山東省高中名校2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期12月統(tǒng)一調(diào)研考試物理試題（解析版）

PAGEPAGE1高三物理試題注意事項(xiàng)：1.答卷前考生務(wù)必將自己的姓名、考生號(hào)等填寫在答題卡和試卷指定位置。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，請(qǐng)用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標(biāo)號(hào)。回答非選擇題時(shí)，將〖答案〗寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束后將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。1.如圖所示是一種消音器的氣流示意圖，該消音器可以削弱高速氣流產(chǎn)生的噪聲，波長(zhǎng)為的聲波沿管道自左向右傳播，聲波到達(dá)a處時(shí)分成上、下兩束，兩束聲波在b處相遇時(shí)噪聲減弱。下列關(guān)于上、下兩束波疊加能削弱噪聲的原因中說法正確的是（）A.到達(dá)b處時(shí)頻率變小B.到達(dá)b處時(shí)波速變小C.從a到b的路程差可能為D.從a到b的路程差可能為〖答案〗C〖解析〗A．頻率由波源決定，所以到達(dá)b處時(shí)頻率不變，故A錯(cuò)誤；B．在同一介質(zhì)中，波速相等，故B錯(cuò)誤；CD．聲波在a處時(shí)分成上下兩列波，兩列波的頻率相同，經(jīng)過不同的波程在b處相遇，若波程差滿足半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，即即可在b處削弱噪聲，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。 2.游樂場(chǎng)中有一種魔盤游戲，如圖所示有一質(zhì)量為m的小孩（可以看作質(zhì)點(diǎn)），坐在魔盤上到轉(zhuǎn)軸距離為r處。某時(shí)刻魔盤從靜止開始加速轉(zhuǎn)動(dòng)，小孩始終相對(duì)圓盤靜止，魔盤角速度從零增加到ω的過程中，下列說法正確的是（）A.小孩所受摩擦力的方向沿運(yùn)動(dòng)軌跡切線方向B.魔盤角速度增加到ω時(shí)，小孩所受合外力大小C.小孩所受重力的沖量為零D.小孩所受摩擦力的沖量大小為〖答案〗D〖解析〗A．分析可知，小孩受豎直向下的重力、魔盤對(duì)小孩豎直向上的支持力以及靜摩擦力，豎直方向重力與支持力平衡，小孩隨魔盤一起做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由摩擦力提供，則可知摩擦力沿切線方向分力提供加速度，沿徑向分力提供向心力，故A錯(cuò)誤；B．魔盤角速度增加到ω時(shí)，小孩向心力大小為根據(jù)A分析可知，合力大于向心力，故B錯(cuò)誤；C．沖量為力與時(shí)間的乘積，則可知在魔盤角速度從零增加到ω的過程中小孩所受重力的沖量不為零，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)魔盤角速度從零增加到ω時(shí)，小孩的線速度大小為在該過程中小孩動(dòng)量的變化量根據(jù)動(dòng)量定理，合外力的沖量等于動(dòng)量的變化量，而小孩所受合外力即為摩擦力，則可知小孩所受摩擦力的沖量大小為故D正確。故選D。3.等量異種點(diǎn)電荷和等量同種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中，以兩點(diǎn)電荷所在直線為x軸，以兩點(diǎn)電荷連線中點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，建立如圖甲、圖乙所示平面直角坐標(biāo)系，取無限遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，下列對(duì)甲、乙兩圖中x軸上的電場(chǎng)強(qiáng)度E和y軸上的電勢(shì)φ定性描述正確的是（）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗A．等量異種點(diǎn)電荷連線上，沿著連線從正電荷到負(fù)電荷的過程中，電場(chǎng)強(qiáng)度先減小后增大，在連線中點(diǎn)處場(chǎng)強(qiáng)最小，取向右為正方向，則負(fù)電荷右側(cè)場(chǎng)強(qiáng)左，圖像應(yīng)在軸下方，正電荷左側(cè)場(chǎng)強(qiáng)向左，圖像也應(yīng)該在軸下方，故A錯(cuò)誤；B．軸在等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂線上，而等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂線與無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)相等，即中垂線上電勢(shì)為零，故B錯(cuò)誤；C．等量同種電荷連線中點(diǎn)處場(chǎng)強(qiáng)為0，取向右為正方向，左邊正電荷的右側(cè)場(chǎng)強(qiáng)沿著兩電荷連線逐漸減小，方向向右，圖像在軸上方，左側(cè)場(chǎng)強(qiáng)向左，沿著軸負(fù)方向逐漸減小，圖像在軸下方；右邊正電荷左側(cè)場(chǎng)強(qiáng)向左，沿著軸負(fù)方向逐漸減小，圖像在軸下方，右側(cè)場(chǎng)強(qiáng)向右，沿著軸正方向場(chǎng)強(qiáng)逐漸減小，圖像在軸上方，故C正確；D．等量同種點(diǎn)電荷連線的中點(diǎn)處電勢(shì)不為零，且電勢(shì)大于零，而沿著軸向上、向下電勢(shì)都大于0，且都逐漸減小趨近于0，故D錯(cuò)誤。故選C。4.在2023年10月6號(hào)亞運(yùn)會(huì)“最美項(xiàng)目”藝術(shù)體操比賽中，中國(guó)藝術(shù)體操隊(duì)時(shí)隔17年再奪團(tuán)體獎(jiǎng)牌。比賽過程中一位帶操運(yùn)動(dòng)員抖動(dòng)手中的繩帶形成一列簡(jiǎn)諧橫波，某時(shí)刻的波形如圖甲所示，由該時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，K、L、M、N中某一質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（）A.該橫波一定沿x軸負(fù)方向傳播B.質(zhì)點(diǎn)K該時(shí)刻的加速度一定向y軸負(fù)方向C.質(zhì)點(diǎn)L經(jīng)半個(gè)周期將沿軸正方向或負(fù)方向移動(dòng)半個(gè)波長(zhǎng)D.該時(shí)刻運(yùn)動(dòng)員的手一定在O點(diǎn)〖答案〗B〖解析〗AD．若乙圖為N質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，則該橫波沿x軸負(fù)方向傳播，則該時(shí)刻運(yùn)動(dòng)員的手可能在N點(diǎn)；若乙圖為L(zhǎng)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像，則該橫波沿x軸正方向傳播，則該時(shí)刻運(yùn)動(dòng)員的手可能在O點(diǎn)，故AD錯(cuò)誤；B．根據(jù)回復(fù)力F=－kx可知，質(zhì)點(diǎn)K該時(shí)刻的加速度一定向y軸負(fù)方向，故B正確；C．質(zhì)點(diǎn)不會(huì)隨波遷移，故C錯(cuò)誤。故選B。5.如圖所示水平放置平行板電容器的兩極板c、d間，在O點(diǎn)有一電荷量大小為q的帶電微粒（q遠(yuǎn)小于Q）恰好靜止，圖中二極管為理想二極管，以Q表示電容器儲(chǔ)存的電荷量，U表示兩極板間電壓，E表示兩極板間電場(chǎng)強(qiáng)度，Ep表示帶電微粒在O點(diǎn)的電勢(shì)能。若保持極板c不動(dòng)，將極板d稍向下平移后，下列說法中正確的是（）A.二極管中有從a到b的電流B.U減小C.E減小D.Ep減小〖答案〗D〖解析〗AB．將極板d稍向下平移后，極板間距d增大，由電容器電容決定式可知，電容C減小，若電容器兩端電壓U不變，電容器所帶電量Q將減小，由于二極管具有單向?qū)щ娦裕娙萜鞯碾姾刹荒芑氐诫娫?，所以電容器的電量Q不變，二極管中有無電流；由于電容C減小，由電容的定義式可知，U變大，故AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)可知極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E保持不變，故C錯(cuò)誤；D．由受力平衡可知，電荷受到電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)方向相反，電荷帶負(fù)電；根據(jù)由于極板d稍向下平移，dod變大，電場(chǎng)強(qiáng)度E保持不變，可知O點(diǎn)的電勢(shì)φ增大，根據(jù)可知電勢(shì)能Ep減小，故D正確。故選D。6.如圖所示，三個(gè)質(zhì)量均為m的物塊A、B、C用輕彈簧1、2連接起來，并用細(xì)線懸掛在升降機(jī)內(nèi)，升降機(jī)正以的加速度勻加速上升，A、B、C相對(duì)靜止。取豎直向上為正方向，重力加速度大小g=，剪斷彈簧2瞬間A、B、C的加速度分別為（）A.0，， B.，，C.0，， D.，，〖答案〗B〖解析〗剪斷彈簧2前，以A、B、C為整體受力分析可得對(duì)C受力分析可得以B、C為整體受力分析可得剪斷彈簧2瞬間，彈簧1的彈力不發(fā)生突變，A的加速度為解得剪斷彈簧2瞬間，彈簧2的彈力為零，B的加速度為解得剪斷彈簧2瞬間，C只受到重力作用，則C的加速度為故選B。7.一根長(zhǎng)度為L(zhǎng)、質(zhì)量為m、粗細(xì)可忽略的導(dǎo)體棒A，緊靠在一個(gè)足夠長(zhǎng)的絕緣半圓柱體底端靜止，半圓柱體固定在水平面上，導(dǎo)體棒A與半圓柱體表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，其截面如圖所示。整個(gè)空間中加有沿半圓柱體半徑向內(nèi)的輻向磁場(chǎng)，半圓柱體表面處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，在導(dǎo)體棒A中通入方向垂直紙面向外的變化電流，使導(dǎo)體棒A沿半圓柱體從底端緩慢向上滑動(dòng)，導(dǎo)體棒A跟圓心的連線與水平方向的夾角用θ表示。在導(dǎo)體棒A從底端運(yùn)動(dòng)到頂端的過程中，下列說法正確的是（）A.tanθ=μ時(shí)導(dǎo)體棒A所受的安培力最大B.導(dǎo)體棒A所受的摩擦力先增大后減小C.導(dǎo)體棒A所受重力與支持力的合力大小不變D.導(dǎo)體棒A所受重力和安培力的合力與安培力方向的夾角變大〖答案〗A〖解析〗A．導(dǎo)體棒在上升至某位置時(shí)受力分析如圖所示根據(jù)平衡條件可知其中導(dǎo)體棒A所受摩擦力解得導(dǎo)體棒A所受的安培力其中θ在0~90°范圍內(nèi)增大，可知安培力先增大后減小，當(dāng)時(shí)，導(dǎo)體棒A所受的安培力最大，此時(shí)解得故A正確；B．在到達(dá)頂端前的過程中，θ增大，根據(jù)前面的表達(dá)式可知增大，f增大，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)平衡條件可知，重力與支持力的合力大小為隨θ增大而減小，故C錯(cuò)誤；D．令支持力和滑動(dòng)摩擦力的合力方向與摩擦力的方向夾角為，則有即支持力和摩擦力的合力方向與摩擦力的方向夾角始終不變，由于支持力、摩擦力、重力與安培力四個(gè)力的合力為零，則重力、安培力的合力與支持力、摩擦力的合力等大反向，摩擦力與安培力位于同一直線上，則重力和安培力的合力方向與安培力的方向的夾角始終不變，故D錯(cuò)誤。故選A。8.如圖所示為利用斜面從貨車上卸貨的示意圖，貨箱沿斜面下滑過程中斜面始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，下列說法正確的是（）A.若貨箱勻速下滑時(shí)，在其上面施加一個(gè)豎直向下的恒力F后，貨箱將加速下滑B.若貨箱勻速下滑時(shí)，在其上面施加一個(gè)垂直斜面向下的恒力F后，貨箱繼續(xù)勻速下滑C.若貨箱勻速下滑時(shí)，在其上面施加一個(gè)斜向左下方向的恒力F后，貨箱繼續(xù)勻速下滑D.若貨箱加速下滑時(shí)，在其上面施加一個(gè)豎直向下的恒力F后，貨箱下滑加速度變大〖答案〗D〖解析〗AD．貨箱勻速下滑時(shí)，其受到重力沿斜面分力與摩擦力相互平衡，則有可得若貨箱加速下滑，則同理可得施加豎直向下的力F后貨箱沿斜面向下的力變?yōu)樨浵涫艿降哪Σ亮ψ優(yōu)閯t聯(lián)立可得貨箱勻速下滑時(shí)，在其上面施加一個(gè)豎直向下的恒力F后會(huì)有此時(shí)貨箱仍然勻速下滑；貨箱加速下滑時(shí)，在其上面施加一個(gè)豎直向下的恒力F后會(huì)有此時(shí)貨箱仍然加速下滑，且Fx增大量大于f，貨箱下滑加速度變大，故A錯(cuò)誤，D正確；B．若貨箱勻速下滑時(shí)，在貨箱上面施加一個(gè)垂直斜面向下的恒力F后，貨箱受到的摩擦力增大，則貨箱減速下滑，故B錯(cuò)誤；C．若貨箱勻速下滑時(shí)，其上面施加一個(gè)斜向左下方向的恒力F后，則貨箱受到的沿斜面向下的力增量大于摩擦力增量，貨箱加速下滑，故C錯(cuò)誤；故選D。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.我國(guó)在探索宇宙文明過程中取得了重大突破，中國(guó)科學(xué)院高能物理研究所公布：在四川稻城的高海拔觀測(cè)站，成功捕獲了來自天鵝座萬年前發(fā)出的信號(hào)。若在天鵝座有一質(zhì)量分布均勻的球形“類地球”行星，其密度為，半徑為R，自轉(zhuǎn)周期為，引力常量為G。下列對(duì)于該“類地球”行星的說法中正確的是（）A.同步衛(wèi)星的運(yùn)行速率為B.同步衛(wèi)星的軌道半徑為C.在兩極表面重力加速度的大小為D.衛(wèi)星在行星表面附近做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速率為〖答案〗CD〖解析〗A．根據(jù)勻速圓周運(yùn)動(dòng)線速度公式以及行星的同步衛(wèi)星周期，可知其運(yùn)行速率為該“類地球”行星的同步衛(wèi)星的軌道半徑，并不是R，A錯(cuò)誤；B．根據(jù)萬有引力提供向心力“類地球”行星的質(zhì)量為該“類地球”行星的同步衛(wèi)星的軌道半徑為B錯(cuò)誤;C．該“類地球”行星表面重力加速度在兩極處有解得C正確；D．根據(jù)萬有引力提供向心力該“類地球”行星衛(wèi)星在行星表面附近做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的速率為及C項(xiàng)分析可得聯(lián)立求得D正確。故選CD。10.在光滑水平面上有a、b兩物體沿同一直線相向運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩物體間距離小于或等于d時(shí)會(huì)受到大小相等、方向相反的相互排斥的恒力作用，兩物體間距離大于d時(shí)相互排斥力消失。兩物體始終未接觸，其v-t圖像如圖所示，下列說法正確的是（）A.a、b兩物體在t3時(shí)刻兩物體相距最近B.a、b兩物體質(zhì)量之比為C.a、b兩物體相互作用結(jié)束后b物體的速度一定為2v0D.整個(gè)過程中a、b系統(tǒng)動(dòng)能損失的最大值為系統(tǒng)初動(dòng)能的〖答案〗AC〖解析〗A．由題意知，a、b兩物體沿同一直線相向運(yùn)動(dòng)，t2時(shí)刻b物體減速到零，之后反向加速，可以看出t2~t3時(shí)間內(nèi)，a、b同方向運(yùn)動(dòng)，且a的位移大于b的位移，即兩者在靠近，當(dāng)速度相等時(shí)，兩者距離最近，之后兩者距離又增大，即t3時(shí)刻a、b間距離最小，故A正確；BC．由題意可知，a、b兩物體組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由圖可知，最終a物體速度減為零，設(shè)a、b兩小球質(zhì)量分別為m1、m2，則因?yàn)楫?dāng)小球間距小于或等于d時(shí)，會(huì)受到大小相等、方向相反的相互排斥的恒力作用，所以由圖中t1~t3時(shí)間內(nèi)，可得解得，由幾何關(guān)系可知，圖中AC段對(duì)應(yīng)時(shí)間等于CE對(duì)應(yīng)時(shí)間，且兩三角形對(duì)應(yīng)底邊大小相等，所以圖中△ABC與△CDE面積相等，故B錯(cuò)誤，C正確；D．由題意可得，類似于完全非彈性碰撞，當(dāng)兩小球速度相等時(shí)，動(dòng)能損失最大，由圖可知，此時(shí)兩小球的總動(dòng)能為而初動(dòng)能為所以損失的動(dòng)能最大值為即故D錯(cuò)誤。故選AC。11.在如圖所示一個(gè)立體空間內(nèi)有平行z軸方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，y>0一側(cè)磁場(chǎng)沿z軸負(fù)方向、y<0一側(cè)磁場(chǎng)沿z軸正方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B。從O處的離子源射入大量速度大小不同、方向相同的某種正離子，離子入射方向與磁場(chǎng)方向垂直且與x軸正方向成30°角。通過x軸上Р點(diǎn)的離子速度方向與從O點(diǎn)射入磁場(chǎng)速度方向的夾角為θ，已知OP間距離為L(zhǎng)，離子比荷為k，不計(jì)重力和離子間相互作用力，則經(jīng)過P點(diǎn)的離子速度大小和對(duì)應(yīng)的θ角可能為（）A.，60° B.，0°C.，0° D.，60°〖答案〗AB〖解析〗符合條件的粒子有兩種情況：如圖所示奇數(shù)次回旋后從P點(diǎn)射出，由幾何關(guān)系可得由洛倫茲力提供向心力，有聯(lián)立解得（0、1、2、3??????）這種情況粒子從P點(diǎn)出射時(shí)，出射方向與入射方向成60°，偶數(shù)次回旋后從P點(diǎn)射出，由幾何關(guān)系有由洛倫茲力提供向心力，有聯(lián)立解得（1、2、3??????）這種情況粒子從P點(diǎn)出射時(shí)，出射方向與入射方向相同成0°。故選AB。12.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一根長(zhǎng)為L(zhǎng)的絕緣細(xì)線，細(xì)線一端固定在O點(diǎn)，另一端系一質(zhì)量為m、電荷量大小為q的帶電小球。小球靜止時(shí)細(xì)線與豎直方向成θ角，此時(shí)讓小球獲得一個(gè)與繩垂直的初速度，能繞O點(diǎn)在與電場(chǎng)平行的豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度B.運(yùn)動(dòng)過程中小球動(dòng)能的最小值可以為C.小球能完成圓周運(yùn)動(dòng)，小球運(yùn)動(dòng)一周的過程中，機(jī)械能改變量的最大值大小為D.小球從初始位置開始，在豎直平面內(nèi)能完成圓周運(yùn)動(dòng)，初速度最小為〖答案〗AB〖解析〗A．小球靜止時(shí)細(xì)線與豎直方向成角，由平衡條件可知電場(chǎng)力水平向右，與場(chǎng)強(qiáng)方向相反，小球帶負(fù)電，根據(jù)平衡條件有解得故A正確；B．小球恰能繞O點(diǎn)在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，在等效最高點(diǎn)A點(diǎn)速度最小，如圖所示重力與電場(chǎng)力合力為恰能完成圓周運(yùn)動(dòng)，小球在等效最高點(diǎn)A有最小速度，則有聯(lián)立求得則運(yùn)動(dòng)過程中小球動(dòng)能的最小值為故B正確；C．小球運(yùn)動(dòng)一周的過程中，電場(chǎng)力做功最多時(shí)，小球機(jī)械能改變量最大，且為故C錯(cuò)誤；D．小球從初始位置開始，在豎直平面內(nèi)恰能完成圓周運(yùn)動(dòng)，有聯(lián)立解得故D錯(cuò)誤。三、非選擇題：本題共6小題，共60分。13.某同學(xué)采用如圖所示的裝置驗(yàn)證碰撞過程中動(dòng)量守恒定律，平直斜面最高點(diǎn)O剛好與斜槽末端靠緊平齊，在斜面上依次固定白紙和復(fù)寫紙。（1）以下選項(xiàng)中哪些是本次實(shí)驗(yàn)必須注意的事項(xiàng)（）A．斜槽末端必須水平B．入射小球A每次必須從同一高度釋放C．應(yīng)準(zhǔn)確測(cè)量斜面的傾角θD．水平槽放上B球時(shí)，B球落點(diǎn)位置必須在斜面上（2）實(shí)驗(yàn)用的A球質(zhì)量為mA、半徑為rA，B球質(zhì)量為mB、半徑為rB，則要求（）A．，B．，C．，D．，（3）實(shí)驗(yàn)過程中，未放被碰小球B時(shí)經(jīng)過多次從同一位置由靜止釋放入射小球A，在白紙上記錄了入射小球A的平均落點(diǎn)P；A球與B球碰撞后，A、B兩球平均落點(diǎn)分別為M、N。測(cè)得它們到拋出點(diǎn)O的距離分別為OP、OM、ON。已知A、B兩球的質(zhì)量分別為mA、mB，如果A、B兩球在碰撞過程中動(dòng)量守恒，則需滿足的關(guān)系式是：___________。〖答案〗（1）BD##ADB##BAD##BDA##DAB##DBA（2）A（3）〖解析〗（1）[1]A．為保證小球做平拋運(yùn)動(dòng)，則斜槽末端要水平，故A正確；B．要保證小球A每次碰撞之前速度相同，則需保證入射小球A每次從同一高度釋放，故B正確；C．實(shí)驗(yàn)要驗(yàn)證動(dòng)量守恒，則即驗(yàn)證設(shè)小球的位移為L(zhǎng)，則根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有聯(lián)立可得即有，，代入動(dòng)量守恒的表達(dá)式后等式兩邊的與均可約掉，所以實(shí)驗(yàn)中不必準(zhǔn)確測(cè)量斜面的傾角θ，故C錯(cuò)誤；D．B球落點(diǎn)必須在斜面上，這樣三個(gè)球的落點(diǎn)構(gòu)成的位移具有相同的斜面傾角，從而能推出碰撞前后的速度關(guān)系，故D正確。故選ABD。（2）[2]為保證兩個(gè)小球都能從平臺(tái)上拋出，則，要保證發(fā)生正碰，則。故選A。（3）[3]由上述分析有即若A、B兩球在碰撞過程中動(dòng)量守恒，則有14.某探究學(xué)習(xí)小組為了準(zhǔn)確測(cè)定一個(gè)導(dǎo)體的電阻R，首先用歐姆表粗略測(cè)量該電阻，再利用所給的器材準(zhǔn)確測(cè)量，其具體步驟如下：（1）歐姆表的原理如圖甲所示，旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)S可分別選擇“×1Ω”、“×10Ω”和“×100Ω”檔位，當(dāng)選擇開關(guān)S接2時(shí)正確操作后指針偏角過大，指針?biāo)溉鐖D乙所示，則應(yīng)將選擇開關(guān)S接___________（選填“1”或“3”）重新測(cè)量。（2）多用電表的表盤刻度如圖乙所示，已知電源電動(dòng)勢(shì)為Ｅ=1.5V，靈敏電流表的滿偏電流，內(nèi)阻，則___________Ω。（3）為準(zhǔn)確量電阻值，該小組同學(xué)從實(shí)驗(yàn)室選取了如下器材：A.電壓表V1、（量程0-3V，內(nèi)阻約為3kΩ）B.電壓表V2、（量程0-15V，內(nèi)阻約為15kΩ）C.電流表A1、（量程0-10mA，內(nèi)阻r1為9Ω）D.電流表A2、（量程0-0.6A，內(nèi)阻r2為2Ω）E.滑動(dòng)變阻器R1（0-5Ω，額定電流1.0A）F.定值電阻R2（1Ω，額定電流0.6A）G.電源（電動(dòng)勢(shì)4.5V，內(nèi)阻約為2Ω）H.開關(guān)、導(dǎo)線若干請(qǐng)?jiān)趫D丙線框中畫出測(cè)量電阻的電路圖，并在圖中標(biāo)明電壓表和電流表的符號(hào)。___________（4）如果某次測(cè)量電壓表的讀數(shù)為U、電流表的讀數(shù)為I，則被測(cè)電阻的表達(dá)式R=___________（用U、I表示）?！即鸢浮剑?）1（2）10（3）（4）〖解析〗（1）[1]根據(jù)題意可知當(dāng)前所選擋位為“×10Ω”，指針偏角較大，表明待測(cè)電阻較小，應(yīng)換較小的擋位，故應(yīng)該為“×1Ω”，此時(shí)歐姆表內(nèi)阻變小，即開關(guān)S接1。（2）[2]開關(guān)S接3，根據(jù)圖乙可知?dú)W姆表內(nèi)阻為，短接ab后，此時(shí)R1、R2、R3串聯(lián)后與靈敏電流表并聯(lián)，則有則聯(lián)立解得（3）[3]根據(jù)題意可知待測(cè)電阻約為35Ω，因?yàn)殡娫吹碾妱?dòng)勢(shì)為4.5V，為了測(cè)量的準(zhǔn)確，電壓表選取V1，通過待測(cè)電阻的最大電流約為選擇電流表選擇A1與R2并聯(lián)改裝為量程較大的電流表，由于待測(cè)電阻與電表相比屬于小電阻，故采用外接法；滑動(dòng)變阻器最大阻值較小，為方便調(diào)節(jié)電路采用分壓式接法，電路圖如下：（4）[4]根據(jù)歐姆定律可得被測(cè)電阻的表達(dá)式為15.如圖所示，物塊A和上表面粗糙的長(zhǎng)木板B放在光滑水平上，物塊C靜止在長(zhǎng)木板B的右端，物塊A的質(zhì)量為2m，長(zhǎng)木板B的質(zhì)量為m。物塊A以速度向右運(yùn)動(dòng)，與長(zhǎng)木板B發(fā)生彈性碰撞的時(shí)間極短，物塊C始終未滑離長(zhǎng)木板B，穩(wěn)定后A、B、C恰好不再碰撞。求：（1）A、B碰撞后瞬間A的速度；（2）B、C間摩擦產(chǎn)生的熱量?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）根據(jù)題意可知A、B發(fā)生彈性碰撞時(shí)，動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒，有解得，（2）根據(jù)穩(wěn)定后A、B、C恰好不再碰撞可知穩(wěn)定后三者共速，B、C到達(dá)共速的過程中動(dòng)量守恒，類似于完全非彈性碰撞，再根據(jù)能量守恒定律，則有解得，16.空中花式摩托車表演賽是一項(xiàng)極具觀賞性的極限運(yùn)動(dòng)，表演賽所用坡道如圖所示，平直斜面AB通過圓弧軌道與可調(diào)節(jié)傾角的斜面CD平滑連接，斜面CD傾角為θ。某次表演中在斜面右側(cè)并排停放了一些平均寬度為d=2m的汽車，不計(jì)相鄰汽車的間距，汽車高度可認(rèn)為與D點(diǎn)等高，運(yùn)動(dòng)員從距Ｄ點(diǎn)高為H=15m的A點(diǎn)由靜止開始以額定功率加速向下運(yùn)動(dòng)，經(jīng)t=3s到D點(diǎn)飛出。已知表演用摩托車的額定功率為10kW，運(yùn)動(dòng)員與整車質(zhì)量之和為200kg，取，不計(jì)空氣阻力，求：（1）為飛越更多的汽車，斜面CD的傾角θ；（2）如果運(yùn)動(dòng)員最多恰好飛越20輛汽車，從A到D克服阻力做的功?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）根據(jù)題意可知摩托車飛出后做斜拋運(yùn)動(dòng)，即水平方向?yàn)閯蛩僦本€運(yùn)動(dòng)，豎直方向?yàn)樨Q直上拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)飛出時(shí)速度為，則有，解得可知當(dāng)時(shí)，摩托車的水平距離最大，能夠飛躍更多的汽車。（2）如果運(yùn)動(dòng)員最多恰好飛越20輛汽車，則此時(shí)，且在摩托車從A到D的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理有方程聯(lián)立解得從A到D克服阻力做的功為17.如圖所示，傾角為37°的粗糙固定斜面AB與光滑水平面BE平滑連接，光滑豎直圓軌道固定在BE上，圓軌道左側(cè)滑入點(diǎn)與向右側(cè)滑出點(diǎn)在底端錯(cuò)開并分別與兩側(cè)直軌道平滑連接，長(zhǎng)木板P靜止在粗糙水平面FG上，上表面與水平面BE平齊，物塊Ｎ靜止在長(zhǎng)木板P左端。小物塊M自斜面AB高H處由靜止滑下，進(jìn)入圓軌道經(jīng)過最高點(diǎn)D時(shí)對(duì)軌道壓力大小為3N，然后回到水平面CE與物塊Ｎ發(fā)生彈性碰撞，小物塊M被彈回后進(jìn)入圓軌道且剛好能達(dá)到圓心等高處，再次返回到水平面后被拿走。已知H=1.0m，物塊M質(zhì)量、長(zhǎng)木板P質(zhì)量，圓軌道半徑R=0.2m，物塊N與木板P間動(dòng)摩擦因數(shù)，木板P與水平面FG間動(dòng)摩擦因數(shù)。取、、。求：（1）物塊M與斜面AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)；（2）物塊N的質(zhì)量；（3）物塊N停止時(shí)距E點(diǎn)的距離?！即?/p>