安徽省阜陽市北大新世紀阜陽附屬學校2023-2024學年九年級上學期期末物理試卷

2023-2024學年安徽省阜陽市北大新世紀阜陽附屬學校期末物理試卷一.填空題（本題共10小題，每空2分，共30分）1．（4分）水的比熱容為4.2×103J/（kg?℃），它的物理含義是；夏天，當我們在烈日當空的沙灘邊行走時，發(fā)現(xiàn)沙子很燙，而海水卻很涼，這是因為沙子的吸熱能力比海水（選填“強”或“弱”）。2．（4分）在生活中，當我們給暖水瓶灌開水后，若瓶塞沒有塞緊，有時候會出現(xiàn)瓶塞被水蒸氣頂起的現(xiàn)象，此時瓶內(nèi)水面上方的水蒸氣內(nèi)能會減小，請從能量轉(zhuǎn)化的角度解釋“水蒸氣內(nèi)能減小”的現(xiàn)象：，該過程發(fā)生的能量轉(zhuǎn)化過程與四沖程汽油機的沖程相同。3．（2分）如圖所示，利用靜電噴涂槍給物件表面噴漆，噴出的油漆小液滴被帶正電的物體吸引，油漆小液滴之間相互排斥，據(jù)此可以判斷從噴槍噴出的油漆小液滴（選填序號即可：①一定帶負電；②可能帶負電；③可能不帶電）。4．（2分）學習開關控制作用以后，老師提出如要求：開關狀態(tài)S1、S2都斷開S1閉合，S2斷開S1斷開，S2閉合燈泡狀態(tài)L1、L2都不亮L1、L2都亮L1、L2都不亮請根據(jù)要求設計電路，將電路圖畫在如圖所示的虛線框內(nèi)。5．（4分）如圖，正方形四邊共連接了8個電阻均為4Ω的電阻，如果分別用導線將E、F相連，M、N相連，且導線EF與MN相連通于O點，如圖甲，則A、B兩點間電阻為Ω，如果分別用導線將E、F相連，M、N相連，但導線EF與MN不相連通，如圖乙，則A、B兩點間電阻為Ω。6．（4分）如圖所示，電流表A1示數(shù)為0.8A，電流表A2示數(shù)為1.0A，且交換其中兩個電阻的位置后，A1、A2兩個電流表示數(shù)都不變，則交換的電阻不可能為（選填“R1和R2”、“R2和R3”或“R1和R3”），電流表A的示數(shù)可能為A。7．（2分）通過一定值電阻的電流從0.1A增大到0.5A的過程中，該定值電阻的電功率增大了1.2W，則該定值電阻兩端的電壓增加了V。8．（2分）新冠期間，每個班級都配備了紅外測溫儀（如圖甲所示），圖乙是該紅外測溫儀的電路原理圖，Rt是熱敏電阻，其電阻大小與溫度關系如丙圖，其中溫度表是0～3V的電壓表改裝而成的，電源電壓為4.5V，定值電阻R＝20Ω，則該紅外測溫儀最高能夠測量的溫度是℃。9．（4分）如圖所示，ABCD為一段阻值為16Ω的電阻絲繞成的圓，圓心為O點，A、B、C、D是圓的四等分點，電源電壓為3V且保持不變，則閉合開關后，電流表示數(shù)為A，電壓表示數(shù)為V。10．（2分）在物理中，我們可以利用如下的“保溫杯”測量液體的比熱容：先在內(nèi)膽中封存100g、50℃的溫水，然后將400g、20℃的待測液體倒入該保溫杯中，熱平衡時用溫度計測得待測液體溫度為30℃，則待測液體的比熱容為J/（kg?℃）。[水的比熱容為4.2×103J/（kg?℃）]二.選擇題（本題共10小題，每題只有一個選項符合題意，每題3分，共30分）11．（3分）關于溫度、熱量和內(nèi)能，下列說法正確的是（）A．質(zhì)量相同的0℃的水和0℃的冰所具有的內(nèi)能相同 B．質(zhì)量相同的0℃的冰熔化成0℃的水的過程中，物體內(nèi)的分子動能保持不變 C．質(zhì)量相同的50℃比30℃的水含有的熱量多 D．熱傳遞過程中，熱量是從內(nèi)能多的物體向內(nèi)能少的物體傳遞12．（3分）關于導體的電阻，下列說法正確的是（）A．導體電阻大小取決于通過導體的電流，通過導體的電流越大，則導體電阻越小 B．導線之所以用銅芯而不用鐵芯，是因為銅導線的電阻一定比鐵導線電阻小 C．導體兩端電壓為零時，通過導體的電流也為零，但導體的電阻不為零 D．將阻值為R的電阻絲對折后接入電路，則該電阻絲的阻值變?yōu)?3．（3分）如圖甲所示，A、B兩只燈泡兩端的電壓隨電流變化關系如圖所示，且A標有“6V，3W”字樣，B燈標有“3V，1.8W”字樣。若將A、B兩只燈泡并聯(lián)接在某電源上（如圖乙所示），為了保證兩個燈泡都不被燒壞，電源電壓最大值和于路電流最大值分別為（）A．6V，1.1A B．3V，1.1A C．3V，0.9A D．9V，0.5A14．（3分）我們知道，電壓表自身電阻很大。在探究串聯(lián)電路電壓關系實驗中，調(diào)皮的小明將電壓表并聯(lián)在開關兩端，如圖所示，已知電源電壓為3V保持不變，則閉合開關和斷開開關時，電壓表示數(shù)分別是（）A．0V，3V B．3V，0V C．0V，0V D．3V，3V15．（3分）如圖所示，閉合開關后三個電流表A1、A2和A3示數(shù)分別為I1、I2和I3，且均不為零，它們的大小關系為I1＝I2＞I3，則下列說法正確的是（）A．電路無故障 B．燈泡L1開路 C．燈泡L2開路 D．燈泡L3開路16．（3分）如圖所示，電源電壓不變，將電阻絲R1接在A、B兩接線柱之間，此時電流表示數(shù)為0.6A；將電阻絲R2接在A、B兩接線柱之間，電流表示數(shù)為1.2A。若各取R1和R2的一半長度串聯(lián)后再接入A、B之間，則電流表示數(shù)應為（）A．0.9A B．1.8A C．0.4A D．0.8A17．（3分）如圖甲是燈泡L和定值電阻R的U﹣I關系圖象。將L和R先后以乙圖和丙圖兩種方式接在同一電源上（電壓不變）。若乙圖中的U1：U2＝m，丙圖中I1：I2＝n，則下列判斷中正確的是（）A．mn＞1 B．mn＜1 C．m＜1 D．n＞118．（3分）如圖所示，R1和R3是定值電阻，R2是滑動變阻器，當變阻器滑片向右移動過程中，下列判斷正確的是（）A．電流表A1示數(shù)保持不變 B．電壓表V與電流表A1示數(shù)之比保持不變 C．電流表A1和電流表A2示數(shù)之和保持不變 D．電壓表V與電流表A示數(shù)之比保持不變19．（3分）特高壓遠距離輸電技術是我國清潔能源計劃中“西電東送、北電南送”的關鍵技術，其結構模型如圖所示，電廠相當于電源，導線的等效電阻r和固定輸送地用戶（相當于電阻）串聯(lián)接入該電路，若電廠輸出功率為P、輸出電壓為U，電廠和用戶間導線總電阻r不變，用戶獲得電能與電廠輸出電能之比為輸送效率η，若只改變P或U，則輸出效率η跟P或U關系圖像正確的是（）A．（1）和（3） B．（2）和（3） C．（2）和（4） D．（1）和（4）20．（3分）有甲、乙兩個質(zhì)量和初溫都相同的金屬球，先將甲球放入一杯熱水中，熱平衡時水的溫度降低了Δt，然后將甲球取出，再將乙球放入該燒杯水中，水的溫度又降低了Δt，上述過程中，甲球吸收的熱量為Q甲，乙球吸收熱量為Q乙，甲球比熱容為c甲，乙球比熱容為c乙，不考慮熱量損失，不計球帶走水的質(zhì)量，則下列判斷正確的是（）A．Q甲＞Q乙 B．Q甲＜Q乙 C．c甲＞c乙 D．c甲＜c乙三.實驗探究題（本題共3小題，每空2分，共18分）21．（4分）如圖所示是“探究不同物質(zhì)比熱容”的實驗裝置，其中兩個試管內(nèi)加入的是相同質(zhì)量的水和色拉油，根據(jù)實驗中采集到的數(shù)據(jù)畫出加熱過程中溫度隨時間變化的關系圖像如圖所示：（1）第10min時，色拉油吸收的熱量（選填“大于”“等于”或“小于”）水吸收的熱量；（2）根據(jù)圖像可以計算出色拉油的比熱容為J/（kg?℃）?！舅谋葻崛轂?.2×103J/（kg?℃）]22．（6分）如圖所示是“探究電流與電阻的關系”的實驗電路圖：（1）實物電路中有一條導線連接有誤，請在錯誤的導線上畫“×”，并用筆畫線代替導線畫出正確的接線；（2）電路改正以后，我們可以根據(jù)電流表、電壓表示數(shù)初步判斷電路故障的原因。若電流表示數(shù)為零，電壓表示數(shù)不為零，則故障原因可能是。（3）實驗結束后，小聰同學畫出I﹣R圖像如圖乙所示，小明同學畫出圖像如圖丙所示，你認為誰的處理方法更好，并說明理由：。23．（8分）在測量額定電壓為2.5V的小燈泡額定功率實驗中，由于電流表損壞，某小組設計了如圖所示的測量電路圖，其中R0為阻值已知的定值電阻。（1）（寫出三個開關斷開和閉合的狀態(tài)），移動變阻器滑片，使電壓表示數(shù)為2.5V；（2）保持變阻器滑片位置不變，（寫出三個開關斷開和閉合的狀態(tài)），讀出電壓表示數(shù)記為U；（3）用已知和測得物理量表示出小燈泡的額定功率P＝。（4）若將電壓表和S2的位置對調(diào)，是否還能完成該測量任務，為什么？。四.計算題（本題共3小題，其中第21題8分，第22題6分，第23題8分，共22分）24．（8分）北京冬奧會上使用的氫燃料電池汽車，是利用氫與氧發(fā)生化學反應產(chǎn)生電能，供給電動機而驅(qū)動汽車行駛的。如圖所示，該類型汽車甲在平直公路上從A地出發(fā)，以90km/h的速度行駛1h到達B地，消耗0.8kg氫燃料，所產(chǎn)生電能E電的90%用于維持汽車勻速行駛，所受阻力為1000N。（1）求此過程中產(chǎn)生的電能E電；（2）燃油汽車乙也在該公路上從A地出發(fā)，以90km/h的速度勻速行駛，所受阻力與甲車相同，汽油在氣缸內(nèi)完全燃燒，且燃燒所釋放熱量的30%用來維持汽車勻速行駛，汽油熱值取q＝5×107J/kg。同樣到達B地，需要多少千克汽油？25．（6分）電學實驗中的電流表是由靈敏電流計G改裝而成，其改裝電路如圖甲所示，圖乙為靈敏電流計的表盤，已知靈敏電流計的內(nèi)阻為Rg＝10Ω，滿偏電流為Ig＝3mA。（1）要想使改裝后的電流表的量程為3A，則的值為多大？（2）由于靈敏電流計的表盤刻度是均勻的，若將靈敏電流計的表盤刻度改標為電流表的表盤刻度，需要通過干路電流I′與通過靈敏電流計的電流Ig'成正比。請證明：通過干路電流I′與通過靈敏電流計的電流Ig'成正比。26．（8分）導體電阻大小與材料、長度、橫截面積有關，研究形狀規(guī)則導體電阻大小時也可以將導體分成若干部分建構成串聯(lián)或并聯(lián)電路，例如薄片長方形導體接入電路時，可以看作兩個導體并聯(lián)（甲圖）或者看作兩個導體串聯(lián)（乙圖），現(xiàn)有一個材質(zhì)均勻的長方形薄金屬板（丙圖），不計厚度，A、B、C、D分別是金屬板四邊中點，其中AB長度是CD的4倍，丙圖中電源電壓為2V，將金屬板的A、B兩點接入電路中M、N兩處，閉合開關，電流表示數(shù)是0.125A，試解答下列問題。（1）金屬板AB間電阻是多少Ω？（2）將金屬板的C、D兩點接入電路M、N，閉合開關，電流表示數(shù)是多少？

安徽省阜陽市北大新世紀阜陽附屬學校參考答案與試題解析一.填空題（本題共10小題，每空2分，共30分）1．（4分）水的比熱容為4.2×103J/（kg?℃），它的物理含義是1kg水溫度升高（或降低）1℃吸收（或放出）的熱量是4.2×103J；夏天，當我們在烈日當空的沙灘邊行走時，發(fā)現(xiàn)沙子很燙，而海水卻很涼，這是因為沙子的吸熱能力比海水弱（選填“強”或“弱”）。【分析】（1）物理學規(guī)定，單位質(zhì)量的某種物質(zhì)，溫度升高（或降低）1℃所吸收（或放出）的熱量為該物體的比熱容；（2）水的比熱容較大，相同質(zhì)量的水和沙子比較，吸收相同的熱量，水的溫度升高的少，所以沙子滾燙，而海水依舊涼爽?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)比熱容的定義可以知道，水的比熱容為4.2×103J/（kg?℃）的物理意義是：1kg水溫度升高（或降低）1℃吸收（或放出）的熱量是4.2×103J；（2）因為沙子的比熱容比海水的比熱容小，吸收相同熱量，相同質(zhì)量的沙子比海水溫度上升快，所以小明在烈日當空的海邊玩耍，感到沙子燙腳，海水卻涼涼的。故答案為：1kg水溫度升高（或降低）1℃吸收（或放出）的熱量是4.2×103J；弱?！军c評】本題主要考查學生對比熱容的物理意義、“水的比熱容大”的了解和掌握，難度不大。2．（4分）在生活中，當我們給暖水瓶灌開水后，若瓶塞沒有塞緊，有時候會出現(xiàn)瓶塞被水蒸氣頂起的現(xiàn)象，此時瓶內(nèi)水面上方的水蒸氣內(nèi)能會減小，請從能量轉(zhuǎn)化的角度解釋“水蒸氣內(nèi)能減小”的現(xiàn)象：水蒸氣對瓶塞做功，將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為瓶塞的機械能，該過程發(fā)生的能量轉(zhuǎn)化過程與四沖程汽油機的做功沖程相同。【分析】做功可以改變物體的內(nèi)能，對物體做功物體的內(nèi)能增加，物體對外做功，物體的內(nèi)能減少；在汽油機的壓縮沖程中，將機械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；在汽油機的做功沖程中，將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能?！窘獯稹拷猓何覀兘o暖水瓶灌開水后，若瓶塞沒有塞緊，水蒸氣對瓶塞做功，將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為瓶塞的機械能，所以將瓶塞頂起；在汽油機的做功沖程中，將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機械能，所以該過程發(fā)生的能量轉(zhuǎn)化過程與四沖程汽油機的做功沖程相同。故答案為：水蒸氣對瓶塞做功，將內(nèi)能轉(zhuǎn)化為瓶塞的機械能；做功?！军c評】本題考查了做功改變物體內(nèi)能，以及熱機工作時的能量轉(zhuǎn)化，屬于?？碱}，難度不大。3．（2分）如圖所示，利用靜電噴涂槍給物件表面噴漆，噴出的油漆小液滴被帶正電的物體吸引，油漆小液滴之間相互排斥，據(jù)此可以判斷從噴槍噴出的油漆小液滴①（選填序號即可：①一定帶負電；②可能帶負電；③可能不帶電）?！痉治觥浚?）電荷間的作用規(guī)律：同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引。（2）帶電體能夠吸引輕小物體。【解答】解：涂料小液滴被帶正電的物體吸引，小液滴有兩種可能：①因異種電荷相互吸引，小液滴帶負電荷；②因帶電體能夠吸引輕小物體，小液滴不帶電；噴槍噴出的涂料小液滴相互排斥而散開，所以帶同種電荷；綜上分析可知，油漆小液滴一定帶負電。故答案為：①?！军c評】本題要求同學們知道靜電噴漆的工作原理，了解物理學在實際生活中的運用。4．（2分）學習開關控制作用以后，老師提出如要求：開關狀態(tài)S1、S2都斷開S1閉合，S2斷開S1斷開，S2閉合燈泡狀態(tài)L1、L2都不亮L1、L2都亮L1、L2都不亮請根據(jù)要求設計電路，將電路圖畫在如圖所示的虛線框內(nèi)?！痉治觥块]合S1，斷開S2，L1，L2都亮；閉合S1，S2，燈L1亮，L2不亮，說明兩燈泡串聯(lián)，且其中一個開關與L2并聯(lián)。斷開S1，閉合S2，燈L1、L2都不亮，說明開關S1與串聯(lián)在電路中，據(jù)此設計電路圖。【解答】解：斷開S1，閉合S2，燈L1、L2都不亮，說明開關S1控制整個電路，開關S1位于干路上；閉合S1，斷開S2，L1、L2都亮；開關S2與L2并聯(lián)；設計的電路圖如下圖所示：【點評】本題考查了電路圖的設計，根據(jù)題意得出各電路元件的連接方式和位置是關鍵。5．（4分）如圖，正方形四邊共連接了8個電阻均為4Ω的電阻，如果分別用導線將E、F相連，M、N相連，且導線EF與MN相連通于O點，如圖甲，則A、B兩點間電阻為4Ω，如果分別用導線將E、F相連，M、N相連，但導線EF與MN不相連通，如圖乙，則A、B兩點間電阻為4Ω?！痉治觥颗袛嚯娮璧拇⒙?lián)即可解答此題?！窘獯稹拷猓喝绻謩e用導線將E、F相連，M、N相連，且導線EF與MN相連通于O點，則電路為阻值AE和AN并聯(lián)，阻值BM和BF并聯(lián)，然后兩者串聯(lián)，等效電路圖如下：；故最終阻值為+＝4Ω；如果分別用導線將E、F相連，M、N相連，但導線EF與MN不相連通，則電路為阻值AE和BF串聯(lián)，阻值AN和BM串聯(lián)，然后兩者并聯(lián)，等效電路圖如下：故最終阻值為＝4Ω；故答案為：4；4?！军c評】本題考查了電路的串并聯(lián)，難度很大。6．（4分）如圖所示，電流表A1示數(shù)為0.8A，電流表A2示數(shù)為1.0A，且交換其中兩個電阻的位置后，A1、A2兩個電流表示數(shù)都不變，則交換的電阻不可能為R1和R3（選填“R1和R2”、“R2和R3”或“R1和R3”），電流表A的示數(shù)可能為1.3A或1.4A。【分析】當開關閉合后，三個電阻并聯(lián)，確定A、A1、A2的測量對象，將R2和R3交換位置后，A測量的還是干路中電流，A1測量還是通過R2和R3的總電流，可知電流表A1和A3的示數(shù)是否變化?！窘獯稹拷猓河蓤D知，開關閉合后，三個電阻并聯(lián)，A測量干路中電流，A1測量通過R2和R3的總電流，A2測量通過R1和R2的總電流；根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點可知：I2+I3＝IA1＝0.8A，I2+I1＝IA2＝1A，則：（I1+I2+I3）+I2＝1.8A，I1﹣I3＝0.2A，說明R1和R3的電流不等，如果交換R1和R3，則兩個電流表的示數(shù)都會改變，故交換的電阻不可能為R1和R3，①若R1和R2交換位置，電流表示數(shù)都不變，R1和R2的電流相等，根據(jù)I2+I1＝1A，可知，I2＝I1＝0.5A；此時根據(jù)I2+I3＝0.8A，知I3＝0.3A；并聯(lián)電路干路電流等于各支路電流之和，所以電流表A的示數(shù)：IA＝I1+I2+I3＝0.5A+0.5A+0.3A＝1.3A；②若R2和R3交換位置，電流表示數(shù)都不變，R3和R2的電流相等，根據(jù)I2+I3＝0.8A，可知，I2＝I3＝0.4A；根據(jù)I2+I1＝1A，可知，I1＝1A﹣0.4A＝0.6A；并聯(lián)電路干路電流等于各支路電流之和，所以電流表A的示數(shù)：I'A＝I1+I2+I3＝0.6A+0.4A+0.4A＝1.4A。故答案為：R1和R3；1.3A或1.4?！军c評】本題考查了學生對并聯(lián)電路的電流特點、歐姆定律的掌握和運用，分析電路圖得出當開關閉合時三電阻并聯(lián)是本題的關鍵。7．（2分）通過一定值電阻的電流從0.1A增大到0.5A的過程中，該定值電阻的電功率增大了1.2W，則該定值電阻兩端的電壓增加了2V。【分析】通過一定值電阻的電流從0.1A增大到0.5A的過程中，該定值電阻的電功率增大了1.2W，根據(jù)P＝I2R列方程可求出定值電阻的阻值，再根據(jù)歐姆定律計算該定值電阻兩端的電壓增加量?！窘獯稹拷猓和ㄟ^一定值電阻的電流從0.1A增大到0.5A的過程中，該定值電阻的電功率增大了1.2W，根據(jù)P＝I2R可得R﹣R＝1.2W，即（0.5A）2×R﹣（0.1A）2×R＝1.2W，解得R＝5Ω，根據(jù)歐姆定律可得該定值電阻兩端的電壓增加量：ΔU＝U2﹣U1＝I2R﹣I1R＝0.5A×5Ω﹣0.1A×5Ω＝2V。故答案為：2?！军c評】本題考查了歐姆定律和電功率公式的靈活運用，難度不大。8．（2分）新冠期間，每個班級都配備了紅外測溫儀（如圖甲所示），圖乙是該紅外測溫儀的電路原理圖，Rt是熱敏電阻，其電阻大小與溫度關系如丙圖，其中溫度表是0～3V的電壓表改裝而成的，電源電壓為4.5V，定值電阻R＝20Ω，則該紅外測溫儀最高能夠測量的溫度是30℃?！痉治觥坑蓤D乙可知，兩電阻串聯(lián)，電壓表測Rt兩端的電壓；由圖丙可知，熱敏電阻Rt的阻值隨著溫度的升高而增大；根據(jù)串聯(lián)電路的分壓原理可知，當熱敏電阻Rt的阻值最大時，Rt兩端的電壓最大，根據(jù)電壓表的量程確定Rt兩端的最大電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點求出此時定值電阻R兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點和歐姆定律求出通過Rt的電流，再根據(jù)歐姆定律求出熱敏電阻Rt的最大阻值，根據(jù)圖丙找出該紅外測溫儀最高能夠測量的溫度?！窘獯稹拷猓河蓤D乙可知，兩電阻串聯(lián)，電壓表測Rt兩端的電壓；由圖丙可知，熱敏電阻Rt的阻值隨著溫度的升高而增大；由串聯(lián)電路的分壓原理可知，當熱敏電阻Rt的阻值最大時，Rt兩端的電壓最大，因為電壓表的量程為0～3V，所以，Rt兩端的最大電壓為3V，由串聯(lián)電路的電壓特點可知，此時定值電阻R兩端的電壓：UR＝U﹣Ut＝4.5V﹣3V＝1.5V，由串聯(lián)電路的電流特點和歐姆定律可知，通過Rt的電流：It＝IR＝＝＝0.075A，則熱敏電阻Rt的最大阻值：Rt＝＝＝40Ω，由圖丙可知，該紅外測溫儀最高能夠測量的溫度為30℃。故答案為：30?！军c評】本題考查串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，關鍵是根據(jù)圖像讀出相關的信息。9．（4分）如圖所示，ABCD為一段阻值為16Ω的電阻絲繞成的圓，圓心為O點，A、B、C、D是圓的四等分點，電源電壓為3V且保持不變，則閉合開關后，電流表示數(shù)為1A，電壓表示數(shù)為1V?！痉治觥块]合開關，兩電阻絲并聯(lián)接入電路，電流表測干路電流，電壓表測電阻絲DC兩端的電壓；根據(jù)并聯(lián)電路電壓特點、并聯(lián)電路電流規(guī)律結合歐姆定律計算干路電流，即電流表示數(shù)，根據(jù)歐姆定律求出電阻絲DC兩端的電壓，即為電壓表的示數(shù)?！窘獯稹拷猓簩⒁欢巫柚禐?6Ω的電阻絲繞成圓形，A、B、C、D是圓的四等分點，則電阻絲AB的阻值為×16Ω＝4Ω，電阻絲DC的阻值為×16Ω＝4Ω，電阻絲ADCB的阻值為×16Ω＝12Ω，閉合開關，電阻絲AC和ADCB并聯(lián)接入電路，電流表測干路電流，電壓表測電阻絲DC兩端的電壓，通過電阻絲AB的電流：IAB＝＝＝0.75A，通過電阻絲ADCB的電流：IADCB＝＝＝0.25A，由并聯(lián)電路的電流特點可知，電流表示數(shù)：I＝IAB+IADCB＝0.75A+0.25A＝1A，由歐姆定律可知，電壓表示數(shù)：UDC＝IADCBRDC＝0.25A×4Ω＝1V。故答案為：1；1?！军c評】本題考查并聯(lián)電路特點和歐姆定律的靈活運用，分清電路連接是解題的關鍵。10．（2分）在物理中，我們可以利用如下的“保溫杯”測量液體的比熱容：先在內(nèi)膽中封存100g、50℃的溫水，然后將400g、20℃的待測液體倒入該保溫杯中，熱平衡時用溫度計測得待測液體溫度為30℃，則待測液體的比熱容為2.1×103J/（kg?℃）。[水的比熱容為4.2×103J/（kg?℃）]【分析】根據(jù)吸收的熱量與放出的熱量相同列等式算出待測液體的比熱容?！窘獯稹拷猓核懦龅臒崃繛椋篞水＝c水mΔt水待測液體吸收的熱量為：Q液＝c液mΔt水放出的熱量和液體放出的熱量相同，即Q水＝Q液，所以c水m水Δt水＝c液m液Δt，則待測液體的比熱容為：c液＝＝＝2.1×103J∕（kg?℃）。故答案為：2.1×103。【點評】本題考查了熱量公式的應用，具有一定的難度。二.選擇題（本題共10小題，每題只有一個選項符合題意，每題3分，共30分）11．（3分）關于溫度、熱量和內(nèi)能，下列說法正確的是（）A．質(zhì)量相同的0℃的水和0℃的冰所具有的內(nèi)能相同 B．質(zhì)量相同的0℃的冰熔化成0℃的水的過程中，物體內(nèi)的分子動能保持不變 C．質(zhì)量相同的50℃比30℃的水含有的熱量多 D．熱傳遞過程中，熱量是從內(nèi)能多的物體向內(nèi)能少的物體傳遞【分析】（1）冰吸收熱量之后才能變成水。（2）分子動能與溫度有關。（3）熱量是過程量。（4）熱傳遞的條件是有溫度差?！窘獯稹拷猓篈、0℃的冰吸收熱量之后才能變成水，所以質(zhì)量相同的0℃的水比0℃的冰所具有的內(nèi)能大，故A錯誤。B、都是0℃，溫度相同，所以分子的熱運動相同，分子的動能保持不變，故B正確。C、熱量是一個過程量，只能是傳遞熱量、吸收熱量、放出熱量，不能說是含有熱量，故C錯誤。D、熱傳遞過程中，熱量是從溫度高的物體向溫度低的物體傳遞，故D錯誤。故選：B?！军c評】本題主要考查了內(nèi)能、溫度、熱量的關系，是基礎題目。12．（3分）關于導體的電阻，下列說法正確的是（）A．導體電阻大小取決于通過導體的電流，通過導體的電流越大，則導體電阻越小 B．導線之所以用銅芯而不用鐵芯，是因為銅導線的電阻一定比鐵導線電阻小 C．導體兩端電壓為零時，通過導體的電流也為零，但導體的電阻不為零 D．將阻值為R的電阻絲對折后接入電路，則該電阻絲的阻值變?yōu)椤痉治觥坑绊戨娮璐笮〉囊蛩赜校翰牧?、長度、橫截面積和溫度。其大小與通過導體的電流和導體兩端的電壓是無關的?！窘獯稹拷猓篈、電阻是導體本身的性質(zhì)，與電流、電壓無關，故A錯誤；B、已知材料關系，不確定長度和橫截面積，則無法比較電阻的大小，故B錯誤；C、電阻是導體本身的一種性質(zhì)，與導體兩端的電壓高低、導體中有無電流通過和通過的電流強弱無關，故C正確；D、將阻值為R的電阻絲對折后接入電路，長度變?yōu)橐话?，如果截面積不變，電阻為一半，但對著截面積增大為2倍，再次減小一半，因而該電阻絲的阻值變?yōu)?，故D錯誤。故選：C?！军c評】此題考查對電阻概念的理解和影響電阻大小因素的認識；要抓住導體的電阻是導體本身具有的一種性質(zhì)。13．（3分）如圖甲所示，A、B兩只燈泡兩端的電壓隨電流變化關系如圖所示，且A標有“6V，3W”字樣，B燈標有“3V，1.8W”字樣。若將A、B兩只燈泡并聯(lián)接在某電源上（如圖乙所示），為了保證兩個燈泡都不被燒壞，電源電壓最大值和于路電流最大值分別為（）A．6V，1.1A B．3V，1.1A C．3V，0.9A D．9V，0.5A【分析】（1）并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，A、B兩只燈泡并聯(lián)時，為了保證兩個燈泡都不被燒壞，則電源電壓應與額定電壓小的燈泡的額定電壓相同；（2）由圖像讀出當燈泡兩端電壓為3V時，分別讀出通過A、B的電流，然后根據(jù)并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和求得此時干路中的電流?！窘獯稹拷猓阂驗椴⒙?lián)電路中各支路電壓相等，甲燈兩端電壓不能超過6V，乙燈兩端電壓不能超過3V，所以圖乙中為了保證兩個燈泡都不被燒壞，則電源電壓最大為3伏；由圖像可知，當A燈泡兩端電壓為3V時，通過A燈的電流IA＝0.3A，當B燈泡兩端電壓為3V時，通過B燈的電流IB＝0.6A，因為并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以干路電流：I＝IA+IB＝0.3A+0.6A＝0.9A。故選：C?！军c評】本題考查了并聯(lián)電路的電壓特點、電流特點，解題的關鍵是根據(jù)并聯(lián)電路特點從圖象中獲取有用的信息。14．（3分）我們知道，電壓表自身電阻很大。在探究串聯(lián)電路電壓關系實驗中，調(diào)皮的小明將電壓表并聯(lián)在開關兩端，如圖所示，已知電源電壓為3V保持不變，則閉合開關和斷開開關時，電壓表示數(shù)分別是（）A．0V，3V B．3V，0V C．0V，0V D．3V，3V【分析】電壓表應與被測用電器并聯(lián)，若電壓表串聯(lián)入電路中，電壓表相當于測電源電壓，示數(shù)幾乎等于電源電壓?！窘獯稹拷猓喝糸]合開關時，電壓表被短接，所以電壓表示數(shù)為0；若斷開開關，電壓表被串聯(lián)入電路中，示數(shù)幾乎等于電源電壓3V。故選：A?！军c評】本題考查電壓表的使用，屬于一道基礎題。15．（3分）如圖所示，閉合開關后三個電流表A1、A2和A3示數(shù)分別為I1、I2和I3，且均不為零，它們的大小關系為I1＝I2＞I3，則下列說法正確的是（）A．電路無故障 B．燈泡L1開路 C．燈泡L2開路 D．燈泡L3開路【分析】由圖可知三燈泡并聯(lián)，A1測干路電流，A2測通過L2、L3的電流之和，A3測通過L3的電流，則由并聯(lián)電路的電流規(guī)律可知三表中電流的大小關系?！窘獯稹拷猓河蓤D可知三燈泡并聯(lián)，A1測干路電流，A2測通過L2、L3的電流之和，A3測通過L3的電流，根據(jù)并聯(lián)電路的干路電流等于各支路電流之和可知：I1＞I2＞I3，現(xiàn)測量得出I1＝I2＞I3，即通過燈泡L1的電流為0，所以，故障是L1開路。故選：B?！军c評】本題首先要看清電路的結構，然后只要明確并聯(lián)電路的電流規(guī)律即可求解。16．（3分）如圖所示，電源電壓不變，將電阻絲R1接在A、B兩接線柱之間，此時電流表示數(shù)為0.6A；將電阻絲R2接在A、B兩接線柱之間，電流表示數(shù)為1.2A。若各取R1和R2的一半長度串聯(lián)后再接入A、B之間，則電流表示數(shù)應為（）A．0.9A B．1.8A C．0.4A D．0.8A【分析】根據(jù)歐姆定律求出兩電阻絲的阻值之比，進而求出兩電阻之間的關系，根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點表示出各取R1和R2的一半長度串聯(lián)后再接入A、B之間時的總電阻，根據(jù)歐姆定律求出將電阻絲R2接在A、B兩接線柱之間與各取R1和R2的一半長度串聯(lián)后再接入A、B之間時的電流之比，進而各取R1和R2的一半長度串聯(lián)后再接入A、B之間時電流表示數(shù)?！窘獯稹拷猓河蓺W姆定律可知，兩電阻絲的阻值之比：＝＝＝＝，即R1＝2R2由串聯(lián)電路的電阻特點可知，各取R1和R2的一半長度串聯(lián)后的總電阻：R＝R1+R2＝×2R2+×R2＝R2，由歐姆定律可知，將電阻絲R2接在A、B兩接線柱之間與各取R1和R2的一半長度串聯(lián)后再接入A、B之間時的電流之比：＝＝＝＝，則各取R1和R2的一半長度串聯(lián)后再接入A、B之間時電流表示數(shù)：I3＝I2＝×1.2A＝0.8A。故選：D?！军c評】本題考查串聯(lián)的電阻特點和歐姆定律的應用，應用比值法可以方便解題。17．（3分）如圖甲是燈泡L和定值電阻R的U﹣I關系圖象。將L和R先后以乙圖和丙圖兩種方式接在同一電源上（電壓不變）。若乙圖中的U1：U2＝m，丙圖中I1：I2＝n，則下列判斷中正確的是（）A．mn＞1 B．mn＜1 C．m＜1 D．n＞1【分析】圖乙中，燈泡與電阻串聯(lián)，U1：U2＝m；圖丙中，燈泡與電阻并聯(lián)，I1：I2＝n，分別根據(jù)串聯(lián)電路的電壓規(guī)律和并聯(lián)電路的電壓規(guī)律求得兩電阻之比，然后即可得出結論?！窘獯稹拷猓河蓤D乙知，燈泡與電阻串聯(lián)，所以通過它們的電流相同，由I＝可知，當電流相同時，電壓與電阻成正比，所以：＝＝m，由圖丙知，燈泡與電阻并聯(lián)，各支路兩端的電壓相同，由I＝可知，當電壓相同時，電流與電阻成反比，所以：＝＝n，即：＝，由圖象甲可知，燈泡電阻隨電壓增大而增大，而乙圖中燈泡兩端電壓比丙圖中小，所以RL乙小于RL丙，所以：＜，則m＜，即mn＜1，故A錯誤，B正確；由乙圖可知，在電流相同時，U1＞U2，則U1：U2＝m＞1，由于m＜，則n＜1，故CD錯誤。故選：B。【點評】能靈活運用歐姆定律及其變形公式，熟知串并聯(lián)電路的電壓、電流、電阻的關系，是解答本題的關鍵，有一定的難度。18．（3分）如圖所示，R1和R3是定值電阻，R2是滑動變阻器，當變阻器滑片向右移動過程中，下列判斷正確的是（）A．電流表A1示數(shù)保持不變 B．電壓表V與電流表A1示數(shù)之比保持不變 C．電流表A1和電流表A2示數(shù)之和保持不變 D．電壓表V與電流表A示數(shù)之比保持不變【分析】由電路圖可知，R1與R2并聯(lián)后再與R3串聯(lián)在電路中，電壓表測R1與R2兩端的電壓，電流表A2測R2支路的電流，電流表A1測R1支路的電流，電流表A測量干路中的電流；閉合開關S，當變阻器滑片向右移動過程中，根據(jù)滑動變阻器阻值變化分析R1與R2并聯(lián)部分電阻的變化和總電阻的變化，根據(jù)串聯(lián)電路的分壓規(guī)律分析并聯(lián)部分兩端電壓的變化，根據(jù)歐姆定律分析通過R1電流的變化和干路電流的變化；根據(jù)R＝分析電壓表V與電流表A示數(shù)、電流表A1示數(shù)之比的變化；然后根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律分析電流表A1和電流表A2示數(shù)之和的變化?！窘獯稹拷猓河呻娐穲D可知，R1與R2并聯(lián)后再與R3串聯(lián)在電路中，電壓表測R1與R2兩端的電壓，電流表A2測R2支路的電流，電流表A1測R1支路的電流，電流表A測量干路中的電流；A、閉合開關S，當變阻器滑片向右移動過程中，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，根據(jù)并聯(lián)電路的電阻關系可知，R1與R2并聯(lián)后的總電阻變大，根據(jù)串聯(lián)電路的電阻關系可知，電路的總電阻變大，根據(jù)歐姆定律可知，電流表A示數(shù)變??；根據(jù)串聯(lián)電路的分壓規(guī)律可知，R1與R2并聯(lián)部分分擔的電壓變大，電壓表示數(shù)變大，根據(jù)歐姆定律可知，通過R1的電流變大，電流表A1示數(shù)變大，故A錯誤；B、根據(jù)R＝可知，電壓表V與電流表A1示數(shù)之比為R1的阻值，保持不變，故B正確；C、根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律可知，電流表A1和電流表A2示數(shù)之和為干路中的電流，所以電流表A1和電流表A2示數(shù)之和變小，故C錯誤；D、根據(jù)R＝可知，電壓表V與電流表A示數(shù)之比為R1與R2并聯(lián)部分的總電阻，所以電壓表V與電流表A示數(shù)之比變大，故D錯誤。故選：B。【點評】本題考查了電路的動態(tài)分析，涉及到并聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，注意滑動變阻器接入電路中電阻的變化是關鍵。19．（3分）特高壓遠距離輸電技術是我國清潔能源計劃中“西電東送、北電南送”的關鍵技術，其結構模型如圖所示，電廠相當于電源，導線的等效電阻r和固定輸送地用戶（相當于電阻）串聯(lián)接入該電路，若電廠輸出功率為P、輸出電壓為U，電廠和用戶間導線總電阻r不變，用戶獲得電能與電廠輸出電能之比為輸送效率η，若只改變P或U，則輸出效率η跟P或U關系圖像正確的是（）A．（1）和（3） B．（2）和（3） C．（2）和（4） D．（1）和（4）【分析】根據(jù)P＝UI，表示出輸電電流I，由輸出功率（即用戶獲得功率）等于總功率與電線消耗功率之差得到用戶功率，再根據(jù)機械效率公式η＝×100%＝得出η跟P或U的關系式，分析解答。【解答】解：由P＝UI得，輸電電流：I＝，則導線消耗的電功率：P線＝I2r＝（）2r；用戶得到的功率：P用戶＝P﹣P線＝P﹣（）2r；輸出效率：η＝＝＝＝1﹣r。U、r不變時，只改變P，η＝1﹣r，是一次函數(shù)，圖像（1）正確；P、r不變時，只改變U，η＝1﹣r的圖像不是直線，故（3）正確；綜上所述，A正確，BCD錯誤。故選：A?！军c評】本題考查電功率和效率的計算公式，并借助函數(shù)圖像分析解答，有一定的難度。20．（3分）有甲、乙兩個質(zhì)量和初溫都相同的金屬球，先將甲球放入一杯熱水中，熱平衡時水的溫度降低了Δt，然后將甲球取出，再將乙球放入該燒杯水中，水的溫度又降低了Δt，上述過程中，甲球吸收的熱量為Q甲，乙球吸收熱量為Q乙，甲球比熱容為c甲，乙球比熱容為c乙，不考慮熱量損失，不計球帶走水的質(zhì)量，則下列判斷正確的是（）A．Q甲＞Q乙 B．Q甲＜Q乙 C．c甲＞c乙 D．c甲＜c乙【分析】甲、乙兩球，先后投入到同一杯水中，甲、乙物體吸收熱量、溫度升高，水放出熱量、溫度降低；由題知，先后兩次水降低的溫度相同，由Q放＝cmΔt可知，水先后兩次放出的熱量關系；熱平衡時，甲、乙兩球吸收的熱量相同等于水放出的熱量；設水的初溫為t0水，甲、乙兩球的初溫為t0球，熱平衡時，甲球升高的溫度為：Δt甲＝t0水﹣Δt﹣t0球，乙球升高的溫度為：Δt甲＝t0水﹣2Δt﹣t0球，由此可知甲、乙兩球升高溫度的關系；由Q吸＝cmΔt可知甲、乙兩球的比熱容關系?！窘獯稹拷猓合群髮⒓?、乙兩球投入到同一杯水中，水降低的溫度相同，由Q放＝cmΔt可知，水先后兩次放出的熱量相等；熱平衡時，甲、乙兩球吸收的熱量相同等于水放出的熱量，即Q甲＝Q乙＝c水m水Δt，故AB錯誤；設水的初溫為t0水，甲、乙兩球的初溫為t0球，熱平衡時，甲球升高的溫度為：Δt甲＝t0水﹣Δt﹣t0球，乙球升高的溫度為：Δt乙＝t0水﹣2Δt﹣t0球，比較可知，乙球升高的溫度小于甲球升高的溫度；質(zhì)量相同的甲、乙兩球，吸收相同的熱量，乙球升高的溫度小于甲球升高的溫度，根據(jù)c＝可知，乙球的比熱容大于甲球的比熱容，故C錯誤，D正確。故選：D。【點評】本題考查熱平衡方程的應用，正確判斷甲、乙升高溫度的關系是關鍵。三.實驗探究題（本題共3小題，每空2分，共18分）21．（4分）如圖所示是“探究不同物質(zhì)比熱容”的實驗裝置，其中兩個試管內(nèi)加入的是相同質(zhì)量的水和色拉油，根據(jù)實驗中采集到的數(shù)據(jù)畫出加熱過程中溫度隨時間變化的關系圖像如圖所示：（1）第10min時，色拉油吸收的熱量等于（選填“大于”“等于”或“小于”）水吸收的熱量；（2）根據(jù)圖像可以計算出色拉油的比熱容為2.1×103J/（kg?℃）?！舅谋葻崛轂?.2×103J/（kg?℃）]【分析】（1）我們使用同一加熱器通過加熱時間的長短來比較吸熱多少，這種方法叫轉(zhuǎn)換法；（2）根據(jù)圖乙得出高30℃油和水的加熱時間，根據(jù)Q＝cmΔt可知，在質(zhì)量和升高的溫度相同的情況下，吸熱與比熱容成正比，據(jù)此得出色拉油的比熱容?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)轉(zhuǎn)換法，第10min時，色拉油吸收的熱量等于水吸收的熱量；（2）根據(jù)圖乙可知，升高30℃，油和水的加熱時間分別為10min和20min，由轉(zhuǎn)換法，對應的吸熱之比為1：2＝0.5，根據(jù)Q＝cmΔt可知，在質(zhì)量和升高的溫度相同的情況下，吸熱與比熱容成正比，水的比熱容為4.2×103J/（kg?℃），則色拉油的比熱容為：c＝0.5×4.2×103J/（kg?℃）＝2.1×103J/（kg?℃）。故答案為：（1）等于；（2）2.1×103?！军c評】本題比較不同物質(zhì)的吸熱能力，考查控制變量法、轉(zhuǎn)換法的應用和Q＝cmΔt的運用，為熱學中的重要實驗。22．（6分）如圖所示是“探究電流與電阻的關系”的實驗電路圖：（1）實物電路中有一條導線連接有誤，請在錯誤的導線上畫“×”，并用筆畫線代替導線畫出正確的接線；（2）電路改正以后，我們可以根據(jù)電流表、電壓表示數(shù)初步判斷電路故障的原因。若電流表示數(shù)為零，電壓表示數(shù)不為零，則故障原因可能是定值電阻斷路。（3）實驗結束后，小聰同學畫出I﹣R圖像如圖乙所示，小明同學畫出圖像如圖丙所示，你認為誰的處理方法更好，并說明理由：小明的處理方法更好；小明同學畫出圖線為一條過原點的斜直線，可以直觀判斷出：電壓不變時，電流I與電阻的倒數(shù)成正比，從而判斷出：電壓不變時，電流I與電阻R成反比?！痉治觥浚?）電壓表應與被測電路并聯(lián)，電流表應與被測電路串聯(lián)；（2）電流表無示數(shù)，可以判斷出電路中出現(xiàn)了斷路，然后根據(jù)電壓表有示數(shù)確定出斷路的位置；（3）根據(jù)歐姆定律可知，電壓保持不變時，電流與電阻成反比關系，故I＝U?，即電壓保持不變時，電流I與電阻的倒數(shù)成正比。【解答】解：（1）原圖中，電壓表與定值電阻串聯(lián)，電流表與定值電阻并聯(lián)，這是錯誤的，電壓表應與被測電路并聯(lián)，電流表應與被測電路串聯(lián)，如圖所示：；（2）電流表無示數(shù)，說明電路可能斷路；電壓表示數(shù)接近電源電壓，說明電壓表與電源連通，則與電壓表并聯(lián)的電路以外的電路是完好的，與電壓表并聯(lián)的定值電阻斷路了；（3）小聰同學畫出的I﹣R圖線為曲線，看起來不直觀，小明同學畫出圖線為一條過原點的斜直線，可以直觀判斷出：電壓不變時，電流I與電阻的倒數(shù)成正比，從而判斷出：電壓不變時，電流I與電阻R成反比，因此小明的處理方法更好。故答案為：（1）見解答圖；（2）定值電阻斷路；（3）小明的處理方法更好；小明同學畫出圖線為一條過原點的斜直線，可以直觀判斷出：電壓不變時，電流I與電阻的倒數(shù)成正比，從而判斷出：電壓不變時，電流I與電阻R成反比?！军c評】本題探究電流與電阻的關系，考查電路連接、故障分析和實驗方案的評價，難度不大。23．（8分）在測量額定電壓為2.5V的小燈泡額定功率實驗中，由于電流表損壞，某小組設計了如圖所示的測量電路圖，其中R0為阻值已知的定值電阻。（1）閉合S1、S3，斷開S2（寫出三個開關斷開和閉合的狀態(tài)），移動變阻器滑片，使電壓表示數(shù)為2.5V；（2）保持變阻器滑片位置不變，閉合S1、S2，斷開S3（寫出三個開關斷開和閉合的狀態(tài)），讀出電壓表示數(shù)記為U；（3）用已知和測得物理量表示出小燈泡的額定功率P＝2.5V×。（4）若將電壓表和S2的位置對調(diào)，是否還能完成該測量任務，為什么？不能完成該測量任務，因無法確定燈泡是否正常發(fā)光。【分析】若該電路中沒有電流表，電壓表和定值電阻應起到測量電流的作用，故將燈與定值電阻串聯(lián)后再與變阻器串聯(lián)；要測燈泡的額定功率，首先使燈泡正常發(fā)光，先將電壓表與燈泡并聯(lián)，通過移動滑片的位置，使燈泡的電壓為額定電壓；保持滑片位置不動，通過開關的轉(zhuǎn)換，使電壓表測燈泡與定值電阻兩端的總電壓，因此時各電阻的大小和電壓不變，燈泡仍正常工作，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律，可求出此時定值電阻的電壓，由歐姆定律可求出燈的額定電流，根據(jù)P＝UI可求出燈的額定功率?！窘獯稹拷猓簩嶒灢襟E：（1）閉合S1、S3，斷開S2，移動變阻器滑片，使電壓表示數(shù)為2.5V；（2）保持變阻器滑片位置不變，閉合S1、S2，斷開S3，讀出電壓表示數(shù)記為U；（3）在步驟（1）中，燈泡、定值電阻和滑動變阻器串聯(lián)，電壓表測燈泡兩端電壓；移動變阻器滑片，使電壓表示數(shù)為2.5V，此時燈泡正常發(fā)光；在步驟（2）中，燈泡、定值電阻和滑動變阻器仍串聯(lián)，電壓表測燈泡與定值電阻兩端的總電壓，因此時各電阻的大小和電壓不變，燈泡仍正常工作，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律，定值電阻兩端的電壓為U0＝U﹣UL＝U﹣2.5V，燈泡與R0串聯(lián)，則通過燈泡的電流為I＝I0＝＝；則燈泡的額定功率為：P＝ULI＝2.5V×；（4）若將電壓表和S2的位置對調(diào)，此時電壓表測定值電阻或定值電阻與燈泡兩端的總電壓，因無法確定燈泡是否正常發(fā)光，故不能完成該測量任務。故答案為：（1）閉合S1、S3，斷開S2；（2）閉合S1、S2，斷開S3；（3）2.5V×；（4）不能完成該測量任務，因無法確定燈泡是否正常發(fā)光?！军c評】本題測小燈泡額定功率實驗，考查了設計實驗方案測功率的能力。四.計算題（本題共3小題，其中第21題8分，第22題6分，第23題8分，共22分）24．（8分）北京冬奧會上使用的氫燃料電池汽車，是利用氫與氧發(fā)生化學反應產(chǎn)生電能，供給電動機而驅(qū)動汽車行駛的。如圖所示，該類型汽車甲在平直公路上從A地出發(fā)，以90km/h的速度行駛1h到達B地，消耗0.8kg氫燃料，所產(chǎn)生電能E電的90%用于維持汽車勻速行駛，所受阻力為1000N。（1）求此過程中產(chǎn)生的電能E電；（2）燃油汽車乙也在該公路上從A地出發(fā)，以90km/h的速度勻速行駛，所受阻力與甲車相同，汽油在氣缸內(nèi)完全燃燒，且燃燒所釋放熱量的30%用來維持汽車勻速行駛，汽油熱值取q＝5×107J/kg。同樣到達B地，需要多少千克汽油？【分析】（1）利用速度公式求出AB兩地的距離，根據(jù)二力平衡條件可知汽車的牽引力，利用W＝Fs求出汽車所做的有用功，利用效率公式求出此過程中產(chǎn)生的電能E電；（2）根據(jù)題意可知燃油汽車乙和汽車甲所做的有用功相等，根據(jù)效率公式求出汽油完全燃燒放出的熱量；根據(jù)Q放＝mq求出需要完全燃燒汽油的質(zhì)量?！窘獯稹拷猓海?）由v＝可知，AB兩地的距