2023-2024學(xué)年遼寧省六校高二（上）期初物理試卷（含解析）

2023-2024學(xué)年遼寧省六校高二（上）期初物理試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.下列敘述中正確的是（）

A.庫侖提出了用電場(chǎng)線描述電場(chǎng)的方法

B.牛頓利用月一地檢驗(yàn)驗(yàn)證了萬有引力定律并測(cè)量了萬有引力常量

C.重心、運(yùn)動(dòng)的合成與分解等概念的建立都體現(xiàn)了等效替代的思想

D.比值法定義的物理概念在物理學(xué)中占有相當(dāng)大的比例，如電阻R=§,加速度a=￡都是采

用比值法定義的

2.卷揚(yáng)機(jī)可以垂直提升、水平或傾斜拽引重物。因操作簡(jiǎn)單、移置方便，在建筑施工、水利

工程、林業(yè)、礦山、碼頭等有著廣泛應(yīng)用。如圖乙所示，利用卷揚(yáng)機(jī)將套在光滑豎直桿上的

重物提升到高處。當(dāng)卷揚(yáng)機(jī)纏繞鋼絲繩的速度為孫時(shí)，連接重物的鋼絲繩與豎直桿夾角為仇

則當(dāng)重物運(yùn)動(dòng)到圖示位置時(shí)重物的速度。與先關(guān)系為（）

甲

A.v=vocos0B.vv

3.圖中的實(shí)線表示電場(chǎng)線，虛線表示只受電場(chǎng)力作用的帶電粒子

的運(yùn)動(dòng)軌跡，粒子先經(jīng)過M點(diǎn)，再經(jīng)過N點(diǎn)。可以判定（）

A.”點(diǎn)的電勢(shì)小于N點(diǎn)的電勢(shì)

B.粒子帶正電，M點(diǎn)的電勢(shì)大于N點(diǎn)的電勢(shì)

C.粒子在M點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大于在N點(diǎn)受到的電場(chǎng)力

D.粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能小于在N點(diǎn)的電勢(shì)能

4.天文學(xué)家發(fā)現(xiàn)了一對(duì)被稱為“災(zāi)難變星”的罕見雙星系統(tǒng)，約每.-■

/\

51分鐘彼此繞行一圈，通過天文觀測(cè)的數(shù)據(jù)，模擬該雙星系統(tǒng)的運(yùn)動(dòng)，：

推測(cè)在接下來的7000萬年里，這對(duì)雙星彼此繞行的周期逐漸減小至189■o?

分鐘。如果將該雙星系統(tǒng)簡(jiǎn)化為理想的圓周運(yùn)動(dòng)模型，如圖所示，兩""

星球在萬有引力作用下，繞。點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。不考慮其他天體的

影響，兩顆星球的質(zhì)量不變，在彼此繞行的周期逐漸減小的過程中，下列說法中正確的是（）

A.每顆星球的角速度都在逐漸變小B.兩顆星球的距離在逐漸的變大

C.兩顆星球的軌道半徑之比保持不變D.每顆星球的加速度都在變小

5.如圖所示，兩極板與電源相連接，電子從負(fù)極板邊緣垂

直電場(chǎng)方向射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，且恰好從正極板邊緣匕出，現(xiàn)

在使電子入射速度變?yōu)樵瓉淼膬杀叮娮尤詮脑恢蒙?/p>

入，且仍從正極板邊緣飛出，則兩極板的間距應(yīng)變?yōu)樵瓉?/p>

的（）

A.0.5倍B.1倍C.2倍D.4倍

6.--輛小汽車在水平路面上由靜止啟動(dòng)，在前5s內(nèi)做勻加速直線運(yùn)

動(dòng)，5s末達(dá)到額定功率之后保持以額定功率運(yùn)動(dòng)。u-t圖象如圖所20/

示，已知汽車的質(zhì)量?n=1X103/cg汽車受到地面的阻力為車重的〃勺-------

0.1倍，則以下說法正確的是（）

A.汽車在前5s內(nèi)的牽引力5X102NB.汽車的額定功率為80kW

C.汽車速度為25m/s時(shí)的加速度3m/s2D.汽車的最大速度為80m/s

7.如圖，A、B為水平正對(duì)放置的平行板電容器的兩極板，B極板接地。閉合開關(guān)S,一帶電

液滴在兩極板間的P點(diǎn)處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說法正確的是（）

?-1A

P?~~

IB

-------------------------------

S

A.該液滴帶正電

B.將一塊有機(jī)玻璃插到兩極板之間，電容器的電容將變小

C.保持開關(guān)S閉合，將4極板向左移動(dòng)一小段距離，液滴將加速向上運(yùn)動(dòng)

D.斷開開關(guān)S,將B極板向下移動(dòng)一小段距離，P點(diǎn)的電勢(shì)將升高

二、多選題（本大題共3小題，共18.0分）

T

8.如圖所示，有一條柔軟的質(zhì)量為m、長(zhǎng)為L(zhǎng)的均勻鏈條,H

1

開始時(shí)鏈條的:長(zhǎng)在水平桌面上，而上長(zhǎng)垂于桌外，用外力3

-

使鏈條靜止。不計(jì)一切摩擦，桌子足夠高。下列說法中正確

的是（）

A.若自由釋放鏈條，則鏈條剛離開桌面時(shí)的速度”=.JgL

B.若自由釋放鏈條，則鏈條剛離開桌面時(shí)的速度〃

C.若要把鏈條全部拉回桌面上，至少要對(duì)鏈條做功嚶

D.若要把鏈條全部拉回桌面上，至少要對(duì)鏈條做功喀

9.如圖所示，位于勻強(qiáng)電場(chǎng)中的直角三角形ABC與電場(chǎng)強(qiáng)度方向

平行，4c為直角，。為中點(diǎn)，直角邊BC的長(zhǎng)度為9cm,sin〃=

0.6,cos乙4=0.8。已知4、C、D三點(diǎn)的電勢(shì)分別為15V、-9V和

3憶則下列說法正確的是（）

A.B點(diǎn)和C點(diǎn)位于同一等勢(shì)面

B.勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向?yàn)橛?。指向C

C.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為200V/m

D.將一電子由C點(diǎn)移至4點(diǎn)，電子的電勢(shì)能增加24eV

10.如圖所示，將一質(zhì)量2m、半徑為R的光滑半圓形槽靜置于光滑水平面上，今讓一質(zhì)量為

m小球自左側(cè)槽口從4點(diǎn)靜止開始落下，則以下結(jié)論中正確的是（）

AO

A.小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的全過程中，小球與半圓槽構(gòu)成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒

B.小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的全過程中，小球與半圓槽構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

C.小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，小球的速度大小是

D.小球到達(dá)右邊最高點(diǎn)時(shí)，小球通過的水平位移是莖

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共1小題，共6.0分）

11.用如圖甲實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證mi、機(jī)2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。巾2從高處由靜止開始下落，

上拖著的紙帶打出一系列的點(diǎn)，對(duì)紙帶上的點(diǎn)跡進(jìn)行測(cè)量，即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒。圖乙給出

的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶：。是打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)（圖中未標(biāo)

出），計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖乙所示，己知電源頻率為50Hz,mi=50g、m2=150g,g取lOm/sZ,

（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）則：

（1）在紙帶上打下計(jì)數(shù)點(diǎn)5時(shí)的速度"=m/s；

（2）在打點(diǎn)0?5過程中系統(tǒng)動(dòng)能的增加量AEk=J,系統(tǒng)勢(shì)能的減少量/Ep=人

四、簡(jiǎn)答題（本大題共3小題，共30.0分）

12.用“碰撞實(shí)驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。圖乙中。點(diǎn)是小球拋

出點(diǎn)在地面上的垂直投影，實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓質(zhì)量為Tn1的入射球4多次從斜軌上同一位置由靜止

釋放，其平均落地點(diǎn)的位置為P,測(cè)得辦=右?然后，把質(zhì)量為加2的被碰小球B靜止置于軌道

的水平部分，再將入射小球4從斜軌上同一位置由靜止釋放，與小球B相撞，并重復(fù)實(shí)驗(yàn).4、

8相碰后平均落地點(diǎn)的位置分別為M、N,測(cè)得。力=刈，ON=X3-

2”)。

(2)若兩球相碰前后動(dòng)量守恒，其表達(dá)式可表示為?n62=

(3)若碰撞是彈性碰撞，那么還應(yīng)滿足的表達(dá)式為mi后

13.“蹦極”是一項(xiàng)勇敢者的運(yùn)動(dòng)，如圖所示，某人用彈性橡皮繩拴住身

體從高空P處自由下落，在空中感受完全失重的滋味。此人質(zhì)量為50kg,橡

皮繩原長(zhǎng)45m,人可看成質(zhì)點(diǎn)，且此人從P點(diǎn)自靜止下落到最低點(diǎn)所用時(shí)間

*總=9s。(g=10m/s2)

(1)此人下落到橡皮繩剛伸直(原長(zhǎng))時(shí)，人的動(dòng)量是多少？

(2)從橡皮繩開始伸直到人下落到最低點(diǎn)的過程中橡皮繩對(duì)人平均作用力為

多大?

14.如圖所示，兩滑塊4、B位于光滑水平面上，已知4的質(zhì)量犯4=8kg,B的質(zhì)量WIB=6kg，

滑塊B的左端連有輕質(zhì)彈簧，彈簧開始處于自然伸長(zhǎng)狀態(tài)。現(xiàn)使滑塊4以。=14m/s的速度水

平向右運(yùn)動(dòng)，通過彈簧與靜止的滑塊8相互作用(整個(gè)過程彈簧沒有超過彈性限度)，直至分開,

求：

(1)滑塊通過彈簧相互作用過程中彈簧的最大彈性勢(shì)能;

(2)滑塊4與B分開時(shí)，兩者的速度分別為多少？

IAI-A/Wv|B|

五、計(jì)算題(本大題共1小題，共18.0分)

15.如圖所示，豎直平面內(nèi)有一水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大

小為E=1x103V7m,m,其中有一個(gè)半徑為R=2nl的豎直光滑圓

環(huán)，A點(diǎn)所在的半徑與豎直直徑BC成37。角?，F(xiàn)給質(zhì)量為m=0.8kg、電荷量為q=6x10-3C

的帶正電小球(可視為質(zhì)點(diǎn))一個(gè)初速度，讓小球恰能在圓環(huán)內(nèi)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，不考慮小

球運(yùn)動(dòng)過程中電荷量的變化。(cos37。=0.8,g取lOm/s?)求：

(1)小球在4點(diǎn)時(shí)的速度大??；

(2)小球做圓周運(yùn)動(dòng)過程中對(duì)環(huán)的壓力最大值；

(3)當(dāng)小球再次經(jīng)過4點(diǎn)時(shí)，空間中突然增加一方向豎直向上，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E'=gx

103177n的勻強(qiáng)電場(chǎng)，試說明小球能否繼續(xù)沿圓環(huán)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)。

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：4、根據(jù)物理學(xué)史可知，是法拉第提出了用電場(chǎng)線描述電場(chǎng)的方法，故4錯(cuò)誤；

B、牛頓利用月一地檢驗(yàn)驗(yàn)證了萬有引力定律，卡文迪許測(cè)量了萬有引力常量，故B錯(cuò)誤；

C、重心是物體重力的等效作用點(diǎn)，分運(yùn)動(dòng)與合運(yùn)動(dòng)也是等效的，可知重心、運(yùn)動(dòng)的合成與分解

等概念的建立都體現(xiàn)了等效替代的思想，故C正確；

。、比值法定義的物理概念在物理學(xué)中占有相當(dāng)大的比例，如電阻R=3是采用比值法定義的，而

a=￡是牛頓第二定律的表達(dá)式，不是比值定義式，故。錯(cuò)誤.

771

故選：Co

法拉第提出了用電場(chǎng)線描述電場(chǎng)的方法；卡文迪許測(cè)量了萬有引力常量：重心、分運(yùn)動(dòng)、合運(yùn)動(dòng)

等概念的建立都體現(xiàn)了等效替代的思想；根據(jù)比值定義法判斷。

在高中物理學(xué)習(xí)中，我們會(huì)遇到多種不同的物理分析方法，這些方法對(duì)我們理解物理有很大的幫

助；故在理解概念和規(guī)律的基礎(chǔ)上，更要注意科學(xué)方法的積累與學(xué)習(xí).

2.【答案】B

【解析】解：將重物速度沿繩和垂直于繩方向進(jìn)行分解，如圖所示

根據(jù)運(yùn)動(dòng)的分解可知重物沿繩方向的速度分量等于卷揚(yáng)機(jī)纏繞鋼絲繩的速度，即

Vo=VCOS0

所以

COS0

故ACZ）錯(cuò)誤，3正確。

故選：B。

卷揚(yáng)機(jī)通過鋼絲繩提升重物，重物實(shí)際上升的速度為合速度，重物沿鋼絲繩方向的速度為分速度，

且大小等于鋼絲繩速度。由幾何關(guān)系可求。

本題主要考查關(guān)聯(lián)速度問題，主要把握物體實(shí)際的速度為合速度，物體沿鋼絲繩的速度大小等于

鋼絲繩速度大小。

3.【答案】B

【解析】【分析】

本題考查了電場(chǎng)線、電場(chǎng)能的性質(zhì)；本題的關(guān)鍵是根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡來判定電場(chǎng)力方向，由曲線運(yùn)動(dòng)

條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)。根據(jù)電場(chǎng)力來確定電場(chǎng)力做功的正負(fù)，從而判定電勢(shì)能增加與否。

沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低；根據(jù)過M、N兩點(diǎn)的等勢(shì)線分析電勢(shì)。由電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)

度的強(qiáng)弱，判斷電場(chǎng)力的大?。翰挥?jì)重力的粒子在電場(chǎng)力作用下從M到N,運(yùn)動(dòng)與力關(guān)系可知，

電場(chǎng)力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，分析出電場(chǎng)力做功正負(fù)，判斷電勢(shì)能的變化。

【解答】

AB.粒子所受電場(chǎng)力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，斜向左下方，與電場(chǎng)方向一致，粒子帶正電，根據(jù)順著

電場(chǎng)線的方向電勢(shì)降低，可知過M點(diǎn)的等勢(shì)面的電勢(shì)高于過N點(diǎn)的等勢(shì)面的電勢(shì)，則M點(diǎn)的電勢(shì)高

于N點(diǎn)的電勢(shì)，故B正確，A錯(cuò)誤；

C由電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，可知，M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比N點(diǎn)的小。由尸=勺后知，粒子

在M點(diǎn)受到的電場(chǎng)力小于在N點(diǎn)受到的電場(chǎng)力，故C錯(cuò)誤；

。.從M到N,粒子的所受電場(chǎng)力斜向左下方，則電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功，電勢(shì)能減少，所以粒子在M

點(diǎn)的電勢(shì)能大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能，故。錯(cuò)誤。

故選瓦

4.【答案】C

【解析】解：48.根據(jù)題意，由公式3=竿可知，每顆星球的角速度都在逐漸變大，設(shè)雙星轉(zhuǎn)動(dòng)的

角速度為3,雙星間距離為3星球的質(zhì)量分別為mi、m2,由萬有引力提供向心力有

G7H17H222

——￡2——=如3rl=m23r2

解得

G(m+m)

o)=---1-----z--2------

Jd

可知，角速度增大，則距離L逐漸的變小，故A8錯(cuò)誤；

C.根據(jù)萬有引力提供向心力有

Gm^22

——尸——=ni]34rl=m20i)r2

解得

口=也

冷一E

則兩顆星球的軌道半徑之比保持不變，故C正確；

。.由萬有引力公式提供向心力有

Gmxm2

———=砧即=m2a2

可知，由于距離L逐漸的變小，每顆星球的加速度都在變大，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

雙星系統(tǒng)角速度或周期相等，根據(jù)萬有引力提供向心力，結(jié)合向心力的表達(dá)式分析出兩顆星的角

速度、加速度和軌道半徑之比的變化。

本題主要考查了雙星系統(tǒng)的相關(guān)應(yīng)用，理解兩顆恒星的特點(diǎn)，結(jié)合萬有引力定律和牛頓第二定律

即可完成分析。

5.【答案】A

【解析】解：對(duì)于電子以平行極板的速度從負(fù)極板邊緣飛入勻強(qiáng)電場(chǎng)，恰能從右側(cè)擦極板邊緣飛

出電場(chǎng)這個(gè)過程，設(shè)電子的帶電量e,質(zhì)量為僧，入射速度為外極板的長(zhǎng)度為3極板的寬度為d,

電場(chǎng)強(qiáng)度為E。

由于電子做類平拋運(yùn)動(dòng)，所以水平方向：L=vt

2

豎直方向：y=gaG==d

因?yàn)镋=§

a

所以嗎=d2

若速度變?yōu)樵瓉淼膬杀叮瑒t仍從正極板邊沿飛出，則兩極板的間距應(yīng)變?yōu)樵瓉?.5倍，故A正確,

BCO錯(cuò)誤。故選：A.

根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律解出粒子恰能從右側(cè)擦極板邊緣飛出電場(chǎng)的臨界條件，結(jié)合E=§分析即可

求解。

根據(jù)題目所給的信息，找到粒子在豎直方向位移表達(dá)式，討論速度的變化對(duì)豎直方向的位移的影

響即可解決本題。

6.【答案】C

【解析】解：4、由速度時(shí)間圖線知，勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小a=g=4m/s2,根據(jù)牛頓第二定

律得，F(xiàn)-f=ma,解得牽引力尸=/+m￡1=1000+4000%=5000/\/,故A錯(cuò)誤。

B、汽車的額定功率。=Fv=5000x20W=100000〃=100/cW,故B錯(cuò)誤；

C、汽車在25m/s時(shí)的牽引力尸=2=嚶"N=4000/V,根據(jù)牛頓第二定律得，加速度a'=々=

V25771

40Toot)0°°2=3m/s2,故C正確。

。、當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)，速度最大，則最大速度為=:=喘2m/s=100m/s,故。錯(cuò)誤。

故選：Co

根據(jù)速度時(shí)間圖線的斜率求出勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度，結(jié)合牛頓第二定律求出勻加速運(yùn)動(dòng)的牽引力。

根據(jù)勻加速運(yùn)動(dòng)的最大速度和牽引力的大小求出汽車的額定功率。結(jié)合P=F”求出速度為25M/S

時(shí)的牽引力，根據(jù)牛頓第二定律求出此時(shí)的加速度。當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)，速度最大，根據(jù)P=fv

求出最大速度。

本題考查了汽車恒定加速度啟動(dòng)的問題，理清整個(gè)過程中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)

學(xué)公式綜合求解，知道牽引力等于阻力時(shí)，汽車的速度最大。

7.【答案】D

【解析】解：4、由圖可知，電容器上極板帶正電，帶電液滴處于靜止?fàn)顟B(tài)，可知帶電液滴帶負(fù)

電，故A錯(cuò)誤；

B、將一塊有機(jī)玻璃插到兩極板之間，由(？=品可知電容器的電容將變大，故B錯(cuò)誤；

C、保持開關(guān)S閉合，將4極板向左移動(dòng)一小段距離，電容器兩極板間電壓不變，板間距離也不變，

由后=當(dāng)可知極板間電場(chǎng)強(qiáng)度不變，液滴所受電場(chǎng)力不變，所以液滴將仍將保持靜止，故C錯(cuò)誤；

D、斷開開關(guān)S,電容器帶電量不變，根據(jù)C=鋁、C=%E=須得：E=嘿

4nkdUd

可知上下移動(dòng)極板時(shí)電場(chǎng)強(qiáng)度不變，將B極板向下移動(dòng)一小段距離，P點(diǎn)與下極板的距離變大，由

U=Ed可知P與下極板之間的電勢(shì)差變大，下極板電勢(shì)為零，電場(chǎng)方向豎直向下，所以P點(diǎn)的電勢(shì)

將升高，故。正確。

故選：0。

A.帶電液滴靜止，根據(jù)液滴所受電場(chǎng)力方向與電場(chǎng)方向的關(guān)系判斷液滴的電性；

B.根據(jù)電容的決定式C=品分析電容的變化；

4TCKCI

c.保持開關(guān)S閉合，將4極板向左移動(dòng)一小段距離，根據(jù)E=?分析極板間電場(chǎng)強(qiáng)度的變化，再判

a

斷液滴的運(yùn)動(dòng)方向；

。.斷開開關(guān)S,電容器帶電量不變，根據(jù)。=品、C=E、E=g相結(jié)合推導(dǎo)出E的表達(dá)式，再分

析E的變化，由0=Ed判斷P與下極板之間的電勢(shì)差如何變化，即可判斷P點(diǎn)電勢(shì)的變化情況。

本題是電容器的動(dòng)態(tài)分析問題，根據(jù)C=品、C=號(hào)、E=g相結(jié)合進(jìn)行分析，分析時(shí)要注意抓

411kdUa

住不變量。

8.【答案】BD

【解析】解：4B.若自由釋放鏈條，以桌面為零重力勢(shì)能參考平面，根據(jù)機(jī)械能守恒可得-4=

L

-mg-+,-1mv2￡

解得鏈條剛離開桌面時(shí)的速度為〃=故B正確，A錯(cuò)誤；

CD.若要把鏈條全部拉回桌面上，至少要對(duì)鏈條做的功等于垂于桌外號(hào)鏈條增加的重力勢(shì)能，則有

傍nin=萼4=嚶，故3正確，C錯(cuò)誤。

DO1O

故選：BD。

根據(jù)機(jī)械能守恒定律列式計(jì)算出鏈條離開桌面時(shí)的速度：

根據(jù)功能關(guān)系分析出對(duì)鏈條做的功。

本題主要考查了機(jī)械能守恒定律，在分析重力勢(shì)能的變化時(shí)，要注意先設(shè)定零勢(shì)能面，結(jié)合功能

關(guān)系即可完成分析。

9.【答案】AC

【解析】解：AB,。為AB的中點(diǎn)，則有2"D=04+9B，解得*B=—9W所以8點(diǎn)和C點(diǎn)位于同

一等勢(shì)面中，勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向?yàn)橛?指向C,故A正確，B錯(cuò)誤;

C、由幾何關(guān)系可知tanz_4=敦=包烏，其中BC=9cnt=0.09m,得AC=0.12m；

ACcoszA

根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系可得勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=筌=%券，代入數(shù)據(jù)得

E=200V/m,故C正確；

。、將一電子由C點(diǎn)移至4點(diǎn)，由于電子帶負(fù)電，電勢(shì)升高，W=-eUCA,〃=-/號(hào),,代入數(shù)據(jù)

得4Ep=-12eV,因此電子的電勢(shì)能減少12W,故。錯(cuò)誤。

故選：AC.

根據(jù)電場(chǎng)力做功和電勢(shì)差公式分別得出48兩點(diǎn)電勢(shì)差和CO兩點(diǎn)電勢(shì)差。進(jìn)一步確定等勢(shì)線，結(jié)

合電場(chǎng)線垂直于等勢(shì)線且有高電勢(shì)處指向低電勢(shì)處得出電場(chǎng)線的方向，再根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中電場(chǎng)強(qiáng)

度和電勢(shì)差的關(guān)系式得出電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。

本題考查勻強(qiáng)電場(chǎng)中常見的電場(chǎng)力做功和電勢(shì)差的關(guān)系，及電場(chǎng)強(qiáng)度的求解題目，中等難度。

10.【答案】BD

【解析】解：4、小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的全過程中，小球與半圓槽構(gòu)成的系統(tǒng)水平方向受力為零，

所以水平方向動(dòng)量守恒，故A錯(cuò)誤；

8、小球在半圓槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的全過程中，小球與半圓槽構(gòu)成的系統(tǒng)只有重力做功，且無機(jī)械能與其他

能的轉(zhuǎn)化，所以系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故8正確；

C、以向右方向?yàn)檎?，根?jù)系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒可得：nw球牌

由系統(tǒng)機(jī)械能守恒，可得：mgR=4-1x2mv^

聯(lián)立解得：v球二過萼故C錯(cuò)誤；

。、根據(jù)人船模型結(jié)論，根據(jù)水平方向的平均動(dòng)量守恒可得：mx球=2mx槽

又x芽+x樽=2R

解得：％跌=1^故。正確。

故選：BD。

根據(jù)動(dòng)量守恒定律的條件完成分析；

根據(jù)動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律聯(lián)立等式計(jì)算出小球的速度；

根據(jù)人船模型的特點(diǎn)得出兩個(gè)物體的位移。

本題主要考查了動(dòng)量守恒定律的相關(guān)應(yīng)用，根據(jù)能量守恒定律結(jié)合人船模型的特點(diǎn)完成分析。

11.【答案】2.400.5760.600

【解析】解：(1)系統(tǒng)為勻變速直線運(yùn)動(dòng)，中間時(shí)刻的速度等于平均速度，所以計(jì)數(shù)點(diǎn)5的瞬時(shí)速

度為：

(2)mi和62一起運(yùn)動(dòng)，速度大小相同，所以系統(tǒng)增加的動(dòng)能為：

11

-32

AEk=+m2)vf=2x(50+150)x10X2.47=0.576/

系統(tǒng)減少的重力勢(shì)能包括mi增加的重力勢(shì)能和血2減少的重力勢(shì)能，

-3

即為：4Ep=m2gh-mrgh=(150-50)xIOx10(0.384+0.216)；=0.600/。

故答案為:(1)2.40；(2)0.576、0.600?

(1)根據(jù)在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的瞬時(shí)速度大小等于該過程中的平均速度，可以求出打下計(jì)

數(shù)點(diǎn)5時(shí)的速度大小；

(2)根據(jù)物體的初末動(dòng)能大小可以求出動(dòng)能的增加量，根據(jù)物體重力做功和重力勢(shì)能之間的關(guān)系可

以求出系統(tǒng)重力勢(shì)能的減小量。

本題全面的考查了驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律中的數(shù)據(jù)處理問題，要熟練掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律以

及功能關(guān)系，增強(qiáng)數(shù)據(jù)處理能力。

12.【答案】m】>m2瓶1%1+m2x3+m2xj

【解析】解：(1)根據(jù)題目分析，要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律定律，為防止發(fā)生反彈現(xiàn)象，小球4、B的

質(zhì)量之間的關(guān)系是Hi1>Tn2;

(2)由動(dòng)量守恒定律可得m/i+mzW=m1%，而速度可以用平拋運(yùn)動(dòng)相應(yīng)的水平位移代替，所

以動(dòng)量守恒表達(dá)式可表示為巾61+m2x3=也62；

(3)若碰撞是彈性碰撞，碰撞前后動(dòng)能相等，有;血1詔資+：ni2該，而速度可以用相應(yīng)的

水平位移代替，所以碰撞前后動(dòng)能相等的表達(dá)式可表示為機(jī)1蜉+62環(huán)=指；

故答案為：(1)巾1>m2(2)m1x1+m2x3^3')m1xl+m2xj

根據(jù)題意可知，要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律定律，為防止發(fā)生反彈現(xiàn)象，要求巾1>7712；驗(yàn)證：m1Vo=

Tn［女+機(jī)22，小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，

上式兩邊同時(shí)乘以t得：=m1v1t+m2v2t,得：+m2x3=m1x2；再根據(jù)發(fā)生彈性碰

撞可列式求解。

在實(shí)驗(yàn)的過程當(dāng)中把本來需要測(cè)量的速度改為測(cè)量平拋過程當(dāng)中水平方向發(fā)生的位移，可見掌握

了實(shí)驗(yàn)原理才能順利解決此類題目。

13.【答案】解：(1)人做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落45nl高度時(shí)，根據(jù)

v2=2gh

解得v=V2x10x45m/s=30m/s

所以此時(shí)人的動(dòng)量大小

p=mv=50kgx30m/s=1500kg-m/s

(2)人從下落到橡皮繩正好拉直的時(shí)間設(shè)為0,則

九=3因

0=3s

橡皮繩作用時(shí)間

t/2=t,：?—=9s—3s—6s

取向上為正方向，由動(dòng)量定理得

y

(F-mg)t2=0—(—mu)

橡皮繩對(duì)人的平均作用力大小為

F=750/V

答：(1)此人下落到橡皮繩剛伸直時(shí)，人的動(dòng)量是1500kg-m/s；

(2)從橡皮繩開始伸直到人下落到最低點(diǎn)的過程中橡皮繩對(duì)人平均作用力為750N。

【解析】(1)根據(jù)由自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律求物體末速度，由動(dòng)量的定義得到動(dòng)量；

(2)根據(jù)動(dòng)量定理解答。

本題主要考查了自由落體運(yùn)動(dòng)位移公式及動(dòng)量定理的應(yīng)用，知道動(dòng)量的矢量性。

14.【答案】解：(1)當(dāng)滑塊4、B的速度相等時(shí)，彈簧壓縮到最短，