備戰(zhàn)2024年高考模擬物理試卷2（天津卷專用）（解析版）

PAGEPAGE3備戰(zhàn)2024年高考物理模擬卷2（天津卷專用）（考試時間：60分鐘試卷滿分：100分）第I卷（選擇題）一、單選題(每題5分，只有一個選項符合題意，共25分)1．黨的二十大報告中提到，我國已經(jīng)進入創(chuàng)新型國家行列，一些關(guān)鍵技術(shù)如核電技術(shù)取得重大成果。關(guān)于核能、核反應(yīng)，下列說法正確的是（）A．到目前為止，利用任何物質(zhì)都能得到核能B．到目前為止，輕核聚變是人類獲得核能的主要方式C．太陽內(nèi)部進行的熱核反應(yīng)屬于輕核聚變D．原子彈是采用人工核轉(zhuǎn)變制成的核武器【答案】C【解析】A．到目前為止，一般是利用重核裂變與得到核能輕核聚變得到核能，并不是利用任何物質(zhì)都能得到核能，A錯誤；B．到目前為止，重核裂變是人類獲得核能的主要方式，B錯誤；C．輕核發(fā)生聚變之前，必須要有高溫，即輕核聚變又叫做熱核反應(yīng)，太陽內(nèi)部進行的熱核反應(yīng)屬于輕核聚變，C正確；D．原子彈是采用重核裂變制成的核武器，D錯誤。故選C。2．新春佳節(jié)，大街小巷總會掛起象征喜慶的中國紅燈籠。如圖所示，由4根等長輕質(zhì)細繩懸掛起3個質(zhì)量相等的燈籠，繩兩端的結(jié)點A、E等高，繩與豎直方向的夾角為，繩中張力大小為；繩與豎直方向的夾角為，繩中張力大小為，則（）A．可能等于 B．可能大于C． D．【答案】D【解析】由對稱性可知繩和繩張力大小相等，大小為。對三個燈籠的整體分析可知對結(jié)點B受力分析得綜上解得AB．由可知AB錯誤；CD．由可知又得C錯誤，D正確。故選D。3．2021年2月10日19時52分，“天問一號”探測器實施近火捕獲，順利進入近火點的高度約400千米軌道，周期約為10個地球日，成為我國第一顆人造火星衛(wèi)星，實現(xiàn)了“繞、落、巡”目標的第一步。如圖為“天問一號”探測器經(jīng)過多次變軌后登陸火星前的部分軌跡圖，軌道I、軌道II、軌道III相切于P點，軌道III為環(huán)繞火星的圓形軌道，P、S兩點分別是橢圓軌道的近火星點和遠火星點，圖中P、S、Q三點與火星中心共線，下列說法正確的是（）A．探測器在P點由軌道I進入軌道II需要點火加速B．探測器在軌道II上由P點運動到S點的時間大于在軌道III上由P點運動到Q點的時間C．探測器在軌道I上經(jīng)過P點的加速度大于在軌道II上經(jīng)過P點的加速度D．探測器在Q點的機械能大于在軌道II上P點的機械能【答案】B【解析】A.探測器在P點由軌道I進入軌道II需要制動減速，故A錯誤；B.由于軌道II的半長軸大于軌道III的半徑，所以根據(jù)開普勒第三定律可知探測器在軌道II的運行周期大于在軌道III的運行周期，因此探測器在軌道II上由P點運動到S點的時間大于在軌道III上由P點運動到Q點的時間，故B正確；C.根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律可知探測器在軌道I上經(jīng)過P點的加速度等于在軌道II上經(jīng)過P點的加速度，故C錯誤；D.探測器在P點由軌道II進入軌道III需要制動減速，所以探測器在軌道II上P點的機械能大于在軌道III上P點的機械能，又因為探測器在軌道III上運動過程中機械能守恒，所以探測器在Q點的機械能小于在軌道II上P點的機械能，故D錯誤。故選B。4．從發(fā)電站發(fā)出的電能，一般都要通過輸電線路輸送到各個用電地方。如圖所示的遠距離輸電示意圖中的變壓器均為理想變壓器，發(fā)電機產(chǎn)生正弦交流電電壓有效值不變，升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1：n2=1∶50，隆壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比n3：n4=50∶1，已知用戶兩端電壓的有效值U4=220V，且用戶消耗的電功率為11kW，遠距離輸電的輸電線的總電阻r=100Ω（認為輸電中的能量損耗完全由電阻產(chǎn)生），則（）A．升壓變壓器的副線圈兩端電壓的有效值為11.1kVB．降壓變壓器的原線圈中的電流的有效值為2AC．輸電線上消耗的功率為1000WD．升壓變壓器的輸入功率為11.5kW【答案】A【解析】AB．降壓變壓器副線圈電流根據(jù)解得輸電線中的電流輸電線上的損失電壓為根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比得降壓變壓器原線圈兩端的電壓為升壓變壓器的副線圈兩端電壓有效值B錯誤A正確；C．輸電線上損失的功率C錯誤；D．升壓變壓器的原線圈輸入的電功率為D錯誤。故選A。5．如圖所示，一豎直放置的汽缸被輕活塞AB和固定隔板CD分成兩個氣室，CD上安裝一單向閥門，單向閥門只能向下開啟；氣室1內(nèi)氣體壓強為2p0，氣室2內(nèi)氣體壓強為p0，氣柱長均為L，活塞面積為S，活塞與汽缸間無摩擦，汽缸導(dǎo)熱性能良好。現(xiàn)在活塞上方緩慢放質(zhì)量為m的細砂，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.若，活塞下移 B.若，活塞下移C.若，氣室1內(nèi)氣體壓強為3p0 D.若，氣室1內(nèi)氣體壓強為4p0【答案】A【解析】AC．若，對活塞AB有解得單向閥未打開，所以氣室2內(nèi)的氣體質(zhì)量不變，氣室1內(nèi)氣體質(zhì)量不變，壓強也不變。根據(jù)玻意耳定律得解得所以活塞下移，故A正確，C錯誤；B．若，對活塞AB有解得單向閥未打開，所以氣室2內(nèi)的氣體質(zhì)量不變，氣室1內(nèi)氣體質(zhì)量不變，壓強也不變。根據(jù)玻意耳定律得解得所以活塞下移故B錯誤；D．若，對活塞AB有解得單向閥打開，如果氣室2的氣體未完全進入氣室1，則有解得假設(shè)不成立，所以氣體完全進入氣室1，則有解得故D錯誤。故選A。二、多選題(每題5分，有多個選項符合題意，選對每選全得3分，答錯不得分，共15分)6．如圖所示，A、B、C、D、E為單反照相機取景器中五棱鏡的一個截面圖，，由a、b兩種單色光組成的細光束從空氣垂直于AB射入棱鏡，經(jīng)過兩次反射后光線垂直于BC射出，且在CD、AE邊只有a光射出，光路圖如圖所示，則a、b兩束光（）A．在棱鏡中，a光的波長比b光的大B．在真空中，a光的傳播速度比b光的大C．以相同的入射角從空氣斜射入水中，b光的折射角較小D．分別通過同一雙縫干涉裝置，a光的相鄰亮條紋間距較小【答案】AC【解析】A由題意知且在CD、AE邊只有a光射出，可知b光發(fā)生了全反射，根據(jù)可知b光折射率大于a光折射率，則b光頻率大于a光頻率，根據(jù)可知在棱鏡中，a光的波長比b光的大，故A正確；B．在真空中，a光的傳播速度等于b光的傳播速度，故B錯誤；C．根據(jù)可知以相同的入射角從空氣斜射入水中，b光的折射角較小，故C正確；D．根據(jù)結(jié)合C選項分析可知分別通過同一雙縫干涉裝置，a光的相鄰亮條紋間距較大，故D錯誤。故選AC。7．如圖所示，等腰梯形ABCD，M、N分別為AB、CD的中點，兩腰中點位置分別固定兩個等量同種點電荷＋Q，則下列說法正確的是（）A．A、B兩點場強相同B．A、B兩點電勢相等C．負檢驗電荷從靜止開始僅在電場力用下從M點運動到N點，電勢能先減小后增大D．負檢驗電荷從靜止開始僅在電場力用下從M點運動到N點，加速度先增大后減小【答案】BC【解析】A．等量同種電荷的電場線和等勢面分布如圖由等量正電荷的電場分布可知A、B兩點場強方向不同，A錯誤；B．由等量正電荷等勢面的對稱分布可知A、B兩點電勢相等，B正確；C．由分布圖可知負檢驗電荷從M到O點受電場力方向向下，電場力做正功，電勢能減少；從N到O點受電場力方向向上，電場力做負功，電勢能增加。故負檢驗電荷從靜止開始僅在電場力用下從M點運動到N點，電勢能先減小后增大，C正確；D．經(jīng)分析可知O點電場強度為0，故負檢驗電荷從M點運動到N點，加速度先減小后增大，D錯誤。故選BC。8．“戰(zhàn)繩”是一種近年流行的健身器材，健身者把兩根相同繩子的一端固定在一點，用雙手分別握住繩子的另一端，上下抖動繩子使繩子振動起來（圖甲），以手的平衡位置為坐標原點，圖乙是健身者右手在抖動繩子過程中某時刻的波形，若右手抖動的頻率是，下列說法正確的是（）A．該時刻P點的位移為B．該時刻Q點的振動方向沿y軸負方向C．再經(jīng)過，P點到達平衡位置D．從該時刻開始計時，質(zhì)點Q的振動方程為【答案】AC【解析】ABC．由題可知，振幅為，頻率為，則由圖可知波的波長為，波向右傳播，且該時刻P點的振動方向沿y軸負方向，Q點的振動方向沿y軸正方向，故從該時刻開始計時P點的振動方程為故時P點的位移為，當時P點的位移為，P點到達平衡位置，故AC正確，B錯誤；D．從該時刻開始計時，質(zhì)點O從平衡位置向上振動，故質(zhì)點Q的振動方程為故D錯誤。故選AC。第II卷（非選擇題）三、實驗題(共2個題，共12分)9．如圖甲所示是“測量阻力系數(shù)”的實驗裝置。實驗中先通電后讓重物由靜止釋放，得到打出紙帶的一部分如圖乙所示，點O為打點計時器打下的第一個點，A、B、C為相鄰的計時點，測得S1=5.40cm，S2=5.78cm。已知重物的質(zhì)量m=1.00kg，交流電的頻率為50Hz，當?shù)刂亓铀俣热?.80m/s2（以下計算結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）（1）當打點計時器打到B點時，重物的速度大小________m/s；重物下落的加速度大小________m/s2；（2）重物通過AC段的阻力可視為恒定，則重物通過此段的阻力系數(shù)________％（定義阻力系數(shù)100%）。【答案】（1）2.89.5（2）23.1【解析】（1）相鄰計數(shù)點的時間間隔根據(jù)勻變速直線運動中間時刻瞬時速度等于該過程的平均速度得根據(jù)可得（2）根據(jù)牛頓第二定律得則可得10．某同學(xué)利用如圖甲所示的電路測量未知電阻的阻值、電源電動勢和內(nèi)阻，備有下列器材：A．電流表（量程，內(nèi)阻）B．電流表（量程，內(nèi)阻）C．電源（電動勢約，內(nèi)阻約為）D．電阻箱（最大電阻）E.未知電阻（阻值約為）F.開關(guān)兩個，導(dǎo)線若干操作步驟如下：（1）為使測量結(jié)果較準確，電流表應(yīng)選___________（選填“”或“”）；（2）測的阻值時先閉合開關(guān)和，調(diào)節(jié)電阻箱，當電阻箱的阻值為時，電流表示數(shù)為；接著斷開，調(diào)節(jié)電阻箱，當電阻箱的阻值為時，電流表示數(shù)仍為，則的阻值為___________，該測量原理___________（選填“有”或“沒有”）系統(tǒng)誤差；（3）保持閉合、斷開，多次調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄每次調(diào)節(jié)后電阻箱的阻值及電流表的示數(shù)。為了直觀地得到與的關(guān)系，該同學(xué)以為縱軸、為橫軸，作出如圖乙所示的一條直線，根據(jù)圖乙可求得電源的電動勢___________，___________。（計算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）【答案】（1）（2）20.0沒有（3）3.03.0【解析】（1）閉合回路中理論中最大電流所以選擇。（2）閉合開關(guān)和時，由閉合電路歐姆定律閉合開關(guān)、斷開時，由閉合電路歐姆定律聯(lián)立可得該測量原理沒有系統(tǒng)誤差。（3）由閉合電路歐姆定律可得圖像斜率解得縱截距解得四、解答題(11題14分，12題16分，13題18分，要求寫出必要的解題依據(jù)和推導(dǎo)過程)11．一質(zhì)量為mA=2kg的物體A沿固定斜面下滑，斜面高為h=1.2m，傾角為37°，A與斜面動摩擦因數(shù)為μ=0.25，物體A由頂端滑到斜面底端時無能量損失地進入光滑水平面，后與靜止的物體B發(fā)生碰撞，B的質(zhì)量為mB=lkg，碰撞中損失4J機械能，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）碰后A、B的速度各是多少？（2）右側(cè)有固定于水平面上的半圓形光滑軌道，物體B碰撞后可無摩擦的進入軌道，若B在軌道上運動時不會與軌道脫離，求軌道的半徑取值范圍?！敬鸢浮浚?）2m/s；4m/s；（2）R≥0.8m或R≤0.32m【解析】（1）設(shè)A物體下滑到底端時速度為v0，由動能定理AB碰撞過程動量守恒，設(shè)碰后A、B的速度分別為vA和vB，由動量守恒定律可得mAv0=mAvA+mBvB由機械能損失列式得代數(shù)得vA=2m/svB=4m/s（2）若物體B滑上半圓軌道最高到達與圓心等高處則不會脫離軌道，設(shè)軌道半徑為R解得R=0.8m若物體B能恰好到達圓軌道最高點，設(shè)軌道半徑為R，設(shè)到達最高點速度為v解得R=0.32m所以R的取值范圍為R≥0.8m或R≤0.32m。12．如圖所示，快遞公司用水平傳送帶傳送快遞，傳動帶順時針轉(zhuǎn)動，速度大小恒為v0=3m/s。質(zhì)量為m=1kg的快遞，上表面固定一“日”字形線框，ab邊長L=0.1m，ae邊長為2L，c、d為兩長邊的中點，ab、cd、ef的電阻均為r=0.04Ω，其余電阻不計。傳送帶右側(cè)存在磁感應(yīng)強度為B=3T、方向豎直向下、寬度為L的勻強磁場，其邊界與ab平行。已知線框的ab邊進入磁場區(qū)域前快遞已與傳送帶保持相對靜止，線框的質(zhì)量忽略不計，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取g=10m/s2。（1）若線框進入磁場后，快遞仍能與傳送帶保持相對靜止，求快遞與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ的最小值；（2）若線框剛到達磁場左邊界時，快遞與傳送帶間的摩擦力消失，求線框穿過磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱Q(保留三位有效數(shù)字)?！敬鸢浮浚?）0.45；（2）1.25J【解析】（1）ab邊剛進磁場時，其切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為此時線圈形成回路的總電阻為所受安培力大小為解得若ab邊進入磁場要保持靜止，可知線框所受摩擦力必須大于4.5N。當cd邊進入磁場時，其切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小仍為E1，回路形成的總電阻仍為1.5r，且仍是切割磁場線的邊長受到安培力，故仍需摩擦力大于4.5N。同理當ef邊進入磁場時，線框所受安培力仍然一樣。因此線框進入磁場后，快遞仍能與傳送帶保持相對靜止，則快遞與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ的最小值滿足解得（2）由（1）可知，當線框速度為v時，線框所受安培力大小為根據(jù)牛頓第二定律解得兩邊同乘可得所以設(shè)線框出磁場速度為v1，則有解得由動能定理可得解得13.如圖，在x軸（水平軸）下方，沿y軸（豎直軸）方向每間隔d=0.2m就有一段間距也為d的區(qū)域P，區(qū)域P內(nèi)（含邊界）既存在方向豎直向上、場強E=20N/C的勻強電場，也存在方向垂直坐標平面面向里、磁感應(yīng)強度B=2T的勻強磁場?，F(xiàn)有一電荷量q=5×10-10C、質(zhì)量m=1×10-9kg的帶正電粒子從坐標原點O自由下落。粒子可視為質(zhì)點，重力加速度大小g=10m/s2。（1）求粒子剛到達第一個區(qū)域P時的速度大小v1和穿出該區(qū)域時速度的水平分量大小v1x；（2）求粒子剛到達第n（n>1）個區(qū)域P時的速度大小vn和粒子穿過該區(qū)域過程中速度的水平分量的變化量大小Δvnx；（3）到達第幾個區(qū)域P時，粒子不能從該區(qū)域的下方穿出。【答案】（1）；；（2）（2，3，4，5…）；；（3）【解析】(1)進入第一個區(qū)域P前，粒子做自由落體運動，有代入數(shù)據(jù)解得在區(qū)域P中，粒子所受重力、電場力的合力為所以，粒子在區(qū)域P中做勻速圓周運動，粒子穿出第一個區(qū)域P時，設(shè)與x軸正方向的夾角為。其運動軌跡如圖所示由題意設(shè)粒子在該區(qū)域內(nèi)的軌道半徑為，由牛頓第二定律有由幾何關(guān)系有聯(lián)立得代入數(shù)據(jù)解得(2)進入第n（）個區(qū)域P前的過程中，由動能定理有解得（2，3，4，5…）設(shè)粒子進入、穿出第n（）個區(qū)域P時，與x軸正方向的夾角分別為、，軌道半徑為。其運動軌跡如圖所示由題意由牛頓第二定律有由幾何關(guān)系有聯(lián)立得代入數(shù)據(jù)解得(3)設(shè)粒子剛好不能從第n個區(qū)域P內(nèi)穿出，其滿足的條件是粒子在該區(qū)域的軌跡恰好與下邊界相切，即在下邊界的速度，沿x軸正方向，故從粒子進入第一個區(qū)域P到剛好不能從第n個區(qū)域P內(nèi)穿出的整個過程中，粒子在水平方向的速度分量的變化量為因恒定，故即故即帶入數(shù)據(jù)得故粒子不能從第100個區(qū)域P的下方穿出。備戰(zhàn)2024年高考物理模擬卷2（天津卷專用）（考試時間：60分鐘試卷滿分：100分）第I卷（選擇題）一、單選題(每題5分，只有一個選項符合題意，共25分)1．黨的二十大報告中提到，我國已經(jīng)進入創(chuàng)新型國家行列，一些關(guān)鍵技術(shù)如核電技術(shù)取得重大成果。關(guān)于核能、核反應(yīng)，下列說法正確的是（）A．到目前為止，利用任何物質(zhì)都能得到核能B．到目前為止，輕核聚變是人類獲得核能的主要方式C．太陽內(nèi)部進行的熱核反應(yīng)屬于輕核聚變D．原子彈是采用人工核轉(zhuǎn)變制成的核武器【答案】C【解析】A．到目前為止，一般是利用重核裂變與得到核能輕核聚變得到核能，并不是利用任何物質(zhì)都能得到核能，A錯誤；B．到目前為止，重核裂變是人類獲得核能的主要方式，B錯誤；C．輕核發(fā)生聚變之前，必須要有高溫，即輕核聚變又叫做熱核反應(yīng)，太陽內(nèi)部進行的熱核反應(yīng)屬于輕核聚變，C正確；D．原子彈是采用重核裂變制成的核武器，D錯誤。故選C。2．新春佳節(jié)，大街小巷總會掛起象征喜慶的中國紅燈籠。如圖所示，由4根等長輕質(zhì)細繩懸掛起3個質(zhì)量相等的燈籠，繩兩端的結(jié)點A、E等高，繩與豎直方向的夾角為，繩中張力大小為；繩與豎直方向的夾角為，繩中張力大小為，則（）A．可能等于 B．可能大于C． D．【答案】D【解析】由對稱性可知繩和繩張力大小相等，大小為。對三個燈籠的整體分析可知對結(jié)點B受力分析得綜上解得AB．由可知AB錯誤；CD．由可知又得C錯誤，D正確。故選D。3．2021年2月10日19時52分，“天問一號”探測器實施近火捕獲，順利進入近火點的高度約400千米軌道，周期約為10個地球日，成為我國第一顆人造火星衛(wèi)星，實現(xiàn)了“繞、落、巡”目標的第一步。如圖為“天問一號”探測器經(jīng)過多次變軌后登陸火星前的部分軌跡圖，軌道I、軌道II、軌道III相切于P點，軌道III為環(huán)繞火星的圓形軌道，P、S兩點分別是橢圓軌道的近火星點和遠火星點，圖中P、S、Q三點與火星中心共線，下列說法正確的是（）A．探測器在P點由軌道I進入軌道II需要點火加速B．探測器在軌道II上由P點運動到S點的時間大于在軌道III上由P點運動到Q點的時間C．探測器在軌道I上經(jīng)過P點的加速度大于在軌道II上經(jīng)過P點的加速度D．探測器在Q點的機械能大于在軌道II上P點的機械能【答案】B【解析】A.探測器在P點由軌道I進入軌道II需要制動減速，故A錯誤；B.由于軌道II的半長軸大于軌道III的半徑，所以根據(jù)開普勒第三定律可知探測器在軌道II的運行周期大于在軌道III的運行周期，因此探測器在軌道II上由P點運動到S點的時間大于在軌道III上由P點運動到Q點的時間，故B正確；C.根據(jù)萬有引力定律和牛頓第二定律可知探測器在軌道I上經(jīng)過P點的加速度等于在軌道II上經(jīng)過P點的加速度，故C錯誤；D.探測器在P點由軌道II進入軌道III需要制動減速，所以探測器在軌道II上P點的機械能大于在軌道III上P點的機械能，又因為探測器在軌道III上運動過程中機械能守恒，所以探測器在Q點的機械能小于在軌道II上P點的機械能，故D錯誤。故選B。4．從發(fā)電站發(fā)出的電能，一般都要通過輸電線路輸送到各個用電地方。如圖所示的遠距離輸電示意圖中的變壓器均為理想變壓器，發(fā)電機產(chǎn)生正弦交流電電壓有效值不變，升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1：n2=1∶50，隆壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比n3：n4=50∶1，已知用戶兩端電壓的有效值U4=220V，且用戶消耗的電功率為11kW，遠距離輸電的輸電線的總電阻r=100Ω（認為輸電中的能量損耗完全由電阻產(chǎn)生），則（）A．升壓變壓器的副線圈兩端電壓的有效值為11.1kVB．降壓變壓器的原線圈中的電流的有效值為2AC．輸電線上消耗的功率為1000WD．升壓變壓器的輸入功率為11.5kW【答案】A【解析】AB．降壓變壓器副線圈電流根據(jù)解得輸電線中的電流輸電線上的損失電壓為根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比得降壓變壓器原線圈兩端的電壓為升壓變壓器的副線圈兩端電壓有效值B錯誤A正確；C．輸電線上損失的功率C錯誤；D．升壓變壓器的原線圈輸入的電功率為D錯誤。故選A。5．如圖所示，一豎直放置的汽缸被輕活塞AB和固定隔板CD分成兩個氣室，CD上安裝一單向閥門，單向閥門只能向下開啟；氣室1內(nèi)氣體壓強為2p0，氣室2內(nèi)氣體壓強為p0，氣柱長均為L，活塞面積為S，活塞與汽缸間無摩擦，汽缸導(dǎo)熱性能良好。現(xiàn)在活塞上方緩慢放質(zhì)量為m的細砂，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.若，活塞下移 B.若，活塞下移C.若，氣室1內(nèi)氣體壓強為3p0 D.若，氣室1內(nèi)氣體壓強為4p0【答案】A【解析】AC．若，對活塞AB有解得單向閥未打開，所以氣室2內(nèi)的氣體質(zhì)量不變，氣室1內(nèi)氣體質(zhì)量不變，壓強也不變。根據(jù)玻意耳定律得解得所以活塞下移，故A正確，C錯誤；B．若，對活塞AB有解得單向閥未打開，所以氣室2內(nèi)的氣體質(zhì)量不變，氣室1內(nèi)氣體質(zhì)量不變，壓強也不變。根據(jù)玻意耳定律得解得所以活塞下移故B錯誤；D．若，對活塞AB有解得單向閥打開，如果氣室2的氣體未完全進入氣室1，則有解得假設(shè)不成立，所以氣體完全進入氣室1，則有解得故D錯誤。故選A。二、多選題(每題5分，有多個選項符合題意，選對每選全得3分，答錯不得分，共15分)6．如圖所示，A、B、C、D、E為單反照相機取景器中五棱鏡的一個截面圖，，由a、b兩種單色光組成的細光束從空氣垂直于AB射入棱鏡，經(jīng)過兩次反射后光線垂直于BC射出，且在CD、AE邊只有a光射出，光路圖如圖所示，則a、b兩束光（）A．在棱鏡中，a光的波長比b光的大B．在真空中，a光的傳播速度比b光的大C．以相同的入射角從空氣斜射入水中，b光的折射角較小D．分別通過同一雙縫干涉裝置，a光的相鄰亮條紋間距較小【答案】AC【解析】A由題意知且在CD、AE邊只有a光射出，可知b光發(fā)生了全反射，根據(jù)可知b光折射率大于a光折射率，則b光頻率大于a光頻率，根據(jù)可知在棱鏡中，a光的波長比b光的大，故A正確；B．在真空中，a光的傳播速度等于b光的傳播速度，故B錯誤；C．根據(jù)可知以相同的入射角從空氣斜射入水中，b光的折射角較小，故C正確；D．根據(jù)結(jié)合C選項分析可知分別通過同一雙縫干涉裝置，a光的相鄰亮條紋間距較大，故D錯誤。故選AC。7．如圖所示，等腰梯形ABCD，M、N分別為AB、CD的中點，兩腰中點位置分別固定兩個等量同種點電荷＋Q，則下列說法正確的是（）A．A、B兩點場強相同B．A、B兩點電勢相等C．負檢驗電荷從靜止開始僅在電場力用下從M點運動到N點，電勢能先減小后增大D．負檢驗電荷從靜止開始僅在電場力用下從M點運動到N點，加速度先增大后減小【答案】BC【解析】A．等量同種電荷的電場線和等勢面分布如圖由等量正電荷的電場分布可知A、B兩點場強方向不同，A錯誤；B．由等量正電荷等勢面的對稱分布可知A、B兩點電勢相等，B正確；C．由分布圖可知負檢驗電荷從M到O點受電場力方向向下，電場力做正功，電勢能減少；從N到O點受電場力方向向上，電場力做負功，電勢能增加。故負檢驗電荷從靜止開始僅在電場力用下從M點運動到N點，電勢能先減小后增大，C正確；D．經(jīng)分析可知O點電場強度為0，故負檢驗電荷從M點運動到N點，加速度先減小后增大，D錯誤。故選BC。8．“戰(zhàn)繩”是一種近年流行的健身器材，健身者把兩根相同繩子的一端固定在一點，用雙手分別握住繩子的另一端，上下抖動繩子使繩子振動起來（圖甲），以手的平衡位置為坐標原點，圖乙是健身者右手在抖動繩子過程中某時刻的波形，若右手抖動的頻率是，下列說法正確的是（）A．該時刻P點的位移為B．該時刻Q點的振動方向沿y軸負方向C．再經(jīng)過，P點到達平衡位置D．從該時刻開始計時，質(zhì)點Q的振動方程為【答案】AC【解析】ABC．由題可知，振幅為，頻率為，則由圖可知波的波長為，波向右傳播，且該時刻P點的振動方向沿y軸負方向，Q點的振動方向沿y軸正方向，故從該時刻開始計時P點的振動方程為故時P點的位移為，當時P點的位移為，P點到達平衡位置，故AC正確，B錯誤；D．從該時刻開始計時，質(zhì)點O從平衡位置向上振動，故質(zhì)點Q的振動方程為故D錯誤。故選AC。第II卷（非選擇題）三、實驗題(共2個題，共12分)9．如圖甲所示是“測量阻力系數(shù)”的實驗裝置。實驗中先通電后讓重物由靜止釋放，得到打出紙帶的一部分如圖乙所示，點O為打點計時器打下的第一個點，A、B、C為相鄰的計時點，測得S1=5.40cm，S2=5.78cm。已知重物的質(zhì)量m=1.00kg，交流電的頻率為50Hz，當?shù)刂亓铀俣热?.80m/s2（以下計算結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）（1）當打點計時器打到B點時，重物的速度大小________m/s；重物下落的加速度大小________m/s2；（2）重物通過AC段的阻力可視為恒定，則重物通過此段的阻力系數(shù)________％（定義阻力系數(shù)100%）?！敬鸢浮浚?）2.89.5（2）23.1【解析】（1）相鄰計數(shù)點的時間間隔根據(jù)勻變速直線運動中間時刻瞬時速度等于該過程的平均速度得根據(jù)可得（2）根據(jù)牛頓第二定律得則可得10．某同學(xué)利用如圖甲所示的電路測量未知電阻的阻值、電源電動勢和內(nèi)阻，備有下列器材：A．電流表（量程，內(nèi)阻）B．電流表（量程，內(nèi)阻）C．電源（電動勢約，內(nèi)阻約為）D．電阻箱（最大電阻）E.未知電阻（阻值約為）F.開關(guān)兩個，導(dǎo)線若干操作步驟如下：（1）為使測量結(jié)果較準確，電流表應(yīng)選___________（選填“”或“”）；（2）測的阻值時先閉合開關(guān)和，調(diào)節(jié)電阻箱，當電阻箱的阻值為時，電流表示數(shù)為；接著斷開，調(diào)節(jié)電阻箱，當電阻箱的阻值為時，電流表示數(shù)仍為，則的阻值為___________，該測量原理___________（選填“有”或“沒有”）系統(tǒng)誤差；（3）保持閉合、斷開，多次調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄每次調(diào)節(jié)后電阻箱的阻值及電流表的示數(shù)。為了直觀地得到與的關(guān)系，該同學(xué)以為縱軸、為橫軸，作出如圖乙所示的一條直線，根據(jù)圖乙可求得電源的電動勢___________，___________。（計算結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）【答案】（1）（2）20.0沒有（3）3.03.0【解析】（1）閉合回路中理論中最大電流所以選擇。（2）閉合開關(guān)和時，由閉合電路歐姆定律閉合開關(guān)、斷開時，由閉合電路歐姆定律聯(lián)立可得該測量原理沒有系統(tǒng)誤差。（3）由閉合電路歐姆定律可得圖像斜率解得縱截距解得四、解答題(11題14分，12題16分，13題18分，要求寫出必要的解題依據(jù)和推導(dǎo)過程)11．一質(zhì)量為mA=2kg的物體A沿固定斜面下滑，斜面高為h=1.2m，傾角為37°，A與斜面動摩擦因數(shù)為μ=0.25，物體A由頂端滑到斜面底端時無能量損失地進入光滑水平面，后與靜止的物體B發(fā)生碰撞，B的質(zhì)量為mB=lkg，碰撞中損失4J機械能，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）碰后A、B的速度各是多少？（2）右側(cè)有固定于水平面上的半圓形光滑軌道，物體B碰撞后可無摩擦的進入軌道，若B在軌道上運動時不會與軌道脫離，求軌道的半徑取值范圍?！敬鸢浮浚?）2m/s；4m/s；（2）R≥0.8m或R≤0.32m【解析】（1）設(shè)A物體下滑到底端時速度為v0，由動能定理AB碰撞過程動量守恒，設(shè)碰后A、B的速度分別為vA和vB，由動量守恒定律可得mAv0=mAvA+mBvB由機械能損失列式得代數(shù)得vA=2m/svB=4m/s（2）若物體B滑上半圓軌道最高到達與圓心等高處則不會脫離軌道，設(shè)軌道半徑為R解得R=0.8m若物體B能恰好到達圓軌道最高點，設(shè)軌道半徑為R，設(shè)到達最高點速度為v解得R=0.32m所以R的取值范圍為R≥0.8m或R≤0.32m。12．如圖所示，快遞公司用水平傳送帶傳送快遞，傳動帶順時針轉(zhuǎn)動，速度大小恒為v0=3m/s。質(zhì)量為m=1kg的快遞，上表面固定一“日”字形線框，ab邊長L=0.1m，ae邊長為2L，c、d為兩長邊的中點，ab、cd、ef的電阻均為r=0.04Ω，其余電阻不計。傳送帶右側(cè)存在磁感應(yīng)強度為B=3T、方向豎直向下、寬度