2023年江西鷹潭高三二模理科數(shù)學(xué)試卷【含答案】

2023年江西鷹潭高三二模理科數(shù)學(xué)試卷一、單選題1、如圖,兩個(gè)區(qū)域分別對(duì)應(yīng)集合,其中.則陰影部分表示的集合為（

）A.B.C.D.2、復(fù)數(shù)滿(mǎn)足（i是虛數(shù)單位），的共軛復(fù)數(shù)是，則的模是（

）A. B.4044 C.2 D.03、下列命題中錯(cuò)誤的是（

）A.命題“”的否定是“”B.命題“若，則”的否命題為“若，則”C.“兩直線斜率相等”是“兩直線平行”的充要條件D.若“p或q”為假命題，則p，q均為假命題4、已知，，執(zhí)行如圖所示的程序框圖，輸出的值為（

）A.2 B. C. D.15、若，則（

）．A.B.C.D.6、已知等差數(shù)列滿(mǎn)足，則可能取的值是（

）A. B. C.4 D.67、“寸影千里”法是《周髀算經(jīng)》中記載的一種遠(yuǎn)距離測(cè)量的估算方法，其具體方法是在同一天（如夏至）的正午，于兩地分別豎起同高的標(biāo)桿，然后測(cè)量標(biāo)桿的影長(zhǎng)，并根據(jù)“日影差一寸，實(shí)地相距千里”的原則推算兩地距離．如圖，某人在夏至的正午分別在同一水平面上的A，B兩地豎起高度均為a寸的標(biāo)桿與，與分別為標(biāo)桿與在地面的影長(zhǎng)，再按影長(zhǎng)與的差結(jié)合“寸影千里”來(lái)推算A，B兩地的距離．記，按照“寸影千里”原則，A，B兩地距離大約為（

）A.里B.里C.里D.里8、已知直線和圓滿(mǎn)足對(duì)直線上任意一點(diǎn)，在圓上存在點(diǎn)，使得，則實(shí)數(shù)的取值范圍是（

）A.B.C.D.9、已知直線經(jīng)過(guò)橢圓的左焦點(diǎn)，且直線與軸交于點(diǎn)，與橢圓在第一象限內(nèi)交于點(diǎn)．若，則橢圓的離心率是A. B. C. D.10、已知函數(shù)的圖象如圖所示，圖象與x軸的交點(diǎn)為，與y軸的交點(diǎn)為N，最高點(diǎn)，且滿(mǎn)足．若將的圖象向左平移1個(gè)單位得到的圖象對(duì)應(yīng)的函數(shù)為，則（

）A. B.0 C. D.11、如圖，在棱長(zhǎng)為2的正四面體ABCD中，點(diǎn)N，M分別為和的重心，P為線段CM上一點(diǎn)．（

）A.的最小為2B.若DP⊥平面ABC，則C.若DP⊥平面ABC，則三棱錐P－ABC外接球的表面積為D.若F為線段EN的中點(diǎn)，且，則12、已知二進(jìn)制和十進(jìn)制可以相互轉(zhuǎn)化，例如，則十進(jìn)制85轉(zhuǎn)化二進(jìn)制位．若將正整數(shù)n對(duì)應(yīng)的二進(jìn)制中0的個(gè)數(shù)記為，例如．則，則下列結(jié)論正確的為（

）A. B. C. D.二、填空題13、在二項(xiàng)式的展開(kāi)式中，常數(shù)項(xiàng)為

．14、冬奧會(huì)設(shè)有冬季兩項(xiàng)、雪車(chē)、冰壺、雪橇，滑冰，滑雪、冰球7個(gè)大項(xiàng)，現(xiàn)有甲、乙、丙三名志愿者，設(shè)A表示事件為“甲不是雪車(chē)項(xiàng)目的志愿者，乙不是雪橇項(xiàng)目的志愿者”，B表示事件為“甲、乙、丙分別是三個(gè)不同項(xiàng)目的志愿者”，則

.15、已知直線，定點(diǎn)，是直線上的動(dòng)點(diǎn)，若經(jīng)過(guò)點(diǎn)，的圓與直線相切，則這個(gè)圓的面積的最小值為

．16、在中，，D為BC的中點(diǎn)，則的最大值為

．三、解答題17、記Sn為數(shù)列的前n項(xiàng)的和，已知，是公差為的等差數(shù)列．(1)求數(shù)列的通項(xiàng)公式；(2)令，記數(shù)列的前n項(xiàng)和為T(mén)n，試求除以3的余數(shù)．某籃球隊(duì)為提高隊(duì)員訓(xùn)練的積極性，進(jìn)行小組投籃游戲；每個(gè)小組由兩名隊(duì)員組成，隊(duì)員甲與隊(duì)員乙組成一個(gè)小組．游戲規(guī)則如下：每個(gè)小組的兩名隊(duì)員在每輪游戲中分別投籃兩次，每小組投進(jìn)的次數(shù)之和不少于3次的稱(chēng)為“神投小組”，已知甲乙兩名隊(duì)員投進(jìn)籃球的概率分別為p1，p2．若，，求他們?cè)诘谝惠営螒颢@得“神投小組”稱(chēng)號(hào)的概率；已知，則：①取何值時(shí)能使得甲、乙兩名隊(duì)員在一輪游戲中獲得“神投小組”稱(chēng)號(hào)的概率最大？并求出此時(shí)的最大概率；②在第①問(wèn)的前提下，若甲、乙兩名隊(duì)員想要獲得297次“神投小組”的稱(chēng)號(hào)，則他們平均要進(jìn)行多少輪游戲？如圖，在三棱柱中，△ABC是邊長(zhǎng)為2的正三角形，頂點(diǎn)在底面ABC的投影為AB的中點(diǎn)O，已知與底面ABC內(nèi)所有直線所成角中的最小值為，M為棱上一點(diǎn)．求三棱錐的體積；若，求二面角的正弦值．已知雙曲線C：過(guò)點(diǎn)，且漸近線方程為.求雙曲線C的方程；如圖，過(guò)點(diǎn)的直線l交雙曲線C于點(diǎn)M、N.直線MA、NA分別交直線于點(diǎn)P、Q，求的值.已知函數(shù)，，.判斷的單調(diào)性；若有唯一零點(diǎn)，求的取值范圍.在平面直角坐標(biāo)系中，以原點(diǎn)為極點(diǎn)，軸的正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系，曲線的極坐標(biāo)方程為，曲線的極坐標(biāo)方程為.寫(xiě)出曲線的參數(shù)方程；設(shè)是曲線上的動(dòng)點(diǎn)，是曲線上的動(dòng)點(diǎn)，求之間距離的最大值.已知，，.證明：；證明：.1、【答案】D;【解析】【分析】根據(jù)題意表示出集合,將集合中元素還原到圖形中,即可得到結(jié)果.【詳解】解:由題意知,,陰影部分表示的集合為,因?yàn)?所以.故選:D2、【答案】B;【解析】【分析】首先根據(jù)題意得到，再求的模長(zhǎng)即可.【詳解】因?yàn)椋?所以，，所以.故選：B3、【答案】C;【解析】【分析】利用含有一個(gè)量詞的命題的否定、否命題的概念、兩直線平行的充要條件以及的真假進(jìn)行判斷.【詳解】對(duì)于A，命題“”的否定是“”，故A正確；對(duì)于B，命題“若，則”的否命題為“若，則”，故B正確；對(duì)于C，若兩直線斜率相等，則兩直線平行或重合；但若兩直線平行，斜率可能不存在，故C錯(cuò)誤；對(duì)于D，若“p或q”為假命題，則p，q均為假命題，故D正確.故選：C.4、【答案】B;【解析】【分析】根據(jù)程序框圖比較的大小，輸出三個(gè)數(shù)中的最小值.【詳解】根據(jù)程序框圖可知，執(zhí)行程序輸出的結(jié)果是三個(gè)數(shù)中的最小值.因?yàn)?，，，所以，所以輸出的值?故選：B.5、【答案】D;【解析】由已知得，即，即，所以，故選：．6、【答案】A;【解析】【分析】根據(jù)題意，令，，由等差數(shù)列的下標(biāo)和性質(zhì)結(jié)合三角函數(shù)的性質(zhì)求解即可.【詳解】設(shè)，，則，所以，故選：A.7、【答案】C;【解析】【分析】在直角三角形中利用正切表示出，再由同角三角函數(shù)及兩角和的余弦公式化簡(jiǎn)，最后根據(jù)“寸影千里”的原則得解.【詳解】由題意可知，所以，所以可以估計(jì)A，B兩地的距離大約為里，故選：C．8、【答案】B;【解析】【分析】分析可知直線與圓相切或相離，可知圓心到直線的距離不小于圓的半徑，可得出關(guān)于實(shí)數(shù)的不等式，解之即可.【詳解】圓的標(biāo)準(zhǔn)方程為，圓心為，半徑為，因?yàn)閷?duì)直線上任意一點(diǎn)，在圓上存在點(diǎn)，使得，所以直線與圓相切或相離，則，解得.故選：B.9、【答案】C;【解析】如圖，設(shè)橢圓的右焦點(diǎn)為．因?yàn)橹本€的斜率是，所以，所以．因?yàn)?，所以．在中，由余弦定理可得，則．由橢圓的定義可得，則橢圓的離心率．故選：.10、【答案】A;【解析】【分析】根據(jù)圖象，利用正弦型函數(shù)的性質(zhì)、向量垂直的充要條件以及誘導(dǎo)公式進(jìn)行求解.【詳解】由圖象可知，，所以，又，所以，所以，又，所以，又，所以，所以，所以點(diǎn)的坐標(biāo)為，因?yàn)?，所以，即，又，解得，所以，將的圖象向左平移1個(gè)單位，得到的圖象對(duì)應(yīng)的函數(shù)為，所以，故B，C，D錯(cuò)誤.故選：A.11、【答案】D;【解析】【分析】A選項(xiàng)由線面垂直證得CM⊥BM，CM⊥AM，進(jìn)而由點(diǎn)P與點(diǎn)M重合時(shí)即可判斷；B選項(xiàng)利用內(nèi)切球求得即可判斷；C選項(xiàng)找到球心，由勾股定理求得半徑，即可判斷；D選項(xiàng)由空間向量的線性運(yùn)算即可判斷.【詳解】易得，又，則面，又面，則，同理可得，，則CM⊥平面ABD，又平面，所以CM⊥BM，CM⊥AM．則當(dāng)點(diǎn)P與點(diǎn)M重合時(shí)，取得最小值，又，則最小值為，A錯(cuò)誤．在正四面體ABCD中，因?yàn)镈P⊥平面ABC，易得在上，所以，又點(diǎn)N，M也是和的內(nèi)心，則點(diǎn)P為正四面體ABCD內(nèi)切球的球心．，．設(shè)正四面體ABCD內(nèi)切球的半徑為r，因?yàn)?，所以，解得，即，故，B錯(cuò)誤．設(shè)三棱錐P－ABC外接球的球心為O，半徑為R，易得球心在直線上，且，則，解得，故三棱錐P－ABC外接球的表面積為，C錯(cuò)誤．若F為線段EN的中點(diǎn)，則，．設(shè)，則．因?yàn)?，所以設(shè)，則解得故，D正確.故選：D.12、【答案】C;【解析】【分析】根據(jù)題意，設(shè)正整數(shù)，得到正整數(shù)的二進(jìn)制系數(shù)和，及正整數(shù)的二進(jìn)制系數(shù)中0的個(gè)數(shù)為，進(jìn)而逐項(xiàng)判定，即可求解.【詳解】設(shè)正整數(shù)（其中個(gè)系數(shù)，其中）則正整數(shù)的二進(jìn)制系數(shù)和（也是正整數(shù)的二進(jìn)制系數(shù)中1的個(gè)數(shù)），所以正整數(shù)的二進(jìn)制系數(shù)中0的個(gè)數(shù)為，因?yàn)?，所以，所以，所以B錯(cuò)誤；因?yàn)?，所以的二進(jìn)制系數(shù)中1的個(gè)數(shù)為，所以0的個(gè)數(shù)，所以A錯(cuò)誤；因?yàn)?，所以的二進(jìn)制系數(shù)中1的個(gè)數(shù)為，而，所以的二進(jìn)制系數(shù)中1的個(gè)數(shù)為，所以，故的二進(jìn)制的系數(shù)中0的個(gè)數(shù)為，所以C正確；因?yàn)?，所以系?shù)和，所以的二進(jìn)制中0的個(gè)數(shù)為，所以D錯(cuò)誤.故選：C.13、【答案】240;【解析】【分析】根據(jù)二項(xiàng)式定理，展開(kāi)式中要出現(xiàn)常數(shù)項(xiàng)即需要消掉，不難發(fā)現(xiàn)，當(dāng)?shù)拇畏綖?次方時(shí)即可為常數(shù)項(xiàng).【詳解】常數(shù)項(xiàng)為：.故答案為：240.14、【答案】;【解析】【分析】通過(guò)條件概率的公式與求法分析求解即可.【詳解】，表示A事件與B事件同時(shí)發(fā)生的概率，冬奧會(huì)設(shè)有7個(gè)大項(xiàng)，有甲、乙、丙三名志愿者，則每人可有7種選擇，共有種選擇，對(duì)B事件：若甲、乙、丙分別是三個(gè)不同項(xiàng)目的志愿者，則，對(duì)于AB事件：若甲、乙、丙分別是三個(gè)不同項(xiàng)目的志愿者，甲不是雪車(chē)項(xiàng)目的志愿者，乙不是雪橇項(xiàng)目的志愿者，甲不能選雪車(chē)，則甲有6種選法，乙有6種選法，丙有5種選法，共種，但甲不選雪橇，則乙就有可能選雪橇，則要減去乙選雪橇，甲從剩下的5種選，丙依然有5種選擇，共種，則，則.15、【答案】;【解析】【分析】確定的軌跡為拋物線，拋物線方程為，當(dāng)點(diǎn)與原點(diǎn)重合時(shí)，半徑最小為，計(jì)算得到面積.【詳解】根據(jù)題意，設(shè)圓的圓心為，則圓心到的距離等于到直線的距離，故的軌跡為拋物線，拋物線方程為，當(dāng)點(diǎn)與原點(diǎn)重合時(shí)，半徑最小為，此時(shí)，圓心到直線的距離為，直線與圓有交點(diǎn)，滿(mǎn)足，圓的面積的最小值為.故答案為：16、【答案】;【解析】【分析】先設(shè)，由三角形三邊關(guān)系得到，再利用三角函數(shù)的誘導(dǎo)公式與余弦定理得到，從而利用換元與基本不等式求得的最小值，結(jié)合與在上的單調(diào)性即可求得的最大值.【詳解】設(shè)，則，因?yàn)闉榈闹悬c(diǎn)，，所以，由三角形三邊關(guān)系，可知且，解得，在中，由余弦定理，得，在中，由余弦定理，得，因?yàn)?，所?所以，解得，則，，令，則，，，則，當(dāng)且僅當(dāng)，即時(shí)，等號(hào)成立，此時(shí)，解得，因?yàn)?，所以．因?yàn)樵谏蠁握{(diào)遞減，在單調(diào)遞增，所以當(dāng)取得最小值時(shí)，取得最大值，此時(shí)，則，所以的最大值為.故答案為：..【點(diǎn)睛】關(guān)鍵點(diǎn)睛：本題中突破口為，由此得到，再結(jié)合余弦定理得到，最后利用基本不等式即可得解.17、【答案】(1)(2)2;【解析】（1）由是公差為的等差數(shù)列，且，則，即，當(dāng)時(shí)，，兩式相減可得：，即，因?yàn)闈M(mǎn)足上式，所以數(shù)列的通項(xiàng)公式為（2）由（1）可得，所以，又，因?yàn)榫鶠檎麛?shù)，所以存在正整數(shù)使得，故，所以除以3的余數(shù)為2.18、【答案】(1)(2)①當(dāng)時(shí)，最大概率為；②625;【解析】（1）每小組投進(jìn)的次數(shù)之和不少于3次的稱(chēng)為“神投小組”,則可能的情況有①甲投中一次,乙投中兩次;②甲投中兩次,乙投中一次;③甲投中兩次,乙投中兩次,，他們?cè)诘谝惠営螒颢@得“神投小組”稱(chēng)號(hào)的概率為（2）①通過(guò)題意得他們?cè)谝惠営螒颢@得“神投小組”稱(chēng)號(hào)的概率，又,則，令,則,在上單調(diào)遞增,則,此時(shí).②他們小組在輪游戲中獲得“神投小組”稱(chēng)號(hào)的次數(shù)滿(mǎn)足,,則,平均要進(jìn)行625輪游戲.19、【答案】(1)(2);【解析】【分析】（1）通過(guò)選擇不同的底面和高，將求三棱錐的體積轉(zhuǎn)化為求三棱錐的體積；（2）建立合適的空間直角坐標(biāo)系，即可求解.【詳解】（1）因?yàn)樵谌庵校琌為在底面投影，所以面ABC，面．又因?yàn)镺為AB中點(diǎn)，所以，AC＝2，所以．因?yàn)榕c底面ABC內(nèi)所有直線所成角中的最小值為，且面ABC，所以，，所以．（2）以O(shè)為原點(diǎn)，OB，OC，為x，y，z軸，建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系，可得，，，，，又因?yàn)椋?，所以，，．設(shè)為平面ABM的一個(gè)法向量，則即，令，則；設(shè)為平面CBM的一個(gè)法向量，則

即，令，則．所以．所以二面角的正弦值為．20、【答案】(1)(2)1;【解析】【分析】（1）根據(jù)漸近線方程設(shè)雙曲線C的方程為，代入點(diǎn)，運(yùn)算求解即可得結(jié)果；（2）設(shè)，根據(jù)題意求點(diǎn)的坐標(biāo)，結(jié)合韋達(dá)定理證明，即可得結(jié)果，注意分類(lèi)討論直線是否與軸垂直.【詳解】（1）∵雙曲線C的漸近線方程為，則可設(shè)雙曲線C的方程為，代入點(diǎn)，即，故雙曲線C的方程為.（2）由雙曲線C的方程為的方程可得，由題意可得點(diǎn)，則有：當(dāng)直線l與軸垂直時(shí)，則，可得直線，令，則，即點(diǎn)，同理可得：點(diǎn)，故，即；當(dāng)直線l不與軸垂直時(shí)，設(shè)直線，聯(lián)立方程，消去x得，則，可得直線，令，則，即點(diǎn)，同理可得：點(diǎn)，∵，即點(diǎn)關(guān)于x軸對(duì)稱(chēng)，故，即；綜上所述：的值為1.【點(diǎn)睛】方法定睛：求解定值問(wèn)題的三個(gè)步驟（1）由特例得出一個(gè)值，此值一般就是定值；（2）證明定值，有時(shí)可直接證明定值，有時(shí)將問(wèn)題轉(zhuǎn)化為代數(shù)式，可證明該代數(shù)式與參數(shù)（某些變量）無(wú)關(guān)；也可令系數(shù)等于零，得出定值；（3）得出結(jié)論．21、【答案】(1)在上單調(diào)遞增．(2).;【解析】【分析】（1）求出函數(shù)的導(dǎo)數(shù)，判斷其正負(fù)，即可確定函數(shù)單調(diào)性.（2）求出函數(shù)的導(dǎo)數(shù)，對(duì)a分類(lèi)討論，判斷函數(shù)單調(diào)性，結(jié)合函數(shù)最值以及零點(diǎn)存在定理判斷函數(shù)零點(diǎn)個(gè)數(shù)，綜合即可求得答案.【詳解】（1）定義域?yàn)?記,當(dāng)時(shí)，；當(dāng)時(shí)，，∴在上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增，故，∴在上單調(diào)遞增．（2