2024屆西藏拉薩市高三下學(xué)期一模物理試卷（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024年西藏拉薩市高考物理一模試卷一、單選題（本題共10小題，共60分）1.鈷60(2760Co)是金屬元素鈷的放射性同位素之一，其半衰期為5.27年。靜止的鈷60發(fā)生一次衰變成為鎳60(2860Ni)，同時(shí)放出X粒子和兩束QUOTE射線。下列說(shuō)法正確的是A.QUOTE射線具有很強(qiáng)的電離作用 B.10g鈷60經(jīng)過(guò)10.54年全部發(fā)生衰變

C.X粒子的質(zhì)量數(shù)為4 D.X粒子帶負(fù)電2.摩托車騎手從一斜坡沖出在空中飛越的情景如圖所示，不計(jì)空氣阻力影響，假設(shè)摩托車發(fā)動(dòng)機(jī)油門關(guān)閉，摩托車在空中飛行的過(guò)程中(

)A.若要研究某時(shí)刻騎手的動(dòng)作，可以把摩托車和騎手看作質(zhì)點(diǎn)

B.若不考慮轉(zhuǎn)動(dòng)的影響，在最高點(diǎn)，騎手的動(dòng)能為零

C.若不考慮轉(zhuǎn)動(dòng)的影響，騎手的機(jī)械能先減小再增大

D.若不考慮轉(zhuǎn)動(dòng)的影響，騎手的加速度不變3.如圖甲所示的電路中，變壓器為理想變壓器，原，副線圈的匝數(shù)比為2：1，電壓表和電流表均為理想電表，定值電阻R的阻值為QUOTE，a，b端輸入如圖乙所示的電壓，則電流表的示數(shù)、電壓表的示數(shù)分別為(

)

A.11A，220B.11A，220V

C.112AD.1124.質(zhì)量為0.2kg的物塊在水平地面上做直線運(yùn)動(dòng)，其速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示，根據(jù)v-t圖像所提供的信息，可知(

)A.QUOTE內(nèi)，物塊沿同一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)

B.在t>4s時(shí)間段，物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)

C.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，物塊的加速度逐漸減小，直至為零

D.QUOTE內(nèi)，物塊運(yùn)動(dòng)的速度方向和加速度方向相同5.據(jù)統(tǒng)計(jì)，我國(guó)發(fā)射的衛(wèi)星已近600顆，位居世界第二位，這些衛(wèi)星以導(dǎo)航、遙感、通信為主要類別。如圖，A、B、C為我國(guó)發(fā)射的3顆衛(wèi)星，其軌道皆為圓形，其中衛(wèi)星A、B的軌道在赤道平面內(nèi)，衛(wèi)星C的軌道為極地軌道，軌道半徑rC<rAA.衛(wèi)星A的加速度大小比衛(wèi)星B的大 B.衛(wèi)星B的動(dòng)能比衛(wèi)星A的大

C.衛(wèi)星B一定與地球自轉(zhuǎn)同步 D.衛(wèi)星C的線速度大小可能為8.0km/s6.在游樂場(chǎng)有一種與眾不同的游樂設(shè)施QUOTE瘋狂魔盤，游客在魔盤上可以體會(huì)到慣性帶來(lái)的樂趣，如圖甲，其工作原理可以簡(jiǎn)化為圖乙模型，水平圓盤在水平面內(nèi)可繞中心軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，圓盤上距離轉(zhuǎn)軸分別為r、2r處有兩個(gè)完全相同的小物塊a、b，質(zhì)量均為m。物塊a、b與圓盤間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為QUOTE，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力?，F(xiàn)讓圓盤沿逆時(shí)針(俯視)方向以角速度QUOTE做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，物塊a、b相對(duì)于圓盤靜止，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是(

)

A.若增大QUOTE，物塊a先滑動(dòng)

B.物塊a受到的摩擦力大小始終為QUOTE

C.物塊b受到的摩擦力是物塊a的2倍

D.若逐漸增大QUOTE，保持物塊a、b不滑動(dòng)，則物塊a、b受到的摩擦力不再沿半徑指向圓心7.如圖，虛線a，b、c為靜電場(chǎng)中的等勢(shì)線，實(shí)線為一帶電粒子在靜電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡，B點(diǎn)是曲線運(yùn)動(dòng)的拐點(diǎn)，不計(jì)粒子的重力，下列說(shuō)法正確的是(

)A.粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程，加速度減小、速度增大

B.粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程，電勢(shì)能增大，動(dòng)能減小

C.粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)電場(chǎng)力做功的絕對(duì)值大于從A點(diǎn)到C點(diǎn)電場(chǎng)力做功的絕對(duì)值

D.粒子運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能大于D點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能8.如圖，在水平絕緣桌面上固定兩條相距為L(zhǎng)的平行長(zhǎng)直光滑金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌的左端連接阻值為R的定值電阻，質(zhì)量為m的金屬桿垂直放在導(dǎo)軌上，金屬桿接入電路的電阻也為R，整個(gè)裝置處于垂直導(dǎo)軌平面向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，給金屬桿施加一個(gè)水平向右的拉力F，拉力的功率始終為P，經(jīng)時(shí)間t，金屬桿的加速度剛好為0，再經(jīng)時(shí)間t撤去拉力，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中金屬桿始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，下列說(shuō)法正確的是(

)A.金屬桿運(yùn)動(dòng)的最大速度為2PRBL

B.金屬桿運(yùn)動(dòng)的最大速度為PRBL

C.拉力作用過(guò)程中，通討電阻R的焦耳熱為Pt-9.下列說(shuō)法正確的是(

)A.利用高壓鍋蒸煮東西時(shí)，鍋內(nèi)氣體溫度升高，氣體分子平均動(dòng)能增加

B.用肉眼直接觀察到的在無(wú)風(fēng)情形下空氣中塵埃的運(yùn)動(dòng)不是布朗運(yùn)動(dòng)

C.兩氣體分子從很遠(yuǎn)距離逐漸靠近，直到不能再靠近的過(guò)程中，分子間引力減小，斥力增加

D.液晶電視機(jī)的工作原理中利用了液晶的光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似，具有各向同性

E.盡管技術(shù)不斷進(jìn)步，制冷機(jī)還是不可能將溫度降到QUOTE，熱機(jī)的效率也不可以達(dá)到100%10.一列沿x軸傳播的簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)的波形圖如圖所示，此時(shí)刻后介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)P回到平衡位置時(shí)間比質(zhì)點(diǎn)Q回到平衡位置早0.8s，已知t=0時(shí)P、Q兩質(zhì)點(diǎn)相對(duì)平衡位置位移相同，均為5cm，波的振幅為10cm，下列說(shuō)法正確的是(

)A.波的傳播方向沿x軸正方向 B.波的傳播速度為10m/s

C.t=0時(shí)質(zhì)點(diǎn)P做加速運(yùn)動(dòng) D.P、Q兩質(zhì)點(diǎn)間的距離始終不變

E.質(zhì)點(diǎn)P回到平衡位置的最短時(shí)間為0.2s 二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共15分）11.某同學(xué)用如圖甲所示裝置做“探究加速度與力的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)。力傳感器固定在小車上，細(xì)線連接在力傳感器上，位移傳感器與計(jì)算機(jī)相連接，可以描繪出小車運(yùn)動(dòng)的位移x與小車運(yùn)動(dòng)時(shí)間的平方的關(guān)系圖像。

(1)為了保證小車受到的合外力等于細(xì)線的拉力，需要的操作是______。

A.保證砝碼和托盤的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量

B.平衡摩擦力

C.調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳≤嚨募?xì)線與長(zhǎng)木板平行

(2)調(diào)節(jié)好裝置后，將小車從靠近位移傳感器的位置由靜止釋放，根據(jù)位移傳感器測(cè)得的數(shù)據(jù)，計(jì)算機(jī)描繪出小車運(yùn)動(dòng)的位移與運(yùn)動(dòng)時(shí)間的平方的關(guān)系圖像如圖乙所示。若圖像的斜率為k，則小車運(yùn)動(dòng)的加速度a=______。

(3)保持小車和力傳感器的總質(zhì)量M不變，多次改變托盤中砝碼質(zhì)量進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，測(cè)得多組力傳感器的示數(shù)F，及對(duì)應(yīng)的小車的加速器度a，作a-F圖像，如果圖像是一條過(guò)原點(diǎn)的直線，且圖像的斜率等于______，則表明質(zhì)量一定時(shí)，加速度與合外力成正比。12.某學(xué)校實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路圖，可以同時(shí)測(cè)量電壓表V的內(nèi)阻和電流表G的內(nèi)阻?？晒┻x用的儀器有：

A.內(nèi)阻約QUOTE的待測(cè)電壓表V，量程QUOTE

B.內(nèi)阻約QUOTE的待測(cè)電流表G，量程QUOTE

C.定值電阻R(阻值已知)

D.電阻箱R0

E.滑動(dòng)變阻器QUOTE

F.滑動(dòng)變阻器QUOTE

G.電源電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)阻忽略不計(jì)

H.開關(guān)、導(dǎo)線若干

(1)為了準(zhǔn)確測(cè)量電壓，電流表的內(nèi)阻，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選______(選填“R1”或“R2”)。

(2)實(shí)驗(yàn)中電阻箱的示數(shù)如圖乙所示，則R0=______。

(3)閉合S1前，將滑動(dòng)變阻器的滑片P調(diào)到______(選填“a”或“b”)處。

(4)將單刀雙擲開關(guān)撥到1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使得V和G有明顯的讀數(shù)，分別為U1、I1；再將單刀雙擲開關(guān)撥到2，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變陽(yáng)阻器，使得V和G有明顯的讀數(shù)，分別為U2、I2，則電壓表V的內(nèi)阻rV=______，電流表G的內(nèi)阻rg=______。(均選用U1、U2、I1、I2，R和R0表示)三、簡(jiǎn)答題（本題共4小題，共38分）13.如圖，直角坐標(biāo)系xOy第Ⅰ、Ⅱ象限內(nèi)存在著沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第Ⅲ、Ⅳ象限內(nèi)存在著垂直坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=52T。一帶負(fù)電的粒子從y軸上P點(diǎn)(0,10cm)以v0=10m/s的速度平行于x軸進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)，粒子從x軸上的Q點(diǎn)(20cm,0)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)。已知粒子的比荷為(1)電場(chǎng)強(qiáng)度大小；

(2)粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑。14.如圖，一光滑的圓弧軌道AB固定在豎直平面內(nèi)，一個(gè)質(zhì)量為4kg的小球a從軌道A點(diǎn)靜止釋放，運(yùn)動(dòng)到軌道的最低點(diǎn)時(shí)，與靜止在該點(diǎn)質(zhì)量為1kg的b球發(fā)生碰撞，碰撞后，兩小球粘在一起繼續(xù)運(yùn)動(dòng)。若圓弧軌道的半徑R為1m，A、B兩端點(diǎn)和圓心O的連線與豎直方向的夾角QUOTE均為QUOTE，a、b兩小球體積相等，且均看作質(zhì)點(diǎn)，重力加速度g取10m/s2，QUOTE，QUOTE。求：

(1)小球a碰撞前的瞬間速度大小v0；

(2)小球a、b碰撞后瞬間整體的速度大小v，以及此時(shí)a、b整體對(duì)軌道的壓力F；

(3)小球a、b碰撞后，a、b整體繼續(xù)運(yùn)動(dòng)上升的最大高度H(相對(duì)于軌道最低點(diǎn))。15.如圖，導(dǎo)熱性能良好的氣缸固定在傾角為QUOTE的斜面上，斜面底端有一固定擋板。距離氣缸底部l=6cm處有質(zhì)量m=2kg，橫截面積S=10cm2的活塞，活塞與固定在擋板上的輕質(zhì)彈簧相連接，活塞與氣缸之間無(wú)摩擦且不漏氣，彈簧壓縮量QUOTE，并被鎖定，(缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)p=5×104Pa，彈簧勁度系數(shù)k=20N/cm，重力加速度g取10m/s2，大氣壓強(qiáng)QUOTE。求：

(1)解鎖彈簧的瞬間。活塞的加速度大?。?/p>

(2)解鎖彈簧待穩(wěn)定后。氣缸內(nèi)的壓強(qiáng)。16.如圖，半徑為R=30cm的玻璃球臺(tái)，球臺(tái)平面對(duì)應(yīng)的球心角為QUOTE，與球臺(tái)平面等面積的單色光柱垂直臺(tái)面射向球體。已知玻璃對(duì)單色光的折射率為2，光在真空中的速率為c=3.0×108m/s，求：

(1)該單色光在玻璃球臺(tái)中的傳播速度；

(2)光在玻璃球臺(tái)內(nèi)傳播的最長(zhǎng)時(shí)間(只考慮全反射)?！飬⒖即鸢浮铩?.〖答案〗D

〖解析〗解：QUOTE射線的電離能力弱，穿透能力強(qiáng)，故A錯(cuò)誤；

B.10g鈷60經(jīng)過(guò)10.54年，即經(jīng)過(guò)2個(gè)半衰期，則m=m0(12)2=14m0=14×10g=2.5g，即還剩余2.5g，故B錯(cuò)誤；

CD.根據(jù)質(zhì)量數(shù)、電荷數(shù)守恒可知，X的質(zhì)量數(shù)A=60-60=0，電荷數(shù)z=27-28=-1，可知X是QUOTE粒子，即電子，帶負(fù)電，質(zhì)量數(shù)為零，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選：D。

根據(jù)射線的特點(diǎn)判斷；根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒判斷X粒子；經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期有半數(shù)發(fā)生衰變，根據(jù)m=m0(12)n求解剩余的鈷60。

解決本題的關(guān)鍵知道衰變的過(guò)程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，知道QUOTE衰變和2.〖答案〗D

〖解析〗解：A、當(dāng)要研究某一時(shí)刻騎手的動(dòng)作，就要展現(xiàn)出騎手的運(yùn)動(dòng)細(xì)節(jié)，而把騎手和摩托車看成質(zhì)點(diǎn)就不能看到騎手的動(dòng)作了。故A錯(cuò)誤。

B、因?yàn)轵T手是斜向上沖上斜坡，所以有平行于地面的速度，所以當(dāng)騎手騎到最高點(diǎn)時(shí)，其豎直方向的速度為0，但是其動(dòng)能不為0。故B錯(cuò)誤。

C、因?yàn)轵T手從斜坡沖出的時(shí)刻，騎手就只受重力的影響，在只受重力作用的情況下其機(jī)械能始終不變。故C錯(cuò)誤。

D、當(dāng)騎手從斜坡沖出時(shí)，騎手只受到重力的作用，其加速度等于重力加速度，所以騎手的加速度不變。故D正確。

故選：D。

分析騎手從沖出斜坡開始，騎手只受到重力的影響，并且其豎直方向上的速度先減小后增大，水平方向的速度保持不變，并且當(dāng)物體在只受重力影響時(shí)，物體的機(jī)械能守恒，從而得出〖答案〗為多少。

此題主要考查斜拋的知識(shí)點(diǎn)，主要要注意在只受重力的情況下其機(jī)械能保持不變。3.〖答案〗B

〖解析〗解：由圖乙和在，輸入電壓的最大值Um=2202V，電壓表的示數(shù)為電壓的有效值，原線圈電壓的有效值為U1=Um2=22022V=220V，所以電壓表的示數(shù)為220V。

根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系

U1n1=U4.〖答案〗C

〖解析〗解：A.由圖可知QUOTE內(nèi)和QUOTE內(nèi)物塊的速度分別為負(fù)值和正值，所以兩段時(shí)間內(nèi)物塊的速度方向相反。故A錯(cuò)誤；

B.由圖可知，在t>4s時(shí)間段，物塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)。故B錯(cuò)誤；

C.圖線的斜率表示物塊的加速度，由此可知，在t=0時(shí)，物塊加速度最大，t=4s時(shí)，加速度最小(a=0)，物塊的加速度越來(lái)越小，直至為零。故C正確；

D.由圖可知，QUOTE內(nèi)，物塊做減速運(yùn)動(dòng)，所以物塊的速度方向和加速度方向相反。故D錯(cuò)誤。故選：C。

根據(jù)v-t圖像中圖線的形狀及變化情況來(lái)判斷物塊的速度變化情況，由圖線斜率表示加速度進(jìn)行加速度大小及方向的判斷。

本題考查學(xué)生對(duì)v-t圖像中圖線斜率的理解，解題關(guān)鍵是正確理解v-t圖像。是一道基礎(chǔ)題目。5.〖答案〗A

〖解析〗解：A.衛(wèi)星圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：

GMmr2=ma

解得：a=GMr2

由圖可知三顆衛(wèi)星的軌道半徑關(guān)系為：

rC<rA<rB

可知三顆衛(wèi)星的加速度大小關(guān)系為：

aC>aA>aB，故A正確；

B.根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：

GMmr2=mv2r

解得：v=GMr

則衛(wèi)星的動(dòng)能為：

Ek=12m6.〖答案〗CD

〖解析〗解：A.由摩擦力提供向心力得Ff=mω2:R

可知增大角速度，物塊a、b所需向心力均增大，其中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)半徑較大的物塊b最先達(dá)到最大靜摩擦力，故物塊b先滑動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.物塊a繞轉(zhuǎn)軸做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，靜摩擦力充當(dāng)向心力，a滑動(dòng)前受到的摩擦力始終小于QUOTE，故B錯(cuò)誤；

C.物塊a、b均繞轉(zhuǎn)軸做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，靜摩擦力充當(dāng)向心力，有Ff=mω2:R

由于ra=r，rb=2r

可得2Ffa=Ffb

故C正確；

D.若逐漸增大QUOTE，保持物塊a、b不滑動(dòng)，則物塊a7.〖答案〗BC

〖解析〗解：AB.因A點(diǎn)等勢(shì)面密集，則電場(chǎng)線密集，則A點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大，粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程受到的電場(chǎng)力減小，由牛頓第二定律可知加速度減??；根據(jù)曲線的彎曲方向可知粒子的受力方向大致向右，則粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程電場(chǎng)力做負(fù)功，動(dòng)能減小，速度減小，電勢(shì)能增大，故A錯(cuò)誤，B正確；

C.A、B點(diǎn)間的電勢(shì)差比A、C點(diǎn)間的電勢(shì)差大，根據(jù)W=qU可知粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)電場(chǎng)力做功的絕對(duì)值大于從A點(diǎn)到C點(diǎn)電場(chǎng)力做功的絕對(duì)值，故C正確；

D.A點(diǎn)和D點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，粒子運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)的動(dòng)能等于D點(diǎn)時(shí)運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。

故選：BC。

由等勢(shì)面的疏密可知電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，由F=Eq可知電場(chǎng)力的大小關(guān)系，從而判斷加速度關(guān)系；根據(jù)曲線的彎曲方向可知粒子的受力方向，進(jìn)而判斷出電場(chǎng)力做功的特點(diǎn)，然后判斷動(dòng)能與電勢(shì)能的變化。

本題中解題的關(guān)鍵在于曲線的彎曲方向的判斷，應(yīng)掌握根據(jù)彎曲方向判斷受力方向的方法；本題中告訴的是等勢(shì)面，很多同學(xué)由于思維定勢(shì)當(dāng)成了電場(chǎng)線從而出現(xiàn)錯(cuò)解。8.〖答案〗AD

〖解析〗解：AB.設(shè)金屬桿最大速度為vm，由題意知

I=BLvm2R

解得vm=2PRBL，故A正確，B錯(cuò)誤；

C.拉力作用過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有

2Pt-2Q=12mvm2

解得Q=Pt-mPR2B2L2，故C錯(cuò)誤；9.〖答案〗BC

2k

1M〖解析〗解：(1)保證小車受到的合外力等于細(xì)線的拉力，需要平衡摩擦力，并且調(diào)節(jié)滑輪的高度，使?fàn)恳≤嚨募?xì)線與長(zhǎng)木板平行；因?yàn)楸緦?shí)驗(yàn)中使用力的傳感器測(cè)量繩子的拉力，因此不需要滿足砝碼和托盤的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量。故A錯(cuò)誤，BC正確。

故選：BC。

(2)根據(jù)位移公式x=12at2，可知

12a=k

解得

a=2k

(3)由牛頓第二定律可得

a=1MF

可知，如果圖像是一條過(guò)原點(diǎn)的直線，且圖像的斜率等于1M，則表明質(zhì)量一定時(shí)，加速度與合外力成正比。

故〖答案〗為：(1)BC；(2)2k10.〖答案〗R2

2500.0

a

U2R〖解析〗解：(1)滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，為了方便調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器選擇R2；

(2)QUOTE；

(3)為了確保電路的安全，閉合S前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片調(diào)到最左端即a處；

(4)將單刀雙擲開關(guān)撥到1時(shí)，有U1=I1(R+R0+rg)

將里刀雙擲開關(guān)撥到2，有U2R+U2rV=I2

聯(lián)立解得電流表內(nèi)阻rg=U1I1-R-R0

電壓表內(nèi)阻rV=U2RI2R-U211.〖答案〗解：(1)粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得：

xQ=v0t1

QUOTE

由已知可得：xQ=20cm=0.2m，yP=10cm=0.1m，qm=20C/kg

解得：t1=0.02s，E=25V/m

(2)設(shè)粒子到達(dá)Q點(diǎn)的速度大小為v，粒子從P運(yùn)動(dòng)到Q，只有電場(chǎng)力做功，根據(jù)動(dòng)能定理可得：

Eqyp=12mv2-12mv02

解得：v=10〖解析〗(1)粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律和牛頓第二定律求解；

(2)根據(jù)動(dòng)能定理求得粒子到達(dá)Q點(diǎn)的速度，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力求解粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑。

本題是非?；A(chǔ)的帶電粒子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)問題，典型的磁場(chǎng)中勻速圓周運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)中的類平拋運(yùn)動(dòng)。帶電粒子在磁場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)，確定其軌跡半徑和圓心角是基本功。電場(chǎng)中的勻變速曲線運(yùn)動(dòng)處理的方法是運(yùn)動(dòng)的分解與合成。12.〖答案〗解：(1)對(duì)小球a，下滑至碰前，由動(dòng)能定理有：magR(1-cosθ)=12mav02-0

解得小球a碰撞前的瞬間速度大?。簐0=2m/s；

(2)對(duì)a、b兩小球，碰撞為完全非彈性碰撞，取a初速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律可得：

mnv0=(ma+mb)v

解得：v=1.6m/s

對(duì)a、b整體，碰后瞬間，由牛頓第二定律得：FN-(ma+mb)g=(ma+mb)v2R

由牛頓第三定律可得：F=FN

解得：F=62.8N，壓力的方向豎直向下；

(3)對(duì)a、b整體，a、b整體繼續(xù)沿軌道運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理有：-(〖解析〗(1)對(duì)小球a，由動(dòng)能定理求解小球a碰撞前的瞬間速度大??；

(2)對(duì)a、b兩小球，根據(jù)動(dòng)量守恒定律求解碰撞后的速度大?。粚?duì)a、b整體，碰后瞬間，由牛頓第二定律、牛頓第三定律求解壓力；

(3)對(duì)a、b整體，a、b整體繼續(xù)沿軌道運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理求解a、b整體繼續(xù)運(yùn)動(dòng)上升的最大高度。

本題主要是考查了動(dòng)量守恒定律和動(dòng)能定理；對(duì)于動(dòng)量守恒定律，其守恒條件是：系統(tǒng)不受外力作用或合外力為零；解答時(shí)要首先確定一個(gè)正方向，利用碰撞前系統(tǒng)的動(dòng)量和碰撞后系統(tǒng)的動(dòng)量相等列方程求解。13.〖答案〗ABE

〖解析〗解：A、溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，當(dāng)氣體溫度升高時(shí)，氣體分子的平均動(dòng)能增加，故A正確；

B、用肉眼看到的物體(比如空氣中的灰塵)的運(yùn)動(dòng)不是布朗運(yùn)動(dòng)，因?yàn)椴祭蔬\(yùn)動(dòng)要用顯微鏡放大才能看到，故B正確；

C、兩氣體分子從很遠(yuǎn)距離逐漸靠近，直到不能靠近為止，分子間引力和斥力都增加，故C錯(cuò)誤；

D、液晶像液體一樣可以流動(dòng)，又具有某些晶體的結(jié)構(gòu)特征，光學(xué)性質(zhì)具有各向異性，故D錯(cuò)誤；

E、根據(jù)熱力學(xué)第三定律可知，制冷機(jī)不可能將溫度降到QUOTE。根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，熱機(jī)效率不可能達(dá)到100%，故E正確。

故選：ABE。

溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志。布朗運(yùn)動(dòng)用肉眼不能直接觀察到。兩氣體分子從很遠(yuǎn)距離逐漸靠近時(shí)，分子間引力和斥力都增加。液晶具有各向異性。結(jié)合熱力學(xué)第二、第三定律分析。

解答本題的關(guān)鍵要掌握熱力學(xué)的基礎(chǔ)知識(shí)，特別要知道溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度越高，分子的平均動(dòng)能越大。14.〖答案〗解：(1)解鎖彈簧的瞬間，對(duì)活塞進(jìn)行受力分析如圖所示

根據(jù)牛頓第二定律，有

QUOTEFT+p0S-pS-mgsin30擄=maFT+p0S-pS-mgsin30擄=ma

其中

QUOTE

解得

a=45m/s2