物理-江蘇2023-2024學年高三上學期期末迎考帶答案

絕密★啟用前江蘇省2023—2024學年高三上學期期末迎考卷C.經過高溫加熱其放射性消失2.有一干涉裝置如圖所示.一個底部有雙縫的不透光圓柱形杯子的杯口固定一面光屏,用激光沿圖屏處觀察到干涉條紋,為了增加條紋間距,下列做法中可行的是()A.使用更短的杯子B.使用頻率更低的激光C.增大激光器到雙縫之間的距離3.如圖所示,在水平地面上M點的正上方h高度處,將小球S1以速度大小為v水平向右拋出,同時在地面上N點處將小球SA.兩球的速度變化量大小相同C.兩球的相遇點在N點上方處D.M、N間的距離為2h4.一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播,波源在x=0處.P是x軸上坐標為x=0.15m處的點,波傳到A.波源起振方向為y軸正方向5.手機無線充電原理圖如圖所示,該裝置可等效為一個理想變壓器,送電線圈為原線圈,受電線圈為副線圈.ab間接上220A.受電線圈cd兩端的輸出電壓為22VC.充電時,與送電線圈相連的電阻R兩端的電壓為20VD.充電時,受電線圈cd兩端的輸出電壓為間隔內手機可檢測到藍牙耳機,則藍牙耳機在運動過程中與手機無線連接的最遠距離是()電梯”停在距地面高度為h處,地球的自轉不可忽略且地球可視為均質球體,關于“太空電梯”里的宇航員,下列說法中正B.當h與地球同步衛(wèi)星距地面高度相同時,宇航員處于完全失重狀態(tài)C.h越小,宇航員繞地心運動的向心加速度越大D.h越大,宇航員繞地心運動的角速度越大,線速度越小8.如圖所示,下端封閉、上端開口、內壁光滑的細玻璃管豎直放置,管底有一個帶電小球,整個裝置以某一速度沿垂直于磁場方向進入方向垂直紙面向內的勻強磁場,由于外力的作A.該過程中由水平速度產生的洛倫茲力不做功B.小球的運動軌跡是一條直線C.小球機械能的增加是因為洛倫茲力做功9.兩電荷量分別為q1和q2的點電荷放在x軸上的O、M兩點,兩電荷連線上各點電勢φ隨x變化的關系如圖所示,則B.A點的電場強度為零C.N、C之間電場強度方向沿x軸正方向D.將電子沿x軸從N移到D,電場力先做正功后做負功應強度B隨時間t的變化的關系如圖乙所示(垂直斜面向上為正方向).t=0時刻將線框由靜止釋放,在線框下滑的過程中,下甲乙A.線框MN邊受到的安培力方向沿斜面向下B.線框MN邊受到的安培力方向沿斜面向上C.經時間t,線框的速度大小為gtsinθt,線框的速度小于gtsinθ11.如圖所示有一緩沖模擬裝置.質量分別為m、2m的物體著物體A,在距地面h高處靜止,此時細繩恰伸直無彈力,彈簧軸線沿豎直方向,物體B靜止在地面上,放手后經時間t物體A下落至地面,落地前瞬間物體A的速度為零,此時物體B對地面恰好無壓力,不計摩擦及空氣阻力,重力加速度大小為g,則下列說法中正確的是()A.物體A在下落過程中其機械能守恒C.物體A從靜止下落到落地的t時間內,地面對B物體的沖量大小為mgtD.將A物體質量改為1.5m,再將A物體由從原位置釋放,A物體下落過程的最大速度為后答案的不得分;有數(shù)值計算時,答案中應明確寫出數(shù)值和單位)(2)根據(jù)圖甲連接電路,調節(jié)滑動變阻器,發(fā)現(xiàn)電流表讀數(shù)變化明顯,但電壓表讀數(shù)變化不C.待測電池的內阻太小甲乙(4)根據(jù)重新設計的電路操作,得到了多組電壓表讀數(shù)U和對應的電流表讀數(shù)I,并作出U-I圖像如圖乙所示.根據(jù)圖像可知,m/s2.(2)求擠壓氣囊前,桶內液面離出水口的高度h.15.(12分)在空間直角坐標系Oxyz的y>0區(qū)域有沿-z方向的勻強電場強磁場,在x=-2d處有一足夠大的屏,俯視圖如圖乙所示.質量為m、電荷量為q的粒子從y軸上P(0,-d,0)以初速度v0沿+y方向射出,粒子第一次經過x軸時速度方向與-x方向的夾角θ=60°.不計粒子的重力,粒子打到屏上立即被吸收.求:甲乙發(fā)生碰撞,碰后又結合為一體且恰一起勻速運動,設每次碰撞時間極短,三個木塊均可視為質點,且與軌道間的動摩擦因數(shù)相同.已知重力加速度為g.(2)求三個木塊一起勻速運動時的速度大小和在兩次碰撞江蘇省2023—2024學年高三上學期期末迎考卷物理物理參考答案與評分標準2.B解析:根據(jù)Δx=λ可知,若使用更長的杯子,L變大,條紋間距變大,故A錯誤;由c=λf可知,若使用頻率更低的激光,激光的波長變大,條紋間距變大,故B正確;增大激光器到雙縫之間的距離,間距不變,故C錯誤;在杯子中填充折射率較大的透明物質,光在介質中的傳播速度變小,頻率不變,可知光在杯子中的波長變小,故條紋間距變小,故D錯誤.公眾號：高中試卷君45°,B錯誤;兩球豎直方向的分位移相等,則相遇點在N點上方處,C錯誤;M、N間的距離為x=vt=,又h5.D解析:ab端輸入電壓為220V,由于送電線圈中的電阻R分壓,故送電線圈兩端電壓小于220V,則根據(jù)=可知,受電線圈cd兩端的輸出電壓小于22V,故6.A解析:在8s時間內甲、乙運動的距離分別為x=vt=24m、x=vt=48m根據(jù)對稱性由圖可得Δx=x乙2x甲=12m,根據(jù)幾何關系可得藍牙耳機在運動過 程中與手機無線連接的最遠距離為d=d2+7.B解析:h是“太空電梯”距地面高度,當h為零時宇航員在地面,受萬有引力和地面的支持力,繞地球運動的線速度小于第一宇宙速度,故A錯誤;因地球同步衛(wèi)星的角速度等于地球自轉的角速度,同步衛(wèi)星受到的萬有引力等于向心力,故當h與地球同步衛(wèi)星距地面高度相同時,宇航員受到的萬有引力等于向心力,則宇航員處于完全失重狀態(tài),故B正確;根據(jù)a=r,可知h越小,r越小,宇航員繞地心運動的向心加速度越小,故C錯誤;“太空電梯”相對地面靜止,“太空電梯”里的宇航員隨地球自轉的角速度相等,根據(jù)v=ωr,可知h越大,r越大,宇航員繞地心運動的線速度越大,故D錯誤.8.D解析:該過程中由水平速度產生的洛倫茲力做正功,故A錯誤;小球受到的合力方向與速度方向不共線,所以其運動軌跡是一條9.D解析:由圖可知q附近電勢為正無窮,則q為正電荷,q附近電勢為負無窮,則q為負電荷,故q和q帶異種電荷,故A錯誤;φ-x圖線的斜率對應電場強度,A點處φ-x圖線的斜率不為零,則A點的電場強度不為零,故B錯誤;根據(jù)沿電場線方向電勢降低,N、C之間電場強度方向沿x軸負方向,故C錯誤;將電子沿x軸從N移到D,電勢先增大后減小,電場力先做正功后做負功,故D正確.公眾號：高中試卷君10.C解析:由乙圖可知,線框在下降過程中,磁場先垂直斜面向下,磁感應強度逐漸減小為零,后磁場垂直斜面向上,磁感應強度由零逐漸增大,電流方向為順時針方向,根據(jù)左手定則可知,線框四個邊均受到安培力,但受到的安培力的合力為零,雖然MN邊中感應電流的方向不變,但磁場的方向發(fā)生變化,因此MN邊受到的安培力先沿斜面向下,再沿斜面向上,故A、B錯誤;線框所受安培力的合力為零,故線框在重力和支持力的作用下沿斜面向下運動,沿斜面向下的分力為mgsinθ,由牛頓第二定律可得mgsinθ=ma,解得a=gsinθ,由v=v11.C解析:在物體A下落過程中繩的拉力對物體A做負功,故機械能減小,故A正確;由題意可知,初始狀態(tài)彈簧無彈力,物體A落地前瞬間,彈簧的形變量等于h,此時彈簧的彈力F=2mg,彈簧的勁度系數(shù)為k==,故B錯誤;設整個過程中,繩子對A的沖量大小為I,則繩子對B和彈簧的沖量大小也為I,對A由動量定理得mgt-I=0,對B和彈簧由動量定理得2mgt-I-I=0,解得物體A從靜止下落到落地的t時間內,地面對B物體的沖量大小為I=mgt,故C正確;將A物體質量改解析:(1)由題意可知a=“r(2)根據(jù)F=mωr,ω=2當氣囊中的氣體全部被擠入桶內時,桶內的水恰好上升到出水口處,則有p=p+ρgh設粒子做圓周運動的半徑為r,由幾何關系有rcosθ=d根據(jù)洛倫茲力提供向心力得qvB=m(2)由幾何關系可知-x+rsinθ=2d解得x=-(2-3)d所以粒子經過x軸時的坐標x=-(2-3)d(4分