2023年湖北武漢市高考物理模擬試題（含答案）

2023屆湖北武漢市高考物理模擬真題

一、單項選擇題

1.當新的實驗提供了新的視角，或有了新的觀測發(fā)覺時，原有的理論就會被修改，以下關于各個理

論的修正中正確的選項是（）

A.伽利略修正了亞里士多德的落體理論，證明了物體下落的速度取決于下落時間的長短和物體

的質量

B.牛頓修正了伽利略關于力是維持物體運動原因的理論，提出了力是改變物體運動狀態(tài)的原因

3

C.牛頓認為開普勒第三定律是正確的，并修正了其決定因素，即是由太陽的質量和萬有引

力常量決定

D.庫倫提出庫侖定律，并最早用實驗測得元電荷e的數(shù)值

2.一般材料的折射率都為正值現(xiàn)已有針對某些電磁波設計制造的人工材料，其折射率可

以為負值稱為負折射率材料。位于空氣中的這類材料，入射角i與折射角1?依舊滿足

〃=二-,但是折射線與入射線位于法線的同一側（此時折射率為負值）。有一種新型材料的折射率

sinr

n=-\,從空氣中一個點光源發(fā)射的光線射向這種材料的第一界面發(fā)生折射的大致光路圖是

3.2023年11月24日4時30分，在我國文昌航天發(fā)射場，長征五號運載火箭順利將“嫦娥五號"探

測器送入預定軌道。此次“嫦娥五號"探測器將執(zhí)行月球采樣返回任務，完成我國探月工程“繞、

落、回”三步走中的最后一步——“回”，其過程大致如下：著陸器在月球外表采樣后，將樣品轉運

到上升艙，上升艙點火從月表發(fā)射，與在近月軌道上等待的返回艙對接，返回艙再次點火，從而擺

脫月球的引力束縛返回地球。請利用以下表格給出的相關數(shù)據(jù)，估算上升艙的發(fā)射速度至少為

)

地球月球

質量5.97xlO247.35xl022

半徑64001738

公轉周期（天）36527

自轉周期（天）127

引力常量G=6.67x10-”

A.7.9km/sB.11.2km/sC.1.7km/sD.2.4km/s

4.質量為L6kg的物塊靜止在傾角為30。的斜面上，假設用平行于斜面沿水平方向大小等于6N的力

推物塊，物塊仍保持靜止，如下圖，則物塊所受到的摩擦力大小等于（g=10m/s2）（）

C.6ND.86N

5.如下圖，在粗糙的水平面上并列放置兩物塊A和B.已知水平面對A的最大靜摩擦力為4N,對

B的最大靜摩擦力為2N,當用F=4N的水平力從左側推A時，物體A、B受的摩擦力分別為FfA、

F電，則（）

"AB

A.FfA=2N,FfB=2N

B.FfA=0N,Fffi=4N

C.FfA=4N,Fffi=0N

D.因動摩擦因數(shù)和A、B的質量未知，故無法計算

6.在傾角為0的固定光滑斜面上有兩個用輕彈簧相連接的物塊A、B,它們的質量分別為m1、m2,

彈簧勁度系數(shù)為k.C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài),現(xiàn)用一平行斜面向上的恒力F拉物塊A

使之向上運動，當物塊B剛要離開擋板C時、物塊A運動的距離為d,速度為v.則此時（）

C.物塊A的加速度為------

網

2

D.彈簧彈性勢能的增加量為F&|miv

7.如圖（a）,為家用燃氣灶點火裝置的電路原理圖，轉換器將直流電壓轉換為圖（b）所示的正弦

交流電加在理想變壓器的原線圈上，設變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為m、m.當兩點火針間電壓大

于5000V就會產生電火花進而點燃燃氣，則閉合S（）

1w/v

J_轉L

3換

器

「

(a)(b)

A.電壓表的示數(shù)為50V2V

B.兩點火針間電壓的有效值肯定大于5000V

C.在0?0.5xl0-2s時間內，通過原、副線圈導線橫截面的電荷量相等

D.當n2：m>100時，才能點燃燃氣

二、多項選擇題

8.某質點做簡諧運動的x-t圖像如下圖，以下說法正確的選項是（）

A.質點的振幅為10cm

B.一個周期內，質點運動的路程為20cm

C.t=1.5s時，質點的速度方向為x軸正向

D.t=2.5s時，質點的加速度方向為x軸正向

9.如下圖，在xOy坐標系中，x軸上關于y軸對稱的A、C兩點固定等量異種點電荷+Q、-Q

,B、D兩點分別位于第二、四象限，ABCD為平行四邊形，邊BC、AD分別與y軸交于E、F,

以下說法正確的選項是（）

幺￡

/?八、

A、、、、0/Cx

尸、、?/

D

A.E、F兩點電勢相等

B.B、D兩點電場強度相同

C.試探電荷+q從B點移到D點，電勢能增加

D.試探電荷+q從B點移到E點和從F點移到D點，電場力對+q做功相同

10.如圖是質譜儀工作原理的示意圖。帶電粒子a、b沉著器中的A點飄出（在A點初速度為零），經

電壓U加速后，從x軸坐標原點處進入磁場方向垂直于紙面向里、磁感應強度為B的勻強磁場，最

后分別打在感光板S上，坐標分別為xi、x2o圖中半圓形虛線分別表示帶電粒子a、b所通過的路

B.b進入磁場的速度肯定大于a進入磁場的速度

C.假設a、b電荷量相等，則它們的質量之比ma：mb=Xi：X2

D.假設a、b質量相等，則它們的電荷量之比qa：qb=X22兇2

1L水平光滑直軌道ab與半徑為R=0.4m的豎直半圓形光滑軌道be相切，質量0.2kg的小球以某速

度沿直線軌道向右運動，如下圖。小球進入圓形軌道后剛好能通過c點，然后小球做平拋運動落在

直軌道上的d點，重力加速度為g取10m/s2,則（）

A.小球到達c點的速度為2m/s

B.小球到達b點時對圓軌道的壓力為10N

C.小球在直軌道上的落點d與b點距離為1m

D.小球從c點落到d點所需時間為0.4s

三、實驗題

12.如圖甲所示為“探究加速度與物體所受合外力的關系”的實驗裝置圖。圖甲中A為小車，質量為

m?連接在小車后面的紙帶穿過打點計時器B,它們均置于一端帶有定滑輪的足夠，長的木板上，

P的質量為m2,C為彈簧測力計，實驗時改變P的質量，讀出測力計不同讀數(shù)F,不計繩與滑輪之

間的摩擦。

U）以下說法正確的選項是

A.—端帶有定滑輪的長木板必須保持水平

B.實驗時應先接通電源后釋放小車

C.實驗中m2應遠小于rm

D.測力計的讀數(shù)始終為第

2

（2）如圖乙所示為某次實驗得到的紙帶，紙帶上標出了所選的四個計數(shù)點之間的距離，相鄰計數(shù)

點間還有四個點沒有畫出。由此可求得小車的加速度的大小是m/s2（交流電的頻率為50

Hz,結果保存二位有效數(shù)字）。

（3）實驗時，某同學由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，他測量得到的圖像，可能是以下哪

個選項中的圖像

13.一實驗小組想測量一節(jié)蓄電池的電動勢和內阻，實驗室提供的器材有：待測蓄電池，電流表G

（量程為3mA,內阻為Rg=100Q）,電阻箱R（最大阻值99.9C）,定值電阻Ri（阻值為900C）,愛

護電阻Ro〔阻值為3.0。），開關S、導線假設干。

的示數(shù)變化范圍比擬大，應選擇（填“甲"或"乙”）電路進行實驗。

（2）電路圖中將定值電阻Ri和電流表G串聯(lián)，相當于把電流表G改裝成了一個量程為

V的電壓表。

（3）閉合開關S,屢次調節(jié)電阻箱R,記錄電流表G的示數(shù)I和電阻箱對應的阻值R。

以;為縱坐標，"為橫坐標，作圖線如圖丙所示（用直線擬合）。

依據(jù)丙圖可求得電源電動勢E=V,內阻r=。（結果均保存2位有效數(shù)字）。

四'解答題

14.如下圖，一根粗細均勻的玻璃管長為L=100cm,下端封閉上端開口豎直放置，管內有一段長為

H=25cm的水銀柱封閉了一段長為L=40cm的空氣柱。已知環(huán)境溫度為尸27。0熱力學溫度與攝

氏溫度的關系為T=t+273K,大氣壓強為po=75cmHg。

(1)如果將玻璃管緩慢放平(水銀不外溢)，求玻璃管內氣柱將變?yōu)槎嚅L(保存三位有效數(shù)

字)？

(2)如果保持玻璃管口向上，緩慢升高管內氣體溫度，當溫度升高到多少攝氏度時，管內水銀開

始溢出？

15.如下圖，質量為/M=9.0xl0-3'kg、電荷量為e=L6xl()T9的電子由靜止經電壓為

G=45V的電場加速后，沿水平直線a。進入偏轉電場，不考慮電場邊緣效應。已知偏轉電場

的極板長L=5.0cm,兩極板間距J=1.0cm,兩板間電壓"=L8V,O}O2為兩極板的中

線。求：

(1)電子進入偏轉電場時速度的大小%；

(2)電子射出偏轉電場時，速度與水平方向夾角的正切值；

(3)假設在偏轉電場兩板間加一恒定電壓C,,電子恰好能射出偏轉電場，求(的值。

16.如下圖，水平傳送帶的右端與豎直面內的用光滑鋼管彎成的“9"形固定軌道相接，鋼管內徑很

小.傳送帶的運行速度為v0=6m/s,將質量m=1.0kg的可看作質點的滑塊無初速地放到傳送帶A

端，傳送帶長度為L=12.0m,"9"字全高H=0.8m,"9”字上半局部圓弧半徑為R=0.2m,滑塊與傳

送帶間的動摩擦因數(shù)為y0.3,重力加速g=10m/s2,試求：

(1)滑塊從傳送帶A端運動到B端所需要的時間；

12)滑塊滑到軌道最gao點C時對軌道作用力的大小和方向；

(3)假設滑塊從“9”形軌道D點水平拋出后，恰好垂直撞在傾角。=45。的斜面上P點，求P、D

兩點間的豎直高度h(保存兩位有效數(shù)字).

答案

1.c

（解答）解：A、伽利略修正了亞里士多德的落體理論，證明了物體下落的速度取決于下落時間，與

質量無關，故A錯誤.

B、伽利略依據(jù)理想斜面實驗，修正了亞里士多德關于力是維持物體運動原因的理論，提出了力是改

變物體運動狀態(tài)的原因，故B錯誤.

3

C、牛頓認為開普勒第三定律是正確的，并修正了其決定因素，即臺是由太陽的質量和萬有引力

常量決定.故C正確.

D、庫倫提出庫侖定律，但元電荷e的數(shù)值最早是由密立根用實驗測出的，故D錯誤.

應選:C

（分析）此題要了解伽利略對落體運動規(guī)律的研究過程，以及伽利略“理想斜面實驗'’的內容、方

法、原理以及物理意義.結合萬有引力定律，牛頓認為開普勒第三定律中，即p是由太陽的質量

和萬有引力常量決定.結合庫侖和密立根的物理學成績解答.

2.C

（解答）由題知該材料的折射率〃=-1

則折射線與入射線位于法線的同一側，且入射角i與折射角r相等，符合條件的只有Co

故答案為：Co

（分析）利用折射率的大小可以判別其折射線與入射線處于法線同一次，且入射角等于折射角。

3.C

（解答）上升艙的發(fā)射速度至少為月球的第一宇宙速度，由〃，旦

峭峭

解得“月=欄"6.67X10'"x7.35xlO22.,小,，f,

--------------------m/s工1.7x103m/s=1.7km/s

1.738xl06

C符合題意。

故答案為：Co

（分析）依據(jù)萬有引力提供向心力求出上升艙4的第一宇宙速度。

4.A

（解答）對滑塊受力分析，受推力F、重力G、支持力N和靜摩擦力f,將重力按照作用效果分解為

沿斜面向下的分力P=mgsin9=L6xl0x1N=8N

同

和垂直斜面向下的分力F"=mgcos0=1.6x1OxN=8百N

在與斜面平行的平面內，如圖

則有f=y/F2+F'1=A/62+82N=1ON

故答案為：Ao

（分析）對滑塊進行受力分析，依據(jù)正交分解和共點力平衡從而得出物塊所受到的摩擦力大小。

5.C

（解答）對A進行分析可知，當F=4N作用于A時，由于A的最大靜摩擦力為4N,所以F推不動

物體A,所以A相對桌面靜止；A靜止，受到摩擦力為4N,則AB間沒有相互擠壓，從而沒有作用

力。則B相對地面沒有運動趨勢，B不受地面的摩擦力。

故答案為：Co

（分析）利用最大靜摩擦力的大小可以判別兩個物體處于靜止，利用兩個物體的平衡方程可以求出

摩擦力的大小。

6.C

（解答）解：

A、由于拉力F與速度v同向，所以拉力的瞬時功率為P=Fv,A不符合題意；

B、開始系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，彈簧彈力等于A的重力沿斜面向下的分力，當B剛離開C時，彈簧的

彈力等于B的重力沿斜而下的分力，故m2gsin0=kx2,但由于開始是彈簧是壓縮的，故d>X2,故

m2gsin9<kd,B不符合題意；

C、當B剛離開C時，對A,依據(jù)牛頓第二定律得：F.migsin0.kx2=mia”又開始時，A平衡，則

F-kd

有：mgsin0=kxi，而d=x1+x2，解得：物塊A加速度為a1=，C符合題意;

l町

D、依據(jù)功能關系，彈簧彈性勢能的增加量等于拉力的功減去系統(tǒng)動能和重力勢能的增加量，即為：

1,

Fd-m]gdsin0.—,D不符合題意.

故答案為：C.

（分析）開始系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，對物體進行受力分析結合胡克定律、功能關系進行求解。

7.D

（解答）A.電壓表測量的是轉換之后的正弦交流電的有效值，所以示數(shù)為1V=258V,A不

符合題意；

B.兩點火針間的瞬時電壓大于5000V即可產生電火花，所以有效值肯定大于貴V=2500行V

,不肯定大于5000V,B不符合題意；

C.在0?0.5x10-2s時間內，原線圈中延續(xù)流過了正弦式交變電流，副線圈中只有當感應電動勢大于

5000V時才有電流流過，所以通過原、副線圈導線橫截面的電荷量不相等，C不符合題意；

D.原、副線圈的電壓關系為*=”,由于原線圈最大電壓為50V,副線圈最大電壓要大于

5000V,所以—>100,D符合題意。

?i

故答案為：D。

（分析）利用圖像峰值可以求出有效值及電壓表讀數(shù)的大??；利用點火針的峰值大小可以求出有效

值的大小；利用點火的電壓可以判別電路中電荷量不相等；利用電壓的大小關系可以求出點火是原

副線圈的匝數(shù)之比。

8.A,D

（解答）A.質點的振幅為10cm,A符合題意；

B.一個周期內，質點運動的路程為4A=40cm,B不符合題意；

C.t=1.5s時，質點的速度方向為x軸負向，C不符合題意；

D.t=2.5s時，質點的加速度方向指向平衡位置，即為x軸正向，D符合題意。

故答案為：ADo

（分析）從圖可以得出質點振幅的大?。焕谜駝拥臅r間可以求出質點運動的路程，利用質點的位

移可以判別其速度和加速度的方向。

9.A,B,D

（解答）A.等量異種點電荷+Q、-Q連線的垂直平分線是一條等勢線，所以y軸是一條等勢

線，E、F的電勢相等，A符合題意；

B.依據(jù)電場線的分布情況和對稱性可知，B、D兩點電場強度相同，B符合題意；

C.依據(jù)順著電場線電勢降低可知，B點的電勢高于D點的電勢，而正電荷在電勢高處電勢大，所以

試探電荷+q從B點移到D點，電勢能減小，C不符合題意；

D.由上分析可知，B、E間的電勢差等于F、D間的電勢差，依據(jù)電場力做功公式W=qU得知

+1從B點移到E點和從F點移到D點，電場力對+4做功相同，D符合題意。

故答案為：ABDo

（分析）等量異種電荷中垂線是等勢線，所以EF電勢相等。

BD關于原點對稱，所以電場疏密和方向相同，所以BD電場強度相同。

由B到D電勢降低，由于是正電荷，所以電勢能降低。

由于BE和FD的電場分布完全對稱，即BE和FD電勢差相等，所以做功相同。

10.A,B,D

（解答）A.粒子在磁場中向右偏轉，由左手定則可知，a、b均為負電荷，A符合題意；

B.粒子在磁場中由洛倫茲力提供向心力可知qvB=m—

qB

因b的半徑比a大，則b進入磁場的速度肯定大于a進入磁場的速度，B符合題意;

1.

CD.由動能定理可知粒子經過加速電場后的速度為qU=-mv2

則7?=-

假設a、b電荷量相等，則X|：x2=24：2&=

C不符合題意;

假設a、b質量相等，貝ijX］：々=2與：2火2=如:日

D符合題意；

故答案為：ABDo

（分析）帶電粒子在磁場中受到洛倫茲力，在洛倫茲力的作用下粒子做圓周運動，依據(jù)磁場方向、

電性和運動方向確定粒子的運動軌跡，結合粒子的軌道半徑，利用向心力公式求解電荷量和質量的

關系。

11.A,D

（解答）A.小球進入圓形軌道后剛好能通過c點，只有重力提供向心力mg=^-

解得：v=y[gR=2m/s

A符合題意；

B.由機械能守恒定律得：-mvl=mg（2R）+-mv2

由向心力公式有：F-mg-

解得軌道對小球的支持力F=6mg=12N

依據(jù)牛頓第三定律得：小球到達b點時對軌道的壓力為12N,B不符合題意；

C.由平拋運動規(guī)律得，水平位移為=例=必?杵=2R=0.8m

C不符合題意；

D.小球離開軌道后，在豎直方向做自由落體運動，小球從c點落到d點所需時間為

D符合題意。

故答案為：AD。

（分析）利用重力提供向心力可以求出小球經過c點速度的大??；利用機械能守恒定律結合牛頓第

二定律可以求出小球經過b點時軌道對b的支持力大??；利用平拋運動的為公式可以求出水平位移

的大小：利用平拋運動的位移公式可以求出運動的時間。

12.（1）B

⑵0.50

(3)C

(解答)(1)A.該實驗首先必需要平衡摩擦力，一端帶有定滑輪的長木板要傾斜，A不符合題意；

B.為增加打點的個數(shù)，打點計時器的使用都要求先接通電源后釋放小車，B符合題意；

C.由于該實驗的連接方法，重物和小車不具有共同的加速度，小車是在繩的拉力下加速運動，此拉

力可由測力計示數(shù)獲得，不需要用重物的重力來替代，故不要求重物質量遠小于小車質量，C不符

合題意；

D.由于重物向下加速度運動，由牛頓第二定律m2g-2F=m2a

解得/=吟吆

2

D不符合題意。

故答案為：Bo(2)依據(jù)勻變速直線運動的推論公式M=aT-有

Ax=0.0339m-0.0289m=ax(0.1s)2

解得a=0.50m/s2(3)假設沒有平衡摩擦力，則當F/0時，a=0。也就是說當繩子上有拉力

時小車的加速度還為0,所以可能是圖中的圖線C。

(分析)(1)實驗需要平衡摩擦力所以木板需要傾斜；實驗有彈簧測力計不需要滿足質量要求，由

于重物做加速度運動所以其拉力大小不等于P物體重力的一半；

(2)利用鄰差公式可以求出加速度的大?。?/p>

(3)由于沒有平衡摩擦力會導致施加拉力時剛開始其加速度等于0.

13.(1)甲

(2)3

⑶2.0；1.0

(解答)(1)用電流計G與定值電路Ri串聯(lián)可改裝為伏特表；愛護電阻R。用來愛護電源，則應該

緊挨電源連接，圖乙中Ro起不到愛護電阻的作用，則應該選擇的電路為甲；

(2)電路圖中將定值電阻Ri和電流表G串聯(lián)，相當于把電流表G改裝成的電壓表量程為

U=/式4+凡)=3X10-3X1000V=3V

(3)由電路可知E=Ig+4)+[/+g+&)支

R

…11000+/1000/1

解得:=―--:—?-

IEER

由圖像可知10°；+'=0.5x103

竺工"口O'

E0.05

解得r，=4C

E=2V

則電源內阻r=r，-Ro=1Q

(分析)(1)依據(jù)測量一節(jié)蓄電池的電動勢和內阻的實驗原理選擇電路圖:

(2)依據(jù)電表的改裝以及歐姆定律得出電壓表的量程：

(3)利用閉合電路歐姆定律以及圖像得出電源的內阻以及電動勢。

14.(1)解：以玻璃管內封閉氣體為研究對象，設玻璃管橫截面積為S,

初態(tài)壓強為：片=片+〃=75+25=100加弦，匕=4S=40S

倒轉后壓強為：Pz=R=75cmHg,匕=&S

由玻意耳定律可得：6匕=鳥匕

解得：L2-53.3cm

(2)解：保持玻璃管口向上，緩慢升高管內氣體溫度，當水銀柱與管口相平常，管中氣柱長為：

L3=L-H=100-25cm=75cm,體積為：匕=4S=75S由于氣體發(fā)生等壓變化，依據(jù)蓋-呂

薩克定律可得：=己知T=273+27=300K,匕=40S

代入數(shù)據(jù)解得：4=562.5K,"289.5C

(分析)將玻璃管緩慢放平，氣體溫度不變，等溫變化，由玻意耳定律可得玻璃管放平后管內氣柱

長度；保持玻璃管口向上，緩慢升高管內氣體溫度，氣體壓強不變，等壓變化，由蓋-呂薩克定律可

得管內水銀開始溢出時的溫度。

15.(1)解：依據(jù)動能定理

%=J——1=4xl06m/s

Vm

U

(2)解：電子在偏轉電場中e

ma

L

%

匕,=at

tan。=之解得tan6>==0.1

%2dU[

(3)解：電子恰好射出偏轉電場中的側移為V

1