遼寧省名校聯(lián)盟（東北三省聯(lián)考）2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期12月聯(lián)考物理試卷（解析版）

PAGEPAGE1遼寧名校聯(lián)考2023～2024學(xué)年度上學(xué)期高三12月聯(lián)合考試卷物理一、選擇題：本題共10小題，共46分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)是符合題目要求的，每小題4分；第8～10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.兩個(gè)物體具有相同的動(dòng)量，則它們一定具有（）A.相同的速度 B.相同的質(zhì)量C.相同的運(yùn)動(dòng)方向 D.相同的加速度〖答案〗C〖解析〗動(dòng)量是矢量，動(dòng)量相同，其大小和方向都得相同，故方向一定相同，而大小，如果質(zhì)量不同，則速度不同，如果速度不同，則質(zhì)量不同，故AB錯(cuò)誤C正確；動(dòng)量相同，加速度不一定相同，D錯(cuò)誤．2.一帶電粒子（重力不計(jì)）射入一正點(diǎn)電荷電場中，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，粒子從A經(jīng)B運(yùn)動(dòng)到C，則（）A.粒子可能帶正電B.粒子的動(dòng)能一直變大C.粒子的加速度先變小后變大D.粒子運(yùn)動(dòng)所受正點(diǎn)電荷的庫侖力先變大后變小〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡可知，粒子帶負(fù)電。故A錯(cuò)誤；B．從A到B，庫侖力對粒子做正功，從B到C，庫侖力對粒子做負(fù)功，所以粒子從A經(jīng)B運(yùn)動(dòng)到C，粒子的動(dòng)能先變大后變小。故B錯(cuò)誤；CD．由庫侖定律可知，粒子所受庫侖力先變大后變小，根據(jù)牛頓第二定律，粒子的加速度先變大后變小。故C錯(cuò)誤；D正確。故選D。3.參加拉力賽的汽車由沙灘駛上山坡，如圖所示。車在沙灘上行駛時(shí)的最大速率為v，當(dāng)其駛上山坡后，其阻力變?yōu)槠囋谏碁┥闲旭倳r(shí)所受阻力的3倍。已知汽車在行駛過程中發(fā)動(dòng)機(jī)功率保持不變，則汽車在山坡上行駛的最大速率為，則n等于（）A.2 B. C.3 D.〖答案〗D〖解析〗根據(jù)題意可知，汽車以額定功率行駛牽引力等于阻力時(shí)，汽車行駛的速率最大，則有當(dāng)P不變，f變?yōu)樵瓉淼?倍時(shí)，則最大速率變?yōu)樵瓉淼?，即故選D。4.如圖所示，在勻強(qiáng)電場中有四點(diǎn)，它們處于同一圓周上，且分別是圓的直徑，已知三點(diǎn)的電勢分別為，則此圓的圓心與點(diǎn)的電勢差為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗根據(jù)幾何知識(shí)知，ab長度等于cd長度，且線段ab平行于線段cd，根據(jù)在勻強(qiáng)電場中平行相等兩線段端點(diǎn)之間的電勢差相等，則可得點(diǎn)的電勢圓心與點(diǎn)的電勢差故選A。5.如圖所示，平行板A、B帶等量的異種電荷，B板接地，兩板間有一固定點(diǎn)P，將A板向上平移小段距離，則下列物理量一定增大的是（）A平行板電容 B.兩板間電場強(qiáng)度C.P點(diǎn)的電勢 D.兩板間電場能〖答案〗D〖解析〗A.由可知，平行板電容減小，A項(xiàng)錯(cuò)誤；B.由也可知，兩板間電場強(qiáng)度大小不變，B項(xiàng)錯(cuò)誤;C.P點(diǎn)與B板的距離s不變，場強(qiáng)E也不變，下極板電勢為0，因此P點(diǎn)的電勢不變，C項(xiàng)錯(cuò)誤；D.由于兩板間距離增大，因此靜電力做負(fù)功，板間電場能增大，D項(xiàng)正確6.一物體放在水平地面上，如圖甲所示，已知物體所受水平拉力F隨時(shí)間t的變化情況如圖乙所示，物體相應(yīng)的速度v隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖丙所示，則（）A.時(shí)間內(nèi)水平拉力做的功為B.時(shí)間內(nèi)合外力做的功為C.時(shí)合外力做功功率為D.時(shí)間內(nèi)物體克服摩擦力所做的功〖答案〗B〖解析〗A．時(shí)間內(nèi)水平位移為拉力的做功大小為故A錯(cuò)誤；B．時(shí)間內(nèi)由圖可知時(shí)間內(nèi)的位移為合外力的做功大小為故B正確；C．時(shí)合外力做功功率為故C錯(cuò)誤；D．時(shí)間內(nèi)物體的位移為物體克服摩擦力所做的功為故D錯(cuò)誤。故選B。7.2022年11月30日，神舟十五號(hào)載人飛船與“天和核心艙”完成對接，航天員費(fèi)俊龍、鄧清明、張陸進(jìn)入“天和核心艙”。對接過程的示意圖如圖所示，“天和核心艙”處于半徑為的圓軌道Ⅲ；神舟十五號(hào)飛船處于半徑為的圓軌道Ⅰ，運(yùn)行周期為，通過變軌操作后，沿橢圓軌道Ⅱ運(yùn)動(dòng)到B處與“天和核心艙”對接。則神舟十五號(hào)飛船（）A.由軌道Ⅰ進(jìn)入軌道Ⅱ需在A點(diǎn)減速B.沿軌道Ⅱ運(yùn)行的周期為C.在軌道Ⅰ上A點(diǎn)的加速度大于在軌道Ⅱ上A點(diǎn)的加速度D.在軌道Ⅲ上B點(diǎn)的線速度大于在軌道Ⅱ上B點(diǎn)的線速度〖答案〗D〖解析〗A．由低軌道進(jìn)入高軌道需要點(diǎn)火加速，所以由軌道Ⅰ進(jìn)入軌道Ⅱ需在A點(diǎn)加速，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)開普勒第三定律，有解得故B錯(cuò)誤；C．由萬有引力公式可知，在軌道Ⅰ、Ⅱ上A點(diǎn)的合外力相同，加速度也相同，故C錯(cuò)誤；D．由軌道Ⅱ進(jìn)入軌道Ⅲ需在B點(diǎn)加速，所以在軌道Ⅲ上B點(diǎn)的線速度大于在軌道Ⅱ上B點(diǎn)的線速度，故D正確。故選D。8.如圖所示，A、B是點(diǎn)電荷電場中的兩點(diǎn)，A點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為，方向與連線夾角，B點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為A點(diǎn)電場強(qiáng)度大小的。將B點(diǎn)電場強(qiáng)度沿方向和垂直方向分解，沿方向的分量水平向右，則下列判斷正確的是（）A.場源電荷帶負(fù)電B.場源電荷帶正電C.D.〖答案〗BD〖解析〗AB．如果場源電荷帶負(fù)電，則B點(diǎn)電場強(qiáng)度沿方向的分量應(yīng)該水平向左，與題意矛盾，因此場源電荷帶正電，A錯(cuò)誤，B正確；CD．由于B點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為A點(diǎn)電場強(qiáng)度大小的，由可知，B點(diǎn)到場源電荷的距離為A點(diǎn)到場源電荷的倍，由幾何關(guān)系可知，場源電荷與A點(diǎn)連接跟場源電荷與B點(diǎn)連線垂直，如圖所示，由幾何關(guān)系可知B點(diǎn)電場強(qiáng)度與分量夾角為，則有解得，C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。9.如圖所示，帶有等量異種電荷的兩塊等大的平行金屬板M、N水平正對放置，兩板間電場強(qiáng)度V/m，方向向下，M板和N板相距10cm，電場中A點(diǎn)距N板為4cm，B點(diǎn)距M板為1cm，下列說法正確的是（）A.B點(diǎn)電勢高于A點(diǎn)電勢，AB間的電勢差B.讓N板接地，則A點(diǎn)的電勢C一個(gè)電子從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)，電勢能減少D.將一個(gè)電子從A點(diǎn)沿直線移到B點(diǎn)靜電力做的功，與將電子先從A點(diǎn)移到C點(diǎn)再移到B點(diǎn)靜電力做的功數(shù)值不同〖答案〗BC〖解析〗A．由于順著電場線方向電勢降低，所以B點(diǎn)電勢較高，AB間的電勢差UAB=?EdAB=?500V故A錯(cuò)誤；B．讓N板接地，則φA=EdAN=400V故B正確；C．電場力對電子做功為W=eUAB=5×102eV電場力做正功，電勢能減小，減小量為5×102eV，故C正確；D．靜電力做功與路徑無關(guān)，只與初末位置有關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選BC。10.如圖所示，粗細(xì)均勻的光滑直桿豎直固定，物塊A套在光滑桿上可自由滑動(dòng)，繞過光滑定滑輪的細(xì)繩端連接在物塊A上，另一端豎直懸掛著物塊B，開始時(shí)鎖定物塊A，細(xì)線與豎直桿的夾角為，解除物塊A的鎖定，物塊B由靜止向下運(yùn)動(dòng)，當(dāng)細(xì)繩與桿垂直時(shí)，物塊A的速度剛好為零，物塊B下降的最大高度為，重力加速度為g，sin37°=0.6，cos37°=0.8，則（）A.物塊A到最高點(diǎn)時(shí)，物塊B的速度最大B.物塊A向上運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能一直增大C.物塊A、B的質(zhì)量之比為D.當(dāng)細(xì)繩與豎直桿間的夾角為時(shí)，物塊A的速度大小為〖答案〗BC〖解析〗〖祥解〗A．物塊A到最高點(diǎn)時(shí)，細(xì)繩與桿垂直，因此B的速度也為零，A錯(cuò)誤；B．物塊A向上運(yùn)動(dòng)過程中，細(xì)繩對物塊A的拉力一直做正功，因此物塊A的機(jī)械能一直增大，B正確；C．設(shè)滑輪到桿的距離為d，則有解得物塊A上升的高度為根據(jù)機(jī)械能守恒定律解得C正確；D．當(dāng)細(xì)繩與豎直桿間的夾角為時(shí)，物塊A上升的高度物塊B下降的高度設(shè)此時(shí)物塊A的速度大小為，則物塊B的速度大小為根據(jù)機(jī)械能守恒定律有解得D錯(cuò)誤。故選BC。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某實(shí)驗(yàn)小組測量一彈簧測力計(jì)內(nèi)彈簧勁度系數(shù)，如圖甲所示，將彈簧測力計(jì)水平放置右端固定，水平向左拉動(dòng)測力計(jì)掛鉤，讀出示數(shù)，并使用刻度尺測量測力計(jì)固定點(diǎn)到測力計(jì)指針位置的距離．改變水平拉力大小，重復(fù)上述步驟，便可根據(jù)所測數(shù)據(jù)計(jì)算得到該彈簧測力計(jì)內(nèi)彈簧的勁度系數(shù)．完成下列問題：（1）某次實(shí)驗(yàn)彈簧測力計(jì)示數(shù)如圖乙所示，則水平拉力大小為__________N．（2）若當(dāng)水平拉力為F1時(shí)，刻度尺測量讀數(shù)為l1；當(dāng)水平拉力為F2時(shí)，刻度尺測量讀數(shù)為l2，則該彈簧測力計(jì)內(nèi)彈簧的勁度系數(shù)k＝__________．（3）若實(shí)驗(yàn)室有兩種規(guī)格的彈簧測力計(jì)，圖丙為另一彈簧測力計(jì)的刻度盤，已知圖乙最小分度的長度和圖丙最小分度的長度相同，則圖乙彈簧的勁度系數(shù)k1和圖丙彈簧的勁度系數(shù)k2的關(guān)系為k1＝__________k2．〖答案〗（1）2.45(2.42~2.47)（2）（也可得分）（3）〖解析〗（1）[1]彈簧測力計(jì)最小分度為0.1N，所以讀數(shù)為2.45N（2.42~2.47均可得分）。（2）[2]根據(jù)胡克定律所以（3）[3]根據(jù)，長度變化相等，力變化丙圖是乙的5倍，所以12.如圖所示，某同學(xué)用圖示裝置做驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)。先將球從斜槽軌道上某標(biāo)記點(diǎn)處由靜止開始滾下，在水平地面上的記錄紙上留下壓痕，重復(fù)10次；再把同樣大小的球放在斜槽軌道末端水平段的最右端附近靜止，讓球仍從原標(biāo)記點(diǎn)處由靜止開始滾下，和球相碰后，兩球分別落在記錄紙的不同位置處，重復(fù)10次。（1）本實(shí)驗(yàn)必須測量的物理量有______A.斜槽軌道末端到水平地面的高度B.小球的質(zhì)量C.小球的半徑D.小球離開斜槽軌道末端后平拋飛行的時(shí)間E.記錄紙上點(diǎn)到各點(diǎn)的距離F.球的標(biāo)記釋放點(diǎn)到斜槽軌道末端水平部分間的高度差（2）小球a、b的質(zhì)量、應(yīng)該滿足的關(guān)系是______。（3）讓a球仍從原標(biāo)記點(diǎn)處由靜止開始滾下，和b球相碰后，下列說法正確的是______。A.碰撞后兩小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不相同B.碰撞后兩小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同C.兩小球碰后，小球a的落地點(diǎn)是圖中水平面上的A點(diǎn)D.兩小球碰后，小球b的落地點(diǎn)是圖中水平面上的B點(diǎn)（4）按照本實(shí)驗(yàn)方法，驗(yàn)證動(dòng)量守恒的驗(yàn)證式是______。〖答案〗（1）BE（2）（3）BC（4）〖解析〗（1）[1]由題意可知，要驗(yàn)證動(dòng)量守恒，就需要知道碰撞前后的動(dòng)量，所以需要測量兩個(gè)小球的質(zhì)量，及碰撞前后小球的速度，碰撞前后小球都做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)，因運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，所以速度可以用水平位移代替，所以需要測量的物理量為：小球、的質(zhì)量、，記錄紙上點(diǎn)到、、各點(diǎn)的距離、、。故選BE。（2）[2]為了避免小球碰撞后被反彈，兩個(gè)小球的質(zhì)量應(yīng)滿足（3）[3]AB．碰撞后兩小球做平拋運(yùn)動(dòng)，高度相同，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，故B正確，A錯(cuò)誤；CD．小球和小球相撞后，小球的速度增大，小球的速度減小，所以碰撞后球的落地點(diǎn)距離點(diǎn)最近，小球距離點(diǎn)最遠(yuǎn)，中間一個(gè)點(diǎn)是未放球時(shí)小球的落地點(diǎn)，所以相撞后，小球、的平均落點(diǎn)位置依次是圖中、點(diǎn)，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。（4）[4]根據(jù)動(dòng)量守恒定律由于運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，故可以用水平位移代替速度，即13.如圖所示，場強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場方向水平向右，兩個(gè)帶電小球A、B用繞過光滑定滑輪的絕緣細(xì)線連接，靜止在電場中，連接A球的細(xì)線與水平方向的夾角為，連接B球的細(xì)線與豎直方向的夾角也為，A、B兩球在同一豎直線上，A球的質(zhì)量為m，帶電量為q，重力加速度為g，不計(jì)滑輪及兩球的大小，，。求B球的質(zhì)量與帶電量。〖答案〗，〖解析〗根據(jù)力的平衡條件可知，A、B兩球均帶正電，設(shè)B球帶電量為，質(zhì)量為，設(shè)繩的張力為，對球A，根據(jù)平衡條件有對B，根據(jù)平衡條件有聯(lián)立解得，14.如圖所示，在光滑水平地面上有一質(zhì)量為2m的平板車B，距離平板車B的左端d處放有一固定豎直擋板，平板車最右端上面放有一質(zhì)量為m的重物A（可視為質(zhì)點(diǎn)）。開始時(shí)，平板車B和重物A都靜止，現(xiàn)在給重物A一向左的初速度v0，當(dāng)平板車左端到達(dá)擋板時(shí)，平板車B和重物A的速度恰好相等，且重物A未到擋板處，已知平板車與擋板碰撞時(shí)沒有機(jī)械能損失。（1）求B與豎直擋板碰撞之前的加速度大小。（2）要使A不離開B，則B的長度L至少多長？〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）長木板B做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度-位移公式得以向左為正方向，A、B系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律得解得（2）要使A不離開B，由能量守恒定律得由牛頓第二定律得由動(dòng)量守恒定律可得解得即B的長度L至少。15.如圖所示的平面直角坐標(biāo)系，y軸和直線之間存在沿x軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場Ⅰ，在直線和直線之間存在與直線的夾角為的勻強(qiáng)電場Ⅱ，一質(zhì)量為m、帶電量為的帶電粒子，從y軸上的A點(diǎn)以沿著y軸負(fù)方向的初速度進(jìn)入勻強(qiáng)電場Ⅰ，經(jīng)過直線上的B點(diǎn)（圖中未畫出），進(jìn)入勻強(qiáng)電場Ⅱ做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，最后粒子達(dá)到直線上的C點(diǎn)（圖中未畫出），速度剛好為0，不計(jì)粒子的重力。求：（1）A、B兩點(diǎn)的電勢差及勻強(qiáng)電場Ⅱ的電場強(qiáng)度；（2）粒子從A點(diǎn)到B點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)時(shí)間；（3）粒子從A