河南省安陽(yáng)市林州第一中學(xué)2018-2019學(xué)年高二下學(xué)期期初考試物理試卷

20182019學(xué)年河南省安陽(yáng)市林州第一中學(xué)高二下學(xué)期期初考試物理試題此卷此卷只裝訂不密封班級(jí)姓名準(zhǔn)考證號(hào)考場(chǎng)號(hào)座位號(hào)物理注意事項(xiàng)：1．答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3．非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4．考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交。第I卷（選擇題)一、單選題1．某靜電場(chǎng)中的電場(chǎng)線如圖所示，帶電粒子在電場(chǎng)中僅受電場(chǎng)力作用，其運(yùn)動(dòng)軌跡是圖中虛線，由M運(yùn)動(dòng)到N，以下說法正確的是（）A．粒子是正電荷B．粒子在M點(diǎn)的加速度大于在N點(diǎn)的加速度C．粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能小于在N點(diǎn)的電勢(shì)能D．粒子在M點(diǎn)的動(dòng)能大于在N點(diǎn)的動(dòng)能2．如圖所示，下列帶電粒子所受洛倫茲力的方向向上的是（）A．B．C．D．3．通電螺線管內(nèi)有一在磁場(chǎng)力作用下處于靜止的小磁針，磁針指向如圖所示，則（）A．螺線管的P端為N極，a接電源的正極B．螺線管的P端為N極，a接電源的負(fù)極C．螺線管的P端為S極，a接電源的正極D．螺線管的P端為S極，a接電源的負(fù)極4．關(guān)于磁感線，以下說法正確的是（）A．磁感線是不閉合的B．磁感線有可能相交C．磁感線是客觀存在的D．磁感線的疏密程度表示磁場(chǎng)的強(qiáng)弱二、多選題5．下列單位中，是電場(chǎng)強(qiáng)度單位的是（）A．N/CB．V·mC．V/mD．J/C6．在真空中兩個(gè)完全相同的金屬小球，帶電量分別為﹣q1和+q2，相距為r時(shí)，其間的相互作用力為F，現(xiàn)將兩個(gè)小球接觸一下在放回原處，其間的相互作用力為，由此可以判斷兩小球原來帶電量之比為（）A．q1：q2＝1：2B．q1：q2＝2：1C．q1：q2＝3：1D．q1：q2＝1：37．某實(shí)驗(yàn)小組用圖示裝置探究影響平行板電容器電容的因素。若兩極板正對(duì)面積為S，極板間的距離為d，靜電計(jì)指針偏角為θ。實(shí)驗(yàn)中，假定極板所帶電荷量不變，下列判斷中正確的是（）A．保持S不變，增大d，則C變小，θ變大B．保持S不變，增大d，則C變大，θ變小C．保持d不變，減小S，則C變小，θ變大D．保持d不變，減小S，則C變大，θ變小8．如圖所示，固定的水平放置的平行導(dǎo)軌CD、EH足夠長(zhǎng)，在導(dǎo)軌的左端用導(dǎo)線連接一電阻R，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，一質(zhì)量為M、長(zhǎng)為2L的金屬棒放在導(dǎo)軌上，在平行于導(dǎo)軌的水平力F作用下以速度v向右勻速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程中金屬棒與導(dǎo)軌保持垂直，金屬棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，整個(gè)裝置處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中(圖中未畫出)，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，導(dǎo)軌單位長(zhǎng)度的電阻為r，其余電阻不計(jì)。若在0時(shí)刻水平力的大小為F0，則在0—t時(shí)間內(nèi)，以下說法正確的有（）A．水平力F對(duì)金屬棒的沖量大小F0tB．水平力和摩擦力的合力對(duì)金屬棒的沖量為零C．合力對(duì)金屬棒做的功為零D．若某時(shí)刻通過電阻R的電流為I，則此時(shí)水平力F的功率為(BIL+μMg)v9．如圖所示，傾角為30°的光滑絕緣直角斜面ABC，D是斜邊AB的中點(diǎn)。在C點(diǎn)固定一個(gè)帶電荷量為+Q的點(diǎn)電荷，一質(zhì)量為m，電荷量為﹣q的小球從A點(diǎn)由靜止釋放，小球經(jīng)過D點(diǎn)時(shí)的速度為v，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度為0，則（）A．小球從A到D的過程中靜電力做功為B．小球從A到B的過程中電勢(shì)能先減小后增加C．B點(diǎn)電勢(shì)比D點(diǎn)電勢(shì)高D．AB兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為10．長(zhǎng)為L(zhǎng)的導(dǎo)線ab斜放在水平導(dǎo)軌上（導(dǎo)線與導(dǎo)軌的夾角為），兩導(dǎo)軌相互平行且間距為d，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，如圖所示，當(dāng)通過ab的電流為I時(shí)，導(dǎo)線ab所受安培力的大小為（）A．IBLB．C．D．第II卷（非選擇題)三、實(shí)驗(yàn)題11．有一個(gè)小燈泡上標(biāo)有“”字樣，現(xiàn)要測(cè)量該燈泡的伏安特性曲線，有下列器材可供選用：A．電壓表（，內(nèi)阻）B．電壓表（，內(nèi)阻）C．電流表（，內(nèi)阻）D．電流表（，內(nèi)阻）E．滑動(dòng)變阻器（）F．滑動(dòng)變阻器（）G．直流電源（，內(nèi)阻不計(jì)），另有開關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線若干。（1）實(shí)驗(yàn)中電壓表應(yīng)選__________，電流表應(yīng)選__________，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選__________。（只填器材的字母代號(hào)）（2）在答題卡的虛線框中畫出實(shí)驗(yàn)電路圖，要求電流、電壓能從零開始變化_____。12．在測(cè)某種材料制成的均勻圓柱體的電阻率的實(shí)驗(yàn)中,需要測(cè)量其長(zhǎng)度L、直徑d和電阻R.(1)如圖甲,使用游標(biāo)卡尺測(cè)量其長(zhǎng)度L為________mm；如圖乙,使用螺旋測(cè)微器測(cè)量其直徑d為___________mm；(2)若用圖丙電路測(cè)圓柱體的電阻,則測(cè)量結(jié)果將比真實(shí)值_______(填“偏大”或“偏小”).四、解答題13．如圖所示，已知電源電動(dòng)勢(shì)E＝20V，內(nèi)阻r＝lΩ，當(dāng)接入固定電阻R＝2Ω時(shí)，電路中標(biāo)有“3V，6W”的燈泡L和內(nèi)阻r0＝0.5Ω的小型直流電動(dòng)機(jī)M都恰能正常工作。試求：（1）電壓表的示數(shù)；（2）電動(dòng)機(jī)的輸出功率。14．已知質(zhì)量為m的帶電液滴，以速度v射入互相垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)E和勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中，液滴在此空間剛好能在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．如圖所示．求：(1)液滴在空間受到幾個(gè)力作用；(2)液滴帶電荷量及電性；(3)液滴做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑．15．如圖為某一直流電動(dòng)機(jī)提升重物的裝置，重物質(zhì)量為，穩(wěn)定電壓為，不計(jì)各處摩擦，當(dāng)電動(dòng)機(jī)以的恒定速度向上提升物體時(shí)，電路中電流為，試求：電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻r為多少？16．如圖所示，一質(zhì)量為m、電荷量為q（q>0）的例子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，A、B為其運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn)。已知該粒子在A點(diǎn)的速度大小為v0，方向與電場(chǎng)方向的夾角為60°；它運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度方向與電場(chǎng)方向的夾角為30°。不計(jì)重力。求A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差。20182019學(xué)年河南省安陽(yáng)市林州第一中學(xué)高二下學(xué)期期初考試物理試題物理答案1．A【解析】A.帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，受到的電場(chǎng)力的方向指向運(yùn)動(dòng)軌跡的彎曲的內(nèi)側(cè)，由此可知，此帶電的粒子受到的電場(chǎng)力的方向?yàn)檠刂妶?chǎng)線向上，所以此粒子為正電荷，故A正確；B.由電場(chǎng)線的分布可知，電場(chǎng)線在N點(diǎn)的時(shí)候較密，所以在N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)，粒子在N點(diǎn)時(shí)受到的電場(chǎng)力大，加速度也大，故B錯(cuò)誤；C.粒子帶正電，從M到N的過程中，電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功，所以粒子的電勢(shì)能要減小，即粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能大于N點(diǎn)的電勢(shì)能，故C錯(cuò)誤；D.粒子帶正電，從M到N的過程中，電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功，粒子的動(dòng)能要增加，即粒子在M點(diǎn)的動(dòng)能小于N點(diǎn)的動(dòng)能，故D錯(cuò)誤；故選：A2．A【解析】由左手定則：（磁感線穿過左手手心，四指指向正電荷的運(yùn)動(dòng)方向或負(fù)電荷運(yùn)動(dòng)的反方向，大拇指的指向即為洛倫茲力的方向）A圖中帶電粒子受力方向向上；B圖中帶電粒子受力方向向外；C圖中帶電粒子受力方向向左；D圖中帶電粒子受力方向向里，所以A正確。考點(diǎn)：本題左手定則的應(yīng)用3．B【解析】小磁針的N極受力方向與磁感線的方向一致，所以在磁體內(nèi)部磁感線是從Q指向P，又因?yàn)榇鸥芯€在磁體內(nèi)部是從S極指向N極，所以P端是N極，再根據(jù)螺旋定則可以判斷出a端接的電源的負(fù)極。B正確。4．D【解析】磁感線是假想的，用來描繪磁場(chǎng)強(qiáng)弱與分布的，是閉合的，但不可能相交，A、B、C錯(cuò)。考點(diǎn)：本題考查磁感線。5．AC【解析】由公式可知E的單位是N/C；由公式可知，E的單位是V/m；故選項(xiàng)AC正確.6．CD【解析】接觸前兩個(gè)相同的金屬小球之間的庫(kù)侖力大小為，兩個(gè)相同的金屬球各自帶電，接觸后再分開，其所帶電量先中和后均分，庫(kù)侖力為，解得：q1：q2=3：1或q1：q2=1：3，故選CD。7．AC【解析】根據(jù)電容的決定式得知，電容與極板間距離成反比，當(dāng)保持S不變，增大d時(shí)，電容減小，因極板所帶電荷量Q不變，由電容的定義式，分析可知板間電勢(shì)差增大，靜電計(jì)指針的偏角θ變大．故A正確，B錯(cuò)誤．根據(jù)電容的決定式得知，電容與極板的正對(duì)面積成正比，當(dāng)保持d不變，減小S時(shí)，電容C減小，極板所帶電荷量Q不變，則由電容的定義式，可知板間電勢(shì)差U增大，靜電計(jì)指針的偏角θ變大．故C正確，D錯(cuò)誤．故選AC．點(diǎn)睛：本題是電容動(dòng)態(tài)變化分析問題，關(guān)鍵抓住兩點(diǎn)：一是電容器的電量Q不變；二是關(guān)于電容的兩個(gè)公式:決定式和定義式．8．CD【解析】A、由題可知，金屬棒在力F作用下做勻速運(yùn)動(dòng)，由于金屬棒切割磁感線，回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)左手定則可知，金屬受到向左的安培力作用，則外力，導(dǎo)軌電阻增大，所以外力F隨時(shí)間逐漸減小，并不是保持不變，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BC、由于金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)，即安培力、水平力和摩擦力的合力為零，則這三個(gè)力的合力對(duì)金屬棒的沖量為零，則這三個(gè)力的合力對(duì)金屬棒做功為零，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤，C正確；D、若某時(shí)刻通過電阻R的電流為I，則根據(jù)平衡條件可知：，則此時(shí)水平力F的功率為，故選項(xiàng)D正確?！军c(diǎn)睛】本題主要考查金屬棒在運(yùn)動(dòng)過程中要受到安培力做用，然后根據(jù)平衡條件分析出力F為變力，在結(jié)合沖量、功以及功率相關(guān)知識(shí)進(jìn)行求解即可。9．BD【解析】斜面的傾角為θ=30°，斜面上AD=DB，由幾何關(guān)系可知，AC=AD=CD，即A到C的距離與D到C的距離是相等的，所以D與A的電勢(shì)相等，則由W=qU，知A到D的過程中電場(chǎng)力做的功等于0．故A錯(cuò)誤；由于即A到C的距離與D到C的距離是相等的，由幾何關(guān)系可知，沿AB的方向上的各點(diǎn)到C的距離先減小后增大，距離減小的過程中電場(chǎng)力對(duì)負(fù)電荷做正功，所以從A到B的過程中負(fù)電荷的電勢(shì)能先減小后增大，故B正確；結(jié)合幾何關(guān)系可知，D到C的距離小于B到C的距離，C點(diǎn)處是正電荷，結(jié)合正電荷的電場(chǎng)的特點(diǎn)可知，B點(diǎn)電勢(shì)比D點(diǎn)電勢(shì)低。故C錯(cuò)誤；設(shè)AB的長(zhǎng)度為2L，則AD=DB=L，在小球從A到D兩點(diǎn)得過程中，由動(dòng)能定理有：mgLsinθ＝mv2?0；在小球從A到B的過程中有：mgL+（q）UAB=0；所以：UAB＝．故D正確。故選BD。10．AC【解析】安培力的計(jì)算：當(dāng)I⊥B時(shí)，，當(dāng)I與B不垂直時(shí)，，θ為I與B的夾角，題目中屬于I與B垂直的情況，所以，A正確；由于，帶入A的結(jié)果，可得，C正確．11．（1）A、C、E（2）【解析】（1）為了準(zhǔn)確的測(cè)量小燈泡的電壓和電流，根據(jù)小燈泡的規(guī)格，電壓表選擇A，電流表選擇C，因?yàn)闇y(cè)量小燈泡的伏安特性曲線，需采取分壓接法，滑動(dòng)變阻器選擇較小的，即E．（2）因要求電流、電壓能從零開始變化，故滑線變阻器采用分壓式接法，而燈泡的電阻很小，選用安培表外接。電路如圖甲：考點(diǎn)：本題考查“測(cè)量小燈泡伏安特性曲線”實(shí)驗(yàn)中的器材選擇及電路圖的選擇．12．(1)50.15；4.700(或4.699)(2)偏小【解析】(1)由圖所示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為：50mm+3×0.05mm=50.15mm．由圖示螺旋測(cè)微器可知，其示數(shù)為：4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm.(2)圖丙采用了電流表外接法，由于電壓表內(nèi)阻不是無(wú)窮大，故電壓表分流導(dǎo)致電流表測(cè)量電流大于流過電阻的電流，則可知測(cè)量值偏小.【點(diǎn)睛】本題考查了螺旋測(cè)微器、游標(biāo)卡尺、電壓表與電流表的讀數(shù)，要掌握常用器材的使用方法與讀數(shù)方法；同時(shí)掌握電學(xué)實(shí)驗(yàn)誤差分析的基本方法。13．（1）11V（2）20W【解析】(1)燈泡正常發(fā)光所以：由閉合電路歐姆定律得：聯(lián)立可得UM=11V（2）P內(nèi)=I2r0P出=UMIP內(nèi)聯(lián)立可得P出=20W14．(1)三個(gè)力(2),負(fù)電(3)【解析】(1)由于是帶電液滴，它必然受重力，又處于電磁場(chǎng)中，還應(yīng)受到電場(chǎng)力及洛倫茲力共三個(gè)力作用．(2)因液滴做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故必須滿足重力與電場(chǎng)力平衡，所以液滴應(yīng)帶負(fù)電，電荷量由mg＝Eq，求得q＝mg/E.(3)盡管液滴受三個(gè)力，但合力為洛倫茲力，所以仍可用半徑公式R＝，把電荷量代入可得R＝＝.15．【解析】電動(dòng)機(jī)消耗的總能量一部分