物理-2024屆湖南湘東九校聯(lián)盟高三上學(xué)期第一次聯(lián)考（一模）帶答案

湖南省2024屆高三九校聯(lián)盟第一次聯(lián)考1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上。寫(xiě)在3.考試結(jié)束后，將本試題卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共桁架拱橋結(jié)構(gòu)，位列同類橋梁中湖南第一、橋梁上層為機(jī)動(dòng)車道橋上的六根豎直鋼絲繩吊索，相鄰兩根吊索之間距離均相等，若減速直線運(yùn)動(dòng)，剛好在吊索E、F的中點(diǎn)N點(diǎn)停下，汽車3.如圖所示，固定的傾角為37°的粗糙斜面上放置一長(zhǎng)方體物塊37°角斜向下的推力推動(dòng)物塊（力的作用線在斜面上的投影與斜面底邊平行），物塊4.如圖所示，已知地球半徑R=6400km，某資源探測(cè)衛(wèi)星A沿半徑為5R時(shí)，啟動(dòng)點(diǎn)火裝置在極短時(shí)間內(nèi)讓衛(wèi)星減速，然后沿著與地5.如圖甲所示，公交車上的手拉吊環(huán)具有輔助乘客站穩(wěn)的作用，當(dāng)車靜止或勻直狀態(tài)，當(dāng)車突然啟動(dòng)或剎車時(shí)，其會(huì)蕩起一定的角度。某興趣小組突發(fā)奇想：將其簡(jiǎn)然后保持恒定，手拉吊環(huán)穩(wěn)定的偏離豎直方向某一角度（彈性繩始終在彈性限度內(nèi)且遵），a二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共2符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，7.多個(gè)點(diǎn)波源在空間也可以形成干涉圖樣，如圖甲是8.如圖所示，兩條不可伸長(zhǎng)輕繩分別連接質(zhì)量相同的兩個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的小球能以相同的角速度在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則關(guān)于兩小球的位置關(guān)體的加速度隨時(shí)間變化的情況如圖乙所示。整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程10.如圖為某種旋轉(zhuǎn)節(jié)速器的結(jié)構(gòu)示意圖，16gL255 E．滑動(dòng)變阻器R1（0~5Ω,額定電流為1AF．滑動(dòng)變阻器R2（0~50Ω,額定電流為0.01A）；14.（14分）世界上最早最精確的極光觀測(cè)記能粒子流（太陽(yáng)風(fēng)）射向地球時(shí)，由于地磁場(chǎng)作用，部分進(jìn)入地到激發(fā)態(tài)后輻射光子，而產(chǎn)生的發(fā)光現(xiàn)象。假設(shè)地磁場(chǎng)邊界到地心的15.（16分）如圖，光滑水平軌道上固定一個(gè)光滑圓弧軌道，圓弧的半徑為R=1.2m，圓心角為60°,圓弧），彈簧，并用細(xì)線拴連使彈簧處于壓縮狀態(tài)，彈簧此時(shí)恰好與B湖南省2024屆高三九校聯(lián)盟第一次聯(lián)考物理參考答案命題學(xué)校：株洲市二中審題學(xué)校：常德市一中-、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。題號(hào)2345答案CCDAB1.c【解析】得出相對(duì)論的科學(xué)家是愛(ài)因斯坦，故A錯(cuò)誤；牛頓運(yùn)用開(kāi)普勒第三定律和自己的理論推出萬(wàn)有引力F定律，常數(shù)G沒(méi)有得出，第一個(gè)"秤"地球質(zhì)量的人是卡文迪什B錯(cuò)誤；公式B=IL是比值定義法，故C正確；F通過(guò)單位運(yùn)算m的單位為m4/s2，所以D錯(cuò)誤。pt2.C【解析】由逆向思維法可知，汽車運(yùn)動(dòng)逆過(guò)程是一個(gè)初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由2ar＝2得A=3E，所以A錯(cuò)誤；然后又由=2at2得t總=3t所以通過(guò)AE的時(shí)間是2t所以B錯(cuò)誤；再由0=t得AE=40EN所以C正確；由v=得全過(guò)程v＝u.5t>VE。所以本題正確答案選C。3.D【解析】將推力沿垂直斜面和平行斜面向下兩個(gè)方向分解：F5=0.8mgFy1=0.6mg將重力沿平行斜面向下和垂直斜面向下兩個(gè)方向分解F2=06mg，F(xiàn)2=08mg，物塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，受力平衡，摩擦力f=、F2F2=mg彈力FN=Fy+Fy2=14==4A解析根據(jù)開(kāi)普勒第定律可知3其中在近地圓軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)R2gT近 RT橢g22π，則衛(wèi)星A制動(dòng)后回到地球近地點(diǎn)的最短時(shí)間為tmin其中r=32000km,R＝6RT橢g210m/s2，代入數(shù)據(jù)可知tmin=1.3×104s，故A正確。5.C【解析】初始時(shí)系統(tǒng)保持靜止有k0=mgo為彈性繩形變量此時(shí)彈性繩長(zhǎng)1=L+相對(duì)靜止時(shí)，有krcoθ=mg此時(shí)繩長(zhǎng)2=+kcogsθg2十2又g2十2ag故小球升高h(yuǎn)=02Cθ即Ah=L(16.B【解析】為了以最短時(shí)間到達(dá)機(jī)艙，一開(kāi)始先以最大加速度勻加速度上升，當(dāng)功率達(dá)到額定功率時(shí)，保持功率不變直到特種兵達(dá)到最大速度，接著做勻速運(yùn)動(dòng)，最后以最大加速度勻減速上升至機(jī)艙時(shí)速度剛好為零，第一階段的勻加速上升過(guò)程中，根據(jù)牛頓第二定律可得FTmmg=maFTm＝l200N,當(dāng)功率達(dá)到額定功率時(shí)，設(shè)的速度為,則有＝=m/s＝10m/s，此過(guò)程所用時(shí)間和上升高度分別為的速度為,則有＝=m/s＝10m/s，此過(guò)程所用時(shí)間和上升高度分別為t1=1s，h=FTm1200a112a1102P額P額120002×10FTg2 m=5m，特種兵以最大速度勻速時(shí)，有un==m102P額P額120002×10FTg2 mm2=12000J，D錯(cuò)誤。由功能關(guān)系可知，電動(dòng)機(jī)做的功為特種兵重力勢(shì)能的增量mgh＝54000J所以C錯(cuò)誤特種兵最后以最大加速度做勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和上升高度分別為t3=a==28h3==m=20m，設(shè)重物從結(jié)束勻加速運(yùn)動(dòng)到開(kāi)始做勻減速運(yùn)動(dòng)所用時(shí)間為t2該過(guò)程根據(jù)動(dòng)能定理可得P額t2mgh2＝22mm2m21，又h2=90m5m20m=65m聯(lián)立解得t2=4S，故特種兵運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為tmin=t1十t2十22物理試題參考答案-1t3=ls＋4s＋2s＝7s,A錯(cuò)誤，在減速階段電動(dòng)機(jī)就不需要做功了,所以電動(dòng)機(jī)工作的最短時(shí)間為5s，B正確。、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。題號(hào)789答案ACADBDAC7.AC【解析】由于。點(diǎn)到三個(gè)波源的距離相同，根據(jù)波的疊加原理可知其振幅為6cm；根據(jù)入＝VT=1m，故能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象。t=4暢5s時(shí)，僅s2與S3的波傳播到C處，由于傳播時(shí)間to=4s，故C處質(zhì)點(diǎn)已經(jīng)振動(dòng)了0.5s，故c處質(zhì)點(diǎn)與平衡位置距離y=2×2cm=2廠2cm。類比兩列波的干涉可知，頻率必須相同才能發(fā)生干涉。8.AD【解析】設(shè)兩繩子1、l2與豎直線的夾角分別為α和β，則若兩球在軸線同側(cè)，則r2>r1。對(duì)下面小球，由牛頓第二定律得：T2Cosβ=m2g,T2sin=m22r2；即tanβ；對(duì)兩個(gè)小球，由系統(tǒng)牛頓第二定律得：T1Cosα＝(m1＋m2)g，Tisina=m22r2十m21，即tanα==2=·tnβ·所以排除B和C·選A若兩球位于軸線的異側(cè)，如圖D，選向左為正，則Tisinα=m202r2十m102r1,則因?yàn)門＞0,所以r1＞r2，同理，解得tnβ=·tnα=α和β可能相等可能不相等所以選D.綜上,本題選AD?！?/s=.4m/s但由圖乙可知，物塊Q的at圖像與t軸所圍的實(shí)際面積大于加速度均勻增大時(shí)的面積，即速度變化量大于0.4m/s，則t=ls時(shí)Q的速度大小大于0.4m/s，所以A錯(cuò)誤；在0～1s內(nèi)，恒力F推p的瞬間，由at圖像知p的加速度為ao＝1m/s2，有F=mpao＝2N，所以B正確；0～1s內(nèi)PQ總動(dòng)量增加量為2N·s，所以C錯(cuò)誤；1s時(shí)兩者的加速度相等，為a=0.8m/s2，對(duì)P、Q由牛頓第二定律有FKr＝mpak=mQa解得mQ=0.5kg，由動(dòng)量定理可知Ft＝mpP＋mQQ撤去F后直至P、Q共速時(shí)，系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，有mpP＋mQQ＝(mp＋mQ)解得v=0.8m/s，即彈簧伸長(zhǎng)量最大時(shí)，P和Q的速度大小都為0.8m/s，故D正確。10.AC【解析】對(duì)A受力分析，由平衡條件知2Tcos53。=mgB、C受力具有對(duì)稱性，只需對(duì)B受力分析，由平衡條件知F彈=Tsin53。當(dāng)輕桿與豎直方向的夾角為37。釋放重物，當(dāng)輕桿與豎直方向的夾角恢復(fù)為53時(shí)=L2L=L2L5此時(shí)重物的速度1與小環(huán)的速度2滿足關(guān)系1Cos53。=2sin53。由全過(guò)程機(jī)械能守恒得mgh=2k222+2×222解得=入三、實(shí)驗(yàn)題：11題6分，12題10分。d2d2【解析】(1)由題圖乙可知，主尺刻度為7mm；游標(biāo)尺上對(duì)齊的刻度為5；故讀數(shù)為：(7＋5×0.05)mm＝7.25mm＝0725cm。物理試題參考答案212d22to(2)若減小的重力勢(shì)能等于增加的動(dòng)能時(shí)，可以認(rèn)為機(jī)械能守恒；則有：mgH＝m即：2gHo＝()12d22to電門的時(shí)間變小，測(cè)出的速度越接近實(shí)際速度，則EpEk將減小。12(10分，每空2分)(1)E(2)ADB或DAB(3)等于【解析】(1)變阻器采用分壓式接法，為保證電路安全方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選R1。(2)由于電壓表的量程較大，測(cè)量電流表A1的電壓測(cè)量誤差較大選擇電流表A1與定值電阻Ro并聯(lián)，再與A2串聯(lián)，結(jié)合歐姆定律得出A1兩端的電壓。IRo__I2-I(3)根據(jù)串并聯(lián)電路的特點(diǎn)，通過(guò)定值電阻的電流：IR=I2I1,則電流表A1的內(nèi)阻:r1=RIRo__I2-I并無(wú)誤差，因此測(cè)量值等于真實(shí)值。四、解答題：13題10分，14題14分，15題16分。13.(10分)【解析】(1)圓環(huán)在AB段的加速度：Eqcos37。mgsin37。μ(mgcos37。+Eqsin37。)=ma代入數(shù)據(jù)解得：a1=6mS2……………………2分因?yàn)椋篈B=at2所以t=代入數(shù)據(jù)得t=182分…C2=02＋2a2x0＝a1t1離開(kāi)C時(shí)的速度解得C=12mC2=02＋2a2x0＝a1t1從C點(diǎn)拋出后：水平方向=ct2+t22豎直方向：ABin37=2gt22解得t2=0.6…=10.8m14·(14分)【解析】(1)由題意可知，正對(duì)地心。的粒子恰好打到地球表面，其軌跡如圖所示，由圖可得入/T21十(R)21=R………2分由洛倫茲力提供向心力，可得qB=m21分………2分由粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期為T=2πR