍ）ｇＨ，

由以上可得：Ｈ＝［（Ｍ＋ｍ）／（Ｍ＋9ｍ）］2Ｒ．

44．解：（1）設(shè)第一次碰墻壁后，平板車向左移動ｓ，速度變?yōu)?．由于體系總動量向右，平板車速度為零時，滑塊還在向右滑行．由動能定理－μＭｇｓ＝0－ｍｖ02／2，ｓ＝ｍｖ02／2μＭｇ＝0.33ｍ．

（2）假如平板車在第二次碰墻前還未和滑塊相對靜止，則其速度的大小肯定還是2ｍ／ｓ，因為只要相對運動，摩擦力大小為恒值．滑塊速度則大于2ｍ／ｓ，方向均向右．這樣就違反動量守恒．所以平板車在第二次碰墻前肯定已和滑塊具有共同速度ｖ．此即平板車碰墻前瞬間的速度．Ｍｖ0－ｍｖ0＝（Ｍ＋ｍ）ｖ，∴ｖ＝（Ｍ－ｍ）ｖ0／（Ｍ＋ｍ）＝0.4ｍ／ｓ．圖3（3）平板車與墻壁第一次碰撞后滑塊與平板又達(dá)到共同速度ｖ前的過程，可用圖3（ａ）、（ｂ）、（ｃ）表示．圖3（ａ）為平板車與墻碰撞后瞬間滑塊與平板車的位置，圖3（ｂ）為平板車到達(dá)最左端時兩者的位置，圖3（ｃ）為平板車與滑塊再次達(dá)到共同速度時兩者的位置．在此過程中滑塊動能減少等于摩擦力對滑塊所做功μΜｇｓ′，平板車動能減少等于摩擦力對平板車所做功μＭｇｓ″（平板車從Ｂ到Ａ再回到Ｂ的過程中摩擦力做功為零），其中ｓ′、ｓ″分別為滑塊和平板車的位移．滑塊和平板車動能總減少為μＭｇｌ1，其中ｌ1＝ｓ′＋ｓ″為滑塊相對平板車的位移，此后，平板車與墻壁發(fā)生多次碰撞，每次情況與此類似，最后停在墻邊．設(shè)滑塊相對平板車總位移為ｌ，則有（Ｍ＋ｍ）ｖ02／2＝μＭｇｌ，ｌ＝（Ｍ＋ｍ）ｖ02／2μＭｇ＝0.833ｍ．

ｌ即為平板車的最短長度．圖445．解：如圖4，Ａ球從靜止釋放后將自由下落至Ｃ點懸線繃直，此時速度為ｖＣ

∵ｖＣ2＝2ｇ×2Ｌｓｉｎ30°，

∴ｖＣ＝＝2ｍ／ｓ．

在線繃直的過程中沿線的速度分量減為零時，Ａ將以切向速度ｖ1沿圓弧運動且

ｖ1＝ｖＣｃｏｓ30°＝ｍ／ｓ．

Ａ球從Ｃ點運動到最低點與Ｂ球碰撞前機(jī)械能守恒，可求出Ａ球與Ｂ球碰前的速度

ｍＡｖ12／2＋ｍＡｇＬ（1－ｃｏｓ60°）＝ｍＡｖ22／2，

ｖ2＝==ｍ／ｓ．

因Ａ、Ｂ兩球發(fā)生無能量損失的碰撞且ｍＡ＝ｍＢ，所以它們的速度交換，即碰后Ａ球的速度為零，Ｂ球的速度為ｖ2＝（ｍ／ｓ）．對Ｂ球和小車組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒和機(jī)械能守恒，當(dāng)兩者有共同水平速度ｕ時，Ｂ球上升到最高點，設(shè)上升高度為ｈ．

ｍＢｖ2＝（ｍＢ＋Ｍ）ｕ，ｍＢｖ22／2＝（ｍＢ＋Ｍ）ｕ2／2＋ｍＢｇｈ．解得ｈ＝3／16≈0.19ｍ．

在Ｂ球回擺到最低點的過程中，懸線拉力仍使小車加速，當(dāng)Ｂ球回到最低點時小車有最大速度ｖｍ，設(shè)小球Ｂ回到最低點時速度的大小為ｖ3，根據(jù)動量守恒定律和機(jī)械能守恒定律有

ｍＢｖ2＝－ｍＢｖ3＋Ｍｖｍ，ｍＢｖ22／2＝ｍＢｖ32／2＋Ｍｖｍ2／2，

解得ｖｍ＝2ｍＢｖ2／（ｍ3＋Ｍ）＝／2ｍ／ｓ＝1.12ｍ／ｓ．

46．解：（1）小球的角速度與運動的角速度必定相等，則有ｖ＝ωＲ＝ω．

（2）人手所提供的功率應(yīng)等于小球在運動過程中克服摩擦力做功的功率．即有Ｐ＝ｆｖ，

∴ｆ＝Ｐ／ｖ＝Ｐ／ω．

47．解：由于粘性物體與底板粘合的過程時間極短，沖擊力遠(yuǎn)大于重力，在豎直方向近似動量守恒，開始靜止時，有ｍ1ｇ＝ｋｘｋ＝ｍ1ｇｘ．

ｍ2下落Ｈ時的速度ｖ＝，ｍ2與ｍ1合在一起動量守恒，ｍ2ｖ＝（ｍ1＋ｍ2）ｖ′，ｖ′＝ｍ2ｖ／（ｍ1＋ｍ2）＝ｍ2／（ｍ1＋ｍ2）．

設(shè)向下為正方向，ｍ1與ｍ2的整體受兩個力，即重力（ｍ1＋ｍ2）ｇ和彈簧的平均拉力，則有平均拉力＝ｋｘ＋ｋｈ／2＝ｋ（2ｘ＋ｈ）／2，由動能定理得

［－＋（ｍ1＋ｍ2）ｇ］ｈ＝0－（ｍ1＋ｍ2）ｖ2／2，

由以上各式得［ｍ1ｇ（2ｘ＋ｈ）／2ｘ－（ｍ1＋ｍ2）ｇ］ｈ

＝（ｍ1＋ｍ2）·ｍ22·2ｇｈ／2（ｍ1＋ｍ2）2．

代入數(shù)值得ｈ＝0.3ｍ．

48．解：ｍ與Ａ粘在一起后水平方向動量守恒，共同速度設(shè)為ｖ1，Ｍｖ0＝（Ｍ＋ｍ）ｖ1，

得ｖ1＝Ｍｖ0／（Ｍ＋ｍ）＝2ｖ0／3．

當(dāng)彈簧壓縮到最大時即有最大彈性勢能Ｅ，此時系統(tǒng)中各物體有相同速度，設(shè)為ｖ2，由動量守恒定律

2Ｍｖ0＝（2Ｍ＋ｍ）ｖ2，得ｖ2＝2Ｍｖ0／（2Ｍ＋ｍ）＝4ｖ0／5．

由能量守恒有

Ｅ＝Ｍｖ02／2＋（Ｍ＋ｍ）ｖ12／2－（2Ｍ＋ｍ）ｖ22／2，

解得Ｅ＝Ｍｖ02／30．

49．解：（1）振子在平衡位置時，所受合力為零，設(shè)此時彈簧被壓縮Δｘ：（ｍＡ＋ｍＢ）ｇ＝ｋΔｘ，Δｘ＝5ｃｍ．

開始釋放時振子處在最大位移處，故振幅

Ａ＝5ｃｍ＋5ｃｍ＝10ｃｍ．

（2）由于開始時彈簧的伸長量恰等于振子在平衡位置時彈簧的壓縮量，故彈性勢能相等，設(shè)振子的最大速度為ｖ，從開始到平衡位置，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，

得ｍｇ·Ａ＝ｍｖ2／2，∴ｖ＝＝1.4ｍ／ｓ，

即Ｂ的最大速率為1.4ｍ／ｓ．

（3）在最高點，振子受到的重力和彈力方向相同，根據(jù)牛頓第二定律，得

ａ＝［ｋΔｘ＋（ｍＡ＋ｍＢ）ｇ］／（ｍＡ＋ｍＢ）＝20ｍ／ｓ2，

Ａ對Ｂ的作用力方向向下，其大小

Ｎ1＝ｍＢａ－ｍＢｇ＝10Ｎ．

在最低點，振子受到的重力和彈力方向相反，根據(jù)牛頓第二定律，得ａ＝ｋ（Δｘ＋Ａ）－（ｍＡ＋ｍＢ）ｇｍＡ＋ｍＢ＝20ｍ／ｓ2．

Ａ對Ｂ的作用力方向向上，其大小

Ｎ2＝ｍＢａ＋ｍＢｇ＝30Ｎ．高中物理力學(xué)計算題匯總經(jīng)典精解（49題）1．如圖1-73所示，質(zhì)量Ｍ＝10ｋｇ的木楔ＡＢＣ靜止置于粗糙水平地面上，摩擦因素μ＝0．02．在木楔的傾角θ為30°的斜面上，有一質(zhì)量ｍ＝1．0ｋｇ的物塊由靜止開始沿斜面下滑．當(dāng)滑行路程ｓ＝1．4ｍ時，其速度ｖ＝1．4ｍ／ｓ．在這過程中木楔沒有動．求地面對木楔的摩擦力的大小和方向．（重力加速度?。纾?0／ｍ·ｓ２）圖1-732．某航空公司的一架客機(jī)，在正常航線上作水平飛行時，由于突然受到強(qiáng)大垂直氣流的作用，使飛機(jī)在10ｓ內(nèi)高度下降1700ｍ造成眾多乘客和機(jī)組人員的傷害事故，如果只研究飛機(jī)在豎直方向上的運動，且假定這一運動是勻變速直線運動．試計算：

（1）飛機(jī)在豎直方向上產(chǎn)生的加速度多大?方向怎樣?

（2）乘客所系安全帶必須提供相當(dāng)于乘客體重多少倍的豎直拉力，才能使乘客不脫離座椅？（ｇ取10ｍ／ｓ２）

（3）未系安全帶的乘客，相對于機(jī)艙將向什么方向運動?最可能受到傷害的是人體的什么部位?

（注：飛機(jī)上乘客所系的安全帶是固定連結(jié)在飛機(jī)座椅和乘客腰部的較寬的帶子，它使乘客與飛機(jī)座椅連為一體）

3．宇航員在月球上自高ｈ處以初速度ｖ０水平拋出一小球，測出水平射程為Ｌ（地面平坦），已知月球半徑為Ｒ，若在月球上發(fā)射一顆月球的衛(wèi)星，它在月球表面附近環(huán)繞月球運行的周期是多少?

4．把一個質(zhì)量是2ｋｇ的物塊放在水平面上，用12Ｎ的水平拉力使物體從靜止開始運動，物塊與水平面的動摩擦因數(shù)為0．2，物塊運動2秒末撤去拉力，ｇ取10ｍ／ｓ２．求

（1）2秒末物塊的即時速度．

（2）此后物塊在水平面上還能滑行的最大距離．

5．如圖1-74所示，一個人用與水平方向成θ＝30°角的斜向下的推力Ｆ推一個重Ｇ＝200Ｎ的箱子勻速前進(jìn)，箱子與地面間的動摩擦因數(shù)為μ＝0．40（ｇ＝10ｍ／ｓ２）．求圖1-74（1）推力Ｆ的大?。?/p>

（2）若人不改變推力Ｆ的大小，只把力的方向變?yōu)樗饺ネ七@個靜止的箱子，推力作用時間ｔ＝3．0ｓ后撤去，箱子最遠(yuǎn)運動多長距離?

6．一網(wǎng)球運動員在離開網(wǎng)的距離為12ｍ處沿水平方向發(fā)球，發(fā)球高度為2．4ｍ，網(wǎng)的高度為0．9ｍ．

（1）若網(wǎng)球在網(wǎng)上0．1ｍ處越過，求網(wǎng)球的初速度．

（2）若按上述初速度發(fā)球，求該網(wǎng)球落地點到網(wǎng)的距離．

取ｇ＝10／ｍ·ｓ２，不考慮空氣阻力．

7．在光滑的水平面內(nèi)，一質(zhì)量ｍ＝1ｋｇ的質(zhì)點以速度ｖ０＝10ｍ／ｓ沿ｘ軸正方向運動，經(jīng)過原點后受一沿ｙ軸正方向的恒力Ｆ＝5Ｎ作用，直線ＯＡ與ｘ軸成37°角，如圖1-70所示，求：圖1-70（1）如果質(zhì)點的運動軌跡與直線ＯＡ相交于Ｐ點，則質(zhì)點從Ｏ點到Ｐ點所經(jīng)歷的時間以及Ｐ的坐標(biāo)；

（2）質(zhì)點經(jīng)過Ｐ點時的速度．

8．如圖1-71甲所示，質(zhì)量為1ｋｇ的物體置于固定斜面上，對物體施以平行于斜面向上的拉力Ｆ，1ｓ末后將拉力撤去．物體運動的ｖ-ｔ圖象如圖1-71乙，試求拉力Ｆ．圖1-719．一平直的傳送帶以速率ｖ＝2ｍ／ｓ勻速運行，在Ａ處把物體輕輕地放到傳送帶上，經(jīng)過時間ｔ＝6ｓ，物體到達(dá)Ｂ處．Ａ、Ｂ相距Ｌ＝10ｍ．則物體在傳送帶上勻加速運動的時間是多少?如果提高傳送帶的運行速率，物體能較快地傳送到Ｂ處．要讓物體以最短的時間從Ａ處傳送到Ｂ處，說明并計算傳送帶的運行速率至少應(yīng)為多大?若使傳送帶的運行速率在此基礎(chǔ)上再增大1倍，則物體從Ａ傳送到Ｂ的時間又是多少?

10．如圖1-72所示，火箭內(nèi)平臺上放有測試儀器，火箭從地面起動后，以加速度ｇ／2豎直向上勻加速運動，升到某一高度時，測試儀器對平臺的壓力為起動前壓力的17／18，已知地球半徑為Ｒ，求火箭此時離地面的高度．（ｇ為地面附近的重力加速度）圖1-7211．地球質(zhì)量為Ｍ，半徑為Ｒ，萬有引力常量為Ｇ，發(fā)射一顆繞地球表面附近做圓周運動的人造衛(wèi)星，衛(wèi)星的速度稱為第一宇宙速度．

（1）試推導(dǎo)由上述各量表達(dá)的第一宇宙速度的計算式，要求寫出推導(dǎo)依據(jù)．

（2）若已知第一宇宙速度的大小為ｖ＝7．9ｋｍ／ｓ，地球半徑Ｒ＝6．4×10３ｋｍ，萬有引力常量Ｇ＝（2／3）×10－10Ｎ·ｍ２／ｋｇ２，求地球質(zhì)量（結(jié)果要求保留二位有效數(shù)字）．

12．如圖1-75所示，質(zhì)量2．0ｋｇ的小車放在光滑水平面上，在小車右端放一質(zhì)量為1．0ｋｇ的物塊，物塊與小車之間的動摩擦因數(shù)為0．5，當(dāng)物塊與小車同時分別受到水平向左Ｆ１＝6．0Ｎ的拉力和水平向右Ｆ２＝9．0Ｎ的拉力，經(jīng)0．4ｓ同時撤去兩力，為使物塊不從小車上滑下，求小車最少要多長．（ｇ取10ｍ／ｓ２）圖1-7513．如圖1-76所示，帶弧形軌道的小車放在上表面光滑的靜止浮于水面的船上，車左端被固定在船上的物體擋住，小車的弧形軌道和水平部分在Ｂ點相切，且ＡＢ段光滑，ＢＣ段粗糙．現(xiàn)有一個離車的ＢＣ面高為ｈ的木塊由Ａ點自靜止滑下，最終停在車面上ＢＣ段的某處．已知木塊、車、船的質(zhì)量分別為ｍ１＝ｍ，ｍ２＝2ｍ，ｍ３＝3ｍ；木塊與車表面間的動摩擦因數(shù)μ＝0．4，水對船的阻力不計，求木塊在ＢＣ面上滑行的距離ｓ是多少?（設(shè)船足夠長）圖1-7614．如圖1-77所示，一條不可伸長的輕繩長為Ｌ，一端用手握住，另一端系一質(zhì)量為ｍ的小球，今使手握的一端在水平桌面上做半徑為Ｒ、角速度為ω的勻速圓周運動，且使繩始終與半徑Ｒ的圓相切，小球也將在同一水平面內(nèi)做勻速圓周運動，若人手做功的功率為Ｐ，求：圖1-77（1）小球做勻速圓周運動的線速度大?。?/p>

（2）小球在運動過程中所受到的摩擦阻力的大?。?/p>

15．如圖1-78所示，長為Ｌ＝0．50ｍ的木板ＡＢ靜止、固定在水平面上，在ＡＢ的左端面有一質(zhì)量為Ｍ＝0．48ｋｇ的小木塊Ｃ（可視為質(zhì)點），現(xiàn)有一質(zhì)量為ｍ＝20ｇ的子彈以ｖ０＝75ｍ／ｓ的速度射向小木塊Ｃ并留在小木塊中．已知小木塊Ｃ與木板ＡＢ之間的動摩擦因數(shù)為μ＝0．1．（ｇ取10ｍ／ｓ２）圖1-78（1）求小木塊Ｃ運動至ＡＢ右端面時的速度大?。觯玻?/p>

（2）若將木板ＡＢ固定在以ｕ＝1．0ｍ／ｓ恒定速度向右運動的小車上（小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于小木塊Ｃ的質(zhì)量），小木塊Ｃ仍放在木板ＡＢ的Ａ端，子彈以ｖ０′＝76ｍ／ｓ的速度射向小木塊Ｃ并留在小木塊中，求小木塊Ｃ運動至ＡＢ右端面的過程中小車向右運動的距離ｓ．

16．如圖1-79所示，一質(zhì)量Ｍ＝2ｋｇ的長木板Ｂ靜止于光滑水平面上，Ｂ的右邊放有豎直擋板．現(xiàn)有一小物體Ａ（可視為質(zhì)點）質(zhì)量ｍ＝1ｋｇ，以速度ｖ０＝6ｍ／ｓ從Ｂ的左端水平滑上Ｂ，已知Ａ和Ｂ間的動摩擦因數(shù)μ＝0．2，Ｂ與豎直擋板的碰撞時間極短，且碰撞時無機(jī)械能損失．圖1-79（1）若Ｂ的右端距擋板ｓ＝4ｍ，要使Ａ最終不脫離Ｂ，則木板Ｂ的長度至少多長?

（2）若Ｂ的右端距擋板ｓ＝0．5ｍ，要使Ａ最終不脫離Ｂ，則木板Ｂ的長度至少多長?

17．如圖1-80所示，長木板Ａ右邊固定著一個擋板，包括擋板在內(nèi)的總質(zhì)量為1．5Ｍ，靜止在光滑的水平地面上．小木塊Ｂ質(zhì)量為Ｍ，從Ａ的左端開始以初速度ｖ０在Ａ上滑動，滑到右端與擋板發(fā)生碰撞，已知碰撞過程時間極短，碰后木塊Ｂ恰好滑到Ａ的左端就停止滑動．已知Ｂ與Ａ間的動摩擦因數(shù)為μ，Ｂ在Ａ板上單程滑行長度為ｌ．求：圖1-80（1）若μｌ＝3ｖ０２／160ｇ，在Ｂ與擋板碰撞后的運動過程中，摩擦力對木板Ａ做正功還是負(fù)功?做多少功?

（2）討論Ａ和Ｂ在整個運動過程中，是否有可能在某一段時間里運動方向是向左的．如果不可能，說明理由；如果可能，求出發(fā)生這種情況的條件．

18．在某市區(qū)內(nèi)，一輛小汽車在平直的公路上以速度ｖＡ向東勻速行駛，一位觀光游客正由南向北從班馬線上橫過馬路．汽車司機(jī)發(fā)現(xiàn)前方有危險（游客正在Ｄ處）經(jīng)0．7ｓ作出反應(yīng)，緊急剎車，但仍將正步行至Ｂ處的游客撞傷，該汽車最終在Ｃ處停下．為了清晰了解事故現(xiàn)場．現(xiàn)以圖1-81示之：為了判斷汽車司機(jī)是否超速行駛，警方派一警車以法定最高速度ｖｍ＝14．0ｍ／ｓ行駛在同一馬路的同一地段，在肇事汽車的起始制動點Ａ緊急剎車，經(jīng)31．5ｍ后停下來．在事故現(xiàn)場測得＝17．5ｍ、＝14．0ｍ、＝2．6ｍ．問圖1-81①該肇事汽車的初速度ｖＡ是多大?

②游客橫過馬路的速度大小?（ｇ取10ｍ／ｓ２）

19．如圖1-82所示，質(zhì)量ｍＡ＝10ｋｇ的物塊Ａ與質(zhì)量ｍＢ＝2ｋｇ的物塊Ｂ放在傾角θ＝30°的光滑斜面上處于靜止?fàn)顟B(tài)，輕質(zhì)彈簧一端與物塊Ｂ連接，另一端與固定擋板連接，彈簧的勁度系數(shù)ｋ＝400Ｎ／ｍ．現(xiàn)給物塊Ａ施加一個平行于斜面向上的力Ｆ，使物塊Ａ沿斜面向上做勻加速運動，已知力Ｆ在前0．2ｓ內(nèi)為變力，0．2ｓ后為恒力，求（ｇ取10ｍ／ｓ２）圖1-82（1）力Ｆ的最大值與最小值；

（2）力Ｆ由最小值達(dá)到最大值的過程中，物塊Ａ所增加的重力勢能．

20．如圖1-83所示，滑塊Ａ、Ｂ的質(zhì)量分別為ｍ１與ｍ２，ｍ１＜ｍ２，由輕質(zhì)彈簧相連接，置于水平的氣墊導(dǎo)軌上．用一輕繩把兩滑塊拉至最近，使彈簧處于最大壓縮狀態(tài)后綁緊．兩滑塊一起以恒定的速度ｖ０向右滑動．突然，輕繩斷開．當(dāng)彈簧伸長至本身的自然長度時，滑塊Ａ的速度正好為零．問在以后的運動過程中，滑塊Ｂ是否會有速度等于零的時刻?試通過定量分析，證明你的結(jié)論．圖1-8321．如圖1-84所示，表面粗糙的圓盤以恒定角速度ω