2023~2024學(xué)年北京市海淀區(qū)高三（第一次）模擬考試物理試卷

第=page11頁，共=sectionpages11頁絕密★啟用前2023~2024學(xué)年北京市海淀區(qū)高三（第一次）模擬考試物理試卷學(xué)校:___________姓名：___________班級(jí)：___________考號(hào)：___________題號(hào)一二三總分得分留意事項(xiàng):

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦潔凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，本試卷和答題卡一并交回。第I卷（選擇題）一、單選題（本大題共14小題，共56.0分）1.下列現(xiàn)象中，揭示了光的粒子性的是(

)A.光電效應(yīng) B.光的干涉 C.光的偏振 D.光的衍射2.處于n=4能級(jí)的氫原子，向n=2能級(jí)躍遷時(shí)(

)A.吸取光子，能量增加 B.吸取光子，能量削減

C.放出光子，能量增加 D.放出光子，能量削減3.肯定質(zhì)量的抱負(fù)氣體的體積V隨熱力學(xué)溫度T變化的狀況如圖所示。氣體先后經(jīng)受狀態(tài)A、B和C，下列說法正確的是(

)A.從狀態(tài)A到狀態(tài)B，氣體壓強(qiáng)保持不變 B.從狀態(tài)A到狀態(tài)B，氣體內(nèi)能保持不變

C.從狀態(tài)B到狀態(tài)C，氣體對(duì)外做功 D.從狀態(tài)B到狀態(tài)C，氣體向外放熱4.波源O垂直于紙面做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，所激發(fā)的橫波在均勻介質(zhì)中沿紙面對(duì)四周傳播。圖甲為該簡(jiǎn)諧波在t=0.10s時(shí)的俯視圖，實(shí)線圓表示波峰，虛線圓表示波谷，相鄰兩個(gè)實(shí)線圓之間僅有1個(gè)虛線圓。該介質(zhì)中某質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖乙所示，取垂直紙面對(duì)外為正方向。下列說法正確的是(

)A.該波的波速為15cm/s

B.圖甲中質(zhì)點(diǎn)P

和Q

的相位差為π

C.圖甲中質(zhì)點(diǎn)N

在該時(shí)刻速度方向垂直紙面對(duì)外

D.圖乙可能是質(zhì)點(diǎn)N

的振動(dòng)圖像5.如圖所示，水平面上有一上表面光滑的斜面體，一小物塊沿其上表面勻減速上滑，此過程中斜面體始終保持靜止，下列說法正確的是(

)A.斜面體受到地面的摩擦力水平向左

B.斜面體受到地面的摩擦力為零

C.斜面體對(duì)地面的壓力小于斜面體與物塊的重力之和

D.斜面體對(duì)地面的壓力等于斜面體與物塊的重力之和6.如圖所示，衛(wèi)星沿圓形軌道Ⅰ環(huán)繞地球運(yùn)動(dòng)。當(dāng)其運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)時(shí)實(shí)行了一次減速制動(dòng)措施，進(jìn)入橢圓軌道Ⅱ或Ⅲ。軌道Ⅰ、Ⅱ和Ⅲ均與地球赤道面共面。變更軌道后(

)A.衛(wèi)星沿軌道Ⅲ運(yùn)動(dòng) B.衛(wèi)星經(jīng)過M點(diǎn)時(shí)的速度小于7.9km/s

C.衛(wèi)星經(jīng)過M點(diǎn)時(shí)的加速度變大 D.衛(wèi)星環(huán)繞地球運(yùn)動(dòng)的周期變大7.如圖所示，輕桿的一端固定在通過O點(diǎn)的水平轉(zhuǎn)軸上，另一端固定一小球，輕桿繞O點(diǎn)在豎直平面內(nèi)沿順時(shí)針方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其中A點(diǎn)為最高點(diǎn)、C點(diǎn)為最低點(diǎn)，B點(diǎn)與O點(diǎn)等高，下列說法正確的是(

)A.小球經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)，所受桿的作用力肯定豎直向下

B.小球經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)，所受桿的作用力沿著BO方向

C.從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程，小球重力的功率保持不變

D.從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程，桿對(duì)小球的作用力做負(fù)功

8.如圖所示，把一根松軟的銅制彈簧懸掛起來，使它的下端剛好跟槽中的水銀接觸，用導(dǎo)線連接彈簧上端作為接線端a，另一根導(dǎo)線浸在水銀槽中作為另一個(gè)接線端b，再將a、b端分別與始終流電源兩極相連，發(fā)覺彈簧開頭豎直上下振動(dòng)，電路交替通斷。關(guān)于該試驗(yàn)。下列說法正確的是(

)A.通入電流時(shí)，彈簧各相鄰線圈之間相互排斥

B.將a、b端的極性對(duì)調(diào)，彈簧將不再上下振動(dòng)

C.增大電流，彈簧下端離開水銀液面的最大高度肯定變小

D.用頻率合適的溝通電，也可使彈簧上下振動(dòng)9.水平放置的平行板電容器C、定值電阻R0、滑動(dòng)變阻器R、電源E和開關(guān)S等元件組成如圖所示電路，閉合S待穩(wěn)定后，電容器兩極板間的帶電油滴A恰好保持靜止。不考慮空氣阻力和浮力，下列說法正確的是(

)A.當(dāng)R接入電路中的阻值變大時(shí)，電容器將放電

B.當(dāng)R接入電路中的阻值變小時(shí)，油滴A將向下運(yùn)動(dòng)

C.僅換用阻值更大的R0，油滴A將向下運(yùn)動(dòng)

D.僅換用阻值更小的R0，油滴10.一電子只在靜電力作用下沿+x方向運(yùn)動(dòng)，其所在位置處的電勢(shì)φ隨位置x變化的圖線如圖中拋物線所示，下列說法正確的是(

)A.x1與x3處的電場(chǎng)方向相同 B.從x1運(yùn)動(dòng)到x2，電場(chǎng)力對(duì)電子做正功

C.電子在x1處的速率小于在x3處的速率 11.如圖所示，輕彈簧下端連接一重物，用手托住重物并使彈簧處于壓縮狀態(tài)。然后手與重物一同緩慢下降，直至重物與手分別并保持靜止。在此過程中，下列說法正確的是(

)A.彈簧的彈性勢(shì)能與物體的重力勢(shì)能之和先削減再增加

B.彈簧對(duì)重物做的功等于重物機(jī)械能的變化量

C.重物對(duì)手的壓力隨下降的距離均勻變化

D.手對(duì)重物做的功肯定等于重物重力勢(shì)能的變化量12.如圖所示，空間中存在豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形線框abcd的總電阻為R。除ab邊為硬質(zhì)金屬桿外，其它邊均為不行伸長(zhǎng)的輕質(zhì)金屬細(xì)線，并且cd邊保持不動(dòng)，桿ab的質(zhì)量為m。將線框拉至水平后由靜止釋放，桿ab第一次擺到最低位置時(shí)的速率為v。重力加速度為g，忽視空氣阻力。關(guān)于該過程，下列說法正確的是(

)A.a

端電勢(shì)始終低于b

端電勢(shì) B.桿ab

中電流的大小、方向均保持不變

C.安培力對(duì)桿ab

的沖量大小為B2L3R D.安培力對(duì)桿13.只利用下列選項(xiàng)中的器材，不能測(cè)量出當(dāng)?shù)刂亓铀俣鹊氖?

)A.1根長(zhǎng)度已知的直桿、1個(gè)質(zhì)量未知的小物塊、1塊停表

B.1根長(zhǎng)度已知的輕繩、2個(gè)質(zhì)量已知的小物塊、1個(gè)滑輪、1個(gè)鐵架臺(tái)

C.1個(gè)放射初速度已知的拋射器、1個(gè)質(zhì)量未知的拋射物、1把直尺

D.1個(gè)質(zhì)量已知的小物塊、1根長(zhǎng)度未知的輕繩、1把直尺、1塊停表14.2024年10月31日“夢(mèng)天”試驗(yàn)艙成功放射，其上配置了世界領(lǐng)先的微重力超冷原子物理試驗(yàn)平臺(tái)，利用太空中的微重力環(huán)境和冷卻技術(shù)，可獲得地面無法制備的超冷原子。超冷原子是指溫度接近0K狀態(tài)下的原子(質(zhì)量約10?27kg)，其運(yùn)動(dòng)速度約為室溫下原子速度(約500m/s)的5×10?5倍。超冷原子的制備要先利用激光冷卻技術(shù)，使用方向相反的兩束激光照射原子，原子會(huì)吸取激光的光子然后再向四周隨機(jī)輻射光子，經(jīng)過多次吸取和輻射后，原子的速度減小。同時(shí)施加磁場(chǎng)將原子束縛在肯定區(qū)域內(nèi)，避開原子逃逸，以延長(zhǎng)原子與激光作用的時(shí)間。再用蒸發(fā)冷卻技術(shù)，將速度較大的原子從該區(qū)域中排解，進(jìn)一步降低溫度。取普朗克常量A.太空中的微重力環(huán)境可使試驗(yàn)艙中的原子長(zhǎng)時(shí)間處于懸浮狀態(tài)，利于獲得超冷原子

B.超冷原子的物質(zhì)波波長(zhǎng)約為10?5m量級(jí)

C.原子減速是通過原子向四周隨機(jī)輻射光子實(shí)現(xiàn)的

第II卷（非選擇題）二、試驗(yàn)題（本大題共2小題，共18.0分）15.物理試驗(yàn)一般都涉及試驗(yàn)?zāi)康?、試?yàn)原理、試驗(yàn)儀器、試驗(yàn)方法、試驗(yàn)操作、數(shù)據(jù)分析等。

(1)某同學(xué)在做楊氏雙縫試驗(yàn)時(shí)，分別用波長(zhǎng)λ1和λ2的單色光，經(jīng)同一干涉裝置得到如圖甲和乙所示的干涉條紋，可知λ1

λ2(選填“>”“=”或“<”)

(2)圖中A、B端之間電壓恒為U，燈泡L的電阻恒為R1，滑動(dòng)變阻器R的最大阻值為R2，在保證平安的狀況下，為使燈泡滿足兩端電壓變化范圍盡量大，應(yīng)選擇

(選填“甲”“乙或”丙“)電路，燈泡兩端電壓最大變化范圍是

。

(3)在探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律的試驗(yàn)中，橡皮條的一端連接輕質(zhì)小圓環(huán)，另一端固定，通過兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)共同拉動(dòng)小圓環(huán)。小圓環(huán)受到拉力F1、F2的共同作用靜止于O點(diǎn)。撤去F1、F2，改用一個(gè)拉力F單獨(dú)拉住小圓環(huán)，仍使它靜止于O點(diǎn)。甲、乙、丙三位同學(xué)在白紙上記錄的F1、F2和F16.某同學(xué)探究平拋運(yùn)動(dòng)的待點(diǎn)。(1)用如圖1所示裝置探究平拋運(yùn)動(dòng)豎直分運(yùn)動(dòng)的待點(diǎn)。用小錘打擊彈性金屬片后，A球沿水平方向飛出，同時(shí)B球被松開并自由下落，比較兩球的落地時(shí)間。①關(guān)于該試驗(yàn)，下列說法正確的是_______(選填選項(xiàng)前的字母)。A.?A、B兩球應(yīng)選用體積小、質(zhì)量大的小球B.打擊彈性金屬片后兩球需要落在同一水平面上C.比較兩球落地時(shí)間必需要測(cè)量?jī)汕蛳侣涞捏{度②多次轉(zhuǎn)變A、B兩球釋放的高度和小錘敲擊彈性金屬片的力度，發(fā)覺每一次試驗(yàn)時(shí)都只會(huì)聽到一下小球落地的聲響，由此____說明A球豎直方向分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)，_________說明A球水平方向分運(yùn)動(dòng)為勻速直線運(yùn)動(dòng)。(選填“能”或“不能”)(2)用如圖2所示裝置爭(zhēng)辯平拋運(yùn)動(dòng)水平分運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)。將白紙和復(fù)寫紙對(duì)齊重疊并固定在豎直硬板上。A球沿斜槽軌道PQ滑下后從斜槽末端Q飛出，落在水平擋板MN上。由于擋板靠近硬板一側(cè)較低，鋼球落在擋板上時(shí)，A球會(huì)在白紙上擠壓出一個(gè)痕跡點(diǎn)。移動(dòng)擋板，依次重復(fù)上述操作，白紙上將留下一系列痕跡點(diǎn)。

①下列操作中，必要的是_______(選填選項(xiàng)前的字母)。A.通過調(diào)整使斜槽末段保持水平B.每次需要從不同位置靜止釋放A球C.通過調(diào)整使硬板保持豎直D.盡可能減小A球與斜槽之間的摩擦②某同學(xué)用圖2的試驗(yàn)裝置得到的痕跡點(diǎn)如圖3所示，其中一個(gè)偏差較大的點(diǎn)產(chǎn)生的緣由，可能是該次試驗(yàn)__________(選填選項(xiàng)前的字母)。A.A球釋放的高度偏高B.A球釋放的高度偏低C.A球沒有被靜止釋放D.擋板MN未水平放置(3)某同學(xué)用平滑曲線連接這些痕跡點(diǎn)，得到圖4所示A球做平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡。請(qǐng)利用該軌跡和(1)中得出的平拋運(yùn)動(dòng)豎直方向分運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，說明怎樣確定平拋運(yùn)動(dòng)水平分運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)。三、計(jì)算題（本大題共4小題，共40.0分）17.圖1中過山車可抽象為圖2所示模型：弧形軌道下端與半徑為R的豎直圓軌道平滑相接，B點(diǎn)和C點(diǎn)分別為圓軌道的最低點(diǎn)和最高點(diǎn)。質(zhì)量為m的小球(可視為質(zhì)點(diǎn))從弧形軌道上距B點(diǎn)高4R的A點(diǎn)靜止釋放，先后經(jīng)過B點(diǎn)和C點(diǎn)，而后沿圓軌道滑下。忽視一切摩擦，已知重力加速度g。(1)求小球通過B點(diǎn)時(shí)的速度大小vB(2)求小球通過C點(diǎn)時(shí)，軌道對(duì)小球作用力的大小F和方向。(3)請(qǐng)分析比較小球通過B點(diǎn)和C點(diǎn)時(shí)加速度的大小關(guān)系。18.如圖所示，一個(gè)電阻、匝數(shù)N=100(圖中只畫了1匝)的圓形金屬線圈與R=8Ω的定值電阻連成閉合回路，線圈所圍面積S=0.2m2，線圈處在垂直于線圈平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，取垂直線圈平面對(duì)里為磁場(chǎng)正方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的關(guān)系為B=(0.4?0.2t)T。求(1)通過電阻R的電流大小I和方向；(2)4s內(nèi)：a.通過電阻R的電荷量q；b.電路中產(chǎn)生的焦耳熱Q。19.反沖是常見的現(xiàn)象。(1)靜止的鈾核(?92238U)放出1個(gè)動(dòng)能為E的未知粒子后，衰變?yōu)閍.請(qǐng)寫出上述衰變過程的核反應(yīng)方程；b.求反沖的釷核的動(dòng)能Ek。(計(jì)算中可忽視質(zhì)子和中子質(zhì)量的差異，不考慮相對(duì)論效應(yīng)(2)如圖所示，用輕繩連接的滑塊A和B(均可視為質(zhì)點(diǎn))靜止在光滑水平面上，其間有一被輕繩束縛而處于壓縮狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧，已知滑塊A的質(zhì)量為m，彈簧的彈性勢(shì)能為Ep。請(qǐng)證明：滑塊B的質(zhì)量M越大，剪斷輕繩，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，滑塊A(3)如圖所示，以地心為參考系，質(zhì)量為M的衛(wèi)星只在地球引力的作用下沿與赤道面共面的橢圓軌道運(yùn)動(dòng)。衛(wèi)星的發(fā)動(dòng)機(jī)短暫點(diǎn)火可使衛(wèi)星變更軌道：將質(zhì)量為Δm的氣體在極短時(shí)間內(nèi)一次性向后噴出。假設(shè)無論發(fā)動(dòng)機(jī)在什么位置短暫點(diǎn)火，點(diǎn)火后噴出氣體相對(duì)點(diǎn)火后衛(wèi)星的速度大小u都相同。假如想使點(diǎn)火后衛(wèi)星的動(dòng)能盡可能大，請(qǐng)通過分析，指出最佳的點(diǎn)火位置。20.電容是物理學(xué)中重要的物理量。如圖1所示，空氣中水平放置的平行板電容器A布滿電后，僅轉(zhuǎn)變電容器A兩極板間的距離d。電容器A的電容C也隨之變化。多次試驗(yàn)后，作出一條斜率為p的直線，如圖2所示。不考慮邊緣效應(yīng)。(1)回答下列問題。a.若開關(guān)保持?jǐn)嚅_狀態(tài)，分析當(dāng)板間距d

變化時(shí)，兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E

如何變化。b.依據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度的定義、電場(chǎng)強(qiáng)度可疊加的性質(zhì)，證明當(dāng)電容器A所帶電荷量為q

時(shí)，下極板對(duì)上極板電場(chǎng)力的大小F=q(2)用電容器A制成靜電天平，其原理如圖3所示：空氣中，平行板電容器的下極板固定不動(dòng)，上極板接到等臂天平的左端。當(dāng)電容器不帶電時(shí)，天平恰好保持水平平衡，兩極板間的距離為d

。當(dāng)天平右端放一個(gè)質(zhì)量為m

的砝碼時(shí)，需要在電容器的兩極板間加上電壓U

，使天平重新水平平衡。某同學(xué)提出若用電壓表(可視為抱負(fù)表)讀出上述電壓，則可推知所加砝碼的質(zhì)量。因此，他預(yù)備將圖4中該電壓表表盤(示意圖)上的電壓值改換為相應(yīng)的質(zhì)量值。他已經(jīng)完成了部分測(cè)量，請(qǐng)?jiān)趫D4的表盤上標(biāo)上2V和3V對(duì)應(yīng)的質(zhì)量值，并給出一種擴(kuò)大該靜電天平量程的方法。(3)如圖5所示，將電容器A的下極板固定不動(dòng)，上極板由一勁度系數(shù)為k

的輕質(zhì)絕緣彈簧懸掛住。當(dāng)兩極板均不帶電時(shí)，極板間的距離為d0。保持兩極板始終水平正對(duì)且不發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)兩極板間所加電壓為U

時(shí)，爭(zhēng)辯上極板平衡位置的個(gè)數(shù)N

的狀況。

答案和解析1.【答案】A

【解析】光的干涉、光的偏振、光的衍射說明光具有波動(dòng)性，光電效應(yīng)說明光具有粒子性。

故選：A。

2.【答案】D

【解析】氫原子從n=4躍遷到n=2能級(jí)，氫原子的能量削減，放出光子。

故選：D。

3.【答案】A

【解析】AB.從狀態(tài)A到狀態(tài)B，氣體做等壓變化，溫度上升，氣體內(nèi)能變大，故A正確，B錯(cuò)誤；

CD.從狀態(tài)B到狀態(tài)C，溫度上升，氣體內(nèi)能增大，體積不變，氣體不做功，由熱力學(xué)第肯定律可知，氣體從外界吸取熱量，故CD錯(cuò)誤；

故選：A。

4.【答案】B

【解析】A.由圖甲可知，，解的，由圖乙可知，周期，由公式v=λT得，，故A錯(cuò)誤；

B.由圖甲可知，質(zhì)點(diǎn)的P和Q距離為半個(gè)波長(zhǎng)，則相位差為π，故B正確；

CD.由圖甲可知，14T后波谷傳播到N點(diǎn)，則該時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)N點(diǎn)的速度方向垂直紙面對(duì)里，圖乙中質(zhì)點(diǎn)在時(shí)刻速度方向垂直紙面對(duì)外，則圖乙不是質(zhì)點(diǎn)N的振動(dòng)圖像，故CD錯(cuò)誤。

故選：B

5.【答案】C

【解析】小物塊沿斜面勻減速上滑，加速度沿斜面對(duì)下，對(duì)斜面體和小物塊整體分析，將整體加速度分解為水平方向的a1和豎直方向的a2，依據(jù)牛頓其次定律得：水平方向有：f=ma1，豎直方向有：(M+m)g?F6.【答案】B

【解析】A.衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)時(shí)減速，萬有引力大于向心力，衛(wèi)星做近心運(yùn)動(dòng)，衛(wèi)星沿軌道Ⅱ運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；

B.衛(wèi)星在近地軌道運(yùn)動(dòng)的速度約為7.9km/s，在軌道I的半徑大于近地軌道的半徑，依據(jù)

得v=GMr

可知，衛(wèi)星經(jīng)過M點(diǎn)時(shí)的速度小于7.9km/s，B正確；

C.依據(jù)

得a=GMr2

由于M點(diǎn)離地球的距離不變，衛(wèi)星經(jīng)過M點(diǎn)時(shí)的加速度大小不變，C錯(cuò)誤；

D.依據(jù)開普勒第三定律，軌道II的半長(zhǎng)軸小于軌道I的半徑，故從軌道I變到軌道II，衛(wèi)星環(huán)繞地球運(yùn)動(dòng)的周期變小，D錯(cuò)誤。

7.【答案】D

【解析】A.小球經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)，合外力供應(yīng)向心力，則當(dāng)小球速度較小時(shí)mv2r<mg，則所受桿的作用力豎直向上；

當(dāng)小球速度較大時(shí)mv2r>mg，則所受桿的作用力豎直向下；

當(dāng)小球速度mv2r=mg，則桿對(duì)小球無作用力。故A錯(cuò)誤；

B.合外力供應(yīng)向心力，小球受重力和桿給的作用力，則小球所受桿的作用力為右上方。故B錯(cuò)誤；

C.A點(diǎn)和C點(diǎn)處重力與速度方向垂直，則小球重力的功率為0，B點(diǎn)處重力與速度共線，故重力功率不為0，則從A點(diǎn)到C點(diǎn)的過程，小球重力的功領(lǐng)先增大再減小。故C錯(cuò)誤；

D.A到8.【答案】D

【解析】A.通入電流時(shí)，彈簧各相鄰線圈中電流的方向相同，依據(jù)同向電流相互吸引可知，它們之間相互吸引，故A錯(cuò)誤；

B.將a、b端的極性對(duì)調(diào)，彈簧各相鄰線圈中電流的方向仍舊相同，它們之間相互吸引，導(dǎo)致彈簧收縮，下端離開水銀液面，電路斷開，電流消逝，彈簧伸長(zhǎng)，電路導(dǎo)通，重復(fù)上述過程，水銀彈簧仍舊上下振動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C.增大電流，彈簧各相鄰線圈之間相互吸引力增大，下端離開水銀液面的最大高度肯定變大，故C錯(cuò)誤；

D.結(jié)合上面選項(xiàng)分析，彈簧的上下振動(dòng)與電流的方向無關(guān)，用頻率合適的溝通電，也可使彈簧上下振動(dòng)，故D正確。

故選D。

9.【答案】A

【解析】A.滑動(dòng)變阻器R和定值電阻R0串聯(lián)，所以當(dāng)R接入電路中的阻值變大時(shí)，電路中的總電阻變大，依據(jù)閉合電路歐姆定律I=ER+R0可知電路中的總電流變小，依據(jù)歐姆定律，電阻R0兩端的電壓變小，電容器與電阻R0并聯(lián)，所以電容器兩端的電壓減小，依據(jù)Q=CU可知電容器所帶電荷量會(huì)削減，電容器會(huì)放電，故A正確；

B.同理，當(dāng)R接入電路中的阻值變小時(shí)，電路中總電阻減小，依據(jù)閉合電路歐姆定律I=ER+R0可知電路中的總電流變大，依據(jù)歐姆定律電阻R0兩端的電壓變大，電容器與電阻R0并聯(lián)，所以電容器兩端的電壓變大，依據(jù)可知，電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度變大，由于油滴A開頭時(shí)受到重力和電場(chǎng)力平衡，當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度增大后，依據(jù)F=Eq可知油滴受到的電場(chǎng)力增大，所以油滴向上運(yùn)動(dòng)，B錯(cuò)誤；

C.僅換用阻值更大的R0，電路中總電阻增大，依據(jù)閉合電路歐姆定律I=ER+R0可知電路中的總電流變小，依據(jù)閉合電路歐姆定律U0=E?IR電阻R0兩端的電壓變大，電容器與電阻R0并聯(lián)，所以電容器兩端的電壓變大，依據(jù)可知，電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度變大，由于油滴A開頭時(shí)受到重力和電場(chǎng)力平衡，當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度增大后，依據(jù)F=Eq可知油滴受到的電場(chǎng)力增大，所以油滴向上運(yùn)動(dòng)，C錯(cuò)誤；

D.僅換用阻值更小的R0，電路中總電阻變小，依據(jù)閉合電路歐姆定律I=E10.【答案】C

【解析】A.依據(jù)電勢(shì)變化可知，x1的電場(chǎng)方向沿x軸正方向，x3處的電場(chǎng)方向沿x軸負(fù)方向，A錯(cuò)誤；

B.從x1運(yùn)動(dòng)到x2，電勢(shì)降低，電子電勢(shì)能增大，故電場(chǎng)力對(duì)電子做負(fù)功，B錯(cuò)誤；

C.電子運(yùn)動(dòng)過程中僅電場(chǎng)力做功，故電子電勢(shì)能與動(dòng)能的總和不變，電子在x1處的電勢(shì)能大于在x3處的電勢(shì)能，故電子在x1處的速率小于在x3處的速率，C正確；

D.電勢(shì)φ隨位置x變化的圖線斜率表示場(chǎng)強(qiáng)，則電子從x2運(yùn)動(dòng)到11.【答案】C

【解析】A.由題可知，重物的動(dòng)能變化量為零，由于手對(duì)重物的作用力始終豎直向上，將彈簧與重物視作一個(gè)整體，故手對(duì)整體始終做負(fù)功，故彈簧的彈性勢(shì)能與物體的重力勢(shì)能之和始終在削減，故A錯(cuò)誤；

B.彈簧和手對(duì)重物的功等于重物機(jī)械能的變化量，故B錯(cuò)誤；

C.由題可知，當(dāng)彈簧的彈力與重物的重力相等時(shí)，手與重物間的彈力為零，則兩者分別，設(shè)此時(shí)彈簧的形變量為x0，則有

當(dāng)彈簧處于壓縮狀態(tài)下重物靜止緩慢向下，設(shè)重物下降的距離為x，則有

聯(lián)立解得，故C正確；

D.物體重力做的功等于重物重力勢(shì)能的變化量，故D錯(cuò)誤。

故選C。

12.【答案】C

【解析】A.依據(jù)題意，由右手定則可知，桿ab切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向?yàn)閎到a，則a端電勢(shì)始終高于b端電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；

B.依據(jù)題意可知，桿ab運(yùn)動(dòng)過程中，垂直磁場(chǎng)方向的分速度大小發(fā)生變化，則感應(yīng)電流大小變化，故B錯(cuò)誤；

C.安培力對(duì)桿ab的沖量大小為I=BL∑it=BLq

又有、和E=ΔΦΔt，可得q=ΔΦR=BL2R

則安培力對(duì)桿ab

的沖量大小為B2L3R，故C正確；

D.依據(jù)題意，設(shè)安培力對(duì)桿ab

做的功，由動(dòng)能定理有13.【答案】B

【解析】AD.利用長(zhǎng)度已知的直桿測(cè)得小物塊下落的高度，或者利用直尺測(cè)得輕繩長(zhǎng)度，則可知小球下落的高度，依據(jù)停表測(cè)得時(shí)間，則由?=12gt2可測(cè)得重力加速度，故AD正確；

B.依據(jù)選項(xiàng)器材無法測(cè)得物塊的速度，則無法通過機(jī)械能守恒求得重力加速度，故B錯(cuò)誤；

C.利用直尺測(cè)得拋射器的高度，水平放射拋射物，依據(jù)直尺測(cè)得拋射物的水平距離，依據(jù)?=12gt2，x=vt

14.【答案】C

【解析】A.在微重力環(huán)境下，原子幾乎不受外力，故而能夠長(zhǎng)時(shí)間處于懸浮狀態(tài)，有利于激光照射，故利于獲得超冷原子，A正確，不符合題意；

B.由德布羅意波波長(zhǎng)公式

其中

解得超冷原子的物質(zhì)波波長(zhǎng)，故B正確，不符合題意；

C.原子減速是通過吸取迎面射來的激光光子的能量，從而動(dòng)量削減，速度減小，故C錯(cuò)誤，符合題意；

D.超冷原子的蒸發(fā)冷卻的機(jī)制，與室溫下水杯中的水蒸發(fā)冷卻的機(jī)制類似，D正確，不符合題意。

故選C。

15.【答案】（1）＞；（2）乙，0~U;（3）乙

【解析】（1）依據(jù)Δx=Ldλ可知，Δx1>Δx2，則有λ1>λ2，

（2）在保證平安的狀況下，為使燈泡兩端電壓的變化范圍盡量大，滑動(dòng)變阻器應(yīng)當(dāng)接受分壓接法，所以選”乙“，由乙圖可知，燈泡與滑動(dòng)變阻器的接入電路的部分并聯(lián)，燈泡兩端電壓最大變化范圍是0~16.【答案】(1)

①.AB；②

能；不能；

(2)

①AC；②AC；

(3)如圖所示，在曲線OP上取A、B、C三點(diǎn)，這四個(gè)點(diǎn)對(duì)應(yīng)的坐標(biāo)分別(xA,yA),(xB,yB【解析】(1)

①A.為了減小空氣阻力對(duì)試驗(yàn)的影響，應(yīng)選用體積小，密度大的小球，故A正確；

B.打擊彈性金屬片后兩球需要落在同一水平面上，以確保小落高度相同，故B正確；

C.比較兩球落地時(shí)間不需要測(cè)量?jī)汕蛳侣涞母叨?，C錯(cuò)誤。

故選AB。

②多次轉(zhuǎn)變A、B兩球釋放的高度和小錘敲擊彈性金屬片的力度，發(fā)覺每一次試驗(yàn)時(shí)都只會(huì)聽到一下小球落地的聲響，由此可以能A球豎直方向分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)，不能說明A球水平方向分運(yùn)動(dòng)為勻速直線運(yùn)動(dòng)。

(2)

①A.由于“爭(zhēng)辯平拋物體的運(yùn)動(dòng)”斜槽的末端必需保持水平，A正確；

B.由于每次小球運(yùn)動(dòng)軌跡相同，因此每次小球必需從同一位置，由靜止釋放，B錯(cuò)誤；

C.平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡位于豎直方向，因此硬板應(yīng)保持豎直，C正確；

D.A球每次從同一位置靜止釋放即可，不需要減小A球與斜槽之間的摩擦，D錯(cuò)誤。

故選AC。

②通過圖像可知，這個(gè)偏差較大的點(diǎn)處水平的速度相比其他的點(diǎn)較大，故產(chǎn)生的緣由，可能是該次試驗(yàn)A球釋放的高度偏高或A球沒有被靜止釋放，故AC正確，BD錯(cuò)誤。

故選AC。

(3)如圖所示，在曲線OP上取A、B、C三點(diǎn)，這四個(gè)點(diǎn)對(duì)應(yīng)的坐標(biāo)分別(xA,yA),(xB,yB),(x17.【答案】(1)小球從A到B由動(dòng)能定理mg?4R=12mvB2

解得小球通過B點(diǎn)時(shí)的速度大小

(2)小球從A到C由動(dòng)能定理

解得小球通過C點(diǎn)時(shí)的速度大小vC=2gR

在C點(diǎn)由牛頓其次定律F+mg=mvC2R

解得小球通過C點(diǎn)時(shí)，軌道對(duì)小球作用力的大小，方向豎直向下。

(3)小球在B【解析】本題考查的是動(dòng)能定理和豎直面圓周運(yùn)動(dòng)的結(jié)合。

18.【答案】(1)由題意可知，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間t變化為，可知磁感應(yīng)強(qiáng)度在減小，依據(jù)楞次定律可知，通過電阻R的電流方向?yàn)橛蒪到a，

由法拉第電磁感應(yīng)定律可得：E=NΔΦΔt=NΔBΔtS

由歐姆定律可得：

解得

(2)a.之前的分析可知，通過電阻R的電流為0.4A，則4s內(nèi)通過電阻R的電荷量有

b.依據(jù)焦耳定律有，4s內(nèi)電路產(chǎn)生的熱量為【解析】本題考查的是感生電動(dòng)勢(shì)和電路的結(jié)合。

19.【答案】(1)a.依據(jù)質(zhì)量數(shù)和質(zhì)子數(shù)守恒，則鈾核衰變方