2024屆四川省南充市高三下學(xué)期適應(yīng)性考試(二診)物理試題(解析版)_第1頁
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高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE1南充市高2024屆高考適應(yīng)性考試(二診)第I卷一、選擇題1.如圖所示,一輛電動(dòng)車在水平地面上以恒定速率v行駛,依次通過a,b,c三點(diǎn),比較三個(gè)點(diǎn)向心力大?。ǎ〢.Fa>Fb>Fc B.Fa<Fb<FcC.Fc<Fa<Fb D.Fa>Fc>Fb〖答案〗B〖解析〗根據(jù)向心力公式由于速率恒定,半徑越小的位置向心力越大,從圖可知曲率半徑,故,故B正確,ACD錯(cuò)誤。故選B。2.已知?dú)湓拥幕鶓B(tài)能量為,激發(fā)態(tài)的能量,其中。用氫原子從能級(jí)躍遷到基態(tài)輻射的光照射鋅板,電子逸出鋅板表面的最大初動(dòng)能為。則鋅的逸出功為()A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗根據(jù)題意可知從能級(jí)躍遷到基態(tài)輻射的光照射鋅板,輻射出光子的能量為由于電子逸出鋅板表面的最大初動(dòng)能為,由光電效應(yīng)方程有解得故選A。3.A、B、C三個(gè)物體疊放在一起如圖中實(shí)線所示,用力作用在物體C上,緩慢轉(zhuǎn)到虛線所示位置的過程中,A、B、C三個(gè)物體始終相對(duì)靜止,下列說法正確的是()A.C對(duì)B的作用力大小和方向都不變B.C對(duì)B的作用力先增加后減小C.B對(duì)A的支持力先減小后增加D.B對(duì)A的摩擦力先增加后減小〖答案〗A〖解析〗AB.以A、B為整體,緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)過程中,根據(jù)受力平衡可知,C對(duì)B的作用力一直與A、B整體的重力平衡,則C對(duì)B的作用力大小和方向都不變,故A正確,B錯(cuò)誤;CD.以A對(duì)象,根據(jù)受力平衡可得,轉(zhuǎn)動(dòng)過程中,先減小到零后又增大,則B對(duì)A的支持力先增加后減小,B對(duì)A的摩擦力先減小后增加,故CD錯(cuò)誤。故選A。4.智能手機(jī)有許多傳感器,如加速度傳感器。小明用手平托著手機(jī),迅速向下運(yùn)動(dòng),然后停止。以豎直向上為正方向,手機(jī)記錄了手機(jī)豎直方向的加速度a隨時(shí)間t變化的圖像如圖所示。則下列判斷正確的是()A.t1時(shí)刻手機(jī)速度最大 B.手機(jī)t2時(shí)刻比t1速度更小C.t3時(shí)刻手受的壓力比手機(jī)重力小 D.t4時(shí)刻手受的壓力最大〖答案〗D〖解析〗A.根據(jù)題意由圖可知,t1時(shí)刻,手機(jī)加速度為負(fù)向最大,但速度不是最大,故A錯(cuò)誤;B.手機(jī)一直下運(yùn)動(dòng),則t2時(shí)刻手機(jī)加速度仍向下,所以還在向下加速,速度比t1時(shí)刻速度更大,故B錯(cuò)誤;CD.根據(jù)題意,設(shè)手給手機(jī)的支持力為F,取向下為正方向,由牛頓第二定律有可得可知,當(dāng)手機(jī)具有向上最大加速度時(shí),手給手機(jī)的作用力最大,即手受到的壓力最大,由圖可知,t4時(shí)刻,手機(jī)具有向上的最大加速度,即t4時(shí)刻手受的壓力最大;t3時(shí)刻,手機(jī)具有向上的加速度,手機(jī)處于超重,所以手受到的壓力比手機(jī)重力大,故C錯(cuò)誤、D正確。故選D。5.絕緣水平面上固定一正點(diǎn)電荷Q,另一質(zhì)量為m、電荷量為-q(q>0)的滑塊(可看做點(diǎn)電荷)從a點(diǎn)以初速度v0沿水平面向Q運(yùn)動(dòng),b點(diǎn)為滑塊運(yùn)動(dòng)中距Q最近的點(diǎn)。已知a、b間距離為d,滑塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ,重力加速度為g。以下判斷正確的是()A.滑塊在b點(diǎn)的加速度一定為0B.滑塊在運(yùn)動(dòng)過程的中間位置,速度的大小等于C.滑塊在運(yùn)動(dòng)過程的中間時(shí)刻,速度的大小等于D.Q產(chǎn)生的電場中,a、b兩點(diǎn)間的電勢差為〖答案〗D〖解析〗A.由題意可知,滑塊水平方向受庫侖力、滑動(dòng)摩擦力,摩擦力與運(yùn)動(dòng)方向相反,而庫侖力與運(yùn)動(dòng)方相同,由于b點(diǎn)為滑塊運(yùn)動(dòng)中距Q最近的點(diǎn),則滑塊在b點(diǎn)速度為零,則滑塊在運(yùn)動(dòng)過程中庫侖力小于滑動(dòng)摩擦力,隨著間距減小,庫侖力增大,但仍小于滑動(dòng)摩擦力,所以到達(dá)b點(diǎn)時(shí)加速度不為零,故A錯(cuò)誤;BC.若滑塊在滑動(dòng)過程中做勻減速直線運(yùn)動(dòng),則在運(yùn)動(dòng)過程的中間位置,速度的大小為在運(yùn)動(dòng)過程的中間時(shí)刻,速度的大小為而實(shí)際上,隨著間距減小,庫侖力增大,但一直小于滑動(dòng)摩擦力,所以導(dǎo)致加速度減小,故中間位置的速度的大小不等于,中間時(shí)刻的速度不等于,故BC錯(cuò)誤;D.根據(jù)動(dòng)能定理可得所以故D正確。故選D。6.根據(jù)西游記關(guān)于“天庭”的描述,可推算出“天庭”繞地心一周運(yùn)動(dòng)的路程約49000km。我國的“天宮”空間站距地面高約400km。假如“天庭”真實(shí)存在,且“天庭”和“天宮”均繞地心做勻速圓周運(yùn)動(dòng),地球可視為半徑約6400km的均勻球體,則“天庭”相對(duì)于“天宮”()A.線速度更大 B.周期更大C.加速度更小 D.受地球引力一定更小〖答案〗BC〖解析〗根據(jù)題意可知,“天宮”空間站繞地心一周運(yùn)動(dòng)的路程約可知,“天宮”空間站的軌道半徑小于“天庭”的軌道半徑根據(jù)萬有引力提供向心力有解得可知,“天庭”相對(duì)于“天宮”線速度更小,故A錯(cuò)誤;B.根據(jù)萬有引力提供向心力有解得可知,“天庭”相對(duì)于“天宮”周期更大,故B正確;C.根據(jù)萬有引力提供向心力有解得可知,“天庭”相對(duì)于“天宮”加速度更小,故C正確;D.由于不知道“天庭”和“天宮”的質(zhì)量關(guān)系,無法判斷受地球引力大小關(guān)系,故D錯(cuò)誤。故選BC。7.如圖甲是游樂園常見跳樓機(jī),跳樓機(jī)的電磁式制動(dòng)原理如圖乙所示。跳樓機(jī)主干柱體上交替分布著方向相反、大小相等的勻強(qiáng)磁場,每塊磁場區(qū)域的寬度均為0.8m,高度均相同,磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為1T,中間座椅后方固定著100匝矩形線圈,線圈的寬度略大于磁場的寬度,高度與磁場高度相同,總電阻為8Ω。若某次跳樓機(jī)失去其他保護(hù),由靜止從高處突然失控下落,乘客與設(shè)備的總質(zhì)量為640kg,重力加速度g取10m/s2,忽略摩擦阻力和空氣阻力,則下列說法正確的是()A.線圈中電流方向始終為逆時(shí)針B.跳樓機(jī)的最大速度為8m/sC.當(dāng)跳樓機(jī)的速度為lm/s時(shí),線圈中感應(yīng)電流為20AD.跳樓機(jī)速度最大時(shí),克服安培力做功的功率為12800W〖答案〗CD〖解析〗A.由右手定則可知,電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針與順時(shí)針交替變化,故A錯(cuò)誤;B.跳樓機(jī)由靜止下落后受安培力與重力,有跳樓機(jī)受到的安培力為由法拉第電磁感應(yīng)定律得且可得隨著速度的增加,加速度減小,當(dāng)加速度為0時(shí),速度達(dá)到最大值,以后跳樓機(jī)做勻速運(yùn)動(dòng),當(dāng)跳樓機(jī)速度最大時(shí),安培力與重力平衡有解得故B錯(cuò)誤;C.由法拉第電磁感應(yīng)定律得由閉合電路歐姆定律,當(dāng)跳樓機(jī)的速度為lm/s時(shí),線圈中感應(yīng)電流為故C正確;D.當(dāng)跳樓機(jī)速度最大時(shí),有克服安培力做功的功率為故D正確。故選CD。8.如圖甲所示,一輕質(zhì)彈簧的下端固定在水平面上,上端疊放兩個(gè)質(zhì)量均為M的物體A、B(B物體與彈簧連接),彈簧的勁度系數(shù)為k,初始時(shí)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)用豎直向上的拉力F作用在物體A上,使物體A開始向上做加速度為a(a<g)的勻加速運(yùn)動(dòng),A、B的速度隨時(shí)間變化圖像如圖乙所示,重力加速度為g,則下列說法正確的是()A.拉力F的最小值為2MaB.A、B分離時(shí),彈簧彈力恰好為零C.A、B分離時(shí),A上升的距離為D.彈簧恢復(fù)到原長時(shí),物體B速度達(dá)到最大值〖答案〗AC〖解析〗A.A、B整體原來靜止,合外力為零,施加外力F的瞬間,對(duì)A、B整體,根據(jù)牛頓第二定律有F=2Ma當(dāng)A、B整體向上運(yùn)動(dòng)時(shí),彈簧彈力減小,則F增大,故A正確;B.物體A、B在t1時(shí)刻分離,此時(shí)A、B具有共同的v與a,且A、B間作用力為0,對(duì)B有解得故B錯(cuò)誤;C.施加F前,物體A、B整體平衡,根據(jù)平衡條件有解得B在t1時(shí)刻分離,由解得則A、B分離時(shí),A上升的距離為故C正確;D.當(dāng)彈簧的彈力時(shí),B達(dá)到最大速度,此時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài),故D錯(cuò)誤。故選AC。第Ⅱ卷二、非選擇題(一)必考題9.把平行板電容器和靜電計(jì)按如圖方式連接,先讓電容器兩極板正對(duì)并保持一定距離,給電容器充電,可觀察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)一定角度,保持電容器所帶電荷量不變。(1)使兩極板間距離減小,可觀察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)的角度___________;(2)兩極板間距離不變,將兩板平行錯(cuò)開一些,可觀察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)的角度___________;(3)兩極板間距離、正對(duì)面積不變,將一塊有機(jī)玻璃插到兩板之間,可觀察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)的角度___________。(均選填“變大”或“變小”)〖答案〗(1)變?。?)變大(3)變小〖解析〗【小問1詳析】根據(jù)電容的決定式可知,若使兩極板間距離減小,則電容C增大,根據(jù)電容的定義式可知,電容器的帶電荷量Q不變,C增大,則U減小,所以可觀察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)的角度變小;【小問2詳析】若兩極板間距離不變,將兩板平行錯(cuò)開一些,即電容器兩極板的正對(duì)面積S減小,根據(jù)電容的決定式可知,電容C減小,Q不變,則U變大,所以可觀察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)的角度變大;【小問3詳析】若兩極板間距離、正對(duì)面積不變,將一塊有機(jī)玻璃插到兩板之間,則相對(duì)介電常量變大,根據(jù)電容的決定式可知,電容C變大,根據(jù)電容的定義式可知,電容C變大,電荷量Q不變,則兩極板間電壓U減小,所以可觀察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)的角度變小。10.實(shí)驗(yàn)小組在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”時(shí),用圖甲所示的裝置來進(jìn)行;由水平放置的氣墊導(dǎo)軌側(cè)面的刻度尺可以測出光電門A、B之間的距離L以及遮光片的寬度d,遮光片通過光電門A、B的時(shí)間tA、tB可通過計(jì)時(shí)器(圖中未標(biāo)出)分別讀出,滑塊質(zhì)量為M,鉤碼的質(zhì)量為m,打開氣墊導(dǎo)軌的氣源,讓滑塊在鉤碼的重力作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng),重力加速度為g,回答下列問題:(1)滑塊的加速度a=___________(用L、tA、tB、d來表示)。(2)保持鉤碼的質(zhì)量m不變,改變滑塊的質(zhì)量M,且滿足m遠(yuǎn)小于M,得出不同的M對(duì)應(yīng)的加速度a,描繪出a-M函數(shù)關(guān)系圖像如圖乙,若圖中標(biāo)為陰影的兩矩形的面積相等,則a與M成___________(填“正比”或“反比”)。(3)撤去光電門A,保持滑塊的質(zhì)量M不變,改變鉤碼的質(zhì)量m,且滿足m遠(yuǎn)小于M,滑塊每次都從氣墊導(dǎo)軌右邊距光電門B為x的同一位置由靜止釋放,遮光片通過光電門B的時(shí)間為t,為了能更直觀地看出滑塊的加速度與所受合力的關(guān)系,應(yīng)作出___________(選填“”“”或“”)圖像,若該圖像的斜率為k,已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間,則滑塊的質(zhì)量M=___________(用k、d、g、x表示)?!即鸢浮剑?)(2)反比(3)〖解析〗【小問1詳析】滑塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng),則所以【小問2詳析】把a(bǔ)-M函數(shù)關(guān)系圖像中兩個(gè)矩形補(bǔ)充完整,如圖所示兩個(gè)完整的矩形的面積相等都為mg,再減去補(bǔ)充的共有面積,剩余的面積也相等,即圖中兩矩形的面積相等,當(dāng)鉤碼的質(zhì)量m不變,滑塊的質(zhì)量M與加速度a的乘積不變恒為mg,則a與M成反比?!拘?詳析】[1]根據(jù)速度位移關(guān)系可得所以所以為了能更直觀地看出滑塊的加速度與所受合力的關(guān)系,應(yīng)作出圖像;[2]根據(jù)題意有解得11.如圖所示,固定在水平面的斜面傾角為37°,兩個(gè)小物塊A、B用輕繩相連,輕繩繞過斜面頂端的輕質(zhì)小滑輪,滑輪與輪軸之間的摩擦不計(jì),A物塊鎖定于斜面底部,B物塊離地面高度為。已知A物塊的質(zhì)量為,B物塊的質(zhì)量為,A物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù),重加速度為,,。時(shí)刻,解除A物塊的鎖定狀態(tài),當(dāng)B物塊落地瞬間輕繩斷裂,A恰好未與滑輪相撞,求:(1)B物塊下落過程中的加速度a的大小及落地前瞬間的速度v的大??;(2)斜面的長度L及A從時(shí)刻起到返回斜面底端所需時(shí)間t?!即鸢浮剑?),;(2),〖解析〗(1)根據(jù)題意,設(shè)B物塊下落過程中繩子的拉力為,由牛頓第二定律,對(duì)B物塊有對(duì)A物塊有聯(lián)立解得B物塊落地前做勻加速直線運(yùn)動(dòng),則有解得(2)根據(jù)題意可知,繩斷前,A的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為繩斷后,A上滑過程有解得A上滑到頂端的時(shí)間為上滑的距離為則斜面的長度為A下滑過程有解得下滑到底端的時(shí)間為則A從時(shí)刻起到返回斜面底端所需時(shí)間12.利用磁場實(shí)現(xiàn)離子偏轉(zhuǎn)是科學(xué)儀器中廣泛應(yīng)用的技術(shù)。如圖所示,xOy平面內(nèi),的區(qū)域內(nèi)存在有區(qū)域足夠大的方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,的區(qū)域內(nèi)存在方向水平向右的勻強(qiáng)電場,電場強(qiáng)度為。位于坐標(biāo)原點(diǎn)O處的離子源能在平面內(nèi)持續(xù)發(fā)射質(zhì)量為m、電荷量為q的負(fù)離子,其速度方向與y軸正向夾角θ的最大值為60°,所有離子經(jīng)過界面時(shí)速度均與界面垂直。不計(jì)離子的重力及離子間的相互作用,并忽略場的邊界效應(yīng)。(1)求離子速度v與夾角θ的關(guān)系式;(2)離子通過界面時(shí)y坐標(biāo)的范圍;(3)離子在電場中運(yùn)動(dòng)的最遠(yuǎn)距離的最大值及對(duì)應(yīng)離子從發(fā)射到第二次經(jīng)過y軸所經(jīng)歷的時(shí)間(結(jié)果用q、B、m表示)。〖答案〗(1);(2);(3),或〖解析〗(1)根據(jù)題意可知,離子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),則有解得由于所有離子經(jīng)過界面時(shí)速度均與界面垂直,則所有離子做圓周運(yùn)動(dòng)的圓心均在上,由幾何關(guān)系有聯(lián)立解得(2)結(jié)合(1)分析可知,當(dāng)離子沿左側(cè)射出時(shí),通過界面的坐標(biāo)最大,離子沿右側(cè)射出時(shí),通過界面的坐標(biāo)最小,此時(shí)離子運(yùn)動(dòng)的半徑為由幾何關(guān)系可得即離子通過界面時(shí)y坐標(biāo)的范圍(3)由于所有離子經(jīng)過界面時(shí)速度均與界面垂直,則所有離子進(jìn)入電場后做勻減速直線運(yùn)動(dòng),加速度為則運(yùn)動(dòng)最遠(yuǎn)距離為運(yùn)動(dòng)時(shí)間為可知,當(dāng)時(shí),運(yùn)動(dòng)最遠(yuǎn)距離有最大值,最大值為運(yùn)動(dòng)到最遠(yuǎn)距離時(shí)的時(shí)間為若離子沿與軸成角向第一象限入射時(shí),由幾何關(guān)系可得,第一次在磁場中運(yùn)動(dòng)的圓心角為,由對(duì)稱性可知,離子從電場返回磁場的速度大小等于從磁場進(jìn)入電場的速度大小,離子第二次經(jīng)過y軸時(shí),離子在磁場中運(yùn)動(dòng)的圓心角為,如圖所示離子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為則離子從發(fā)射到第二次經(jīng)過y軸所經(jīng)歷的時(shí)間若離子沿與軸成角向第二象限入射時(shí),由幾何關(guān)系可得,第一次在磁場中運(yùn)動(dòng)的圓心角為,離子第二次經(jīng)過y軸時(shí),離子在磁場中運(yùn)動(dòng)的圓心角為,如圖所示同理可得離子從發(fā)射到第二次經(jīng)過y軸所經(jīng)歷的時(shí)間(二)選考題[物理選修3—3]13.如圖甲為某種轉(zhuǎn)椅的結(jié)構(gòu)示意圖,其升降部分由M、N兩筒組成,兩筒間密閉了一定質(zhì)量的理想氣體。圖乙為氣體分子速率分布曲線,初始時(shí)刻筒內(nèi)氣體所對(duì)應(yīng)的曲線為b、人坐上椅子后M迅速向下滑動(dòng),設(shè)此過程筒內(nèi)氣體不與外界發(fā)生熱交換,則此過程中()A.密閉氣體壓強(qiáng)增大,分子平均動(dòng)能增大B.外界對(duì)氣體做功,氣體分子的密集程度保持不變C.密閉氣體內(nèi)能增大,容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)增加D.密閉氣體分子速率分布曲線可能會(huì)變成a曲線E.密閉氣體的分子速率分布曲線可能會(huì)變成c曲線〖答案〗ACE〖解析〗ABC.根據(jù)題意可知,M迅速向下滑動(dòng),理想氣體的體積減小,氣體分子的密集程度變大,外界對(duì)氣體做功,且筒內(nèi)氣體不與外界發(fā)生熱交換,則理想氣體內(nèi)能增大,溫度升高,分子平均動(dòng)能增大,容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)增加,密閉氣體壓強(qiáng)增大,故AC正確,B錯(cuò)誤;DE.由于氣體溫度越高,速率較大的分子所占的比例越大,則密閉氣體的分子速率分布曲線可能會(huì)變成c曲線,故E正確,D錯(cuò)誤。故選ACE。14.如圖所示為一種圓筒狀自加壓儲(chǔ)水缸,該裝置可以在無市政供水的環(huán)境下作為應(yīng)急水源。圓筒內(nèi)壁深度為,橫截面積為,當(dāng)筒內(nèi)無水時(shí)筒內(nèi)封閉氣體氣壓為,氣壓控制裝置自動(dòng)接通電動(dòng)機(jī)電源,電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)水泵通過筒底部的閥門T將水壓入缸內(nèi)。水位緩慢上升使筒內(nèi)封閉氣體壓強(qiáng)增大,當(dāng)氣壓控制裝置檢測到氣壓達(dá)到時(shí)自動(dòng)切斷電源停止加水。將封閉氣體視為理想氣體,加減水過程氣體的溫度保持不變,忽略內(nèi)壁上下邊緣的彎曲和水的蒸發(fā)。已知水的密度,重力加速度。求:(1)每次自動(dòng)抽水能加入筒內(nèi)的水的體積V;(2)閥門T能承受的最大壓強(qiáng)為,為防止自動(dòng)加水時(shí)氣壓控制裝置失效不斷加壓導(dǎo)致閥門損壞,需設(shè)置泄壓閥的開啟氣壓閾值為多大?〖答案〗(1);(2)〖解析〗(1)根據(jù)題意,由玻意耳定律有解得(2)根據(jù)題意,設(shè)閥門T處壓強(qiáng)為時(shí),水的深度為,則有對(duì)氣體,由玻意耳定律有聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得[物理選修3—4]15.為了裝點(diǎn)城

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