2022-2023學(xué)年四川省內(nèi)江市高三下學(xué)期2月月考物理試題（解析版）

高中物理精品試卷PAGEPAGE1內(nèi)江市2022-2023學(xué)年高三下學(xué)期2月月考試題第I卷一、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-5題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6-8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.紅蠟塊能在玻璃管的水中勻速上升，若紅蠟塊在A點(diǎn)勻速上升的同時(shí)，使玻璃管水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則紅蠟塊實(shí)際運(yùn)動(dòng)的軌跡可能是圖中的（）A.直線P B.曲線Q C.曲線R D.無法確定[答案]B[解析]由題意可知紅蠟塊在豎直方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，若使玻璃管水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則紅蠟塊在水平方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，合運(yùn)動(dòng)為勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，其速度方向與水平方向的夾角的正切值為由上式可知θ隨t的增大而減小，而蠟塊速度方向沿軌跡切線方向，所以紅蠟塊實(shí)際運(yùn)動(dòng)的軌跡可能是圖中的曲線Q。故選B。2.2022年5月10日1時(shí)56分，天舟四號(hào)貨運(yùn)飛船采用快速交會(huì)對(duì)接技術(shù)，順利與在軌運(yùn)行的天和核心艙進(jìn)行交會(huì)對(duì)接。對(duì)接前，天舟四號(hào)貨運(yùn)飛船繞地球做橢圓運(yùn)動(dòng)，近地點(diǎn)A和遠(yuǎn)地點(diǎn)B，如圖所示；天和核心艙在離地球表面高度h處做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。若對(duì)接地點(diǎn)在橢圓軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)B，下列說法正確的是（）A.天舟四號(hào)在A點(diǎn)的運(yùn)行速度小于在B點(diǎn)的運(yùn)行速度B.天舟四號(hào)從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，動(dòng)能減小，引力勢(shì)能增大，機(jī)械能減小C.在交會(huì)對(duì)接前天舟四號(hào)的運(yùn)行周期比天和核心艙的運(yùn)行周期大D.天舟四號(hào)在B點(diǎn)點(diǎn)火加速，才能與天和核心艙順利完成對(duì)接[答案]D[解析]A．由開普勒第二定律知，天舟四號(hào)在A點(diǎn)的運(yùn)行速度大于在B點(diǎn)的運(yùn)行速度，故A錯(cuò)誤；B．天舟四號(hào)從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，只有萬有引力做負(fù)功，則動(dòng)能減小，引力勢(shì)能增大，機(jī)械能不變，故B錯(cuò)誤；C．由開普勒第三定律可知在交會(huì)對(duì)接前天舟四號(hào)的運(yùn)行周期比天和核心艙的運(yùn)行周期小，故C錯(cuò)誤；D．要使天舟四號(hào)從低軌道到高軌道，應(yīng)該使天舟四號(hào)在B點(diǎn)點(diǎn)火加速，使萬有引力小于其需要的向心力，從而離心到更高軌道，才能與天和核心艙順利完成對(duì)接，故D正確。故選D。3.如圖，A、B兩球用勁度系數(shù)為的輕彈簧相連，B球用長(zhǎng)為的細(xì)繩懸于點(diǎn)，A球固定在O點(diǎn)正下方，且O、A間的距離恰為，此時(shí)繩子所受的拉力為，彈簧的彈力為，現(xiàn)把A、B間的彈簧換成勁度系數(shù)為的輕彈簧，仍使系統(tǒng)平衡，此時(shí)繩子所受的拉力為，彈簧的彈力為，則下列說法正確的是（）A. B. C. D.[答案]C[解析]以小球B為研究對(duì)象，分析受力情況，由平衡條件可知，彈簧的彈力和繩子的拉力的合力與重力大小相等，方向相反，即如圖所示由三角形相似可得由于，則有繩子的拉力只與小球B的重力有關(guān)，與彈簧的勁度系數(shù)無關(guān)，則有假設(shè)間距離不變，由于減小，則彈簧彈力減小，故間距離減小，則有故選C。4.如圖所示，平行金屬板A、B水平正對(duì)放置，分別帶等量異號(hào)電荷．一帶電微粒水平射入板間，在重力和電場(chǎng)力共同作用下運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖中虛線所示，那么A.若微粒帶正電荷，則A板一定帶正電荷B.微粒從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)電勢(shì)能一定增加C微粒從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)動(dòng)能一定增加D.微粒從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)機(jī)械能一定增加[答案]C[解析]A、粒子在電場(chǎng)力和重力的合力作用下做類平拋運(yùn)動(dòng)，合力向下，電場(chǎng)力可能向上而小于重力，也可能向下，故無法判斷A板的帶電情況，A錯(cuò)誤；B、電場(chǎng)力可能向上，也可能向下，故微粒從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)電勢(shì)能可能增加，也可能減小，B錯(cuò)誤；C、粒子在電場(chǎng)力和重力的合力作用下做類似平拋運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力和重力的合力向下，故從M到N動(dòng)能增加，C正確；D、電場(chǎng)力可能向上，也可能向下，故微粒從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)過程，電場(chǎng)力可能做負(fù)功，也可能做正功，故機(jī)械能可能增加，也可能減少，D錯(cuò)誤；5.如圖所示，其中電流表A的量程為0.6A，表盤均勻劃分為30個(gè)小格，每一小格表示0.02A；R1的阻值等于電流表內(nèi)阻阻值的一半；R2的阻值等于電流表內(nèi)阻的2倍．若用電流表A的表盤刻度表示流過接線柱1的電流值，則下列分析正確的是（）A.將接線柱1、2接入電路時(shí)，每一小格表示0.04AB.將接線柱1、2接入電路時(shí)，每一小格表示0.02AC.將接線柱1、3接入電路時(shí)，每一小格表示0.06AD.將接線柱1、3接入電路時(shí)，每一小格表示0.01A[答案]C[解析]當(dāng)接線柱1、2接入電路時(shí)，R1與電流表并聯(lián)，由于R1＝，可知流過R1的電流為流過電流表電流的2倍，所以1、2接線柱間的電流為通過電流表電流的3倍，所以每一小格是原來的3倍，即為0.06A，所以A、B錯(cuò)誤；當(dāng)接線柱1、3接入電路時(shí)，電流表與R1并聯(lián)，然后再與R2串聯(lián)，串聯(lián)電阻對(duì)電流無影響，與1、2接入電路的效果一樣，所以每一小格表示0.06A，C正確，D錯(cuò)誤．6.如圖所示，傾角為的斜面上有質(zhì)量分別為、的A、B兩物塊，它們之間用輕線連接，用始終平行于斜面向上的拉力F拉A，使它們沿斜面勻加速上升，A、B與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為。為了減小輕線上的張力，可行的辦法是（）A.減小拉力F B.只增大A的質(zhì)量C.只減小傾角 D.只減小動(dòng)摩擦因數(shù)[答案]AB[解析]根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)整體有可得，加速度大小為對(duì)B由牛頓第二定律得到輕線上的張力為可知，則要減小T，可減小拉力F或增大A的質(zhì)量，與傾角、動(dòng)摩擦因數(shù)無關(guān)。故選AB。7.如圖所示，電路中定值電阻R的阻值大于電源內(nèi)阻r的阻值，開關(guān)S閉合，平行板電容器中帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，理想電壓表V1、V2、V3；的示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、、，理想電流表A1示數(shù)變化量的絕對(duì)值為，下列說法正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)將向下運(yùn)動(dòng)，理想電流表A2中有從a流向b的瞬間電流B.C.電源的輸出功率減小D.電源的效率變小[答案]ABD[解析]A．將電流表看作導(dǎo)線，將電壓表看作斷路，發(fā)現(xiàn)滑動(dòng)變阻器與定值電阻與電源串聯(lián)，將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，則滑動(dòng)變阻器接入電路阻值減小，根據(jù)串聯(lián)分壓原理，滑動(dòng)變阻器兩端電壓減小，則電容器兩端電壓減小，則電容器放電，則理想電流表A2中有從a流向b的瞬間電流，故A正確；B．令滑動(dòng)變阻器接入電路阻值，根據(jù)閉合電路歐姆定律由此可得電路中定值電阻R的阻值大于電源內(nèi)阻r的阻值，故故B正確；C．電源的輸出功率當(dāng)時(shí)，電源輸出功率最大，因?yàn)橐欢ù笥趓，故隨著減小，電源的輸出功率增大，故C錯(cuò)誤；D．電源的效率由以上分析可知，滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，減小，電源的效率變小，故D正確。故選ABD。8.如圖甲所示，足夠長(zhǎng)的木板B靜置于光滑水平面上，其上放置小滑塊A，滑塊A受到隨時(shí)間t變化的水平拉力F作用時(shí)，用傳感器測(cè)出滑塊A的加速度a，得到如圖乙所示的a-F圖像，A、B之間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g取10m/s2，則（）A.滑塊A的質(zhì)量為4kgB.木板B的質(zhì)量為2kgC.當(dāng)F=10N時(shí)滑塊A加速度為6m/s2D.滑塊A與木板B間動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2[答案]BC[解析]ABD．設(shè)滑塊A的質(zhì)量m，木板B的質(zhì)量為M，滑塊A與木板B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ。由題圖乙可知，當(dāng)F=Fm=6N時(shí)，滑塊A與木板B達(dá)到最大共同加速度為am=2m/s2根據(jù)牛頓第二定律有解得M+m=3kg當(dāng)F＞10N時(shí)，A與B將發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，對(duì)A單獨(dú)應(yīng)用牛頓第二定律有F-μmg=ma整理得根據(jù)題圖2解得m=1kgμ=0.4則M=2kgAD錯(cuò)誤，B正確；C.當(dāng)F=10N時(shí)，木板A的加速度為C正確。故選BC。二、非選擇題：（一）必考題：9.用如圖所示的裝置探究加速度、力和質(zhì)量的關(guān)系，帶滑輪的長(zhǎng)木板水平放置，彈簧測(cè)力計(jì)固定在墻上，小車上固定一定滑輪，細(xì)繩通過滑輪連接彈簧測(cè)力計(jì)和沙桶。（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，下列操作必要且正確的是______。A．用天平測(cè)出沙和沙桶的質(zhì)量B．將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端適當(dāng)墊高，以平衡摩擦力C．為了減小誤差，實(shí)驗(yàn)中要保證沙和沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量D．應(yīng)當(dāng)先釋放小車，再接通電源（2）利用打點(diǎn)頻率為50Hz的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，得到的一條紙帶如圖所示（圖中每?jī)蓚€(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出）。則在該次實(shí)驗(yàn)中小車運(yùn)動(dòng)的加速度大小為______m/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。（3）某同學(xué)做實(shí)驗(yàn)時(shí)，未把木板的一側(cè)墊高，就繼續(xù)進(jìn)行其他實(shí)驗(yàn)步驟，該同學(xué)作出的小車的加速度a與彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)F的圖像如圖所示，則實(shí)驗(yàn)中小車受到的摩擦力大小為______。[答案]（1）B（2）1.19（3）2F0[解析]（1）[1]B．為了使得細(xì)繩對(duì)小車的彈力等于小車所受外力的合力，實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端適當(dāng)墊高，以平衡摩擦力，故B正確；AC．由于彈簧測(cè)力計(jì)能夠直接測(cè)量出細(xì)繩的拉力大小，即可以直接求出小車所受外力的合力，并沒有用沙與沙桶的重力表示細(xì)繩的拉力，所以實(shí)驗(yàn)中不需要用天平測(cè)出沙和沙桶的質(zhì)量，也不需要保證沙和沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，故AC錯(cuò)誤；D．使用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)，應(yīng)當(dāng)先接通電源，后釋放紙帶，故D錯(cuò)誤。故選B。（2）[2]根據(jù)逐差法可得小車運(yùn)動(dòng)的加速度大小為（3）[3]若實(shí)驗(yàn)時(shí)未把木板的一側(cè)墊高，則有所以結(jié)合圖像，將坐標(biāo)（F0，0）代入函數(shù)式，解得10.在測(cè)定一根粗細(xì)均勻合金絲Rx的電阻率的實(shí)驗(yàn)中：（1）利用螺旋測(cè)微器測(cè)定合金絲的直徑，示數(shù)如圖（a）所示，則可讀得合金絲的直徑為___________mm。（2）待測(cè)合金絲的電阻約為，實(shí)驗(yàn)室另外還提供的儀器有：A．電壓表V（內(nèi)阻約為10kΩ，量程為3V）B．電流表A1（內(nèi)阻約為3Ω，量程為0.6A）C．電流表A2（內(nèi)阻約為0.1Ω，量程為3A）D．滑動(dòng)變阻器R（阻值為0~5Ω，額定電流為2A）E．電源E（電動(dòng)勢(shì)為5V，內(nèi)電阻為1Ω）F．一個(gè)開關(guān)、若干導(dǎo)線①要求較準(zhǔn)確地測(cè)出其阻值，電流表應(yīng)選___________。（填序號(hào)）②請(qǐng)根據(jù)以上儀器，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖，并在圖（b）中完成電路圖的實(shí)物連線_________，要求實(shí)驗(yàn)時(shí)電流表和電壓表的示數(shù)變化范圍盡量大。③按圖（b）電路測(cè)得的阻值_______真實(shí)值。（選填“大于”、“等于”或“小于”）[答案]（1）（2）①B②③小于[解析]（1）[1]合金絲的直徑為（2）[2]由于被測(cè)電阻約為，電源電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為，則電路中出現(xiàn)的最大電流約為如果選擇量程電流表，指針沒超過儀表盤的，讀數(shù)誤差會(huì)太大，所以選0~0.6A量程的的電流表。故選B。[3]滑動(dòng)變阻器如果采用限流式接法，電路的電流變化范圍較小，所以要采取分壓式接法，讓滑動(dòng)變阻器起分壓作用，被測(cè)電路中的電流變化范圍就變大。由待測(cè)金屬絲的電阻較小，電流表的內(nèi)阻與待測(cè)電阻相差不大，內(nèi)接法會(huì)產(chǎn)生很大的分壓效果，造成較大的誤差，因此電流表應(yīng)選采用外接法，電路如下圖[4]電流表采用外接法，此時(shí)電壓表分流導(dǎo)致電流測(cè)量值偏大，由部分電路的歐姆定律有可知R的測(cè)量值小于真實(shí)值。11.如圖所示，AB面光滑、傾角的斜面體固定在水平桌面上，桌面右側(cè)與光滑半圓形軌道CD相切于C點(diǎn)，圓弧軌道的半徑。物塊甲、乙用跨過輕質(zhì)定滑輪的輕繩連接，開始時(shí)乙被按在桌面上，甲位于斜面頂端A點(diǎn)，滑輪左側(cè)輕繩豎直、右側(cè)輕繩與AB平行；現(xiàn)釋放乙，當(dāng)甲滑至AB中點(diǎn)時(shí)輕繩斷開，甲恰好能通過圓形軌道的最高點(diǎn)D。已知AB長(zhǎng)L=1m，桌面BC段長(zhǎng)，甲質(zhì)量M=1.4kg、乙質(zhì)量m=0.1kg，甲從斜面滑上桌面時(shí)速度大小不變，重力加速度大小取，不計(jì)空氣阻力。求：（1）繩斷時(shí)甲的速度大?。唬?）甲進(jìn)入圓形軌道C點(diǎn)時(shí)，甲對(duì)軌道壓力大??；（3）甲與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)。[答案]（1）2m/s；（2）75N；（3）0.4[解析]（1）設(shè)輕繩斷開時(shí)甲速度的大小為，根據(jù)機(jī)械能守恒有解得v1=2m/s（2）甲恰到達(dá)D時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有設(shè)甲到達(dá)C時(shí)速度大小為，由C到D的過程，由動(dòng)能定理得在C點(diǎn)處甲受到支持力為N，由牛頓第二定律有由牛頓第三定律，軌道受到壓力大小為F=N聯(lián)立解得，F(xiàn)=75N（3）甲從繩斷處到D點(diǎn)全過程，根據(jù)動(dòng)能定理可得解得12.如圖所示，光滑絕緣的水平面上方空間內(nèi)存在足夠大、方向水平向右，電場(chǎng)強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)。水平面上小物塊A、B質(zhì)量均為m、相距為L(zhǎng)，其中A帶正電，電荷量為q，B不帶電，某時(shí)刻同時(shí)由靜止釋放A、B，此后A與B之間的碰撞均為彈性正碰，且碰撞過程中無電荷轉(zhuǎn)移，碰撞時(shí)間忽略不計(jì)。求：（1）第1次碰撞后B的速度；（2）第2次碰撞與第3次碰撞之間的時(shí)間間隔：（3）第n次碰撞到第次碰撞過程中電場(chǎng)力對(duì)A球做的功。[答案]（1）；（2）；（3）[解析]（1）設(shè)第一次碰撞前A的速度為，碰撞后A、B的速度分別為、，由動(dòng)能定理解得A、B碰撞過程，由動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律可得聯(lián)立解得（2）設(shè)A、B第二次碰撞前后速度分別為、、、，從第一次碰撞到第二次碰撞過程可得二次碰撞過程A與B交換速度，碰后速度分別為設(shè)A、B第三次碰撞前后速度分別為、、、，從第二次碰撞到第三次碰撞過程可得第三次碰撞過程A與B交換速度，碰后速度分別為所以第二次碰撞到第三次碰撞過程由由牛頓第二定律得聯(lián)立可得（3）上一問分析可知每第n次碰撞后到第次磁撞前的過程時(shí)間都相同等于第n次碰撞后B的速度所以位移所以電場(chǎng)力對(duì)A做的功為（二）選考題：[物理——選修3-4]13.圖（a）為某一簡(jiǎn)諧橫波在t＝0時(shí)刻的圖像，x＝6m處的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖（b）所示。下列說法正確的是（）A.該波沿x軸負(fù)方向傳播B.該波的波速為2m/sC.x＝2m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程為D.0～2.5s內(nèi)，x＝2m處的質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過的路程為E.該波經(jīng)過寬度為10cm的障礙物時(shí)不能發(fā)生明顯衍射[答案]ABD[解析]A．由圖（b）可知t＝0時(shí)x＝6m的質(zhì)點(diǎn)向y軸正方向振動(dòng)，由圖（a）根據(jù)同側(cè)法可知該波沿x軸負(fù)方向傳播，故A正確；B．由題圖（a）知，由題圖（b）知T＝4s，所以波速故B正確；C．由于該波沿軸負(fù)方向傳播，則x＝2m處質(zhì)點(diǎn)要比原點(diǎn)處的質(zhì)點(diǎn)起振的早，由任意位置處的振動(dòng)方程可得則x＝2m處的振動(dòng)方程為故C錯(cuò)誤；D．t＝2.5s時(shí)，x＝2m處質(zhì)點(diǎn)的縱坐標(biāo)0~2.5s內(nèi)，x＝2m處的質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過的路故D正確；E．障礙物尺寸遠(yuǎn)小于該波的波長(zhǎng)，能發(fā)生明顯衍射，故E錯(cuò)誤。故選ABD。14.一玻璃工件的上半部是圓錐，∠ACB=120°，下半部是半徑為R的半球體，O為球心，其截面如圖所示。一束單色光以45o的入射角射向截面的AC邊后，垂直于AB射向球面，入射角也為45o，已知真空中光速為c，求：（1）玻璃的折射率n；（2）光在工件下部半球體內(nèi)傳播的時(shí)間t。[答案]（1）；（2）[解析]由題意，作出光路圖如圖（1）設(shè)折射角為θ，由幾何關(guān)系可知根據(jù)折射定律解得（2）由題意，根據(jù)，可得則光線在球面上恰好發(fā)生兩次全反射，如圖由幾何知識(shí)可得光在半球體內(nèi)走過的距離光在介質(zhì)中的速度經(jīng)歷的時(shí)間聯(lián)立解得內(nèi)江市2022-2023學(xué)年高三下學(xué)期2月月考試題第I卷一、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-5題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6-8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.紅蠟塊能在玻璃管的水中勻速上升，若紅蠟塊在A點(diǎn)勻速上升的同時(shí)，使玻璃管水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則紅蠟塊實(shí)際運(yùn)動(dòng)的軌跡可能是圖中的（）A.直線P B.曲線Q C.曲線R D.無法確定[答案]B[解析]由題意可知紅蠟塊在豎直方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，若使玻璃管水平向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則紅蠟塊在水平方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，合運(yùn)動(dòng)為勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，其速度方向與水平方向的夾角的正切值為由上式可知θ隨t的增大而減小，而蠟塊速度方向沿軌跡切線方向，所以紅蠟塊實(shí)際運(yùn)動(dòng)的軌跡可能是圖中的曲線Q。故選B。2.2022年5月10日1時(shí)56分，天舟四號(hào)貨運(yùn)飛船采用快速交會(huì)對(duì)接技術(shù)，順利與在軌運(yùn)行的天和核心艙進(jìn)行交會(huì)對(duì)接。對(duì)接前，天舟四號(hào)貨運(yùn)飛船繞地球做橢圓運(yùn)動(dòng)，近地點(diǎn)A和遠(yuǎn)地點(diǎn)B，如圖所示；天和核心艙在離地球表面高度h處做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。若對(duì)接地點(diǎn)在橢圓軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)B，下列說法正確的是（）A.天舟四號(hào)在A點(diǎn)的運(yùn)行速度小于在B點(diǎn)的運(yùn)行速度B.天舟四號(hào)從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，動(dòng)能減小，引力勢(shì)能增大，機(jī)械能減小C.在交會(huì)對(duì)接前天舟四號(hào)的運(yùn)行周期比天和核心艙的運(yùn)行周期大D.天舟四號(hào)在B點(diǎn)點(diǎn)火加速，才能與天和核心艙順利完成對(duì)接[答案]D[解析]A．由開普勒第二定律知，天舟四號(hào)在A點(diǎn)的運(yùn)行速度大于在B點(diǎn)的運(yùn)行速度，故A錯(cuò)誤；B．天舟四號(hào)從A運(yùn)動(dòng)到B的過程中，只有萬有引力做負(fù)功，則動(dòng)能減小，引力勢(shì)能增大，機(jī)械能不變，故B錯(cuò)誤；C．由開普勒第三定律可知在交會(huì)對(duì)接前天舟四號(hào)的運(yùn)行周期比天和核心艙的運(yùn)行周期小，故C錯(cuò)誤；D．要使天舟四號(hào)從低軌道到高軌道，應(yīng)該使天舟四號(hào)在B點(diǎn)點(diǎn)火加速，使萬有引力小于其需要的向心力，從而離心到更高軌道，才能與天和核心艙順利完成對(duì)接，故D正確。故選D。3.如圖，A、B兩球用勁度系數(shù)為的輕彈簧相連，B球用長(zhǎng)為的細(xì)繩懸于點(diǎn)，A球固定在O點(diǎn)正下方，且O、A間的距離恰為，此時(shí)繩子所受的拉力為，彈簧的彈力為，現(xiàn)把A、B間的彈簧換成勁度系數(shù)為的輕彈簧，仍使系統(tǒng)平衡，此時(shí)繩子所受的拉力為，彈簧的彈力為，則下列說法正確的是（）A. B. C. D.[答案]C[解析]以小球B為研究對(duì)象，分析受力情況，由平衡條件可知，彈簧的彈力和繩子的拉力的合力與重力大小相等，方向相反，即如圖所示由三角形相似可得由于，則有繩子的拉力只與小球B的重力有關(guān)，與彈簧的勁度系數(shù)無關(guān)，則有假設(shè)間距離不變，由于減小，則彈簧彈力減小，故間距離減小，則有故選C。4.如圖所示，平行金屬板A、B水平正對(duì)放置，分別帶等量異號(hào)電荷．一帶電微粒水平射入板間，在重力和電場(chǎng)力共同作用下運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖中虛線所示，那么A.若微粒帶正電荷，則A板一定帶正電荷B.微粒從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)電勢(shì)能一定增加C微粒從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)動(dòng)能一定增加D.微粒從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)機(jī)械能一定增加[答案]C[解析]A、粒子在電場(chǎng)力和重力的合力作用下做類平拋運(yùn)動(dòng)，合力向下，電場(chǎng)力可能向上而小于重力，也可能向下，故無法判斷A板的帶電情況，A錯(cuò)誤；B、電場(chǎng)力可能向上，也可能向下，故微粒從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)電勢(shì)能可能增加，也可能減小，B錯(cuò)誤；C、粒子在電場(chǎng)力和重力的合力作用下做類似平拋運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力和重力的合力向下，故從M到N動(dòng)能增加，C正確；D、電場(chǎng)力可能向上，也可能向下，故微粒從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)過程，電場(chǎng)力可能做負(fù)功，也可能做正功，故機(jī)械能可能增加，也可能減少，D錯(cuò)誤；5.如圖所示，其中電流表A的量程為0.6A，表盤均勻劃分為30個(gè)小格，每一小格表示0.02A；R1的阻值等于電流表內(nèi)阻阻值的一半；R2的阻值等于電流表內(nèi)阻的2倍．若用電流表A的表盤刻度表示流過接線柱1的電流值，則下列分析正確的是（）A.將接線柱1、2接入電路時(shí)，每一小格表示0.04AB.將接線柱1、2接入電路時(shí)，每一小格表示0.02AC.將接線柱1、3接入電路時(shí)，每一小格表示0.06AD.將接線柱1、3接入電路時(shí)，每一小格表示0.01A[答案]C[解析]當(dāng)接線柱1、2接入電路時(shí)，R1與電流表并聯(lián)，由于R1＝，可知流過R1的電流為流過電流表電流的2倍，所以1、2接線柱間的電流為通過電流表電流的3倍，所以每一小格是原來的3倍，即為0.06A，所以A、B錯(cuò)誤；當(dāng)接線柱1、3接入電路時(shí)，電流表與R1并聯(lián)，然后再與R2串聯(lián)，串聯(lián)電阻對(duì)電流無影響，與1、2接入電路的效果一樣，所以每一小格表示0.06A，C正確，D錯(cuò)誤．6.如圖所示，傾角為的斜面上有質(zhì)量分別為、的A、B兩物塊，它們之間用輕線連接，用始終平行于斜面向上的拉力F拉A，使它們沿斜面勻加速上升，A、B與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為。為了減小輕線上的張力，可行的辦法是（）A.減小拉力F B.只增大A的質(zhì)量C.只減小傾角 D.只減小動(dòng)摩擦因數(shù)[答案]AB[解析]根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)整體有可得，加速度大小為對(duì)B由牛頓第二定律得到輕線上的張力為可知，則要減小T，可減小拉力F或增大A的質(zhì)量，與傾角、動(dòng)摩擦因數(shù)無關(guān)。故選AB。7.如圖所示，電路中定值電阻R的阻值大于電源內(nèi)阻r的阻值，開關(guān)S閉合，平行板電容器中帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，理想電壓表V1、V2、V3；的示數(shù)變化量的絕對(duì)值分別為、、，理想電流表A1示數(shù)變化量的絕對(duì)值為，下列說法正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)將向下運(yùn)動(dòng)，理想電流表A2中有從a流向b的瞬間電流B.C.電源的輸出功率減小D.電源的效率變小[答案]ABD[解析]A．將電流表看作導(dǎo)線，將電壓表看作斷路，發(fā)現(xiàn)滑動(dòng)變阻器與定值電阻與電源串聯(lián)，將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，則滑動(dòng)變阻器接入電路阻值減小，根據(jù)串聯(lián)分壓原理，滑動(dòng)變阻器兩端電壓減小，則電容器兩端電壓減小，則電容器放電，則理想電流表A2中有從a流向b的瞬間電流，故A正確；B．令滑動(dòng)變阻器接入電路阻值，根據(jù)閉合電路歐姆定律由此可得電路中定值電阻R的阻值大于電源內(nèi)阻r的阻值，故故B正確；C．電源的輸出功率當(dāng)時(shí)，電源輸出功率最大，因?yàn)橐欢ù笥趓，故隨著減小，電源的輸出功率增大，故C錯(cuò)誤；D．電源的效率由以上分析可知，滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，減小，電源的效率變小，故D正確。故選ABD。8.如圖甲所示，足夠長(zhǎng)的木板B靜置于光滑水平面上，其上放置小滑塊A，滑塊A受到隨時(shí)間t變化的水平拉力F作用時(shí)，用傳感器測(cè)出滑塊A的加速度a，得到如圖乙所示的a-F圖像，A、B之間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g取10m/s2，則（）A.滑塊A的質(zhì)量為4kgB.木板B的質(zhì)量為2kgC.當(dāng)F=10N時(shí)滑塊A加速度為6m/s2D.滑塊A與木板B間動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2[答案]BC[解析]ABD．設(shè)滑塊A的質(zhì)量m，木板B的質(zhì)量為M，滑塊A與木板B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ。由題圖乙可知，當(dāng)F=Fm=6N時(shí)，滑塊A與木板B達(dá)到最大共同加速度為am=2m/s2根據(jù)牛頓第二定律有解得M+m=3kg當(dāng)F＞10N時(shí)，A與B將發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，對(duì)A單獨(dú)應(yīng)用牛頓第二定律有F-μmg=ma整理得根據(jù)題圖2解得m=1kgμ=0.4則M=2kgAD錯(cuò)誤，B正確；C.當(dāng)F=10N時(shí)，木板A的加速度為C正確。故選BC。二、非選擇題：（一）必考題：9.用如圖所示的裝置探究加速度、力和質(zhì)量的關(guān)系，帶滑輪的長(zhǎng)木板水平放置，彈簧測(cè)力計(jì)固定在墻上，小車上固定一定滑輪，細(xì)繩通過滑輪連接彈簧測(cè)力計(jì)和沙桶。（1）實(shí)驗(yàn)時(shí)，下列操作必要且正確的是______。A．用天平測(cè)出沙和沙桶的質(zhì)量B．將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端適當(dāng)墊高，以平衡摩擦力C．為了減小誤差，實(shí)驗(yàn)中要保證沙和沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量D．應(yīng)當(dāng)先釋放小車，再接通電源（2）利用打點(diǎn)頻率為50Hz的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，得到的一條紙帶如圖所示（圖中每?jī)蓚€(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出）。則在該次實(shí)驗(yàn)中小車運(yùn)動(dòng)的加速度大小為______m/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。（3）某同學(xué)做實(shí)驗(yàn)時(shí)，未把木板的一側(cè)墊高，就繼續(xù)進(jìn)行其他實(shí)驗(yàn)步驟，該同學(xué)作出的小車的加速度a與彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)F的圖像如圖所示，則實(shí)驗(yàn)中小車受到的摩擦力大小為______。[答案]（1）B（2）1.19（3）2F0[解析]（1）[1]B．為了使得細(xì)繩對(duì)小車的彈力等于小車所受外力的合力，實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端適當(dāng)墊高，以平衡摩擦力，故B正確；AC．由于彈簧測(cè)力計(jì)能夠直接測(cè)量出細(xì)繩的拉力大小，即可以直接求出小車所受外力的合力，并沒有用沙與沙桶的重力表示細(xì)繩的拉力，所以實(shí)驗(yàn)中不需要用天平測(cè)出沙和沙桶的質(zhì)量，也不需要保證沙和沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，故AC錯(cuò)誤；D．使用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器時(shí)，應(yīng)當(dāng)先接通電源，后釋放紙帶，故D錯(cuò)誤。故選B。（2）[2]根據(jù)逐差法可得小車運(yùn)動(dòng)的加速度大小為（3）[3]若實(shí)驗(yàn)時(shí)未把木板的一側(cè)墊高，則有所以結(jié)合圖像，將坐標(biāo)（F0，0）代入函數(shù)式，解得10.在測(cè)定一根粗細(xì)均勻合金絲Rx的電阻率的實(shí)驗(yàn)中：（1）利用螺旋測(cè)微器測(cè)定合金絲的直徑，示數(shù)如圖（a）所示，則可讀得合金絲的直徑為___________mm。（2）待測(cè)合金絲的電阻約為，實(shí)驗(yàn)室另外還提供的儀器有：A．電壓表V（內(nèi)阻約為10kΩ，量程為3V）B．電流表A1（內(nèi)阻約為3Ω，量程為0.6A）C．電流表A2（內(nèi)阻約為0.1Ω，量程為3A）D．滑動(dòng)變阻器R（阻值為0~5Ω，額定電流為2A）E．電源E（電動(dòng)勢(shì)為5V，內(nèi)電阻為1Ω）F．一個(gè)開關(guān)、若干導(dǎo)線①要求較準(zhǔn)確地測(cè)出其阻值，電流表應(yīng)選___________。（填序號(hào)）②請(qǐng)根據(jù)以上儀器，設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖，并在圖（b）中完成電路圖的實(shí)物連線_________，要求實(shí)驗(yàn)時(shí)電流表和電壓表的示數(shù)變化范圍盡量大。③按圖（b）電路測(cè)得的阻值_______真實(shí)值。（選填“大于”、“等于”或“小于”）[答案]（1）（2）①B②③小于[解析]（1）[1]合金絲的直徑為（2）[2]由于被測(cè)電阻約為，電源電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為，則電路中出現(xiàn)的最大電流約為如果選擇量程電流表，指針沒超過儀表盤的，讀數(shù)誤差會(huì)太大，所以選0~0.6A量程的的電流表。故選B。[3]滑動(dòng)變阻器如果采用限流式接法，電路的電流變化范圍較小，所以要采取分壓式接法，讓滑動(dòng)變阻器起分壓作用，被測(cè)電路中的電流變化范圍就變大。由待測(cè)金屬絲的電阻較小，電流表的內(nèi)阻與待測(cè)電阻相差不大，內(nèi)接法會(huì)產(chǎn)生很大的分壓效果，造成較大的誤差，因此電流表應(yīng)選采用外接法，電路如下圖[4]電流表采用外接法，此時(shí)電壓表分流導(dǎo)致電流測(cè)量值偏大，由部分電路的歐姆定律有可知R的測(cè)量值小于真實(shí)值。11.如圖所示，AB面光滑、傾角的斜面體固定在水平桌面上，桌面右側(cè)與光滑半圓形軌道CD相切于C點(diǎn)，圓弧軌道的半徑。物塊甲、乙用跨過輕質(zhì)定滑輪的輕繩連接，開始時(shí)乙被按在桌面上，甲位于斜面頂端A點(diǎn)，滑輪左側(cè)輕繩豎直、右側(cè)輕繩與AB平行；現(xiàn)釋放乙，當(dāng)甲滑至AB中點(diǎn)時(shí)輕繩斷開，甲恰好能通過圓形軌道的最高點(diǎn)D。已知AB長(zhǎng)L=1m，桌面BC段長(zhǎng)，甲質(zhì)量M=1.4kg、乙質(zhì)量m=0.1kg，甲從斜面滑上桌面時(shí)速度大小不變，重力加速度大小取，不計(jì)空氣阻力。求：（1）繩斷時(shí)甲的速度大??；（2）甲進(jìn)入圓形軌道C點(diǎn)時(shí)，甲對(duì)軌道壓力大??；（3）甲與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)。[答案]（1）2m/s；（2）75N；（3）0.4[解析]（1）設(shè)輕繩斷開時(shí)甲速度的大小為，根據(jù)機(jī)械能守恒有解得v1=2m/s（2）甲恰到達(dá)D時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有設(shè)甲到達(dá)C時(shí)速度大小為，由C到D的過程，由動(dòng)能定理得在C點(diǎn)處甲受到支持力為N，由