黃梅育才中學(xué)2023年秋季期中考試高三物理試題含答案解析

黃梅育才中學(xué)2023年秋季期中考試

高三物理試題

一、單選題(共42分)

1.某一質(zhì)點(diǎn)沿直線。x方向做變速運(yùn)動(dòng)，它離開。點(diǎn)的距離x隨時(shí)間變化的關(guān)系為x=8+2P(m),

它的速度隨時(shí)間，變化的關(guān)系為v=6於(m/s),該質(zhì)點(diǎn)在片0到片2s間的平均速度和片2s時(shí)的瞬

時(shí)速度的大小分別為()

A.12m/s,8m/sB.8m/s,24m/sC.12m/s,24m/sD.8m/s,12m/s

【答案】B

【詳解】

根據(jù)質(zhì)點(diǎn)離開。點(diǎn)的距離隨時(shí)間變化的關(guān)系為尸8+2Q(m)得：上0時(shí)，xo=8m；

Z=2s時(shí)，X2=24m,則質(zhì)點(diǎn)在片0到片2s時(shí)間內(nèi)的位移為：△xi=X2-xi=16m,v==~m/s=

8m/s；把Z=2s直接帶入片6?(m/s)即可求出2s末的速度為24m/s.故B正確，A、C、D錯(cuò)誤.

故選B.

2.“北斗來了不迷路”，從跟跑到并跑，隨著中國北斗三號(hào)全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)最后一顆、也就是

第55顆組網(wǎng)衛(wèi)星2020年6月23日成功發(fā)射，中國北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)終于來到了和世界其他系

統(tǒng)并肩前行的位置。北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)空間段由35顆衛(wèi)星組成，包括5顆靜止軌道衛(wèi)星、27顆

中地球軌道衛(wèi)星、3顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星。其中中地球軌道衛(wèi)星離地高度約2.1萬千米，靜

止軌道衛(wèi)星和傾斜地球同步軌道衛(wèi)星離地高度均約為3.6萬千米。以下說法正確的是()

A.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星和靜止軌道衛(wèi)星線速度相同

B.地球赤道上的隨地球一起自轉(zhuǎn)的石塊線速度比中地球軌道衛(wèi)星線速度要大

C.中地球軌道衛(wèi)星的運(yùn)行周期小于地球自轉(zhuǎn)周期

D.靜止軌道衛(wèi)星、傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的發(fā)射速度一定要超過7.9km/s,中地球軌道衛(wèi)星的發(fā)

射速度可以小于7.9km/s

【答案】C

【詳解】

A.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星和靜止軌道衛(wèi)星線速度大小相同，方向不同，故A錯(cuò)誤；

B.地球赤道上的隨地球一起自轉(zhuǎn)的石塊線速度比中軌道衛(wèi)星線速度小，故B錯(cuò)誤；

C.由T=2n匡可知，中軌道衛(wèi)星周期小于地球同步衛(wèi)星周期，而同步衛(wèi)星周期等于地球自轉(zhuǎn)

周期，故C正確；

D.地球的第一宇宙速度7.9km/s是衛(wèi)星發(fā)射的最小速度，所以各衛(wèi)星發(fā)射速度均大于7.9km/s,

故D錯(cuò)誤。

故選Co

3.如圖是某同學(xué)制作的利用太陽能驅(qū)動(dòng)小年的裝置，當(dāng)太陽光照射到小車上方的光電板時(shí)，光電

板中產(chǎn)生的電流經(jīng)電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)小車前進(jìn)。若小車在平直的水泥路上從靜止開始加速行駛，經(jīng)過時(shí)

間/前進(jìn)距離S,速度達(dá)到最大值Vm,設(shè)這一過程中電動(dòng)機(jī)的功率恒為P。小車所受阻力恒為

Ff,則()

A.這段時(shí)間內(nèi)小車先勻加速后勻減速運(yùn)動(dòng)

B.這段時(shí)間內(nèi)電動(dòng)機(jī)所做的功為斤為

C.這段時(shí)間內(nèi)電動(dòng)機(jī)所做的功為:機(jī)*

D.這段時(shí)間內(nèi)電動(dòng)機(jī)所做的功為FfS+[m堀

【答案】D

【詳解】

A.小車電動(dòng)機(jī)的功率恒定，速度不斷變大，根據(jù)功率與速度關(guān)系公式

P=Fu

可知，牽引力不斷減小，根據(jù)牛頓第二定律，有

P

----Ff=ma

v

故這段時(shí)間內(nèi)小車的運(yùn)動(dòng)是加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，A錯(cuò)誤；

B.這一過程中電動(dòng)機(jī)的功率恒為尸，則

“電=Pt

所以這段時(shí)間內(nèi)電動(dòng)機(jī)所做的功為尸/,故B錯(cuò)誤；

CD.對(duì)小車啟動(dòng)過程，根據(jù)動(dòng)能定理，有

19

“也-FfS=-mv4

這段時(shí)間內(nèi)電動(dòng)機(jī)所做的功為

+W電=FfS+|mp2

C錯(cuò)誤，D正確。

故選Do

4.如圖所示，一只小鳥沿著粗細(xì)均勻的樹枝從右向左緩慢爬行，在小鳥從工運(yùn)動(dòng)到8的過程中下

列說法正確的是（）

A.樹枝對(duì)小鳥的合力先增大后減小

B.樹枝對(duì)小鳥的摩擦力先增大后減小

C.樹枝對(duì)小鳥的彈力先減小后變大

D.在/處樹枝對(duì)小鳥的合力豎直向上

【答案】D

【詳解】

A.小鳥緩慢爬行，小鳥處于平衡狀態(tài)，所以合力為零，A錯(cuò)誤；

BC.設(shè)過小鳥所在位置做樹枝的切線，該切線與水平方向的夾角為a,則有

f=mgsina,N=mgcosa

該夾角先減小后增大，所以摩擦力先減小后增大，支持力先增大后減小，BC錯(cuò)誤；

D.樹枝對(duì)小鳥的合力與小鳥的重力平衡，故其合力豎直向上，D正確。

故選D。

5.無線藍(lán)牙耳機(jī)可以在一定距離內(nèi)與手機(jī)等設(shè)備實(shí)現(xiàn)無線連接。已知無線連接的最遠(yuǎn)距離為

10m,甲和乙兩位同學(xué)做了一個(gè)有趣實(shí)驗(yàn)。甲佩戴無線藍(lán)牙耳機(jī)，乙攜帶手機(jī)檢測(cè)，如圖（a）

所示，甲、乙同時(shí)分別沿兩條平行相距6m的直線軌道向同一方向運(yùn)動(dòng)，甲做勻速直線運(yùn)動(dòng)，乙

從靜止開始先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，再做勻速直線運(yùn)動(dòng)，其速度u隨時(shí)間，的關(guān)系如圖（b）所

示，則在運(yùn)動(dòng)過程中，手機(jī)檢測(cè)到藍(lán)牙耳機(jī)能被連接的總時(shí)間為（）

A.4sB.9sC.13sD.17s

【答案】C

【詳解】

如圖所示，當(dāng)甲、乙相距10m時(shí)，根據(jù)勾股定理，甲比乙多走8m,設(shè)此時(shí)二人的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為

力，根據(jù)位移公式得

1,

"甲L一,a乙G=8

根據(jù)圖像

4

a乙=-m/s2=lm/s2

解得

“=4s

根據(jù)圖像，此時(shí)速度相等，恰好最遠(yuǎn)，即相距最遠(yuǎn)時(shí)也能接收的信號(hào)，然后乙超過甲，當(dāng)乙比甲

多走8m時(shí)，是最后接收到信號(hào)的時(shí)刻，設(shè)從開始到該時(shí)刻的時(shí)間為儲(chǔ)乙加速的時(shí)間為

6

t=—s=6s

01

乙加速6s后開始以6m/s的速度勻速運(yùn)動(dòng)，乙勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，2?6,根據(jù)題意

1

2

-ax6+6(t2-6)j-〃甲七=8

解得

t2=13s

也就是說，前13s內(nèi)，甲、乙之間的距離都在10m以內(nèi)，都能接收到信號(hào)。

故選Co

8m甲甲

甲，L—;-------------7*"

,、、、10m

6m-10m6m

乙」一▲二'-----------------

乙8m乙

6.游樂園里有一種叫“飛椅”的游樂項(xiàng)目，簡(jiǎn)化后的示意圖如圖所示□飛椅用鋼繩固定懸掛在頂部

同一水平轉(zhuǎn)盤上的圓周上，轉(zhuǎn)盤繞穿過其中心的豎直軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)口穩(wěn)定后，每根鋼繩(含飛椅及

游客)與轉(zhuǎn)軸在同一豎直平面內(nèi)口圖中甲的鋼繩的長(zhǎng)度大于乙的鋼繩的長(zhǎng)度，鋼繩與豎直方向的

夾角分別為。1、/，不計(jì)鋼繩的重力下列判斷正確的是

A.甲、乙的線速度大小相同

B.甲的角速度大于乙的角速度

C.無論兩個(gè)游客的質(zhì)量分別有多大，名一定大于。2

D.如果兩個(gè)游客的質(zhì)量相同，則有久等于。2

【答案】c

【詳解】

AB.轉(zhuǎn)盤繞穿過其中心的豎直軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，所以甲的角速度等于乙的角速度，它們的半徑有可

能不相等，根據(jù)

v—a)R

所以甲乙兩者的線速度可能不相等，故AB錯(cuò)誤；

CD.設(shè)鋼繩延長(zhǎng)線與轉(zhuǎn)軸交點(diǎn)與游客所在水平面的高度為爪對(duì)游客受力分析，由牛頓第二定律

和向心力公式可得：

7ngtan。=ma)2h.tan0

則：

h甲=h乙

設(shè)圓盤半徑為尸，繩長(zhǎng)為3據(jù)幾何關(guān)系可得：

r

h=-----+Lcosd

land

因?yàn)椋?/p>

L甲＞L乙

所以:

＞。2

由上分析得：無論兩個(gè)游客的質(zhì)量分別有多大，仇一定大于仇；故C正確，D錯(cuò)誤.

7.如圖所示，ABC為豎直固定的圓形（部分）細(xì)管道，半徑為R（細(xì)管中心至。點(diǎn)），內(nèi)壁光

滑，將一質(zhì)量為小的小球（小球直徑比細(xì)管內(nèi)徑略小，遠(yuǎn)小于管道半徑R）輕放到管道最高點(diǎn),

由于微小擾動(dòng)小球開始沿管道運(yùn)動(dòng)，空氣阻力不計(jì)，重力加速度為g,則下列判斷正確的是

（）

A.小球經(jīng)過管道最低點(diǎn)8時(shí)，管道對(duì)小球的支持力大小為47ng

B.小球經(jīng)過管道出口C點(diǎn)時(shí)，管道對(duì)小球的支持力大小為（學(xué)+2）mg

C.小球離開C點(diǎn)后上升到最高點(diǎn)時(shí)的速度為0

D.小球離開C點(diǎn)后上升的最大高度一定與A點(diǎn)等高

【答案】B

【詳解】

A.小球經(jīng)過管道最低點(diǎn)B時(shí)，由牛頓第二定律可得

F—mg=m

BR

由機(jī)械能守恒定律，可得

1,

mgx2R=-mv^

可得管道對(duì)小球的支持力為

FB=5mg

A錯(cuò)誤；

B.小球經(jīng)過管道口C點(diǎn)時(shí)，對(duì)小球受力分析如圖所示，由牛頓第二定律可得

邈

F—mgcos45°=m

c~R

由機(jī)械能守恒定律，可得

/、1,

mg(R+/?cos45°)=

聯(lián)立解得

3V2八

Fc~—+2jmg

B正確；

CD.小球離開C點(diǎn)后做斜拋運(yùn)動(dòng)，在最高點(diǎn)具有水平速度，由機(jī)械能守恒定律可知，上升的最大

高度一定低于/點(diǎn)，CD錯(cuò)誤。

故選Bo

二、多選題（共18分）

8.某校羽毛球運(yùn)動(dòng)員進(jìn)行了如圖所示的原地縱跳摸高訓(xùn)練。已知質(zhì)量片50kg的運(yùn)動(dòng)員原地靜止

站立（不起跳）摸高為2.10m,比賽過程中，該運(yùn)動(dòng)員先下蹲，重心下降0.5m,經(jīng)過充分調(diào)整

后，發(fā)力跳起摸到了2.90m的高度。若運(yùn)動(dòng)員起跳過程視為勻加速運(yùn)動(dòng)，忽略空氣阻力影響，g

取lOm/s?,則（）

A.運(yùn)動(dòng)員起跳過程處于超重狀態(tài)

B.起跳過程的平均速度比離地上升到最高點(diǎn)過程的平均速度大

C.起跳過程中運(yùn)動(dòng)員對(duì)地面的壓力為960N

D.從開始起跳到雙腳落地需要1.05s

【答案】AD

【詳解】

A.在起跳過程中可視為勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度方向豎直向上，所以運(yùn)動(dòng)員起跳過程處于超重

狀態(tài)，故選項(xiàng)A正確；

B.在起跳過程中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，起跳過程的平均速度

v+0v

吊=丁=5

運(yùn)動(dòng)員離開地面后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，離地上升到最高點(diǎn)過程的平均速度

v+0v

2=丁=2

故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.運(yùn)動(dòng)員離開地面后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)2g/i=M可知

v=y/2gh=^/2X10x(2.9—2.1)m/s=4m/s

在起跳過程中根據(jù)速度位移公式可知2adh=v2

解得

v242

a=――=-———m/s2=16m/s2

2Ah2x0.51/

對(duì)運(yùn)動(dòng)員根據(jù)牛頓第二定律可知

FN—mg=ma

解得

FN=1300N

根據(jù)牛頓第三定律可知，對(duì)地面的壓力為1300N,故選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.起跳過程運(yùn)動(dòng)的時(shí)間

v4_

=—=—s=0.25s

a16

起跳后運(yùn)動(dòng)的時(shí)間

v

t=—=0.4s

29

故運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間

t=ti+2t2=1.05s

故選項(xiàng)D正確。

故選ADo

9.將一物體從距離地面為。的某一高處水平拋出，在拋出后的前3s內(nèi)物體的動(dòng)能&隨時(shí)間，變化

的圖像如圖所示（未落地），若飛行過程中不計(jì)空氣阻力，重力加速度g=10m/s2,則根據(jù)圖

像可以確定（）

A.物體拋出時(shí)的初速度大小為VIUm/s

B.拋出后的前3s內(nèi)重力做了900J的功

C.物體拋出時(shí)距離地面的高度h為45m

D.拋出后第Is內(nèi)和第3s內(nèi)的速度變化率相同

【答案】BD

【分析】

【詳解】

A.設(shè)小球的初速度為vo,則3s末的速度為

22

v3=1VQ+30m/s

根據(jù)圖象可知：小球的初動(dòng)能

1,

Eko=2mvo=100J

3s末的動(dòng)能

1,

Ek3=2mv3=1000J

解得

m=2kg,v0=10m/s

故A錯(cuò)誤；

B.拋出后的前3s內(nèi)下落高度

1_

h=2gt2=45m

拋出后的前3s內(nèi)重力做功

W=mgh=2x10x45J=900J

故B正確；

C.因?yàn)閽伋?s未落地，所以物體拋出時(shí)距離地面的高度大于45m,故C錯(cuò)誤;

D.由

Av

a=——二q

At3

可知拋出后第Is內(nèi)和第3s內(nèi)的速度變化率相同。故D正確。

故選BDo

10.如圖所示，質(zhì)量為小的有孔小球（視為質(zhì)點(diǎn)）與輕質(zhì)彈簧一端連接，小球穿在豎直放置的半

徑為R的光滑圓環(huán)軌道上，彈簧另一端固定在軌道最高點(diǎn)。。彈簧原長(zhǎng)為&R,將小球從與圓環(huán)

圓心等高的A點(diǎn)靜止釋放。當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到圓環(huán)軌道最低點(diǎn)B時(shí)速度為外小球與圓環(huán)間的作用力恰

好為零，已知重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）

A.小球在4點(diǎn)時(shí)的加速度為g

B.小球從/點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，重力做功的功率一直增大

C.小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)B時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能為mgR-gm/

D.若將小球的質(zhì)量換為2m,依舊從/點(diǎn)由靜止釋放小球，則小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，小球?qū)A環(huán)有向

上的壓力

【答案】AC

【詳解】

A.小球在4點(diǎn)時(shí)，彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)，彈簧彈力是0,而小球在A點(diǎn)速度是0,向心力是0,故圓

環(huán)對(duì)其彈力是0,小球僅受到重力作用，加速度為私故A正確；

B.小球在/點(diǎn)時(shí)速度是0，重力做功的功率是0,而在B點(diǎn)時(shí)，重力和速度方向垂直，重力做功的

功率也是0,所以小球從4點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，重力做功的功率先增大后減小，故B錯(cuò)誤；

C.由系統(tǒng)機(jī)械能守恒可知，小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)B時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能等于4到B過程重力勢(shì)能減

少量減去動(dòng)能增加量，即為

1,

Ep彈=mgR--mv^

故C正確；

D.若將小球的質(zhì)量換為2小，兩次小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)彈性勢(shì)能變化一樣大，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，

即有

1,

2mgR-Ep彈=,x2mv2

故到達(dá)B點(diǎn)小球速度

v'>v

由牛頓第二定律，則有小球在8點(diǎn)需要的向心力增大，圓環(huán)對(duì)小球有向上的彈力，所以小球?qū)A

環(huán)有向下的壓力，故D錯(cuò)誤。

故選ACo

三、實(shí)驗(yàn)題(共12分)

11.為了測(cè)定氣墊導(dǎo)軌上滑塊的加速度，滑塊上安裝了寬度為d=0.2cm的遮光條?；瑝K在牽引力

作用下先后通過兩個(gè)光電門，配套的數(shù)字計(jì)時(shí)器記錄了遮光條通過光電門1的時(shí)間為位1=

0.20s,通過光電門2的時(shí)間為A。=0.05s,遮光條從開始遮住光電門1到開始遮住光電門2的

時(shí)間記為t=2.5so則遮光條通過光電門1的速度%=m/s；通過光電門2的速度

2

v2=m/s；滑塊的加速度a=______m/so

【答案】⑴.0.01(2).0.04(3).0.012

【詳解】

[1]遮光條通過光電門1的速度為

d

%=-=0.01m/s

⑵遮光條通過光電門2的速度為

d

v=—=0.04m/s

2f2

[3]滑塊的加速度為

v-v,

a=——2-——1=0.012m/s2

12.兩實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)分別用如圖甲和圖乙所示的裝置進(jìn)行“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)。

甲

（1）在圖甲中,下落物體應(yīng)選擇密度（選填“大”或“小”）的重物；在圖乙中，兩個(gè)

重物的質(zhì)量關(guān)系是巾1（選填“>"、“=”或“<”）機(jī)2。

（2）某同學(xué)采用乙圖裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，測(cè)出多個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)對(duì)應(yīng)的重物的速度大小v及對(duì)應(yīng)重物爪2

?2

上升的高度肌作出的三一/1圖像如圖丙所示，若圖像的斜率左=（用含力1、巾2和g的式

子表示），即可驗(yàn)證機(jī)械能守恒。

（3）比較兩種實(shí)驗(yàn)方案，你認(rèn)為圖（選填“甲”或“乙”）所示實(shí)驗(yàn)方案更合理，理由

是

【答案】（1）.大（2）.>（3）.Qg（4）.甲（5）,乙方案機(jī)械能不守恒時(shí)斜

率不變，不能驗(yàn)證機(jī)械能是否守恒。

【詳解】

（1）口］物體下落過程受阻力要遠(yuǎn)小于重力，故應(yīng)采用質(zhì)量大而體積小的重物，即密度要大。

⑵在圖乙中，加2下面連著紙帶打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，應(yīng)向上運(yùn)動(dòng)，故兩個(gè)重物的質(zhì)量關(guān)系是如>〃?2。

（2）乙圖裝置機(jī)械能守恒，則有

1

2

=-(m1+m2~)v+m2gh

整理得

V2O1_m),

—二---------2--gh

2m1+m2

?2

5—八圖像的斜率為

（利-m）

k=------------2-g

m1+m2

（3）乙方案若機(jī)械能不守恒，根據(jù)能量守恒有

1

2

m^gh=-（mi+m2）v+m2gh+Q

整理的

v2（叫-m）Q

=---2------gh-\-------------

2m1+m2m1+m2

則斜率不變，故乙方案不能驗(yàn)證機(jī)械能守恒，故甲方案更合理。

四、解答題（共18分）

13.機(jī)動(dòng)車禮讓行人是一種文明行為。如圖所示，質(zhì)量m=1.0x103kg的汽車以%=36km/h的

速度在水平路面上勻速行駛，在距離斑馬線s=20m處，駕駛員發(fā)現(xiàn)小朋友排著長(zhǎng)E=6m的隊(duì)伍

從斑馬線一端開始通過，立即剎車，最終恰好停在斑馬線前。假設(shè)汽車在剎車過程中所受阻力不

變，且忽略駕駛員反應(yīng)時(shí)間。

（1）求開始剎車到汽車停止所用的時(shí)間和所受阻力的大?。?/p>

（2）若路面寬L=6m,小朋友行走的速度%=0.5m/s,求汽車在斑馬線前等待小朋友全部通過

所需的時(shí)間；

（3）假設(shè)駕駛員以『2=54km/h超速行駛，在距離斑馬線s=20m處立即剎車，求汽車到斑馬線

時(shí)的速度。

【答案】(1)ti=4s,Ff—2.5x103N；(2)20s；(3)v=5V5m/s

【分析】

【詳解】

（1）根據(jù)平均速度

s

ti=-

V

解得剎車時(shí)間

ti=4s

剎車加速度

a=^

根據(jù)牛頓第二定律

Ff=ma

解得

3

Ff=2.5x10N

(2)小朋友過時(shí)間

/+L

等待時(shí)間

t=t2—=20s

(3)根據(jù)

V2—v2=2as

解得

v=5V5m/s

14.如圖甲所示，質(zhì)量均為巾=1kg的A、B兩滑塊疊放在一起靜置于水平面上，A置于B滑塊前

端，可視為質(zhì)點(diǎn)。A與8,B與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃=0.2。0時(shí)刻一水平外力尸作用于B

物體，外力?隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖乙所示，求：(g取lOm/s?)

(1)3s時(shí)刻A物塊的加速度；

(2)0?6s內(nèi)B發(fā)生的位移；

【答案】(1)lm/s2；(2)14m；(3)4m

【詳解】

(1)由圖可知t=3s時(shí)，F(xiàn)2=6N,假設(shè)A、B未發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，由牛頓第二定律得

P2~”（mA+mB）g.,

a=------------------------=lm/sz2

THA+咻

則

fA=mAa=IN

又

/Am=/A"=2N>/A

故假設(shè)成立，A、B未發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則

2

aA=aB=a=lm/s

（2）0?2s內(nèi)，&=2N,根據(jù)滑動(dòng)摩擦力的計(jì)算公式有

/BW=〃（力A+^B）g=4N

因則A、B均相對(duì)于地面靜止口

2?4s內(nèi)，F(xiàn)z=6N,由（1）問知=（ZA=lm/s?,根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律有

1R9

%B1=2a^=2m

Vg=Qgt=2mIs

4?6s內(nèi)，F(xiàn)3=ION,假設(shè)A、B未發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，由牛頓第二定律得

,^3-M（HI+m）^

a=-------------A-------B----=3m/s

THA+小B

則

f]=mAa'=3N

又

Am=〃巾A9=2N</AZ

故假設(shè)不成立，A、B發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則

?AI=聞=2m/s2