清單03牛頓定律及其應(yīng)用-2023-2024學(xué)年高一物理上學(xué)期期末考點(diǎn)大串講（人教版2019）

清單03牛頓定律及其應(yīng)用牛頓第一定律和慣性1.牛頓第一定律：一切物體總保持勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)，除非作用在它上面的力迫使它改變這種狀態(tài)。(1)揭示了物體的慣性：不受力的作用時(shí)，一切物體總保持勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)。(2)揭示了力的作用對(duì)運(yùn)動(dòng)的影響：力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因。2．對(duì)慣性的理解(1)保持“原狀”：物體在不受力或所受合外力為零時(shí)，慣性表現(xiàn)為使物體保持原來(lái)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)(靜止或勻速直線運(yùn)動(dòng))。(2)反抗改變：物體受到外力時(shí)，慣性表現(xiàn)為抗拒運(yùn)動(dòng)狀態(tài)改變。慣性越大，物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)越難以被改變。(3)慣性的量度：質(zhì)量是物體慣性大小的唯一量度，質(zhì)量越大，慣性越大，與物體的速度和受力情況無(wú)關(guān)。二、牛頓第二定律1.內(nèi)容：物體加速度的大小跟它受到的作用力成正比，跟它的質(zhì)量成反比，加速度的方向跟作用力的方向相同。2.表達(dá)式：F＝ma，F(xiàn)是物體所受的合力。3.對(duì)表達(dá)式F＝ma的理解：(1)單位統(tǒng)一：表達(dá)式中F、m、a三個(gè)物理量的單位都必須是國(guó)際單位。(2)F的含義：指的是物體所受的合力。(3)“＝”的含義：不僅表示左右兩邊數(shù)值相等，也表示方向相同，即物體加速度的方向與它所受合力的方向相同。4.牛頓第二定律的五個(gè)性質(zhì)(1)因果性：力是使物體產(chǎn)生加速度的原因(2)矢量性：F＝ma是一個(gè)矢量式，應(yīng)用時(shí)應(yīng)先規(guī)定正方向。(3)瞬時(shí)性：合力與加速度具有瞬時(shí)對(duì)應(yīng)關(guān)系。(4)同一性：合力與加速度對(duì)應(yīng)同一研究對(duì)象。(5)獨(dú)立性：作用于物體上的每一個(gè)力各自產(chǎn)生加速度，F(xiàn)1＝ma1，F(xiàn)2＝ma2…而物體的實(shí)際加速度則是每個(gè)加速度的矢量和，合力和加速度在各個(gè)方向上的分量也遵從牛頓第二定律，如Fx＝max，F(xiàn)y＝may。5.加速度兩種表達(dá)式的比較大小與v、?v大小無(wú)關(guān)，由?v/?t決定與F合成正比，與m成反比方向與?v方向一致與F合方向一致6.牛頓第一定理和牛頓第二定律的比較(1)牛頓第一定律指出了力是產(chǎn)生加速度的原因，指出一切物體都有慣性，牛頓第一定理不是一個(gè)實(shí)驗(yàn)定律。(2)牛頓第二定律指出了描述物體慣性的物理量是質(zhì)量的含義，即在確定的作用力下，決定物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)變化難易程度的因素是物體的質(zhì)量。牛頓第二定律是一個(gè)實(shí)驗(yàn)定律。(3)牛頓第一定律不是牛頓第二定律的一種特例。三、牛頓第三定律1.內(nèi)容：兩個(gè)物體之間的作用力和反作用力總是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上。2.作用力與反作用力的特點(diǎn)(1)三同：①同大??；②同變化；③同性質(zhì)(2)三異：①方向不同；②受力物體不同；③產(chǎn)生的效果不同(3)二無(wú)關(guān)：①與相互作用的物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)；②與是否和其他物體相互作用無(wú)關(guān)；3.作用力和反作用力與一對(duì)平衡力的區(qū)別名稱項(xiàng)目作用力與反作用力一對(duì)平衡力作用對(duì)象兩個(gè)相互作用的不同物體同一個(gè)物體作用時(shí)間一定同時(shí)產(chǎn)生、同時(shí)消失不一定同時(shí)產(chǎn)生、同時(shí)消失力的性質(zhì)一定相同不一定相同作用效果不可抵消可相互抵消四、國(guó)際單位制中的七個(gè)基本物理量和相應(yīng)的基本單位物理量名稱物理量符號(hào)單位名稱單位符號(hào)長(zhǎng)度l米m質(zhì)量m千克(公斤)kg時(shí)間t秒s電流I安[培]A熱力學(xué)溫度T開(kāi)[爾文]K發(fā)光強(qiáng)度I，(Iv)坎[德拉]cd物質(zhì)的量n，(ν)摩[爾]mol五、超重與失重1．判斷超重和失重現(xiàn)象的三個(gè)角度(1)從受力的角度判斷：當(dāng)物體受到的向上的拉力(或支持力)大于重力時(shí)，物體處于超重狀態(tài)；小于重力時(shí)處于失重狀態(tài)；等于零時(shí)處于完全失重狀態(tài)。(2)從加速度的角度判斷：當(dāng)物體具有向上的加速度時(shí)處于超重狀態(tài)；具有向下的加速度時(shí)處于失重狀態(tài)；向下的加速度恰好等于重力加速度時(shí)處于完全失重狀態(tài)。(3)從速度變化角度判斷：物體向上加速或向下減速時(shí)，超重；物體向下加速或向上減速時(shí)，失重。2．對(duì)超重和失重問(wèn)題的三點(diǎn)提醒(1)發(fā)生超重或失重現(xiàn)象與物體的速度方向無(wú)關(guān)，只取決于加速度的方向。(2)并非物體在豎直方向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，才會(huì)出現(xiàn)超重或失重現(xiàn)象。只要加速度具有豎直向上的分量，物體就處于超重狀態(tài)；同理，只要加速度具有豎直向下的分量，物體就處于失重狀態(tài)。(3)發(fā)生超重或者失重時(shí)，物體的實(shí)際重力并沒(méi)有發(fā)生變化，變化的只是物體的視重。六、動(dòng)力學(xué)兩類基本問(wèn)題1.解決動(dòng)力學(xué)兩類問(wèn)題的兩個(gè)關(guān)鍵點(diǎn)(1)把握“兩個(gè)分析”“一個(gè)橋梁”(2)找到不同過(guò)程之間的“聯(lián)系”,如第一個(gè)過(guò)程的末速度就是下一個(gè)過(guò)程的初速度,若過(guò)程較為復(fù)雜,可畫(huà)位置示意圖確定位移之間的聯(lián)系。2．兩類動(dòng)力學(xué)問(wèn)題的解題步驟七、動(dòng)力學(xué)動(dòng)態(tài)分析模型球+豎置彈簧模型球+水平彈簧模型球+斜彈簧模型蹦極跳模型實(shí)例規(guī)律①A點(diǎn)接觸彈簧，彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)，球的加速度a=g，方向豎直向下；②B點(diǎn)mg=F=kx，球受合外力為零，速度最大；③C點(diǎn)為A點(diǎn)對(duì)稱位置，球的加速度a=g，方向豎直向上；④D點(diǎn)為最低點(diǎn)，速度為零，加速度a>g，方向豎直向上。①設(shè)定條件：水平面粗糙，物塊與彈簧拴在一起；向左壓縮彈簧最大松手；②當(dāng)kx=μmg時(shí)，速度最大，所在位置為O點(diǎn)的左側(cè)。①設(shè)定條件：斜面光滑；②B點(diǎn)接觸彈簧，彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)，球的加速度a=gsinθ，方向沿斜面向下；③當(dāng)mg=F=mgsinθ時(shí)，球受合外力為零，速度最大；④壓縮至最低點(diǎn)，速度為零，加速度a>gsinθ，方向斜面向上。規(guī)律類似于“球+豎置彈簧模型”八、動(dòng)力學(xué)圖像常見(jiàn)圖像v-t圖像、a-t圖像、F-t圖像、F-a圖像三種類型(1)已知物體受到的力隨時(shí)間變化的圖線，求解物體的運(yùn)動(dòng)情況。(2)已知物體的速度、加速度隨時(shí)間變化的圖線，求解物體的受力情況。(3)由已知條件確定某物理量的變化圖像。解題策略(1)問(wèn)題實(shí)質(zhì)是力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系，要注意區(qū)分是哪一種動(dòng)力學(xué)圖像。(2)應(yīng)用物理規(guī)律列出與圖像對(duì)應(yīng)的函數(shù)方程式，進(jìn)而明確“圖像與公式”“圖像與物體”間的關(guān)系，以便對(duì)有關(guān)物理問(wèn)題作出準(zhǔn)確判斷。破題關(guān)鍵(1)分清圖像的類別：即分清橫、縱坐標(biāo)所代表的物理量，明確其物理意義，掌握物理圖像所反映的物理過(guò)程，會(huì)分析臨界點(diǎn)。(2)注意圖線中的一些特殊點(diǎn)所表示的物理意義：圖線與橫、縱坐標(biāo)的交點(diǎn)，圖線的轉(zhuǎn)折點(diǎn)，兩圖線的交點(diǎn)等。(3)明確能從圖像中獲得哪些信息：把圖像與具體的題意、情境結(jié)合起來(lái)，再結(jié)合斜率、特殊點(diǎn)、面積等的物理意義，確定從圖像中反饋出來(lái)的有用信息，這些信息往往是解題的突破口或關(guān)鍵點(diǎn)。九、處理動(dòng)力學(xué)中的連接體問(wèn)題的方法1.整體法的選取原則及解題步驟（1）當(dāng)只涉及系統(tǒng)的受力和運(yùn)動(dòng)情況而不涉及系統(tǒng)內(nèi)某些物體的受力和運(yùn)動(dòng)情況時(shí)，一般采用整體法。（2）運(yùn)用整體法解題的基本步驟：2.隔離法的選取原則及解題步驟（1）當(dāng)涉及系統(tǒng)(連接體)內(nèi)某個(gè)物體的受力和運(yùn)動(dòng)情況時(shí)，一般采用隔離法。（2）運(yùn)用隔離法解題的基本步驟：第一步：明確研究對(duì)象或過(guò)程、狀態(tài)。第二步：將某個(gè)研究對(duì)象或某段運(yùn)動(dòng)過(guò)程、某個(gè)狀態(tài)從系統(tǒng)或全過(guò)程中隔離出來(lái)。第三步：畫(huà)出某狀態(tài)下的受力圖或運(yùn)動(dòng)過(guò)程示意圖。第四步：選用適當(dāng)?shù)奈锢硪?guī)律列方程求解。十、動(dòng)力學(xué)中的臨界極值問(wèn)題1．“四種”典型臨界條件(1)接觸與脫離的臨界條件：兩物體相接觸或脫離，臨界條件是彈力FN＝0。(2)相對(duì)滑動(dòng)的臨界條件：兩物體相接觸且處于相對(duì)靜止時(shí)，常存在著靜摩擦力，則相對(duì)滑動(dòng)的臨界條件是靜摩擦力達(dá)到最大值。(3)繩子斷裂與松弛的臨界條件：繩子所能承受的張力是有限度的，繩子斷與不斷的臨界條件是繩中張力等于它所能承受的最大張力，繩子松弛與拉緊的臨界條件是FT＝0。(4)速度達(dá)到最值的臨界條件：加速度為0。2．“兩種”典型分析方法臨界法分析題目中的物理過(guò)程，明確臨界狀態(tài)，直接從臨界狀態(tài)和相應(yīng)的臨界條件入手，求出臨界值。解析法明確題目中的變量，求解變量間的數(shù)學(xué)表達(dá)式，根據(jù)數(shù)學(xué)表達(dá)式分析臨界值。十一、傳送帶模型1.水平傳送帶模型三種常見(jiàn)情景常見(jiàn)情景物體的vt圖像條件：條件：條件：v0=v條件：v0<v①;②條件：v0>v①;②條件：條件：；v0>v條件：；v0<v2.水平傳送帶模型方法突破(1)水平傳送帶又分為兩種情況：物體的初速度與傳送帶速度同向(含物體初速度為0)或反向。(2)在勻速運(yùn)動(dòng)的水平傳送帶上，只要物體和傳送帶不共速，物體就會(huì)在滑動(dòng)摩擦力的作用下，朝著和傳送帶共速的方向變速，直到共速，滑動(dòng)摩擦力消失，與傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)，或由于傳送帶不是足夠長(zhǎng)，在勻加速或勻減速過(guò)程中始終沒(méi)達(dá)到共速。(3)計(jì)算物體與傳送帶間的相對(duì)路程要分兩種情況：①若二者同向，則Δs＝|s傳－s物|；②若二者反向，則Δs＝|s傳|＋|s物|。3.傾斜傳送帶模型兩種常見(jiàn)情景常見(jiàn)情景vt圖像條件：；μ>tanθ加速度：a=g(μcosθsinθ)條件：；μ>tanθ加速度：a=g(μcosθsinθ)條件：；μ>tanθ加速度：a=g(μcosθ+sinθ)條件：；μ>tanθ加速度：a=g(μcosθ+sinθ)條件：；μ<tanθ加速度：a=g(μcosθ+sinθ)a'=g(sinθμcosθ)4.傾斜傳送帶問(wèn)題分析（1）物體沿傾角為θ的傳送帶傳送時(shí)，可以分為兩類：物體由底端向上運(yùn)動(dòng)，或者由頂端向下運(yùn)動(dòng)。解決傾斜傳送帶問(wèn)題時(shí)要特別注意mgsinθ與μmgcosθ的大小和方向的關(guān)系，進(jìn)一步判斷物體所受合力與速度方向的關(guān)系，確定物體運(yùn)動(dòng)情況。當(dāng)物體速度與傳送帶速度相等時(shí)，物體所受的摩擦力有可能發(fā)生突變。（2）痕跡問(wèn)題：共速前，x傳>x物，痕跡Δx1=x傳x物，共速后，x物>x傳，痕跡Δx2=x物x傳，總痕跡取二者中大的那一段。十二、滑塊—木塊模型的解題策略運(yùn)動(dòng)狀態(tài)板塊速度不相等板塊速度相等瞬間板塊共速運(yùn)動(dòng)處理方法隔離法假設(shè)法整體法具體步驟對(duì)滑塊和木板進(jìn)行隔離分析，弄清每個(gè)物體的受體情況與運(yùn)動(dòng)過(guò)程假設(shè)兩物體間無(wú)相對(duì)滑動(dòng)，先用整體法算出一起運(yùn)動(dòng)的加速度，再用隔離法算出其中一個(gè)物體“所需要”的摩擦力Ff；比較Ff與最大靜摩擦力Ffm的關(guān)系，若Ff>Ffm，則發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)將滑塊和木板看成一個(gè)整體，對(duì)整體進(jìn)行受力分析和運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析臨界條件①兩者速度達(dá)到相等的瞬間，摩擦力可能發(fā)生突變②當(dāng)木板的長(zhǎng)度一定時(shí)，滑塊可能從木板滑下，恰好滑到木板的邊緣，二者共速是滑塊滑離木板的臨界條件相關(guān)知識(shí)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、牛頓運(yùn)動(dòng)定律等十三、實(shí)驗(yàn)：探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系1.實(shí)驗(yàn)方法：控制變量法2.實(shí)驗(yàn)思路：本實(shí)驗(yàn)有三個(gè)需要測(cè)量的量：物體的質(zhì)量M、物體所受的作用力F和物體的加速度a。測(cè)出它們的值，分析數(shù)據(jù)，得出結(jié)論。(1)質(zhì)量M：用天平測(cè)量。(2)測(cè)量物體的加速度a方案一：利用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的紙帶測(cè)量小車的加速度a?！爸鸩罘ā鼻蠼饧铀俣龋害＝aT2，xm－xn＝(m－n)aT2(m>n)方案二：讓兩個(gè)小車做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，在相等的時(shí)間內(nèi)，由x＝eq\f(1,2)at2知eq\f(x1,x2)＝eq\f(a1,a2)，把測(cè)量加速度轉(zhuǎn)換成測(cè)量位移。(3)測(cè)物體受到的拉力F方案一：用阻力補(bǔ)償法補(bǔ)償打點(diǎn)計(jì)時(shí)器對(duì)小車的阻力及其他阻力，小車所受的拉力近似等于槽碼的總重力。阻力補(bǔ)償后，繩的拉力F為小車所受合外力，繩的拉力F＝mg須滿足m?M的條件，其中m為槽碼質(zhì)量，M為小車質(zhì)量。方案二：用傳感器或彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)拉力3.實(shí)驗(yàn)結(jié)論：（1）加速度和力的關(guān)系：以加速度a為縱坐標(biāo)，以外力F為橫坐標(biāo)，作出a－F關(guān)系圖像，如圖所示：（2）加速度和質(zhì)量的關(guān)系以加速度a為縱坐標(biāo)，以小車及砝碼的總質(zhì)量M或eq\f(1,M)為橫坐標(biāo)作出a－M或a－eq\f(1,M)關(guān)系圖像，如圖所示：（3）實(shí)驗(yàn)結(jié)論①保持物體質(zhì)量不變時(shí)，物體的加速度a與所受合外力F成正比。②在力F不變時(shí)，物體的加速度a與質(zhì)量M成反比。1．春秋時(shí)期齊國(guó)人的著作《考工記辀人篇》中有“勸登馬力，馬力既竭，辀(zhou)猶能一取焉”，意思是馬拉車的時(shí)候，馬雖然對(duì)車不再施力了，但車還能繼續(xù)向前運(yùn)動(dòng)一段距離，這一現(xiàn)象說(shuō)明了車具有慣性，下列關(guān)于慣性的說(shuō)法正確的是（

）A．馬對(duì)車的力越大，車的慣性越大B．車的速度越大，慣性越大C．車的質(zhì)量越大，慣性越大D．車停止后，車就沒(méi)有了慣性【答案】C【詳解】質(zhì)量是慣性的唯一量度，慣性的大小決定于物體自身質(zhì)量，與其它因素沒(méi)有關(guān)系。故ABD錯(cuò)誤；C正確。故選C。2．有部分“00后”司機(jī)喜歡將汽車裝飾成如圖，在車頂上裝一朵仙人球，該圖可以簡(jiǎn)化為固定在小車上的斜桿與水平方向的夾角為θ，在斜桿頂端固定有質(zhì)量為m的小球。下列關(guān)于桿對(duì)球的作用力F的判斷中，正確的是（

）A．小車靜止時(shí)，F(xiàn)=mgcosθ，方向垂直于桿向上B．小車向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，則F=mg，方向豎直向上C．小車向右勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，方向一定沿桿子向右上方D．小車向右勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，一定有F>mg，方向豎直向上【答案】B【詳解】AB．小球靜止不動(dòng)時(shí)，受力平衡，必受重力和向上的彈力，即彈力為F=mg豎直向上，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．當(dāng)小球向右以加速度a運(yùn)動(dòng)時(shí)，對(duì)其受力分析，受重力和彈力，合力為水平向右，根據(jù)平行四邊形定則，彈力方向斜向右上方，與水平方向的夾角為α，大小為因?yàn)槭枪潭ㄖ?，而a是不定值，故不一定等于，即方向不一定沿桿子向右上方，故CD錯(cuò)誤；故CD錯(cuò)誤；故選B。3．成語(yǔ)“牛不吃水強(qiáng)按頭”出自《紅樓夢(mèng)》第四十六回，比喻用強(qiáng)迫手段使就范；如圖所示為人按牛頭并將牛頭緩慢按下的過(guò)程。下列說(shuō)法正確的是（）A．人對(duì)牛頭的作用力與牛頭對(duì)人的作用力一對(duì)平衡力B．人對(duì)牛頭的作用力與牛頭對(duì)人的作用力一對(duì)相互作用力C．人對(duì)牛頭的作用力大于牛頭對(duì)人的作用力D．人對(duì)牛頭的作用力小于牛頭對(duì)人的作用力【答案】B【詳解】人對(duì)牛頭的作用力與牛頭對(duì)人的作用力一對(duì)相互作用力，其大小相等方向相反。故選B。4．利用旋渦現(xiàn)象可以測(cè)定液體的流速。如圖所示（為截面圖），液體的振動(dòng)周期T與流速v、旋渦發(fā)生體的寬度D有關(guān)。結(jié)合物理量的單位分析，下列關(guān)系式可能正確的是（其中k是一個(gè)沒(méi)有單位的常量）（）A． B． C． D．【答案】A【詳解】液體的振動(dòng)周期T與流速v、旋渦發(fā)生體的寬度D有關(guān)，速度的單位為，振動(dòng)周期的單位為，寬度的單位為；而k是一個(gè)沒(méi)有單位的常量，則根據(jù)單位之間的關(guān)系可得故選A。5．重慶奧陶紀(jì)的“蹦極”活動(dòng)在全國(guó)是網(wǎng)紅景點(diǎn)，蹦極過(guò)程可簡(jiǎn)化為如題圖。某游客身系彈性繩自高空P點(diǎn)自由下落，圖中a點(diǎn)是彈性繩的原長(zhǎng)位置，c點(diǎn)是運(yùn)動(dòng)員所到達(dá)的最低點(diǎn)，b點(diǎn)是運(yùn)動(dòng)員靜止地懸吊著時(shí)的平衡位置，運(yùn)動(dòng)員在從P點(diǎn)落下到最低點(diǎn)c的過(guò)程中（不計(jì)空氣阻力），則（）A．運(yùn)動(dòng)員在ab段作減速運(yùn)動(dòng)，處于超重狀態(tài)B．在b點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)員的速度最大，其加速度為零C．在bc段繩的拉力大于人的重力，運(yùn)動(dòng)員處于失重狀態(tài)D．在c點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)員的速度為零，其加速度為零【答案】B【詳解】AB．設(shè)運(yùn)動(dòng)員的質(zhì)量為，彈性繩在b點(diǎn)時(shí)的彈力為，根據(jù)題意，b點(diǎn)是運(yùn)動(dòng)員靜止地懸吊著時(shí)的平衡位置，則在b點(diǎn)有因此可知，從a點(diǎn)到b點(diǎn)，彈性繩的彈力始終小于運(yùn)動(dòng)員的重力，處于失重狀態(tài)，從a點(diǎn)到b點(diǎn)，彈性繩的彈力在該過(guò)程中任意位置的彈力大小為，則由牛頓第二定律有即運(yùn)動(dòng)員從a點(diǎn)到b點(diǎn)的過(guò)程中做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，且在b點(diǎn)速度達(dá)到最大值，故A錯(cuò)誤，B正確；C．在bc段繩的拉力大于人的重力，合力向上，加速度向上，運(yùn)動(dòng)員處于超重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；D．在c點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)員的速度為零，但此時(shí)彈性繩的彈力大于重力，合力大于零，加速度不為零，故D錯(cuò)誤。故選B。6．某同學(xué)在進(jìn)行無(wú)人機(jī)操作練習(xí)時(shí)，無(wú)人機(jī)在距地面高處，以的速度水平向右勻速飛行，某時(shí)刻關(guān)閉無(wú)人機(jī)動(dòng)力系統(tǒng)，瞬間失去一切動(dòng)力，無(wú)人機(jī)做拋物線下落，一段時(shí)間后該同學(xué)開(kāi)啟3倍原來(lái)的升力，不久，無(wú)人機(jī)恰好輕觸地面，隨即騰空?？諝庾枇雎圆挥?jì)。下列說(shuō)法正確的是（）A．無(wú)人機(jī)重新開(kāi)啟動(dòng)力后的軌跡是圓弧B．無(wú)人機(jī)重新開(kāi)啟動(dòng)力后的加速度大小是C．無(wú)人機(jī)關(guān)閉動(dòng)力的時(shí)間是D．無(wú)人機(jī)觸地點(diǎn)距開(kāi)始關(guān)閉動(dòng)力處的水平距離是【答案】D【詳解】AB．由題意可知，無(wú)人機(jī)勻速飛行時(shí)，根據(jù)平衡條件，有重新開(kāi)啟動(dòng)力后有解得方向豎直向上，所以無(wú)人機(jī)重新開(kāi)啟動(dòng)力后的軌跡是拋物線，故AB錯(cuò)誤；C．設(shè)無(wú)人機(jī)關(guān)閉動(dòng)力的時(shí)間為，重新開(kāi)啟動(dòng)力至輕觸地面的時(shí)間為，在無(wú)人機(jī)失去動(dòng)力后，無(wú)人機(jī)做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，下降的高度重新開(kāi)啟動(dòng)力時(shí)距地面的高度且又無(wú)人機(jī)重新開(kāi)啟動(dòng)力時(shí)豎直方向的分速度解得；故C錯(cuò)誤；D．無(wú)人機(jī)觸地點(diǎn)距開(kāi)始關(guān)閉動(dòng)力處的水平距離為故D正確。故選D。7．新疆長(zhǎng)絨棉因纖維較長(zhǎng)而得名，無(wú)人機(jī)為長(zhǎng)絨棉噴灑農(nóng)藥。無(wú)人機(jī)懸停在某一高度，由靜止開(kāi)始沿水平方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，3s末的速度大小為6m/s，然后無(wú)人機(jī)沿水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)并開(kāi)始噴灑農(nóng)藥。若噴灑農(nóng)藥前無(wú)人機(jī)和農(nóng)藥的總質(zhì)量為90kg，取重力加速度大小，則在加速階段，空氣對(duì)無(wú)人機(jī)的作用力大小約為（

）A．180N B．900NC．918N D．1080N【答案】C【詳解】飛機(jī)在勻加速直線運(yùn)動(dòng)中，根據(jù)速度公式有解得對(duì)飛機(jī)進(jìn)行受力分析，根據(jù)力的合成有故選C。8．如圖所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于水平面上質(zhì)量為m的物體接觸（未連接），彈簧水平且無(wú)形變。用水平力緩慢推動(dòng)物體，在彈性限度內(nèi)彈簧長(zhǎng)度被壓縮了，此時(shí)物體靜止。撤去F后，物體開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的最大距離為，物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，則（

）A．F的最大值為B．撤去F后，物體剛運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為C．撤去F后，物體先做勻加速運(yùn)動(dòng)，再做勻減速運(yùn)動(dòng)D．物體做勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為【答案】D【詳解】A．若物體此時(shí)剛好有向右發(fā)生滑動(dòng)趨勢(shì)時(shí)，此時(shí)地面對(duì)其靜摩擦力方向向左，彈簧被壓縮x0時(shí)，由平衡可知即F的最大值為，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．撤去F后，物體剛運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．撤去F后，開(kāi)始時(shí)彈力大于摩擦力，則隨形變量x的減小，加速度減小直到減為零，然后彈力小于摩擦力，則加速度隨形變量x的減小，加速度變大，則物體先做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，再做加速度增大的變減速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)后，物體離開(kāi)彈簧后做勻減速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)3x0后停止，加速度為則物體做勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為選項(xiàng)D正確。故選D。9．如圖甲，在光滑的水平面上，物體A在水平方向的外力F作用下做直線運(yùn)動(dòng)，其圖像如圖乙所示，向右為正方向，下列判斷正確的是（）A．在0~1s內(nèi)，外力F不斷增大 B．在1~3s內(nèi)，外力F先變小后變大C．在1~3s內(nèi)，外力F方向向右 D．在3s末，物體位于出發(fā)點(diǎn)右方【答案】D【詳解】A．在0~1s內(nèi)，圖象切線不斷減小，則加速度不斷減小，由牛頓第二定律得知外力F不斷減小，故A錯(cuò)誤；BC．在1~3s內(nèi)，圖象的斜率不變，則加速度不變，故外力F大小不變，方向向左，故BC錯(cuò)誤；D．根據(jù)速度圖象與坐標(biāo)軸所圍的“面積”大小等于位移，t軸上方位移為正，下方位移為負(fù)，則前3s內(nèi)物體的位移為正，說(shuō)明物體處于出發(fā)點(diǎn)右方，故D正確。故選D。10．如圖甲所示，質(zhì)量為m=2kg的小物塊靜止放置在粗糙水平地面O處，物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，在水平拉力F作用下物塊由靜止開(kāi)始沿水平地面向右運(yùn)動(dòng)。已知水平拉力F隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示，重力加速度g取10m/s2，取水平向右為正方向，由此可知（）A．在0～3s時(shí)間內(nèi)物塊的加速度大小為6m/s2B．在3～5s時(shí)間內(nèi)物塊的加速度大小為3m/s2，方向水平向右C．5s末，物塊速度大小為3m/s，方向水平向右D．前3s內(nèi)物塊的位移是4.5m【答案】D【詳解】A．由圖可知，在0～3s時(shí)間內(nèi)，拉力F1=12N，由牛頓第二定律F1μmg=ma1解得物塊加速度a1=1m/s2故A錯(cuò)誤；B．在3～5s時(shí)間內(nèi)，拉力F2=4N，物塊開(kāi)始時(shí)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律F2μmg=ma2解得物塊加速度a2=3m/s2方向水平向左,速度減為零后處于靜止，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)速度時(shí)間公式可得3s末物塊速度為v1=a1t1=3m/s，4s末物塊速度為v2=v1+a2t2=0因?yàn)樽畲箪o摩擦力大于拉力，所以4s末物塊停止運(yùn)動(dòng)，則5s末物塊的速度為零，故C錯(cuò)誤；D．前3s內(nèi)位移為故D正確。故選D。11．很多智能中有加速度傳感器，安裝能顯示加速度情況的應(yīng)用程序，就能通過(guò)圖像顯示加速度情況。小陳同學(xué)用手掌托著質(zhì)量為m的，打開(kāi)加速度傳感器，把豎直向上拋出，然后又在拋出點(diǎn)接住，以豎直向下為正方向，截取一段如圖所示的加速度隨時(shí)間變化的圖像，取重力加速度g＝10m/s2，由此可判斷出（

）A．時(shí)刻手掌對(duì)的作用力3mgB．時(shí)刻剛好離開(kāi)手掌C．時(shí)刻受重力和手掌對(duì)它的支持力作用D．時(shí)刻已經(jīng)落到手掌上【答案】A【詳解】A．由圖可知，時(shí)刻的加速度為20m/s2，即加速度大小為20m/s2，方向豎直向上，由牛頓第二定律可得解得故A正確；BC．由圖可知，時(shí)刻加速度恰好達(dá)到10m/s2，即重力加速度，所以該時(shí)刻剛好離開(kāi)手掌，僅受重力作用。故BC錯(cuò)誤；D．同理，時(shí)刻的加速度仍為10m/s2，即此時(shí)在空中運(yùn)動(dòng)，未被接住。故D錯(cuò)誤。故選A。12．如圖是升降電梯示意圖，在電動(dòng)機(jī)的牽引下，質(zhì)量均為M的載人箱A與平衡物B分別由跨過(guò)上端滑輪和下端電動(dòng)機(jī)的上、下兩段鋼索系住，使電梯上下運(yùn)動(dòng)。若電梯中乘客總質(zhì)量為m，電梯向上運(yùn)動(dòng)即將到頂前關(guān)閉電動(dòng)機(jī)，下段鋼索作用力減小為0，電梯A與平衡物B以加速度a勻減速至停下后卡住電梯，已知重力加速度g，不計(jì)一切阻力，則勻減速過(guò)程加速度a大小為（）A． B． C． D．【答案】A【詳解】根據(jù)題意，設(shè)關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)之后，鋼索的彈力為F，由牛頓第二定律，對(duì)B有對(duì)A和乘客有聯(lián)立解得故選A。13．如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量均為m的物塊疊放壓在一個(gè)輕彈簧上面，處于靜止?fàn)顟B(tài)，彈簧的勁度系數(shù)為k，t=0時(shí)刻，給物體A一個(gè)豎直向上的作用力F，使得物體AB整體以0.5g（g為重力加速度）的加速度勻加速上升，則A與B分離時(shí)B的速度為（）A． B． C． D．【答案】B【詳解】初狀態(tài)，彈簧的壓縮量分離時(shí)，A、B間的彈力為零，由于B具有向上的加速度，合力向上，可知彈簧處于壓縮狀態(tài)，根據(jù)牛頓第二定律得kx2mg=ma解得則物體B上升的高度則有解得則分離時(shí)B的速度為故選B。14．如圖所示，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為和，靜止疊放在水平地面上。已知A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度g取。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，現(xiàn)對(duì)A施加一水平拉力F，則（）A．當(dāng)時(shí)，A與B相對(duì)地面靜止B．當(dāng)時(shí)，A的加速度大小為C．當(dāng)時(shí)，A與B發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)D．無(wú)論F為何值，B加速度大小不會(huì)超過(guò)【答案】B【詳解】A．A、B間的最大靜摩擦力力為，B與地面間的最大靜摩擦力力為可知當(dāng)時(shí)，A與B相對(duì)地面靜止，故A錯(cuò)誤；BCD．設(shè)當(dāng)拉力為時(shí)，A、B剛好保持相對(duì)靜止一起在水平面上加速運(yùn)動(dòng)，以A、B為整體，根據(jù)牛頓第二定律可得以B為對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立解得，可知當(dāng)時(shí)，A與B發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)；當(dāng)時(shí)，A、B保持相對(duì)靜止一起在水平面上加速運(yùn)動(dòng)，以A、B為整體，根據(jù)牛頓第二定律可得解得當(dāng)A與B發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，B的加速度最大，則有解得故B正確，CD錯(cuò)誤。故選B。15．如圖甲所示，繃緊的水平傳送帶始終以恒定速率運(yùn)行，初速度大小為的小物塊從與傳送帶等高的光滑水平地面上的A處滑上傳送帶。若從小物塊滑上傳送帶開(kāi)始計(jì)時(shí)，小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的圖像（以地面為參考系）如圖乙所示。已知，則下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（

）A．時(shí)刻，小物塊離A處的距離達(dá)到最大B．時(shí)刻，小物塊相對(duì)傳送帶滑動(dòng)的距離達(dá)到最大C．時(shí)間內(nèi)，小物塊受到的摩擦力方向始終向右D．時(shí)間內(nèi)，小物塊始終受到大小不變的摩擦力作用【答案】D【詳解】A．由圖像可知，小物塊在時(shí)間內(nèi)向左做勻減速運(yùn)動(dòng)，時(shí)刻之后反向向右運(yùn)動(dòng)，故小物塊在時(shí)刻離A處的距離達(dá)到最大，故A正確，不滿足題意要求；BCD．小物塊在時(shí)間內(nèi)向左做勻減速運(yùn)動(dòng)，相對(duì)傳送帶也是向左運(yùn)動(dòng)，時(shí)間內(nèi)反向向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，但速度小于傳送帶向右的速度，仍是相對(duì)傳送帶向左運(yùn)動(dòng)，時(shí)刻兩者同速，在時(shí)間內(nèi)，小物塊與傳送帶相對(duì)靜止，一起向右勻速運(yùn)動(dòng)，所以時(shí)間內(nèi)，小物塊受到的摩擦力方向始終向右，時(shí)刻小物塊相對(duì)傳送帶滑動(dòng)的距離達(dá)到最大，時(shí)間內(nèi)，小物塊不受摩擦力作用，故BC正確，不滿足題意要求，D錯(cuò)誤，滿足題意要求。故選D。16．如圖甲所示，傾角為的傳送帶以恒定速率逆時(shí)針運(yùn)行，現(xiàn)將一包裹輕輕放在最上端的A點(diǎn)，包裹從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最下端B點(diǎn)的過(guò)程中，加速度隨位移的變化圖像如圖乙所示（重力加速度?。?，則下列說(shuō)法正確的是（）A．傳送帶與水平面的夾角為 B．包裹與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4C．傳送帶運(yùn)行的速度大小為 D．包裹到B點(diǎn)時(shí)的速度為【答案】C【詳解】AB．小包裹放上傳送帶后瞬間，小包裹相對(duì)傳送帶向上滑動(dòng)，則所受摩擦力沿傳送帶向下，根據(jù)牛頓第二定律得運(yùn)動(dòng)到與傳送帶共速時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得其中，聯(lián)立解得，可得故AB錯(cuò)誤；C．由可得則傳送帶的速度為6m/s，故C正確；D．第二段勻加速過(guò)程有解得可知包裹到B點(diǎn)時(shí)的速度為，故D錯(cuò)誤。故選C。17．如圖甲，長(zhǎng)木板A靜止在光滑水平面上，另一物體B（可看作質(zhì)點(diǎn)）以水平速度v0=3m/s滑上長(zhǎng)木板A的表面。由于A、B間存在摩擦，之后運(yùn)動(dòng)過(guò)程中A、B的速度隨時(shí)間變化情況如圖乙。g取10m/s2，下列說(shuō)法正確的是（）A．A、B兩物體所受的摩擦力均與運(yùn)動(dòng)方向相反B．A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2C．長(zhǎng)木板A的長(zhǎng)度可能為L(zhǎng)=0.8mD．A物體的質(zhì)量是B物體的1.5倍【答案】B【詳解】A．B物體受到的摩擦力方向水平向左，與B物體的運(yùn)動(dòng)方向相反，A物體受到的摩擦力方向水平向右，與A物體的運(yùn)動(dòng)方向相同，故A錯(cuò)誤；B．以B物體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得根據(jù)圖像可知B物體的加速度大小為聯(lián)立解得A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為故B正確；D．以A物體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得根據(jù)圖像可知A物體的加速度大小為聯(lián)立可得故D錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖像可知共速前B物體相對(duì)于A物體發(fā)生的位移為則長(zhǎng)木板A的長(zhǎng)度至少為，故C錯(cuò)誤。故選B。18．如圖所示，將一花瓶置于桌面上的桌布上，用水平向右的拉力將桌布迅速抽出，花瓶發(fā)生了平移，但最終并沒(méi)有滑出桌面，這是大家熟悉的慣性演示實(shí)驗(yàn)。若花瓶、桌布、桌面兩兩之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均相等，則在上述過(guò)程中（）A．花瓶向右運(yùn)動(dòng)，所以花瓶受桌布的摩擦力方向和花瓶受桌面的摩擦力方向都向左B．花瓶相對(duì)桌布滑動(dòng)的距離和在桌面上滑動(dòng)的距離一定相等C．花瓶在桌布上滑動(dòng)的時(shí)間和在桌面上滑動(dòng)的時(shí)間一定相等D．若增大水平拉力，更快地將桌布拉出，則花瓶可能滑出桌面【答案】C【詳解】A．花瓶相對(duì)于桌布向左運(yùn)動(dòng)，則桌布對(duì)花瓶摩擦力的方向向右，花瓶在桌面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，花瓶相對(duì)桌面向右運(yùn)動(dòng)，花瓶受桌面的摩擦力方向向左，故A錯(cuò)誤；C．設(shè)花瓶在桌布上和桌面上運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度大小分別為a1和a2，花瓶在桌布上的滑動(dòng)時(shí)間和在桌面上滑動(dòng)的時(shí)間分別為t1和t2．花瓶剛離開(kāi)桌布時(shí)速度為v?；ㄆ吭谧啦忌线\(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得μmg=ma1由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式v=a1t1花瓶在桌面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得μmg=ma2由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式v=a2t2由上可得a1=a2；t1=t2故C正確；D．若增大水平拉力，更快地將桌布拉出，花瓶在桌布上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間縮短，由v=at可知花瓶獲得的速度減小，在桌面上滑行的距離縮短，所以花瓶不可能滑出桌面，故D錯(cuò)誤；B．由上分析可知，花瓶在桌布和桌面上滑動(dòng)的時(shí)間和加速度大小相等，根據(jù)位移時(shí)間公式可得花瓶在桌布上和桌面上相對(duì)地面的運(yùn)動(dòng)的距離相等，而花瓶相對(duì)桌布滑動(dòng)的距離等于初始位置到桌布左邊緣的距離，為一定值，而在桌面上滑動(dòng)的距離與花瓶離開(kāi)桌布時(shí)的速度大小有關(guān)，隨桌布加速度（拉力大?。┰龃蠖鴾p小，故B錯(cuò)誤。故選C。19．某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖甲所示裝置“探究加速度與物體受力的關(guān)系”，已知小車的質(zhì)量為M，單個(gè)鉤碼的質(zhì)量為m，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接的交流電源的頻率為，動(dòng)滑輪質(zhì)量不計(jì)。實(shí)驗(yàn)步驟如下：①按圖所示安裝好實(shí)驗(yàn)裝置，其中與定滑輪及彈簧測(cè)力計(jì)相連的細(xì)線豎直；②調(diào)節(jié)長(zhǎng)木板的傾角，輕推小車后，使小車能沿長(zhǎng)木板向下勻速運(yùn)動(dòng)；③掛上鉤碼，接通電源后，再放開(kāi)小車，打出一條紙帶，根據(jù)紙帶求出小車的加速度；④改變鉤碼的數(shù)量，重復(fù)步驟③，求得小車在不同合力作用下的加速度。根據(jù)上述實(shí)驗(yàn)過(guò)程，回答以下問(wèn)題：（1）對(duì)于上述實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是。（填選項(xiàng)前的字母）A．鉤碼的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量

B．實(shí)驗(yàn)過(guò)程中鉤碼處于超重狀態(tài)C．與小車相連的細(xì)線與長(zhǎng)木板一定要平行

D．彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)應(yīng)為鉤碼重力的一半（2）實(shí)驗(yàn)中打出的一條紙帶如圖乙所示，圖中相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出，由該紙帶可求得小車的加速度（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。若交流電的實(shí)際頻率大于，則上述計(jì)算結(jié)果與實(shí)際值相比較（填“偏大”“偏小”或“相同”）。（3）由本實(shí)驗(yàn)得到的數(shù)據(jù)作出小車的加速度與彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)的關(guān)系圖像，與本實(shí)驗(yàn)相符合的是。A．