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2023年黑龍江省高考理科數(shù)學(xué)真題及參考答案
一、選擇題
Z.l—2z5.1+2zC.2—zZ).2+z
2.設(shè)集合U=R,集合A/={x|x<l},N={x[—l<x<2},則卜卜22}=()
A.C'MuN)B.N^JCC,MC.Cu(AlcN)D.M<JCVN
3.如圖,網(wǎng)格紙上繪制的一個(gè)零件的三視圖,網(wǎng)格小正方形的邊長(zhǎng)為1,則該零件的表面積
為()
424B.26C.28
4.已知■是偶函數(shù),貝(
eax-1
A.-25,-1C.lD.2
5.設(shè)。為平面坐標(biāo)系的坐標(biāo)原點(diǎn),在區(qū)域卜jjl<x2+/<4}內(nèi)隨機(jī)取一點(diǎn),記該點(diǎn)為A,
7T
則直線04的傾斜角不大于2的概率為()
4
111
181
---
864
6.已知函數(shù)/(x)=sin(s+e)在區(qū)間(工,空]單調(diào)遞增,直線和》=至為函數(shù)
\63)63
y=/(x)的圖象的兩條對(duì)稱軸,則/
A「皂
2反一;
7.甲乙兩位同學(xué)從6種課外讀物中各自選讀2種,則這兩人選讀的課外讀物中恰有1種相同
的選法共有()
Z.30種6.60種C.120種D.240種
1
8.已知圓錐尸。的底面半徑為JL。為底面圓心,PA,尸6為圓錐的母線,乙406=120。,
若AB46的面積等于'二,則該圓錐的體積為()
4
A.71B.娓兀C.3兀D.3娓兀
9.已知A48c為等腰直角三角形,Z8為斜邊,ZU80為等邊三角形,若二面角C—46-。
為150°,則直線C。與平面Z6C所成角的正切值為()
,1D五「6八2
A.-B.C.—D?一
5555
10.已知等差數(shù)列{a?}的公差為斗,集合S={cos%,wN*},若S={a,b},則ab=()
A.-lB.--C.OD.-
22
2
11.已知48是雙曲線/-3-=l上兩點(diǎn),則可以作為中點(diǎn)的是()
4(1,1)5.(-1,2)C.(l,3)L4)
12.已知圓。:,+/=]"。耳=拒,過點(diǎn)尸作直線人與圓。相切于點(diǎn)z,作直線乙交
圓。于8,C兩點(diǎn),BC中點(diǎn)為。,則PA?PD的最大值為()
1+V2D1+272
D.-------------------C.1+V2D.2+42
22
二、填空題
13.已知點(diǎn)在拋物線C:歹2=2川上,則/到。的準(zhǔn)線的距離為
x-3j^<-1
14.若xj滿足約束條件[x+2y<9,則z=2x—y的最大值為
3x^y>7
15.已知{〃〃}為等比數(shù)列,。2。4。5=。3。6,。9%0=—8,則%=
16.已知/(x)=。'+(1+”,ae(O,l),若/(x)在(0,+8)為增函數(shù),則實(shí)數(shù)a的取值范
圍為.
2
三、解答題
(-)必做題
17.某廠為比較甲乙兩種工藝對(duì)橡膠產(chǎn)品伸縮率處理效應(yīng),進(jìn)行10次配對(duì)試驗(yàn),每次配對(duì)試
驗(yàn)選用材質(zhì)相同的兩個(gè)橡膠產(chǎn)品,隨機(jī)地選其中一個(gè)用甲工藝處理,另一個(gè)用乙工藝處理,
測(cè)量處理后的橡膠產(chǎn)品的伸縮率,甲、乙兩種工藝處理后的橡膠產(chǎn)品的伸縮率分別記為
z
x1.,y,(=U,---10),試驗(yàn)結(jié)果如下
試驗(yàn)序號(hào)i12345678910
伸縮率七545533551522575544541568596548
伸縮率%536527543530560533522550576536
記4=4一乂G=1,2,…10),記4/2…Z]o的樣本平均數(shù)為5,樣本方差為
⑴求5,s2;
(2)判斷甲工藝處理后的橡膠產(chǎn)品的伸縮率較乙工藝處理后的橡膠產(chǎn)品的伸縮率是否有顯
著提高(如果222]二,則認(rèn)為甲工藝處理后的橡膠產(chǎn)品的伸縮率較乙工藝處理后的橡
V10
膠產(chǎn)品的伸縮率有顯著提高,否則不認(rèn)為有顯著提高).
18.在A/48c中,=120°,4B=2,AC=l.
(1)求sinZ.ABC;
(2)若。為BC上一點(diǎn),且/氏4。=90。,求A4OC的面積.
19.如圖,在三棱錐P-48C中,AB上BC,AB=2,BC=272,PB=PC=46,
80,/。,3。的中點(diǎn)分別為。,£,。,石。。,點(diǎn)廠在/C上,BFA.AO.
(1)證明:EF〃平面4DO;
(2)證明:平面40。,平面8瓦7;
(3)求二面角。一/0-。的正弦值.
3
20.已知橢圓C:烏+==1(。>6>0)的離心率為好,點(diǎn)/(一2,0)在。上.
(1)求C的方程;
(2)過點(diǎn)(—2,3)的直線交曲線。于P,。兩點(diǎn),直線ZP,/。交y軸于A1,N兩點(diǎn),求證:
線段MN中點(diǎn)為定點(diǎn).
21.已知函數(shù)/(%)+1).
(1)當(dāng)。=一1時(shí),求曲線/(x)在(1,7(1))的切線方程;
(2)是否存在實(shí)數(shù)使得曲線丁=/關(guān)于直線x=b對(duì)稱,若存在,求出。力的值;
如果不存在,請(qǐng)說明理由;
(3)若/(x)在(0,+oo)存在極值,求4的取值范圍.
(-)選做題
【選修4-4】
22.在直角坐標(biāo)系X。中,以坐標(biāo)原點(diǎn)。為極點(diǎn),X軸正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系,曲線G
乃、fx=2cosa
的極坐標(biāo)方程為夕=2sin。(一714夕《一,曲線。2:\(。為參數(shù),
(42)2[y=2sma
71、
—<a<)).
2
(1)寫出G的直角坐標(biāo)方程;
(2)若直線^=工+加既與G沒有公共點(diǎn),也與沒有公共點(diǎn),求加的取值范圍.
【選修4-5]
23.已知/(x)=2|x|+|x-2|.
(1)求不等式/(x)46—x的解集;
(2)在直角坐標(biāo)系X。中,求不等式組所確定的平面區(qū)域的面積.
4
參考答案
長(zhǎng)方體ABCD-4片G2去掉長(zhǎng)方體ONIC「LMHB、之后所
得的幾何體,該幾何體的表面積和原來的長(zhǎng)方體的表面積相比少2個(gè)邊長(zhǎng)為1的正方體.
/\xcx
4.解:是偶函數(shù),則
''eux-1
/(x)-/(-x)=
又「x不恒為0,可得e'—e"氏=0,則x=(a—l)x,;.a=2.
5.解::區(qū)域卜,J)|1<,+;;244}表示以0(0,0)為圓心
外圓半徑R=2,內(nèi)圓半徑廠=1的圓環(huán),則直線ON的
7T
傾斜角不大于一的部分如陰影所示,在第一象限對(duì)應(yīng)的
4
7F
圓心角NMON=一,結(jié)合對(duì)稱性可得所求概率為
4
-n
2x-s
p=-----4-=—1.
2乃4
n27T27r7C71
6.解:;/(x)=sin((yx+尹)在區(qū)間單調(diào)遞增,.?.2='一2=2,且?!?,
2362
則T=笈,co=—=2.
T
5
當(dāng)》=工時(shí),/(x)取得最小值,則2?工+e=2版■—2,左eZ,
662
則(p=2k兀一'■,k€Z,不妨取k=0則/(x)=sin]2x5萬
~6
5%
則/sin
77
7.解:有1本相同的讀物,共有C;種情況,
然后兩人各自的另外一種讀物相當(dāng)于在剩余的5種讀物里,選出兩種進(jìn)行排列,共有種,
根據(jù)分布乘法公式則共有C:-A}=120種.
8,解:在A4O6中,NAOB=120°,而OA=OB=也,
取/C中點(diǎn)C,連接OC,尸C,有。
PCLAB,如圖,
ZABO=30°,OC=匚,AB=2BC=3,
2
由的面積為也得」X3XPC=2?,解得PC=h?
2
A/6,
.?.圓錐的體積-=3萬xO/2x尸O=;乃x(ji]*癡=遍乃.
9.解:取Z8的中點(diǎn)E,連接CE,£>E,「ZVIBC為等腰直角三角形,Z8為斜邊,則有
CELAB,又A48。為等邊三角形,則。EJ.N8,從而NCED為二面角C—4B-D
的平面角,即NCEZ)=150°,
顯然CEcDE=E,CE,DEu平面CDE,
又/8u平面Z8C,因此平面CDE,平面/8C,
顯然平面CDEn平面ABC=CE,
直線CDu平面CDE,則直線CD在平面ABC內(nèi)的射影為直線CE,
從而/DCE為直線CD與平面N8C所成的角,令A(yù)B=2,則CE=1,DE=6,
6
在AC0E中,由余弦定理得:
CD=ylCE2+DE2-2CE-DEcosZCED=h+3-2xlx^x百=V7,
~T
DPCDVJsin150。V3
由正弦定理得-------------,即sinZDCE
sinZDCEsinZCEDV7
2
5
顯然NDCE是銳角,cosNDCE=/l-sin?NDCE『12萬廠2s1
二直線CD與平面ABC所成角的正切值為—
5
22(2萬
10.解:依題意,等差數(shù)列{%}中,an=al—=—n+l?
2〃
顯然函數(shù)y=cosa——n+的周期為3,而〃eN*,即cos明最多有
3
3個(gè)不同取值,又
而在COSQ],COS。2,COS%中,COSQ]=COS%。COS%或COS%Wcosa2=COSQ3,
于是有856=85(6+三),即有6+(6+彳^)=2左肛左€2,解得6=上萬—三,左€2
〃],2?〃
—COS〃萬=-COS-K7TCOS—=
3)32
IL解:由對(duì)稱性只需考慮(1,1),(1,2),(1,3))(1,4)即可,注意到(1,3)在漸近線上,(1,1),
(1,2)在漸近線一側(cè),(1,4)在漸近線的另一側(cè).下證明(1,4)點(diǎn)可以作為Z8的中點(diǎn).
設(shè)直線Z8的斜率為左,顯然人存在.
八人(1)+4
設(shè)乙旌夕=左々一1)+4,直線與雙曲線聯(lián)立|,
X--=1
I9
整理得(9_%2卜2_2吊4_?卜_(4??左)2-9=0,
只需滿足(*+"=2,二冽上&=2,解得左=2,此時(shí)滿足A>0.
A>09-k24
7
12.解:如圖所示,=P|=J5,則由題意可知:
ZAPO=45°,由勾股定理可得PA=ylOP2-OA2=1,
當(dāng)點(diǎn)4。位于直線PO異側(cè)時(shí),
71
設(shè)AOPC=a,O<a<-,
4
則:PA-PD=PA-PDcosfa+?)=1xV2cosacosfa+?
cos/也COS”qn1"2"sinsa=1+cos2a
——sin2a
2222
率3高
ITTT7TTTT[T[-------*-------*
,-?0<a<-,則一一42a-一<-,...當(dāng)2a--=一一時(shí),Ri?有最大值1.
444444
當(dāng)點(diǎn)4。位于直線P。同側(cè)時(shí),
TT
設(shè)NOPC=a,04a?-,
4
則:PA-PD=PA-PDcos!a-2J=1x正cosacos!a~~
=6后.]1+cos2a1._
cosa(V--2-cosa4----sma=cos2a+si.nacosa--------+—sin2a
I22J22
2
':0<a<—,則一<2a+一《一,
4442
.?兀H-1+V2
當(dāng)2a+工=工時(shí),R/?尸。有最大值為上士
422
二、填空題
9「石-1、
13.一;14.8;15.-2;16.-----.1
42
13.解:由題意可得:/》=2pxl,則2P=5,.?.拋物線的方程為/=5x,
8
此時(shí)截距-Z最小,則Z最大,代入得z=8.
15.解:設(shè){3}的公比為q(qwO),則由。4牝=a3a6~a?q'a$q,顯然anw0,
則%=/,即。q3二夕2,則qq=l,Va9a10=-8,則Q]/?%,''二一8,
則q"=(夕、)3=-8=(-2丫,則q3=-2,則a?=a\ci=q'=-2.
16.悔」,1)解析:/,(x)=avlna+(l+?)'ln(l+a),由/(x)在(0,+oo)為增函數(shù)
可知xe(0,+oo)時(shí),/'(x)20恒成立,只需/QL20,
而fn[x}=axIn2。+(1+a]xln2(l+。)>0,,,(x)>/(0)=In。+ln(l+^z)>0,
「/?-1、
又,:aj(0,1),ae------,1.
./
三、解答題
(一)必做題
17.解:(1):Zj=Xj-匕(i=l,2,…10),
/.Z]=X1-y[=545—536=9;z2=6;z3=8;z4=—8;z5=15;z6=11;
z7=19;z8=18;z9=20:z10=12.
Z=+z2+…Z]0)=-Lx[9+6+8+(-8)+15+11+19+18+20+12]=11
1io
V52=—Z(z,—5),將各對(duì)應(yīng)值代入計(jì)算可得$2=61
10Z=1
(2)由(1)知:z=11,52=61,
9
...甲工藝處理后的橡膠產(chǎn)品的伸縮率較乙工藝處理后的橡膠產(chǎn)品的伸縮率有顯著提高
18.解:(1)根據(jù)題意,由余弦定理可得:
BC2=AB2+AC2-2AB-ACcosABAC=22+12-2x2xlx7
BC=#i
1+1Tn*士工mBCAC5/71舄“/日.’ADCV2T
由正弦定理------=----------,即=----------,解得sinNABC=-----.
sin/4sinZABC拒sinZABC14
~T
q-xABxADxsin90°
(2)由三角形面積公式可得也也=,-----------------=4,
S^CDx/CxZOxsin30°
2
^-x2xlxsinl20°
則SAJCZ)
19.解:(1)連接。瓦。尸,設(shè)4尸二優(yōu)。,則方=詼+萬=(1一+,前,
--*--,1--,
AO=—BA+—BC,BF1AO,
2
則而?刀=卜_板+炭]卜瓦+;前)=(—1兩+;炭2=4(/-1)+4/=0
解得/=!,則尸為NC的中點(diǎn),由。,瓦。,廠分別為P8,口,8C,/C的中點(diǎn),
2
于是DE〃AB,DE=-AB,OF//-AB,二
22
即。E〃。凡DE=OF,
則四邊形。OEE為平行四邊形,|十二入,......3c
EF//DO,EF=DO,又EE(Z平面/。。,
。。<2平面/。。,二£77〃平面/。。.
(2)由(1)可知£尸〃。。,則4。=癡,£)(?=—,得ADMDO=叵,
22
因此0。2+〃。2=1。2=叵,則有EE,/。,
10
又AO上BF,BFcEF=F,BF,EFu平面BEF,
則有NOJ_平面BET7,又ZOu平面Z。。,平面Z£>OJ_平面BEE.
(3)過點(diǎn)。作。"〃8/交NC于點(diǎn)",設(shè)/Oc8E=G,
由力。,8/得〃O_L/。,且尸“=」/",
3
又由(2)知,ODLAO,
則N0OH為二面角D-AO-C平面角,
VD,E分別為P8,E4的中點(diǎn),因此G為"AB的重心,
即有。3=,/。,6£=!6£,又尸〃=!2〃,
333
3
即有G/7,
2
3_15
4+7一彳4+6—2)—
cosZABD=一上―儲(chǔ)=--------l,解得乃1=巧,同理得8E=J,
、、展2x2xV62
2x2x
2
5
于是BE2+EF2=BF2=3,即有BE工EF,則GF2
3
IE”V1523岳岳
從而GF=-----,DH=—x----=----,
3232
在AZ)?!ㄖ?,OH=LBF=昱,OD=—,DH=-
2222
6315
于是cosZDOH=43%=_注sinNDOH
cR62
二面角D-AO-C的正弦值為—.
2
6=2a=3
20.解:(1)由題意可得<a2=b2+c2,解得<b=2,,橢圓的方程為1。
94
cVsc=亞
e——=-
a3
11
(2)由題意可知:直線尸0的斜率存在,設(shè)PQ:y=Hx+2)+3,尸(X],必)。(x2,%),
y=k(x+2)+3
聯(lián)立方程1/2,消去歹得:2
x(442+9)x+8%(2斤+3卜+16。2+34)=0,
—+—=1
I94
則△=64左2(2左+3)2—64(4左2+9在2+3左)=_1728左>0,解得左<0,
8M2%+3)16僅2+34)
可得X]+x2=-,再彳2
4左2+94左2+9
,.,4-2,0),則直線4尸:y=」一(x+2),
再+2
令X=O,解得y=即
X]+21Xj+2?
同理可得
、X2+2)
2乂12%
則■+20+2=:(/+2)+3++2)+3
2匹+2x24-2
_2kx[X]+(4后+3)(匹+工2)+4(2后+3)_108
X|X24-2(Xj+芍)+436
二線段PQ的中點(diǎn)時(shí)定點(diǎn)(0,3).
21.ft?:(1)當(dāng)a=-l時(shí),/(%)=|--1|ln(x+l),,
則f'(x)=一_ln(x+l)+(4一]x——
xlxIx+1
據(jù)此可得/⑴=0,/'(l)=_ln2,
函數(shù)在(1,7(l))處的切線方程為y-0=—ln2(x-l),即(ln2)x+y—ln2=0.
(2)由函數(shù)的解析式可得
1I1
函數(shù)的定義域滿足±+1=上r」>0,即函數(shù)的定義域?yàn)?―8,—1)U(0,+8),
XX
12
定義域關(guān)于直線》=—L對(duì)稱,由題意可得b=—■!■,
22
由對(duì)稱性可知/(—g+加)=/(一:一加)(掰>'
取加=5可得/(1)=/(一2),
即(q+l)ln2=(a-2)ln;,則q+l=2-a,解得<?=;,
經(jīng)檢驗(yàn)a=L,6=-工滿足題意,故4=,,b=--.
2222
即存在a=L,6=-工滿足題意。
22
(3)由函數(shù)的解析式可得/'(x)=f—」r]ln(x+l)+2+/」一,
(XJXJX+1
由/(x)在區(qū)間(0,+8)存在極值點(diǎn),則/'(x)在區(qū)間(0,+00)上存在變號(hào)零點(diǎn):
令/'(x)=(_g]ln(x+l)+(J+“^j=0,
則-(x+l)ln(x+1)+(x+ox,)=0,
令g(x)=ad+x-(x+l)ln(x4-1),
/(x)在區(qū)間(0,+8)存在極值點(diǎn),等價(jià)于g(x)在區(qū)間(0,+8)上存在變號(hào)零點(diǎn),
g"(x)=2ax-ln(x+1),gzr(x)=2a-------,
x+1
當(dāng)QW0時(shí),g'(x)<0,g(x)在區(qū)間(0,+oo)上單調(diào)遞減,
此時(shí)g(x)<g(O)=O,g(x)在區(qū)間(0,+oo)上無零點(diǎn),不合題意;
當(dāng)2azi時(shí),由于」一<1,;.g〃(x)>0,g'(x)在區(qū)間(0,+oo)上單調(diào)遞增,
2x+1
:.g'(x)>g'(0)=0,g(x)在區(qū)間(0,+oo)上單調(diào)遞增,g(x)>g(0)=0,
???g(x)在區(qū)間(0,+oo)上無零點(diǎn),不合題意;
當(dāng)0<。<!時(shí),由g'(x)=2a-------=0可得x=———1,
2x+12a
當(dāng)工610,:-[時(shí),g"(x)<0,g'(x)單調(diào)遞減,
13
當(dāng)彳€([-1,+0時(shí),g〃(X)>0,g'(x)單調(diào)增,
故g'(x)的最小值為g]2一11=1一2。+In2。,
令陽(x)=1-x+lnx(0<x<1),則m'(x)------->0,
x
函數(shù)〃?(x)在定義域內(nèi)單調(diào)遞增,加(x)<m(l)=0,
據(jù)此可得1-x+Inx<0恒成立,則g':—1J=1—2。+In2。<0,
令A(yù)(x)=lnx-x2+x(x>0),則hr[x}=—+'+1,
x
當(dāng)xw(0,1)時(shí),〃(x)單調(diào)遞增,
當(dāng)X£(l,+8)時(shí),hr(x)<0,〃(x)單調(diào)遞減,
故〃(x)<〃(1)=0^V\nx<x2-x(當(dāng)X=1時(shí)取等號(hào)),
/.g[x)=2ox-ln(x+l)>2QX-[(X+1)2-(X+1)]=2ax-(x2+x),
g'(2a-1)>2M2a-1)-[(2a-l)2+(2a-l)]=0,且注意到g'(0)=0,
根據(jù)零點(diǎn)存在性定理可知:g'(x)在區(qū)間(0,+oo)上存在唯一零點(diǎn)X。,
當(dāng)X£(O,Xo)時(shí),gz(x)<0,g(x)單調(diào)遞減,
當(dāng)XG(%,+00)時(shí),g\x)>0,g(x)單調(diào)遞增,
:?g(x())<g(o)=o.
令〃(x)=-,則=i+二]二—(”J)
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