理綜-山西省2024屆高三第二次學(xué)業(yè)質(zhì)量評價試題和答案

2024屆山西高三第二次學(xué)業(yè)質(zhì)量評價理科綜合試題參考答案及多維細目表題號23457答案ABDCDCB題號89121314答案CADADCD題號151718192021答案ADBADBDBD生物學(xué)部分【解析】血紅蛋白在紅細胞內(nèi)，屬于細胞內(nèi)液，血漿蛋白在血漿中，屬于細胞外液，血紅蛋白和血漿蛋白的功能不同，原因可能是兩者的氨基酸種類、數(shù)量、排列順序及肽鏈形成的空間結(jié)構(gòu)不相同，①錯誤。研究分泌蛋白的合成、分泌過程可以采用放射性同位素標記法，3H標記在氨基酸的R基上,而不是標記在氨基酸的氨基或羧基上，②錯誤。酶是活細胞產(chǎn)生的具有催化作用的有機物，其中絕大多數(shù)酶是蛋白質(zhì)。酶的專一性指的是每一種酶只能催化一種或一類化學(xué)反應(yīng)細胞代謝能夠有條不紊地進行，與酶的專一性是分不開的，③正確。真核細胞中每條染色體的兩端都有一段特殊序列的DNA蛋白質(zhì)復(fù)合體，稱為端粒。原核細胞沒有染色體，故沒有端粒結(jié)構(gòu)，但原核細胞的DNA復(fù)制時，DNA與DNA聚合酶可以形成DNA蛋白質(zhì)復(fù)合體，DNA轉(zhuǎn)錄時，DNA與RNA聚合酶可以形成DNA蛋白質(zhì)復(fù)合體，④錯誤。蛋白質(zhì)工程是指以蛋白質(zhì)分子的結(jié)構(gòu)規(guī)律及其與生物功能的關(guān)系為基礎(chǔ)通過基因修飾或基因合成，對現(xiàn)有蛋白質(zhì)進行改造，或制造一種新的蛋白質(zhì)，以滿足人類的生產(chǎn)和生活的需求；蛋白質(zhì)工程的基本思路：從預(yù)期的蛋白質(zhì)功能出發(fā)，設(shè)計預(yù)期的蛋白質(zhì)結(jié)構(gòu)，推測應(yīng)有的氨基酸序列，找到相對應(yīng)的脫氧核苷酸序列或合成新的基因，獲得所需要的蛋白質(zhì)。利用蛋白質(zhì)工程技術(shù)改造蛋白質(zhì)的過程仍遵循中心法則正確。溶菌酶和抗體都是免疫活性物質(zhì)，其化學(xué)本質(zhì)都是蛋白質(zhì)，抗體只在特異性免疫中發(fā)揮作用，溶菌酶可以在非特異性免疫中發(fā)揮作用，錯誤。【解析】圖中細胞①染色體的著絲粒整齊排列在赤道板上，處于有絲分裂中期；細胞②同源染色體分離，處于減數(shù)分裂后期；細胞③沒有同源染色體，且染色體的著絲粒整齊排列在赤道板上，處于減數(shù)分裂Ⅱ中期；細胞④沒有同源染色體，且發(fā)生著絲粒分裂，姐妹染色單體分離，處于減數(shù)分裂Ⅱ后期A正確。細胞②的細胞質(zhì)不均等分裂，則該個體為雌性；細胞②是初級卵母細胞，細胞②中同源染色體分離、非同源染色體自由組合，即發(fā)生了基因重組，基因重組可以增加配子的多樣性，有利于生物適應(yīng)環(huán)境,B錯誤。細胞④處于減數(shù)分裂Ⅱ后期，該細胞同時含有B、b的原因可能是發(fā)生了基因突變，也可能是發(fā)生了同源染色體非姐妹染色單體之間的互換，即基因重組,C正確。果蠅的性別決定為XY型，細胞中有4對染色體(3對常染色體和1對性染色體)，其精原細胞發(fā)生減數(shù)分裂時，細胞中可能存在5種形態(tài)的染色體，如處于減數(shù)分裂的初級精母細胞中有3種常染色體、X染色體和Y染色體D正確?！窘馕觥可鷳B(tài)足跡的值越大，代表人類所需的資源越多，轉(zhuǎn)化成土地及水域的面積越大，對資源的利用和產(chǎn)生的CO2量越多，越不利于實現(xiàn)雙碳目標，A正確。植樹造林、濕地保護是實現(xiàn)碳中和的重要措施，這主要體現(xiàn)了生物多樣性的間接價值，即生態(tài)價值，B正確。物質(zhì)循環(huán)是指組成生物體的各種元素(碳、氫、氧、氮、磷、硫等),都不斷進行著從無機環(huán)境到生物群落，又從生物群落到無機環(huán)境的循環(huán)過程，物質(zhì)循環(huán)具有全球性，即碳循環(huán)具有全球性。碳在無機環(huán)境和生物群落之間主要以二氧化碳的方式循環(huán)，即碳元素在大氣碳庫和植物碳庫之間循環(huán)的主要形式是CO2，C正確。"碳中和"時，CO2的吸收量與排放理科綜合試題參考答案第1頁共14頁量相等，此時生產(chǎn)者所固定的CO2量等于所有生物呼吸作用釋放的CO2量加上化石燃料的燃燒排放的CO2量，D錯誤?！窘馕觥渴澄镏械奶穷惤?jīng)消化、吸收進入血液后血糖濃度升高，刺激胰島B細胞增加胰島素的分泌來降低血糖，從而使血糖濃度維持相對穩(wěn)定。胰島素的化學(xué)本質(zhì)是蛋白質(zhì)，胰島B細胞通過胞吐的形式釋放胰島素，A正確。由圖可知,葡萄糖由蛋白S運輸進入小腸上皮細胞是逆濃度梯度進行的，所以運輸方式是主動運輸，其能量來源于細胞膜內(nèi)外兩側(cè)Na+濃度差形成的勢能。葡萄糖由小腸上皮細胞細胞膜上的蛋白G運出細胞是順濃度梯度運輸,不消耗能量，所以運輸方式為協(xié)助擴散,B正確。Na+-K+泵運輸Na+,是由低濃度向高濃度一側(cè)運輸，為主動運輸，最終會使細胞外的Na+濃度高于細胞內(nèi)的Na+濃度,C錯誤。由圖可知，Na+-K+泵具有ATP水解酶的作用，將ATP水解的同時，運輸Na+和K+，所以Na+-K+泵一方面作為載體蛋白運輸Na＋和K+,另一方面作為酶催化ATP水解釋放能量，D正確?！窘馕觥坑深}意可知，健康人體含有膽紅素還原酶，能將亮橙色的膽紅素轉(zhuǎn)化為尿膽素原(無色)，最后尿膽素原自發(fā)降解成尿膽素(黃色)尿液呈黃色。患有炎癥性腸病的人往往缺乏膽紅素還原酶，則亮橙色的膽紅素不能被水解為無色的尿膽素原，也就無法降解為黃色的尿膽素，最后尿液可能是亮橙色。因此，可以從人的尿液顏色初步判斷其是否患有缺乏膽紅素還原酶的炎癥性腸病，A正確。由題干"健康成年人體內(nèi)都存在膽紅素還原酶，但患有炎癥性腸病的人往往缺乏膽紅素還原酶"可知，編碼膽紅素還原酶的腸道微生物與人可能是一種互利共生的關(guān)系B正確。若腎小管腔內(nèi)液體的滲透壓升高，會使腎小管細胞重吸收水減少，水分隨尿液排出，故尿量會增加，C正確。哺乳動物成熟的紅細胞沒有細胞核和眾多細胞器，紅細胞發(fā)生凋亡時不能進行相關(guān)基因的表達，控制紅細胞凋亡的基因在紅細胞成熟前就已經(jīng)表達了，D錯誤。【解析】THP9基因是一段具有遺傳效應(yīng)的DNA片段，含有兩個游離的磷酸基團，游離的磷酸基團在5′端A正確；圖中THP9基因轉(zhuǎn)錄方向為從左往右，即啟動子位于左端，終止子位于右端，因為該基因右側(cè)只有一個酶切位點，故只能用HindⅢ切割質(zhì)粒和目的基因,又因為不能用EcoR、BamH切割質(zhì)粒在HindⅢ的左側(cè)只有Mfe序列，而目的基因不能用MfeI切割，但MfeI與EcoRI能形成相同黏性末端，所以質(zhì)粒用MfeI、HindⅢ切割,目的基因用EcoR、HindⅢ切割，B正確；DNA聚合酶只能使新合成的DNA子鏈從5′→3v方向延伸，引物的作用是使DNA聚合酶能夠從引物的3端開始連接脫氧核苷酸，所以利用PCR技術(shù)獲取THP9基因時應(yīng)選擇引物2和引物3，C錯誤；為了檢測轉(zhuǎn)基因技術(shù)是否成功，可在個體水平上進行檢測，收獲轉(zhuǎn)基因玉米后檢測其蛋白質(zhì)含量，D正確。31.(每空2分，共12分)【答案】(1)(葉綠體的)類囊體薄膜上作為活潑的還原劑，參與暗反應(yīng)階段的化學(xué)反應(yīng)(1分)；同時也儲存部分能量，供暗反應(yīng)階段利用(為暗反應(yīng)階段C3的還原提供還原劑和能量)(1分)(2)線粒體、葉綠體(寫全給分)(3)鎂是葉綠素的原料，施加鎂肥有利于合成葉綠素，從而提高玉米的光合作用強度(4)酵母菌氮源、碳源、水、無機鹽(寫全給分順序不作要求)【解析】(1)吸收光能的4種色素分布在葉綠體的類囊體薄膜上。暗反應(yīng)階段中C3的還原需要NADPH作為還原劑，同時需要ATP和NADPH提供能量。所以光反應(yīng)階段產(chǎn)生的NADPH的作用是作為活潑的還原劑，參與暗反應(yīng)階段的化學(xué)反應(yīng)；同時也儲存部分能量，供暗反應(yīng)階段利用。(2)晴朗夏日上午9：00時，玉米葉肉細胞同時進行光合作用和呼吸作用，二者都能產(chǎn)生ATP,所以葉肉細胞中能產(chǎn)生ATP的細胞器是葉綠體和線粒體。(3)鎂元素會參與葉綠素的合成，在玉米生長的過程中施理科綜合試題參考答案第2頁共14頁加鎂肥有利于葉綠素的合成，提高玉米植株的光合作用強度，從而提高玉米的產(chǎn)量。(4)酵母菌無氧呼吸能產(chǎn)生酒精，所以用玉米淀粉釀造啤酒時，利用的微生物主要是酵母菌。不同培養(yǎng)基的配方雖然不同，但一般都含有氮源、碳源、水、無機鹽等營養(yǎng)物質(zhì)。32·(每空2分，共10分)【答案】(1)赤霉素、脫落酸(順序反了不給分；只寫一個不給分，但如果寫清楚"甲是赤霉素"或"乙是脫落酸"給1分)(2)物理生命活動的正常進行，離不開信息的作用(3)α-淀粉酶能降低淀粉水解反應(yīng)的活化能(在加熱條件下，)斐林試劑與還原糖反應(yīng)生成磚紅色沉淀，并且顏色的深淺與還原糖的含量呈正相關(guān)(只寫出"斐林試劑與還原糖反應(yīng)生成磚紅色沉淀"給1分，寫全給2分)【解析】(1)由圖1可知，在煙草種子的萌發(fā)過程中，激素甲相對含量上升，激素乙相對含量下降，而赤霉素能促進種子萌發(fā)，脫落酸會抑制種子萌發(fā)，因此激素甲表示赤霉素，激素乙表示脫落酸。(2)從圖2中可以看出，煙草種子為需光種子，必須接受某種波長的光才能萌發(fā)生長，光是一種物理信息，這說明生命活動的正常進行離不開信息的傳遞。(3)酶的催化原理是酶能降低化學(xué)反應(yīng)所需的活化能。斐林試劑與還原糖在水浴加熱下能反應(yīng)生成磚紅色沉淀，并且還原糖的含量越高，磚紅色越深，即顏色的深淺與還原糖的含量呈正相關(guān)。33·(除標注外，每空2分，共10分)【答案】(1)AABB、aabb、aaBB(順序不能錯；寫對1個給1分，共3分)(2)自由組合定律(1分)組合一中F1紫花植株自交，得F2紫花:紅花：白花＝12：3：1，是933：1的變形，說明這兩對基因位于兩對同源染色體上(沒寫"說明這兩對基因位于兩對同源染色體上"不扣分)(3)5/6(4)基因通過控制酶的合成來控制代謝過程，進而控制生物體的性狀(只寫"間接控制"不給分)【解析】(1)由花色代謝途徑圖可知，白花基因型為aabb，即乙植株的基因型為aabb。組合一中F2紫花：紅花:白花＝123：1,說明組合一中F1的基因型為AaBb，推出甲植株的基因型為AABB。組合二中F2紅花：白花=3:1,說明組合二中F1的基因型為aaBb，推出丙植株的基因型為aaBB。(2)組合一中F1紫花植株自交，得F2紫花：紅花：白花＝12：31,是93：3：1的變形，說明這兩對基因位于兩對同源染色體上，即遵循基因的自由組合定律。(3)組合一中F2紫花植株中各基因型的比例為1/12AABB、1/6AABb、1/12AAbb、1/6AaBB、1/3AaBb、1/6Aabb，所以F2紫花植株自交，后代中紫花植株占1/12AABB×1＋1/6AABb×1＋1/12AAbb×1＋1/6AaBB×3/4＋1/3AaBb×3/4＋1/6Aabb×3/4＝5/6。(4)由植株花色的代謝途徑圖可知，該植株的花色性狀是基因通過控制酶的合成來控制代謝過程，進而控制的，這是基因間接控制生物體性狀的方式。34·(每空2分，共12分)【答案】(1)分級神經(jīng)體液協(xié)同(2)內(nèi)分泌腺分泌的激素可以影響神經(jīng)系統(tǒng)的發(fā)育和功能(3)自身免疫病免疫自穩(wěn)【解析】(1)當機體受到寒冷刺激時，冷覺感受器興奮，相應(yīng)的神經(jīng)沖動傳到下丘腦，下丘腦分泌TRH,TRH運輸?shù)讲⒆饔糜诖贵w，促使垂體分泌TSH,TSH隨血液循環(huán)到達甲狀腺，促使甲狀腺增加甲狀腺激素的合成和分泌。即通過下丘腦垂體甲狀腺軸的分級調(diào)節(jié)促使甲狀腺激素的合成和分泌增加。寒冷刺激時，交感神經(jīng)興奮，使腎上腺髓質(zhì)分泌腎上腺素，這是神經(jīng)調(diào)節(jié)，腎上腺素促進機體的代謝活動，增加產(chǎn)熱，這是體液調(diào)節(jié)，整個過程屬于神經(jīng)體液調(diào)節(jié)。甲狀腺激素與腎上腺素都能促進機體的代謝活動，增加產(chǎn)熱，說明它們具有協(xié)同作用。(2)嬰幼年缺碘會造成甲狀腺激素分泌不足而患呆小癥，成年時甲狀腺激素分泌不足會使神經(jīng)系統(tǒng)的興奮性降低，這說明內(nèi)分泌腺分泌的激素可以影響神經(jīng)系統(tǒng)的發(fā)育和功能。(3)由題意可知，重癥肌無力的致病原因是機體對自身成分(乙酰膽堿受體)發(fā)生免疫反應(yīng)這是自身免疫病。免疫自穩(wěn)是指機體清除衰老或損傷的理科綜合試題參考答案第3頁共14頁細胞，進行自身調(diào)節(jié)，維持內(nèi)環(huán)境穩(wěn)態(tài)的功能。正常情況下，免疫系統(tǒng)對自身的抗原物質(zhì)不產(chǎn)生免疫反應(yīng)，若該功能異常，則容易發(fā)生自身免疫病。35.(每空2分，共10分)【答案】(1)協(xié)同進化有利于不同生物充分利用環(huán)境資源(2)生長、發(fā)育和繁殖等生命活動，儲存在植物體的有機物中("儲存在植物體的有機物中"沒寫不扣分)合理地調(diào)整生態(tài)系統(tǒng)中的能量流動關(guān)系，使能量持續(xù)高效地流向?qū)θ祟愑幸娴牟糠?3)協(xié)調(diào)【解析】(1)群落中每種生物都占據(jù)著相對穩(wěn)定的生態(tài)位，這有利于不同生物充分利用環(huán)境資源，是群落中物種之間及生物與環(huán)境間協(xié)同進化的結(jié)果。(2)輸入第一營養(yǎng)級(生產(chǎn)者)的能量，一部分在生產(chǎn)者的呼吸作用中以熱能的形式散失，另一部分用于生產(chǎn)者的生長、發(fā)育和繁殖等生命活動，儲存在植物體的有機物中。魚、蛙食用稻田中的雜草，捕食危害水稻生長的害蟲，這有利于水稻的生長，因此從能量流動的實踐意義的角度分析，水稻田中養(yǎng)魚、養(yǎng)蛙的優(yōu)點是：合理地調(diào)整生態(tài)系統(tǒng)中的能量流動關(guān)系，使能量持續(xù)高效地流向?qū)θ祟愑幸娴牟糠帧?3)協(xié)調(diào)原理指的是在進行生態(tài)工程建設(shè)時，要充分考慮生物與環(huán)境、生物與生物的協(xié)調(diào)與適應(yīng)，在處理好生物與環(huán)境、生物與生物的協(xié)調(diào)與平衡時，需要考慮生物的環(huán)境容納量。合理控制投放魚苗的數(shù)量，遵循了生態(tài)工程的協(xié)調(diào)原理。化學(xué)部分【解析】石墨烯是碳的一種單質(zhì)，不屬于烯烴，A錯誤；新型無機非金屬材料si3N4熔點高、難氧化，常作為隔熱層材料,B正確；硬鋁屬于鋁合金，熔點低于純鋁，C錯誤；砷化鎵不屬于金屬材料，D錯誤?！窘馕觥坑袡C物1中含有一個甲基，由此可以得出所有原子不可能共平面,A正確；有機物3中碳原子①所連接的四個原子或基團不同，為手性碳原子,含有手性碳原子的有機物具有不對稱性B正確；根據(jù)異丙基結(jié)構(gòu)特點，可以得出有機物4的ipr基團上的二氯代物有3種,C錯誤；根據(jù)基團之間的轉(zhuǎn)化特點，可以得出有機物3轉(zhuǎn)為有機物4是取代反應(yīng)，D正確?！窘馕觥糠肿又蠧、N、O、P四種原子采用sP3雜化,A正確；根據(jù)分子結(jié)構(gòu)特點，含有NH、0H鍵，可以形成分子內(nèi)氫鍵,B錯誤；基態(tài)原子中H有1個未成對電子C與。均有2個未成對電子，N、P有3個未成對電子，C錯誤；原子半徑大?。篜＞C>N>0，D錯誤。【解析】根據(jù)工作原理圖示，可以得出M為正極，N為負極，所以電流方向：M→用電器→N→鈉離子交換膜→M，A正確；根據(jù)化學(xué)式變化特點，可以得出a為充電反應(yīng)，b為放電反應(yīng)，放電時正極反應(yīng)為：Cu2se＋2Na+＋2e==Na2se＋(2)CU，B正確；充電過程中，轉(zhuǎn)移1mo電子時，陽極釋放1mol鈉離子，質(zhì)量減少23g，陰極生成1m01Na，質(zhì)量增加23g，二者質(zhì)量變化差為46g，C正確；Na2se晶胞中，①2(-2【解析】cl2易溶于ccl4而Hcl難溶于ccl4，能夠達到實驗?zāi)康?，A正確；苯的密度小于水，溴的苯溶液應(yīng)該從分液漏斗上口倒出，B錯誤；蒸餾實驗應(yīng)該使用直形冷凝管,C錯誤；Fecl2溶液中Fe2+與cl均會與酸性高錳酸鉀溶液反應(yīng)，難以達到實驗?zāi)康?，D錯誤?！窘馕觥緾O2為非極性分子，A錯誤；反應(yīng)過程中涉及到HH非極性鍵、HO、C0極性鍵的斷裂，但無非極性鍵生成，B錯誤；CO2中C采用sP雜化，鍵角180，H20中。和CH3OH中C采用sp3雜化，鍵角大約109。28但是H20分子中存在兩孤電子對，對成鍵電子有排斥，鍵角變小C錯誤；根據(jù)方程式特點，該反應(yīng)理科綜合試題參考答案第4頁共14頁S<0，已知信息提示低溫下可以自發(fā)進行，即HTS<0，所以H＜0，D正確?！窘馕觥咳芤褐邢却嬖贑U2+＋C—cucl+，隨著cl濃度逐漸增大，接著發(fā)生Cu2+＋2cl=cucl2，cucl+濃度會先變大后逐漸變小，曲線b先增大后逐漸減小的趨勢，故曲線b表示cucl+，曲線C表示cucl2，曲線a表示Cu2+，根據(jù)圖示，當C(cl)＝3.2mol/時，容易得出c(cucl2)＞C(cucl+)＞C(CU2+)＞C(CUC24)，A正確；P點cucl3、cucl42物種幾乎為0,忽略不計，設(shè)P點處C(CU2+)＝C(cucl+)＝c，c(cucl2)＝y(tǒng)，K2＝KK5根據(jù)K1的值及表達式，可以計算推理得出c(cl)=mL；根據(jù)K2的值及表達式，可以推理得出x=4·5y，根據(jù)物料守恒，即Cu元素守恒，可以得出x＋r＋y＝1.0×104，由此解得=4.5×105molL，y=1.0×105molB正確；P點Cu2的絡(luò)合率為[c(cucl+)＋C(cucl2)]/(1.0×104)mol/L×100%=55%，C錯誤；根據(jù)方程式特點，可以得出K2＝K1·K5，所以K1=1暢5K4＝K3K6，所以K4＝2.5×105D正確。27.【答案】(1)選用HNO3溶液易產(chǎn)生NO、NO2等污染性氣體，污染環(huán)境(1分)(2)②(2分)Fe(OH)3、Al(OH)3(2分)促使Fe(OH)3、Al(OH)3聚沉，便于過濾除去(1分)(3)2Mn045H2O2＋6H+==2Mn2+502個十8H20(2分)(4)設(shè)原50m1的水溶液樣品中含有16amol溶質(zhì)，則萃取后含有amol溶質(zhì)，10ml萃取劑P204中含有15amol溶質(zhì)。所以樣品在萃取劑和水中的總濃度比為=75>70(2分，其他合理的計算推理也可)，所以萃取劑P204為高效萃取劑(1分)(5)N＞0＞H＞C(1分)平面正三角形(1分)2zn2+＋4HC03==zn(OH)2·znco3＋3CO2↑＋H20(2分)【解析】(1)根據(jù)H2SO4溶液和HN03溶液性質(zhì)區(qū)別，可以得出若選用HNO3溶液易產(chǎn)生NO、NO2等污染性氣體，污染環(huán)境。(2)為防止引入雜質(zhì)，所以試劑Y適宜選?、趜no、znco3；根據(jù)化工生產(chǎn)流程，可以得出濾渣a成分為Fe(OH)3、A1(OH)3；加入試劑Y后仍需要繼續(xù)加熱，主要目的是防止Fe3＋、Al3+水解生成膠體，難以除凈。(3)氧化操作中使用了H2O2，該物質(zhì)同樣能夠使酸性高錳酸鉀溶液褪色反應(yīng)為2Mno45H202＋6H+==2Mn2+＋502個＋8H2O。(4)根據(jù)題意，需要計算出樣品在萃取劑和水中的總濃度比是否大于70,可設(shè)原50ml的水溶液樣品中還剩16amol溶質(zhì)，則萃取后含有amol溶質(zhì)，10ml萃取劑P204中含有15amol溶質(zhì)。由此可以推算出樣品在萃取劑和水中的劑P204為高效萃取劑。(5)碳酸氫銨中含有C、H、O、N四種元素，容易得出四種基態(tài)原子，其第一電離能大小順序N＞0＞H＞C；根據(jù)價層電子對互斥理論，可以得出C023的空間結(jié)構(gòu)為平面正三角形；沉鋅的離子方程式為2zn2+＋4HCO3==zn(OH)2znc03＋3CO2個＋H20。28.【答案】(1)圓底燒瓶(1分，寫蒸餾燒瓶不得分)2CH3OH+2NaN02+H2S04=△=2CH3ONO+Na2SO4＋2H20(或NaNO2＋H2S04==濃硫酸NaHSO4＋HNO2,HNO2＋CH3OH—CH3ONO+H20)(2分)(2)N2H4·H20+CH3ONO＋NaoH=△=NaN3CH3OH＋3H20(或N2H4CH3ONO＋NaoH==NaN3＋CH3OH＋2H20)(2分)(3)減壓蒸餾可以降低物質(zhì)的沸點，防止因溫度過高造成NaN3分解(2分)毛細管連通大氣，減壓時可吸入極少量空氣，防止液體暴沸(2分，其他合理說法均算正確)(4)便于液體順利流下，還能夠減少測量氣體體積的誤差(2分，少答一個扣1分)下移(1分)【解析】(1)根據(jù)儀器結(jié)構(gòu)特點，可以得出儀器a的名稱為圓底燒瓶；根據(jù)步驟1的描述，可以得理科綜合試題參考答案第5頁共14頁出裝置A中生成CH3ONO的化學(xué)方程式為首先NaNO2＋H2S04==NaHS04HNO2，然總反應(yīng)為：2CH3OH＋2NaNO2＋H2S04==2CH3ONO＋Na2SO4＋2H2O。(2)根據(jù)題意，借助步驟2的描述，可以得出裝置B中生成NaN3的化學(xué)方程式為N2H4H20十CH3ONO+NaoH=△=NaN3+CH3OH+3H2O或N2H4＋CH3ONO+NaoH==NaN3＋CH3OH＋2H20。(3)根據(jù)信息"疊氮化鈉在40℃以上會發(fā)生分解"可以推出裝置B反應(yīng)結(jié)束后需采用減壓蒸餾回收甲醇，不宜直接蒸餾的原因是防止因溫度過高造成NaN3分解。減壓蒸餾中使用毛細管的優(yōu)點是使少量的空氣進入液體而產(chǎn)生微小氣泡，形成液體沸騰的汽化中心，防止液體暴沸。(4)根據(jù)實驗?zāi)康模梢缘贸鍪褂煤銐旱我郝┒繁阌谝后w順利流下，還能夠減少測量氣體體積的誤差；反應(yīng)結(jié)束后水準管中液面會高于量氣管，當水準管慢慢向下移動時，根據(jù)氣壓原理，量氣管中的液面會下移；根據(jù)2NaN3～3N2的×100%。29.【答案】(1)a、d(2分)適當增加H2的物質(zhì)的量(或體積)、將水液化、及時將CH4或H20轉(zhuǎn)移出體系等(1分，合理即可)(2)3a＋b(1分)54ab(1分)52ab(1分)(3)414.4(2分)(4)反應(yīng)①的H＜0，反應(yīng)②的H＞0，溫度較低時以反應(yīng)①為主，溫度較高時以反應(yīng)②為主，故CO2的轉(zhuǎn)化率隨溫度升高先減小后增大(2分，合理說法均可)×廠3【解析】(1)反應(yīng)前后氣體分子數(shù)不相等，故平衡發(fā)生移動，混合氣體的物質(zhì)的量必然改變，平均相對分子質(zhì)量必然改變a正確；根據(jù)三段式法，可以得出平衡與否，CO2的物質(zhì)的量分數(shù)始終是50%b錯誤；混合氣體的質(zhì)量守恒，體積不變，故密度始終不變C錯誤；正逆反應(yīng)速率相等,d正確。提高CH4的產(chǎn)率，根據(jù)平衡移動原理，使該反應(yīng)體系正向移動即可，如適當增加H2的物質(zhì)的量(或體積)、將水液化、及時將CH4或H20轉(zhuǎn)移出體系等。(2)設(shè)含有xmolCo2ymolCo、xmolH20，分別根據(jù)C、H、O原子守恒，可得a十+y=5出4a＋2b＋28=10，2α＋y＋x=10解得x＝3a＋b,y=54ab，=52ab。(3)反應(yīng)i×2＋反應(yīng)i得出sabatier反應(yīng)Co2(g)＋4H2(g)CH4(g)＋2H20(g)H= 164.6KJ·mol1；其逆反應(yīng)的活化能為249·8KJ·mol1＋164.6KJ·mol1＝414.4KJ·ml1。CH4的產(chǎn)率CO2的總轉(zhuǎn)化率(4)選擇性S%=×CO2的總轉(zhuǎn)化率知CH4的產(chǎn)率=CO2的總轉(zhuǎn)化率×選擇性S%＝90%×90%＝81%。設(shè)投料時n(CO2)=amol、(H2)＝4amol則平衡時n(CH4)＝0.81amol。CO2(g)＋4H2(g)CH4(g)＋2H20(g)轉(zhuǎn)化：0.8lamol3.24amol081amol162amolCO2(g)＋H2(g)＝CO(g)＋H20(g)轉(zhuǎn)化：0.o9amol0.o9amol0.o9amol0.o9amol故平衡時n(CH4)＝081amol、(H20)＝1.71amol、n(H2)＝067amol、n(co2)＝0.1amol、(co)＝0.o9amol。則反應(yīng)CO2(g)＋H2(g)CO(g)＋H20(g)的壓強平衡常數(shù)KP((CC00)2)(H(H202))0.o9amol×1.71amol=0.09×1.710.lamol×0.67amol0.1×0.67p(c02)=×01Mpa=Mpap(H2)=033687aamm×01Mpa，kp3(c02)p(H2)=k×廠3理科綜合試題參考答案第6頁共14頁Hg Hg 30.【答案】(1)d(2分)(2)Fe或Fecl3作催化劑、cl2(2分)碳氯鍵(或氯原子)、硝基(2分)(3)還原反應(yīng)(1分)取代反應(yīng)(1分)H20(4(4) (5)CH3NH\/OH、(6) CH3/NH2CH3/→/CH3/→/COOH 定條件CH3NHCO(3分)【解析】(1)G的結(jié)構(gòu)中無親水官能團，難以得出易溶于水的結(jié)論，a錯誤；分子結(jié)構(gòu)中無醛基難以發(fā)生銀鏡反應(yīng)b錯誤；根據(jù)所含有官能團特點，不能夠發(fā)生水解反應(yīng)，能夠發(fā)生取代反應(yīng)和加成反應(yīng)，C錯誤、d正確。(2)苯環(huán)上引入氯原子，通常鐵或氯化鐵作催化劑，與氯氣反應(yīng)即可；根據(jù)題意，可以推斷出B的結(jié)構(gòu)簡式為。2NC1所以含有的官能團為氯原子(或碳氯鍵)、硝基。(3)根據(jù)題意，可以得出C的結(jié)構(gòu)簡式為02N0CH3；D的結(jié)構(gòu)簡式為H2N0CH3；根據(jù)官能團的變化特點，可以得出C→D、D→E的反應(yīng)類型分別為還原反應(yīng)、取代反應(yīng)。(4)由F與G的結(jié)構(gòu)簡式及X的分子式，可以推斷出X的結(jié)構(gòu)簡式為其結(jié)構(gòu)中含有氯原子，在堿性條件下易水解，故X分子與燒堿溶液反應(yīng)的方程式為H20Nacl(5)根據(jù)題意，可以得出該同分異構(gòu)體可能的結(jié) H2NCH2/OH。(6)根據(jù)流程圖信息及已知信息，甲苯氧化生成苯甲酸，甲苯發(fā)生硝化反應(yīng)生成對硝基甲苯，然后還原生成對氨基甲苯，最后二者發(fā)生脫水縮合，得到CH3NHCO，其合成路線圖為：FeCH3/FeCH3/NO2HclCH3/NH2 COOH一定條件 /物理部分【解析】根據(jù)衰變過程遵循電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒可知，钚238發(fā)生的是β衰變，鈾232發(fā)生的是α衰變，A、B項錯誤；X為。1e,Y為42He，則Y的中子數(shù)比X的中子數(shù)多2個C項錯誤；鐵58的比結(jié)合能最大，比鐵58核子數(shù)大的元素，質(zhì)量數(shù)越大，比結(jié)合能越小，則钚238的比結(jié)合能小于鈾232的比結(jié)合能，D項正確。【解析】由自由落體運動的規(guī)律可得v2=2g×0.5H，乙與地碰撞剛結(jié)束時的速度大小為2=，A項錯誤；由自由，A項錯誤；由自由2落體運動的規(guī)律可得0.5H=2t2，解得t=，由豎直上拋的運動規(guī)律可得v2=gt2解理科綜合試題參考答案第7頁共14頁3H3HH得t2＝0.5，乙從釋放到再次到達最高點的g運動時間為t=t1+t2=2B項錯誤；設(shè)乙第一次上升的最大高度為h0,則有2gh0＝2222=t=+乙第一次上升到最高點時剛好與甲相撞，對甲由自由落體運動的項正確；由h項正確；由h=10可得v2=5，01=2乙釋放的最小高度hmaH若乙釋放時離地的高度h越大，則乙越能在第一次上升過程中與甲相撞，則h的范圍為H>h>HD項錯誤16.【答案】A【解析】由圖像可知入=2×(3暢51暢5)m＝4m由題意可得T=4則波速=1mwT入=A項正確；波沿著軸的正方向傳播，t時刻振動正好傳播到質(zhì)點C且C正沿著Y軸的正方向振動，則波源的起振方向沿y軸的正方向，B項錯誤；由圖像可知，時間t內(nèi)波向右傳播的距離為=3.5m，則質(zhì)點a已振動的時間t==3.5s，C項錯誤；t時刻，質(zhì)點C位于平衡位置，位移為0,回復(fù)力為0,質(zhì)點b的回復(fù)力不等于0,則質(zhì)點b的回復(fù)力大于質(zhì)點C的回復(fù)力，D項錯誤。【解析】宇宙飛船從軌道Ⅲ變軌到軌道Ⅱ，需要在B點點火來減小速度即要減小機械能才能實現(xiàn)，A項錯誤；宇宙飛船在貼著月球表面的圓軌道上運行，線速度等于月球的第一宇宙速度，B項錯誤；宇宙飛船從軌道變軌到軌道，需要在A點點火來減小速度所以宇宙飛船在軌道Ⅱ上運行經(jīng)過A點時的線速度大于在軌道上運行經(jīng)過A點時的線速度C項錯誤；由幾何關(guān)系可得橢圓軌道Ⅱ的半長軸為r＝=3R由開普勒第三定律可得2=5R3則有T2=TD項正確【解析】甲受到的電場力與電場的方向相反，則粒子帶負電，乙受到的電場力沿著電場方向，則粒子帶正電A項錯誤；由幾何關(guān)系可得B、C兩點沿電場線方向的距離為R,E、F兩點沿電UBCR場線方向的距離為R，則==，BUEFR2項正確；甲從C點到B點的位移以及乙從E點到F點的位移與水平方向的夾角均為45°，則甲在B點的速度以及乙在F點的速度與水平方向的夾角均大于45，C項錯誤；由類平拋運動的規(guī)律可得R=2at2R=2at22解得t1=t2=比較可得tt2=1再結(jié)合R＝ot1，R＝v2t2，綜合比較可得12=1，D項錯誤。19.【答案】AD【解析】對小球受力分析，合力沿水平方向，由二gtanβ，即整體的加速度一定為α=gtanβ對整體應(yīng)用牛頓第二定律可得F=3ma=3mgtanβ當斜面光滑或者斜面對物塊的摩擦力為0,對物塊受力分析，合力沿水平方向，由二力合成的矢量三角形可得ga=tanθ解得a=gtaθ若斜面粗糙且斜面對物塊有靜摩擦力a≠gtanθ，則F不一定等于3mgtanθ,當β=30°時，水平推力一定為F=3mgtan30°=mg，當θ=30"水平推力不一定為F=3mgtan30°=mg，A項正確，B項錯誤；當物塊與斜面間的摩擦力為。時，a=gtanθ，結(jié)合a=gtanβ可得gtanβ=gtanθ即β=θ反之當β=θ時，物塊與斜面間的摩擦力為0,C項錯誤；同理，當斜面光滑時理科綜合試題參考答案第8頁共14頁物塊與斜面間的摩擦力為0,可得出β=θ,由幾何關(guān)系可得細線與斜面垂直，D項正確。20.【答案】BD【解析】運動員在A點時，把運動員的速度分別沿著繩和垂直繩分解，因為繩子與斜面垂直，即繩子與運動員的速度垂直，則沿繩速度為0,重物的速度等于繩速，則重物的速度為0,A項錯誤；運動員從A點運動到B點，重力勢能的減3mgL5小量為Ep1=mgLSin37。=，重物上升的5高度為h=。tan37。=重力勢能的Cos372mgL能的減小量為Ep=Ep1Ep2=10，B項正確C項錯誤；運動員在B點時，把v人分別沿著繩和垂直繩分解，沿著繩子方向的分速度為分=人C837=人重物的速度等于繩速則有物=分=人運動員從A點運動到B點，由系統(tǒng)的機械能守恒定律可得Ep2225 mv02=mv人2＋mv物2，結(jié)合v2225綜合解得v人=，D項正確。21.【答案】BD【解析】導(dǎo)體棒在1、2上滑行的過程中，由法拉可得S=π(0.5d)2=k由閉合電路歐姆定律可得I=導(dǎo)體棒在1、2上滑行的時間為t0=dR上產(chǎn)生的焦耳熱為Q=I2Rt0綜正確；由電流的定義，導(dǎo)體棒在1、2上滑行時，流過導(dǎo)體棒某一橫截面的電荷量為q1=It0=C項錯誤；設(shè)導(dǎo)體棒在3、4上滑行時勻速運動的速度為當導(dǎo)體棒勻速運動時，不受安培力的作用，即回路中的合電流為0,合電動勢為0,則有B0dv＝E,導(dǎo)體棒的速度由。變成的過程中，由動量定理可得BOidt＝m0m，由電流的定義可得q2=it，綜合可得2＝m0mEB0dB2d2D項正確·(3)控制變量(1分)不變(1分)正比(1分)【解析】(1)乙圖游標卡尺的讀數(shù)d＝l4mm6×0.05mm=14.30mm；(2)設(shè)擺長為L，擺線與豎直方向的夾角為θ,則有h＝LCosθ,r＝Linθ,Fn＝mgtanθ，結(jié)合Faa綜合可得T2下(3)保持小球的質(zhì)量與角速度不變，實驗采用控制變量法來探究擺線的拉力F與半徑r的關(guān)系，因為角速度不變，則周期保持不變，所以在改變擺長與圓周運動的半徑r時，由(2)結(jié)論可知，球心與懸點。的高度h不變，由Fsinθ=m2Lsinθ可得F＝mo2L，則擺線的拉力F與擺線的長度L成正比。23.【答案】(1)見解析(3分)(2)最右端(1分)小于(2分)【解析】(1)完整的電路連線圖如下；(2)為了電路安全，防止電流過大燒表，閉合開關(guān)前，將滑片置于最右端位置，由歐姆定律可得(RV+R)IR·解得RX；R0RV則UI圖像的斜率k=，解得RX＝RVR理科綜合試題參考答案第9頁共14頁R0RVRV；若電流表的電阻RA不能忽略，由得R＜R真，即R的測量值小于真實值?！窘馕觥?1)由對稱性的幾何關(guān)系可得從井口射出的光線與豎直方向的最大夾角為最大視角的二分之一，即45°，則折射光線的最大折射角i＝45。(1分)設(shè)入射光線的最大入射角為r,由幾何關(guān)系可05d0.5htan45。得tanr=05h=3(1分)則有r＝30。(1分)水對此單色光的折射率=iinn=(1分)05h(2)由幾何關(guān)系可得。A=＝h(1分)Cos30305hAB＝。=h(1分)Cos452由折射率的定義可得=C(1分)此種單色光從。傳到B所需的總時間為t=OA4(1分)25答案()Ed(7分)(2)廠gdd(8分)【解析】(1)小球在左側(cè)電磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力充當向心力，電場