核心素養(yǎng)卷（02）決勝2021年新高考物理核心素養(yǎng)卷（重慶專用）（解析版）

2021年重慶市新高考綜合模擬

物理核心素養(yǎng)卷（02）

一、單項(xiàng)選擇題:本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)

是符合題目要求的。

1.對原子和原子核的認(rèn)識，下列說法正確的是（）

A.大量處于〃=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷時(shí)，最多可產(chǎn)生4種不同頻率的光子

B.核衰變時(shí)放出的射線都是由帶電粒子所組成的

C.某種原子的發(fā)射光譜是線狀譜，說明該原子只能發(fā)出幾種特定頻率的光

D.組成原子核的核子越多，原子核越穩(wěn)定

【答案】C

【解析】A.大量處于〃=4激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷時(shí)，最多可產(chǎn)生=6種不同頻率的光子，A項(xiàng)錯(cuò)

誤；

B.核衰變時(shí)放出的射線中有7射線，/射線是電磁波，不帶電，B項(xiàng)錯(cuò)誤；

C.某種原子的發(fā)射光譜是線狀譜，說明該原子只能發(fā)出幾種特定頻率的光，C項(xiàng)正確；

D.原子比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，核子越多的原子核不?定穩(wěn)定，D項(xiàng)錯(cuò)誤。

故選C。

2.如圖所示，兩側(cè)帶有固定擋板的平板車乙靜止在光滑水平地面上，擋板的厚度可忽略不計(jì)，車長為2L,

與平板車質(zhì)量相同的物體甲（可視為質(zhì)點(diǎn)）由平板車的中點(diǎn)處以初速度%向右運(yùn)動，已知甲、乙之間的動

摩擦因數(shù)為〃，重力加速度為g,忽略甲、乙碰撞過程中的能量損失。下列說法正確的是（）

A.甲、乙達(dá)到共同速度所需的時(shí)間為.

4g

B.甲、乙共速前甲的速度一定始終大于乙的速度

2

C.如果甲、乙碰撞的次數(shù)為則最終甲距離乙左端的距離可能為4+L+

4〃g

2

D.如果甲、乙碰撞的次數(shù)為〃，則最終甲距離乙左端的距離可能為L+

4〃g

【答案】D

【解析】AB.設(shè)甲、乙質(zhì)量均為〃？，碰前瞬間中的速度為4,乙的速度為匕，碰后瞬間甲的速度為X，

乙的速度為V；,由動量守恒定律和機(jī)械能守恒定律有

解得

皿=丫2，%=9

即甲、乙發(fā)生碰撞時(shí)速度互換，設(shè)甲、乙最終的共同速度為匕，則

得

則達(dá)到共速所需的時(shí)間為

故AB錯(cuò)誤；

CD.甲、乙從開始運(yùn)動到相對靜止，設(shè)甲、乙相對路程為s,由動能定理有

解得

甲、乙共發(fā)牛W次碰撞，設(shè)相對靜止時(shí)物體甲距平板車左端的距離為S。，若甲、乙最后一次碰撞發(fā)生在平

板車的左側(cè)擋板，則

解得

若甲、乙最后一次碰撞發(fā)生在平板車右側(cè)擋板，則

解得

故C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

3.如圖所示，清洗樓房玻璃的工人常用根繩索將自己懸在空中，工人及其裝備的總重量為80kg,懸繩與豎

直墻壁的夾角為30。，懸繩對工人的拉力大小為FT,墻壁對工人的彈力大小為FN,不計(jì)工人與墻壁之間的

摩擦，重力加速度g取10m/s2。則()

A.FT=1600NB.4二圖等NC.FN=800ND.0=100()GN

【答案】B

【解析】分析工人受力：工人受到重力G、支持力心和拉力尸T

懸繩與豎直墻壁的夾角為

根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有水平方向

豎直方向

解得

EG1600^..?8006Z

耳=-----=--------N,F=Giana=---------N

cosa3N3

故選B。

4.如圖所示，在傾角夕=37。的光滑固定斜面上，物塊A、3質(zhì)量均為根，物塊A與輕彈簧相連，物塊3

用平行于斜面的細(xì)線與斜面頂端相連，A、B靜止且兩者之間的彈力大小為等，重力加速度為g,

sin370=0.6,cos370=0.8,某時(shí)刻把細(xì)線剪斷，下列說法正確的是（）

A.細(xì)線剪斷前，細(xì)線的拉力大小為0.6，〃g

B.細(xì)線剪斷前，彈簧彈力大小為L2mg

C.細(xì)線剪斷瞬間，A、B之間的彈力大小為0.5/〃g

D.細(xì)線剪斷瞬間，4、B之間的彈力大小為0.55mg

【答案】D

【解析】A.細(xì)線剪斷前，對B分析，有

解得

A錯(cuò)誤；

B.細(xì)線剪斷前，對整體分析有

解得

B錯(cuò)誤；

CD.細(xì)線剪斷瞬間，彈簧彈力不變，整體分析有

對8分析，有

解得

C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

5.在光滑的水平面上固定兩個(gè)點(diǎn)電荷A和B,它們的質(zhì)量分別為2/篦和加，所帶電荷量分別為。和2Q,

如圖所示。水平外力先作用在A上，解除鎖定后A,B恰能一起相對靜止做勻加速直線運(yùn)動，調(diào)整A、B

間的距離，后用相同大小的水平外力作用在B上，A、B又恰能一起相對靜止做勻加速直線運(yùn)動。則以下

說法正確的是（）

A.兩點(diǎn)電荷的電性一定相反

B.外力作用在A上時(shí)兩點(diǎn)電荷的加速度小于作用在B上時(shí)兩點(diǎn)電荷的加速度

C.點(diǎn)電荷A對點(diǎn)電荷B的庫侖力大于點(diǎn)電荷B對點(diǎn)電荷A的庫侖力

D.外力作用在A上時(shí)A、B的間距與作用在B上時(shí)A、B的間距之比為a：1

【答案】D

【解析】A.外力向右作用于A或向左作用于B的情況下，兩點(diǎn)電荷間的作用力是斥力，兩點(diǎn)電荷的電性

相同，外力向左作用于A或向右作用于B的情況下，兩點(diǎn)電荷間的作用力是引力，兩點(diǎn)電荷的電性相反，

故A錯(cuò)誤；

B.對整體有

外力作用在A上時(shí)兩點(diǎn)電荷的加速度等于作用在B上時(shí)的加速度，故B錯(cuò)誤；

C.點(diǎn)電荷A對點(diǎn)電荷B的庫侖力與點(diǎn)電荷B對點(diǎn)電荷A的庫侖力是一對作用力與反作用力，大小相等、

方向相反，故C錯(cuò)誤；

D.設(shè)當(dāng)外力作用在A上時(shí)A、B的間距為4，對B有

設(shè)當(dāng)外力作用在B上時(shí)A、B的間距為與，對A有

聯(lián)立解得

故D正確。

故選D。

6.六根通電長直導(dǎo)線垂直紙面平行固定，其截面構(gòu)成一正六邊形，0為正六邊形的中心，通過長直導(dǎo)線

b、c、d、e、/的電流分別為人、右、乙、乙、4、4,a、c,e中通過的電流大小相等，b、d、

/中通過的電流大小相等，電流方向如圖所示.已知通電長直導(dǎo)線在距導(dǎo)線廠處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

B'=k-,此時(shí)。點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為63,導(dǎo)線。在0處產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8,則移除e

r

導(dǎo)線后，e導(dǎo)線所在處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）

A.0B.BC.V3BD.2B

【答案】A

【解析】結(jié)合題圖可知各導(dǎo)線在。點(diǎn)產(chǎn)生的磁場方向如圖1所示，。、e中通過的電流大小相等，且到

。點(diǎn)的距離相等，。、c、e三條導(dǎo)線在。點(diǎn)產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為5,合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為28,

則。、d、/三條導(dǎo)線在0點(diǎn)產(chǎn)生磁場的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為48,結(jié)合上述分析可知，b、d、/三條

導(dǎo)線中的電流大小是。、c、e三條導(dǎo)線中電流大小的2倍；去掉e導(dǎo)線后剩余導(dǎo)線在e導(dǎo)線處產(chǎn)生磁場的

方向如圖2所示，由

知

夾角為120°

夾角為60。

由平行四邊形定則求得e導(dǎo)線所在處的合磁感應(yīng)強(qiáng)度為0。

故選A。

7.如圖所示是一豎直固定在水平地面上的可伸縮細(xì)管，上端平滑連接一四分之一細(xì)圓弧彎管，管內(nèi)均光滑,

右管口切線水平。豎直細(xì)管底部有一彈射裝置（高度忽略不計(jì)），可以讓靜止在細(xì)管底部的小球（可視為

質(zhì)點(diǎn)）瞬間獲得足夠大的速度%,通過調(diào)節(jié)豎直細(xì)管的長度〃，可以改變上端管口到地面的高度，從而改

變小球平拋的水平距離，重力加速度為g,則小球平拋的水平距離的最大值是（）

2222

A%v0「環(huán)n埼

A.-BR.C.D.-~

g2g3g4g

【答案】B

【解析】設(shè)管口到地面的高度是“，小球從管口射出的速度為也由機(jī)械能守恒定律得

小球離開管口后做平拋運(yùn)動，則

聯(lián)立方程，可得

2

由二次函數(shù)的特點(diǎn)可知當(dāng)H■時(shí)x取最大值

4g

故選B。

二、多項(xiàng)選擇題:本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符

合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有錯(cuò)選的得0分.

8.2020年7月23日我國成功發(fā)射執(zhí)行火星探測任務(wù)的“天問一號”探測器，探測器將在地火轉(zhuǎn)移軌道飛行

約7個(gè)月后，到達(dá)火星附近，通過“剎車”完成火星捕獲，進(jìn)入環(huán)火軌道，并擇機(jī)開展登陸、巡視等任務(wù)。若

火星探測器繞火星表面做勻速圓周運(yùn)動轉(zhuǎn)過。（弧度制）所用時(shí)間為匕己知火星半徑為R,引力常量為G。

下列說法正確的是（）

R0

A.火星上的物體要脫離火星束縛所需速度至少為7

B.火星赤道上的物體隨火星自轉(zhuǎn)的向心加速度為

C.若火星探測器做圓周運(yùn)動的軌道半徑可調(diào)，則其轉(zhuǎn)過相同弧長所用時(shí)間與軌道半徑滿足關(guān)系式與=襄

名R2

R3

D.火星的質(zhì)量為巴。

G產(chǎn)

【答案】CD

【解析】A.火星探測器繞火星表面做圓周運(yùn)動的速度為火星的第一宇宙速度，由題意可知火星探測器繞火

星表面運(yùn)行的角速度

線速度

而火星上的物體想要脫離火星束縛，所需要的最小速度為火星的第二宇宙速度，故A錯(cuò)誤；

B.火星赤道上的物體所受到的萬有引力提供物體的重力和物體隨火星自轉(zhuǎn)所需要的向心力，

物體隨火星自轉(zhuǎn)的向心加速度為其中g(shù)是火星臼轉(zhuǎn)角速度，遠(yuǎn)小于

故B錯(cuò)誤；

C.設(shè)軌道半徑分別為飛、R2,線速度分別為匕、V2,探測器轉(zhuǎn)過相等的弧長/所用時(shí)間分別為打、，

則有

根據(jù)

可得

聯(lián)立可得

故C正確；

D.根據(jù)

可得火星的質(zhì)量為

故D正確。

故選CD。

9.如圖所示，空間有一圓錐。8夕，點(diǎn)A、分別是兩母線的中點(diǎn)。現(xiàn)在頂點(diǎn)。處固定一負(fù)的點(diǎn)電荷，下列

說法中正確的是（）

A.A、4兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同

B.平行于底面且圓心為Oi的截面為等勢面

C.將一正的試探電荷從8點(diǎn)沿直徑移到9點(diǎn)，其電勢能先減小后增大

D.若夕點(diǎn)的電勢為9；,A，點(diǎn)的電勢為%',則區(qū)4連線中點(diǎn)C處的電勢9c高于%+%

2

【答案】CD

【解析】A.由點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式E=&《可知，4、A兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，方向不同，A錯(cuò)誤；

B.點(diǎn)電荷周圍的等勢面為以點(diǎn)何為圓心的球面，B錯(cuò)誤；

C.將一正的試探電荷從B點(diǎn)沿直徑移到匕點(diǎn)，相互間的庫倫引力先做正功，后做負(fù)功，故其電勢能先減小

后增大，C正確；

D.5'A中點(diǎn)為C'，若￡點(diǎn)的電勢為％'，4點(diǎn)的電勢為以'，由。=身可知，5'C’的電勢差小于C'A的

電勢差，即

即0二〉％'+%'，C點(diǎn)與C'在同一等勢面上，電勢相等，故84連線中點(diǎn)C的電勢9c高于￡±紇1,D

c22

正確。

故選CD。

10.如圖所示，邊長為L、質(zhì)量為機(jī)、電阻為R的正方形金屬線框"4靜止在豎直面內(nèi)，線框下面的水平

邊界間有垂直紙面向里的水平勻強(qiáng)磁場，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8,磁場的寬度也為L線框的下邊H

剛好與磁場上邊界重合，由靜止釋放線框，線框始終在豎直面內(nèi)，且"邊水平，當(dāng)線框的〃邊剛要出磁

場時(shí)，線框的加速度為零，重力加速度為g,則下列說法正確的是（）

A.線框的加速度為gg時(shí)速度大小為警等

2BL

RJ2

B.線框進(jìn)磁場過程中通過線框截面的電量為叱

R

Mg*

C.線框穿過磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱為mgL-篝聲

D.線框穿過磁場所用的時(shí)間為絲二+幽

mgRBI}

【答案】BD

【解析】A.當(dāng)線框的加速度為;g時(shí)，由牛頓第二定律有

解得

故A錯(cuò)誤:

B.線框進(jìn)磁場過程中通過線框截面的電量

故B正確；

C.當(dāng)線框的cd邊剛要出磁場時(shí)，線框的加速度為零，則有

根據(jù)能量守恒，線框穿過磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱

故C錯(cuò)誤；

D.進(jìn)磁場過程，由動量定理

即

出磁場過程

即

因此有

解得

故D正確。

故選BD。

三、非選擇題:共57分。第11?14題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第15?16題為選考

題，考生根據(jù)要求作答。

（-）必考題:共45分。

11.某探究學(xué)習(xí)小組的同學(xué)欲驗(yàn)證“動能定理''，他們在實(shí)驗(yàn)室組裝了一套如圖所示的裝置，另外還找到了打

點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用的學(xué)生電源、導(dǎo)線、復(fù)寫紙、紙帶、滑塊、細(xì)沙。當(dāng)滑塊連接上紙帶，用細(xì)線通過滑輪掛上

空的小沙桶時(shí)，釋放小桶，滑塊處于靜止?fàn)顟B(tài)。若你是小組成員，要完成該實(shí)驗(yàn)，則：

（1）你認(rèn)為還需要的實(shí)驗(yàn)器材有?

（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)為了保證滑塊受到的合力與沙和沙桶的總重力大小基本相等，沙和沙桶的總質(zhì)量應(yīng)滿足的條件

是，實(shí)驗(yàn)時(shí)首先要做的步驟是。

（3）在（2）的基礎(chǔ)上，某同學(xué)用天平稱量滑塊的質(zhì)量往沙桶中裝入適量的細(xì)沙，用天平稱出此時(shí)沙

和沙桶的總質(zhì)量，“，讓沙桶帶動滑塊加速運(yùn)動，用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器記錄其運(yùn)動情況，在打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶

上取兩點(diǎn)，測出這兩點(diǎn)的間距L和這兩點(diǎn)的速度大小也與也（0＜也）。則本實(shí)驗(yàn)最終要驗(yàn)證的數(shù)學(xué)表達(dá)式

為o

【答案】刻度尺、天平沙和沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量平衡摩擦力mgL=^M（vl-v；）

【解析】（1）口］本實(shí)驗(yàn)需要用到天平測量小車和砂桶的質(zhì)量，需要刻度尺測量紙帶長度。

(2)⑵沙和沙桶加速下滑，其對細(xì)線的拉力小于重力，設(shè)拉力為7,根據(jù)牛頓第二定律，對沙和沙桶有

對滑塊，有

解得

由此可知當(dāng)M》“時(shí)，有Ta〃燈，即要滿足沙和沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量。

[3]滑塊下滑時(shí)受到重力、細(xì)線的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，則應(yīng)該用重力的下滑分量來

平衡摩擦力，故可以將長木板的一端墊高。

(3)[4]合外力做的總功為

動能增加量為

則需要驗(yàn)證的數(shù)學(xué)表達(dá)式為

12.有一只標(biāo)值為“2.5V,xW”的小燈泡，其額定功率的標(biāo)值已模糊不清。某同學(xué)想通過測繪燈絲伏安特性

曲線的方法來測出該燈泡的額定功率：

(1)已知小燈泡的燈絲電阻約為5Q,請先在圖甲中補(bǔ)全用伏安法測量燈絲電阻的電路圖______________,再

選擇電流表、電壓表的合適量程，并按圖甲連接方式將圖乙中的實(shí)物連成完整的電路;

(2)開關(guān)S閉合之前，應(yīng)將圖乙中滑動變阻器的滑片置于(選填“4端”、端''或"AB正中間”)；

(3)該同學(xué)通過實(shí)驗(yàn)作出了燈絲的伏安特性曲線如圖丙所示，則小燈泡的額定功率為W。

【解析】(1)[“測定伏安特性電壓電流需從0開始測起，滑動變阻器采用分壓式接法，燈泡的電阻約為5C,

屬于小電阻，電流表采取外接法。燈泡的額定電壓為2.5V,所以電壓表選擇0~3V量程的，燈泡的額定電

流約為

則電流表量程選擇0~0.6量程，電路圖如圖所示

⑵按電路圖連接實(shí)物圖，實(shí)物圖如圖所示

(2)[3]開關(guān)S閉合之前，將圖乙中滑動變阻器的滑片應(yīng)置于8端，使測量電路部分處于短路狀態(tài)，閉合電鍵

時(shí)，電壓表、電流表示數(shù)為零，起到保護(hù)作用。

⑶⑷當(dāng)電壓U=2.5V時(shí)，/=0.44A,則

P=W=2.5xO.44W=l.lW

13.冰壺比賽是在水平冰面上進(jìn)行的體育項(xiàng)目，冰壺比賽的場地如圖甲所示。冰道的左端有一個(gè)發(fā)球區(qū)，

運(yùn)動員在發(fā)球區(qū)邊沿的投擲線MN將冰壺以一定的初速度擲出，使冰壺沿著冰道的中心線P?；校赖?/p>

右端有一圓形的營壘。以場地上冰壺最終靜止時(shí)距離營壘圓心。的遠(yuǎn)近決定勝負(fù)。比賽時(shí)，為使冰壺滑行

得更遠(yuǎn)，運(yùn)動員可以用毛刷擦冰壺運(yùn)行前方的冰面，使冰壺與冰面間的動摩擦因數(shù)減小。當(dāng)對手的冰壺停

止在營壘內(nèi)時(shí)，可以用擲出的冰壺與對手的冰壺撞擊，使對手的冰壺滑出營壘區(qū)。己知冰壺的質(zhì)量為20kg,

營壘的半徑為1.8m,投擲線中點(diǎn)與營壘區(qū)中心之間距離為30m。設(shè)冰壺與冰面間的動摩擦因數(shù)*=0.008,

用毛刷擦冰面后動摩擦因數(shù)減小至〃2=0.004。在某次比賽中，若冰壺在發(fā)球區(qū)受到運(yùn)動員沿中心線方向推力

作用的時(shí)間r=10s,使冰壺A在投擲線中點(diǎn)處以vo=2.Om/s的速度沿中心線PO滑出。設(shè)冰壺之間的碰撞時(shí)

間極短，且無機(jī)械能損失，不計(jì)冰壺自身的大小，g取10m/s2。

(1)若不用毛刷擦冰面，則冰壺停止的位置距離營壘圓心。點(diǎn)多遠(yuǎn)：

(2)冰壺在發(fā)球區(qū)受到運(yùn)動員沿中心線方向作用的沖量大小為多少；

(3)如果在中心線尸0上己經(jīng)靜止著一個(gè)冰壺8,如圖乙所示，冰壺8距圓心。的距離為0.9m,若要使

冰壺A能夠沿中心線PO將8撞出營壘區(qū)，則運(yùn)動員用毛刷擦冰面的長度至少為多少。

【答案】(l)5.0m；(2)56N-S；(3)13.6m

【解析】(D根據(jù)動能定理

解得s=25m

則冰壺停止的位置距離營壘圓心的距離

x=30m—25m=5.0m

(2)設(shè)推力對冰壺的沖量大小為/,則根據(jù)動量定理

代入數(shù)據(jù)解得/=56Ns；

(3)冰壺A與冰壺B碰撞的過程中，設(shè)冰壺A碰撞前的速度為以，碰撞后的速度為以，冰壺B碰撞后的

速度為，刈根據(jù)動量守恒定律有

根據(jù)機(jī)械能守恒定律有

解得匕=0，v；=v

即冰壺A與冰壺B碰撞后二者的速度相互交換，因此可以將整個(gè)過程看成冰壺A一直沿直線PO運(yùn)動到營

壘區(qū)外的過程，運(yùn)動的總位移為s'=31.8m

根據(jù)動能定理，設(shè)將冰壺B恰好撞出營壘區(qū)外，運(yùn)動員用毛刷擦冰面的長度為3根據(jù)動能定理有

代入數(shù)據(jù)解得乙=13.6m

14.物理現(xiàn)象的分析有宏觀與微觀兩個(gè)視角?，F(xiàn)討論如下情境：在豎直向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場

中，兩根足夠長的光滑平行金屬軌道MMPQ固定在水平面內(nèi)，相距為L,電阻不計(jì)。電阻為心質(zhì)量為〃?

的金屬導(dǎo)體棒岫垂直于MMP。放在軌道上，與軌道接觸良好，導(dǎo)體棒"的中點(diǎn)用輕繩經(jīng)過滑輪與質(zhì)量

為M的物塊相連。物塊放在水平地面上，輕繩處于豎直方向上剛好張緊，如圖1所示。例P間接有電動勢

為E、內(nèi)阻為「的電源，其它連接導(dǎo)線的電阻不計(jì)，不計(jì)一切摩擦。已知：B=\T,L=0.5m,R=2C,E=3V,

尸IQ,M=0.02kg,m=0.01kg,g=10m/s2,電子的質(zhì)量為電量為e。閉合S,導(dǎo)體棒岫從靜止開始

E-BLv

向運(yùn)動，若某時(shí)刻導(dǎo)體棒運(yùn)動速度為也此時(shí)回路中的電流可用公式/=——進(jìn)行計(jì)算，尺為回路中的

l\z

總電阻。求：

（1）閉合電鍵S瞬間，電路中的電流；

（2）分析導(dǎo)體棒水平方向所受各力變化的情況，定性畫出導(dǎo)體棒速度與時(shí)間的變化圖像；

（3）計(jì)算導(dǎo)體棒穩(wěn)定運(yùn)動后，自由電荷運(yùn)動沿棒方向受到的碰撞阻力的平均值與沿棒方向的洛倫茲力大小

的比值。

【答案】（1）1A；（2）見解析；（3）華=,

【解析】（1）閉合電鍵瞬間，電路中的電流

（2）由牛頓第二定律：對導(dǎo)體棒

由牛頓第二定律：對重物

可得

導(dǎo)體棒由靜止開始向做加速運(yùn)動，隨著速度的增大，安培力逐漸減小，加速度逐漸減小。結(jié)論：導(dǎo)體棒做

的是加速度逐漸減小的加速運(yùn)動，最后做勻速運(yùn)動。

速度隨時(shí)間變化的圖像如圖所示

（3）導(dǎo)體棒穩(wěn)定后做勻速運(yùn)動

可得

方法一：導(dǎo)體棒中的電子沿棒方向受力如下圖所示：

ah棒路端電壓

加棒內(nèi)部電場的場強(qiáng)為

由平衡關(guān)系

平均阻力與沿棒方向洛倫茲力大小的比值為

方法二：設(shè)自由電子沿棒方向運(yùn)動的平均速度為/,由微觀與宏觀的對應(yīng)關(guān)系可知

帶入數(shù)據(jù)可得

（二）選考題:共12分。請考生從第15題和第16題中任選一題作答，若兩題都做，則按所做的

第一題記分。

15.[選修3-3]（12分）

（1）如圖所示，上端封閉的玻璃管插在水銀槽中，管內(nèi)封閉著一段氣柱。現(xiàn)使玻璃管緩慢地繞其最下端的

水平軸偏離豎直方向一定角度,能描述管內(nèi)氣體狀態(tài)變化的P-V圖像是（箭頭表示狀態(tài)的變化方向）（）

【答案】c

【解析】玻璃管傾斜，水銀柱和液面的高度莖力減小，根據(jù)壓強(qiáng)平衡P=Po-〃可知管內(nèi)氣體壓強(qiáng)增大，管

內(nèi)封閉氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)玻意爾定律〃V=c可知，氣體體積減小，圖像為雙曲線的?支,ABD錯(cuò)

誤，C正確。

故選C。

（2）2020年4月1日，蘇州某所中學(xué)高二年級迎來了復(fù)學(xué)日，為控制新冠肺炎病毒的傳播，學(xué)校特制定了

校園消毒工作方案，對課室、圖書館、飯?zhí)玫葓鏊M(jìn)行物表與空氣消毒。如圖為使用的便攜式消毒器原理

圖，桶內(nèi)消毒液上方用塞子密封了一定質(zhì)量的理想氣體，已知?dú)怏w初態(tài)壓強(qiáng)與外界大氣壓相等，均為po,

為使消毒液從噴頭處霧化噴出，內(nèi)部氣體壓強(qiáng)至少為1.5p。，打氣筒每次可以向桶內(nèi)打入（ML氣體，打了5

次剛好有消毒水噴出，（忽略桶內(nèi)消毒液所產(chǎn)生的壓強(qiáng)，整個(gè)過程可視為等溫變化）。求：

（1）未打氣前瓶內(nèi)消毒液上方氣體的體積為多少？

（2）設(shè)桶內(nèi)原有的藥液共有9L,則至少需要打幾次氣才能把消毒液全部噴灑完.

【答案】（D1L;