2022年高考物理押題預測卷01（廣東卷）（全解全析）

2022年高考押題預測卷01【廣東卷】

物理?全解全析

12345678910

BDCBADDBDBCDACD

1.【答案】B

【解析】

』坐

設(shè)線框的面積為s,電阻為R,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律?？傻?，在0?0.2s時間內(nèi)，感應(yīng)

電動勢為

E,=2^￡=—v

10.2v2

0.2$?0.6s時間內(nèi),感應(yīng)電動勢為

-0.6-0.24

/=-

根據(jù)我可知，在0?0.2s時間內(nèi)與0.2s?0.6s時間內(nèi)感應(yīng)電流之比為

/,:/2=2:1

A.根據(jù)4="可知，通過金屬框的電荷量之比為

<7|：*7|=：，2'2=1：1

故A錯誤；

B.根據(jù)尸=以可知，金屬框中電流的電功率之比為

P]:P2=E]/,:E2I2=4:1

故B正確；

C.根據(jù)可知，金屬框中產(chǎn)生的焦耳熱之比為

<：。2=：/工=2:1

故C錯誤；

D.根據(jù)楞次定律可知，電流方向相反，由左手定則可知，金屬框時邊受到安培力方向相反，根

據(jù)七二8二，由于對應(yīng)時間8相同，則安培力大小之比為

Q:仁=/1：，2=2：1

故D錯誤。

2.【答案】D

【解析】

AB.水從炮口射出后，做斜拋運動，由于水到達火點，剛好處于最高點，故可逆向視作平拋運動,

設(shè)水在最高點的速度大小為vx,由平拋運動規(guī)律可知水在空中運動的時間為

則水平射出時水平方向的分速度大小為：

x30.._.

v=—=——m/s=15m/s

*t2

豎直方向的分速度大小為

vy=gf=20m/s

則水射出時的初速度大小為

%=亞+u；=25m/s

故AB錯誤：

C.由題意結(jié)合前面的分析可得空中水的質(zhì)量為

w=^^x2xl.0xl03kg=120kg

故C錯誤；

D.水炮對水做功的功率為：

1

mV2

2--xl20x252

-2--------------W=18750W

2

所以水泵的輸入功率為

I?7S0

——W=31250W

60%0.6

故D正確。

故選：D?

3.【答案】C

【解析】

A.由圖乙可知周期為

T=0.02s

則有

<y=—=100^-

T

所以輸入電壓”的表達式應(yīng)為

?=2()72sin10(to(V)

A錯誤；

B.將Si接1、S2閉合時，L2正常發(fā)光，L2的電壓為副線圈的輸出電壓”，當只斷開S2時，L)

接入電路，與L2串聯(lián)，Li、L2的電壓都只為副線圈的輸出電壓的一半，故Li、L2均不能正常發(fā)

光,B錯誤；

C.只斷開S2后，負載電阻變?yōu)樵瓉淼?倍，副線圈輸出電壓不變，由圖乙可知原線圈的輸入電壓

有效值為

q=20V

副線圈輸出電壓

U,=也。1」x20V=4V

_%5

由輸入功率等于輸出功率

以=4產(chǎn)箓=4BW=0.8W

C正確;

D.若Si換接到2后，電阻A兩端電壓有效值為

心=4V

A消耗的電功率為

P=^-=—W=0.8W

R20

D錯誤。

故選C。

4.【答案】B

【解析】

A.VT圖像的縱坐標表示速度，其正負表示速度的方向，故前15s內(nèi)速度一直為正，即一直上升,

故A錯誤；

B.V7圖像的縱坐標的數(shù)值表示速度的大小，則前15s內(nèi)速度先增加后減小，故B正確；

C.前5s內(nèi)建筑材料正在向上加速，加速度向上，則建筑材料處于超重狀態(tài)，故C錯誤；

D.若構(gòu)造上升過程為勻加速直線運動和勻減速直線運動，則

v==0.5m/s

2

-X

V———

而實際圖像描述的在相同的時間內(nèi)做變加速直線運動的面積大于勻變速直線運動的面積，由t

可知整個上升過程中的平均速度大于0.5m/s,故D錯誤。

故選B?

5.【答案】A

【解析】

A.由自由落體運動規(guī)律有

,12

h=2gr

所以有

2/2

【產(chǎn)

故A正確；

B.在月球表面的物體受到的重力等于萬有引力

則

GGt2

故B錯誤；

C.月球的第一宇宙速度為近月衛(wèi)星的運行速度，根據(jù)重力提供向心力

mg-m—

R

則

故c錯誤；

D.月球同步衛(wèi)星繞月球做勻速圓周運動,根據(jù)萬有引力提供向心力

GMm4//0X

(R+〃jT11"

解得

-R=u^-R

故D錯誤。

故選Ao

6.【答案】D

【解析】

A.結(jié)合三個點電荷分布可知，CO的電場線方向由。指向C,順著電場線的方向電勢逐漸降低,

即。點處的電勢低于D點處的電勢，故A錯誤；

B.帶負電的試探電荷沿直線從。點運動到。點的過程中，電勢降低，故負電荷的電勢能增大，

故B錯誤；

C.在電場中，根據(jù)同種電荷排斥，異種電荷相吸引，分別作出8、C對A的作用力，再根據(jù)平行

四邊定則進行合成，得A點電荷所受電場力吊，其方向如左圖所示；在磁場中，根據(jù)同向電流相

吸引，反向電流相排斥，分別作出尸、G對E的作用力，再根據(jù)平行四邊定則進行合成，得E點

處通電直導線所受安培力耳，其方向如右圖所示

由圖可知，A點電荷所受電場力方向與E點處通電直導線所受安培力方向不相同，故C錯誤；

D.在電場中，作出4、B、C三個點電荷在。點產(chǎn)生的電場強度方向，因正電荷4、3兩點電荷

產(chǎn)生的電場強度大小相等，與。C線的夾角相等，根據(jù)平行四邊形定則可知，A、3的合電場強度

方向由。指向C,而負電荷C在。點產(chǎn)生的電場強度方向，也是由。指向C,如左圖所示，故三

個點電荷在。點產(chǎn)生的電場強度方向最終也是由。指向C,所以將正電荷放在。點，其所受的電

場力方向由。指向C；在磁場中，分別作出E、F、G三根通電導線在，點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度方

向，因E、尸的電流大小相等，方向相同，且都向里，則兩根通電導線在”點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大

小相等，方向如右圖所示

根據(jù)平行四邊形定則，可知E、/兩根通電導線的合磁感應(yīng)強度方向沿水平向右，而G通的電流方

向是垂直紙面向外，故在〃點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度方向是水平向右，故三根通電導線的最終合磁感

應(yīng)強度方向水平向右，所以根據(jù)左手定則可知，在，點放一根電流方向垂直紙面向外的通電導線，

所受的安培力方向由〃指向G,即正電荷在。點處所受電場力方向與電流方向垂直紙面向外的通

電導線在“點處所受安培力方向相同，故D正確。

故選D。

7.【答案】D

【解析】

A.規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律有

Mvo-mvo^(M+in)v

解得

M-m

-------vo

y=M+m

若M>m,A所受的摩擦力

F曰img

對A,根據(jù)動能定理得

—1)

2gx4=0?2mv(r

則得物體A相對地面向左的最大位移

說

XA=24g

故A錯誤；

B.若M<m,對B,由動能定理得

-/migXB=O-2Mvo2

則得平板車B相對地面向右的最大位移

XB=2Hmg

故B錯誤；

CD.根據(jù)動量定理知，摩擦力對平板車的沖量等于平板車動量的變化量，即

-2mMv?

l=-Fjt=Mv-Mvo=m+M

Ff=nmg

解得

匚H（M+m）g

故C錯誤，D正確。

故選Do

8.【答案】BD

【解析】

A.根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得，x的質(zhì)量數(shù)為

4=238-234=4

電荷數(shù)為

Z=92-90=2

所以x為氮原子核:血，即式粒子，故A錯誤；

B.根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可得，），的質(zhì)量數(shù)為A=0,電荷數(shù)為

Z=90-91=-l

0人

所以），為電子-2，故B正確；

C.根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒得

a=3+2-4=l

故C錯誤；

D.根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒得

6=235+1-144-89=3

故D正確。

故選BDo

9.【答案】BCD

【解析】

A.分離時B的速度方向向上，A上升0.2m到達最高點時B速度方向向下，所以B動量變化向下，

一定不等于0,故A錯誤；

8.物體人、B分離時二者的速度相等，加速度也相等，可知二者分離時也是彈簧恢復原長時，此時

A、B的加速度相等，都等于重力加速度g,故B正確；

C.分離時二者速度相同，這以后A做豎直上拋運動，由題設(shè)條件可知，豎直上拋的初速度

v=42gh=A/2xl0m/s2x0.2m=2m/s

上升到最高點所需的時間

"樣=。3

對B在此過程內(nèi)用動量定理(規(guī)定向下為正方向)得

mngt+IN=mnv-(-mliv')

可得彈簧的彈力對B的沖量大小為LV=4N-S,故c正確；

D.A到最高點彈簧恰恢復原長,此時B的速度大小與分離時速度的大小是相等的，方向豎直向下，

由動能定理可知，彈簧對B做的功等于0,故D正確；

故選BCD?

10.【答案】ACD

【解析】

ABC.根據(jù)

V2

qvB=m—

r

解得

r=L

。粒子的軌跡如圖

根據(jù)幾何關(guān)系，。粒了的入射方向與x軸正方向成30°角，“粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角為60°,根

據(jù)

t上T

2乃

b粒子在磁場中的運動時間恰好為a粒子在磁場中運動時間的兩倍,則b粒子轉(zhuǎn)過的圓心角為120。，

。粒子的軌跡如圖

根據(jù)幾何關(guān)系b粒子的入射方向與x軸正方向成3"角，”、匕兩粒子離開磁場后的運動方向相互平

行，故AC正確，B錯誤；

D.根據(jù)

qvB=m—

解得

根據(jù)左手定則粒子向左偏轉(zhuǎn)，粒子沿著y軸正方向從不同位置射入，設(shè)射入位置與圓心的連線與x

軸的夾角為。，根據(jù)幾何關(guān)系其軌跡中心的坐標為

(LcosO-L,-Lsin0)

根據(jù)幾何關(guān)系，該軌跡中心與P點的距離為

d=J(Lcose-L+L)2+(Lsine_0)2=L

則粒子的軌跡必然經(jīng)過P點，即粒子經(jīng)磁場作用后一定都過戶點，故D正確。

故選ACDo

11.【答案】阻力與重力之比更小(或其他合理解釋)33.000.5470.588C

【解析】

(1)為了減小誤差，要求保持體積和形狀相同，此時如果密度越大，則對應(yīng)的質(zhì)量也越大，此時

受到的重力也越大，相同體積和形狀下，阻力與重力之比更?。?/p>

(2)%B=23.30cm,x0c=27.90cm,根據(jù)勻加速直線運動規(guī)律，%D=33.0()cm。

(3)由于重物的質(zhì)量為200g,因此受到的重力為

G=z??^=200gx9.80m/s2=0.2kgx9.80m/s2=1.96N

則加速度即為重力加速度，由于交流電頻率為50Hz,因此打點的周期為0.02s,因此從。點到C

點讀圖可得

〃=27.90cm=0.2790m

因此有重力勢能變化量的絕對值為

|V班卜|根g/?hO.547J

由平均速度公式

-x

v=—

因此可以得到8。段的平均速度分別為

(33.00-23.35)cm

5=2.415m/s

0.04s

由于C點為3。段時間中點，因此速度近似等于8。平均速度，可得在C點的對應(yīng)速度為

匕=2.415m/s

因此有

1

E=-n7vc92?0.583J

kc2

重物的重力勢能變化量的絕對值

mg%=0.2x9.8x27.90x10-2J=0.547J

C點的速度大小

匕="心=(33.。。-23.3。)><1。一2m=2425m/s

2T2x0.02s

則重物經(jīng)過C點時的動能

1,1,

-mvl=-x0.2x2.425-J70.588J

22。

由于在C點的動能大于從。點到C點的重力勢能變化量，因此可以判斷在接通電源前即釋放了紙

帶，C正確，AB錯誤。

故選Co

12.【答案】BCF3150略大于BC串7.5

【解析】

(1)要用半偏法測電阻，電阻箱阻值不得小于待測電阻阻值，而待測阻值大約3000C,故電阻箱

選B；

因為電路圖使用的是滑動變阻器分壓接法，應(yīng)該選用阻值小的滑動變阻器，操作方便并能減小實驗

誤差，故滑動變阻器選C；

電源電動勢不能小于電壓表量程，故選F；

半偏法指的是當只有電壓表接入時，電壓表滿偏，當電阻箱也接入時，電壓表示數(shù)變?yōu)樵瓉淼囊?/p>

半，故電阻箱阻值等于待測電壓表阻值，所以電壓表內(nèi)阻為3150C；

要注意電壓表支路與滑動變阻器左半部分并聯(lián)，當只有電壓表接入時，電壓表滿偏即電壓為4,

當電阻箱也接入時，并聯(lián)部分電阻變大，依據(jù)分壓原理，并聯(lián)部分電壓變大，大于原來的4,當

%%

電壓表示數(shù)變?yōu)樵瓉淼囊话爰?時，電阻箱電壓必定大于2,故電阻箱阻值大于電壓表阻值；

(2)電壓表量程選擇時應(yīng)考慮到電源電動勢為3V,故選B合適：

由題意知電壓表示數(shù)與電阻箱阻值關(guān)系為

U=//R+r+100Q)

故圖像斜率為

縱截距為

/s(r+100Q)=0.75V

解得

r=24680

考慮到實驗誤差，故選項C正確;

由

Rv=」=lOkQ>r+lOOQ=2.5kC

故應(yīng)該串聯(lián)定值電阻的阻值為

/?v-（r+100Q）=7.5kQ

,片

L,------

13.【答案】（1）6g；仁）/z<o,2

【解析】

（1）木板鎖定在車上，子彈在穿入木板的過程，子彈、木板和小車組成的系統(tǒng)動量守恒，有

mv0+(w+2w)-y=(〃?+,〃+2〃?)v

根據(jù)能量守恒

兒=］嚙+：(,*+2機)(/)-^m+m+2m)v2

又

f=mg

聯(lián)立解得

6g

（2）木板和小車間有相對運動，則對木板和子彈受力分析，由牛頓第二定律得

m

整一

a子一—一g

mm

故木板向右做勻加速直線運動，子彈向右做勻減速直線運動。

子彈恰好不穿出木板，則子彈最終與木板共速且兩者相對位移等于木板長度，令子彈與木板共速時

的速度為U,所以有

v---%-

3二％7

(1-2〃)gg

解得

2

”二k。

子彈位移

22

Vo-V

S子

木板位移

2

v2

2(1-2〃)g

s-=強

干木36g

聯(lián)立以上各式解得

"=0.5或〃=0.2

當幺=0.5時

2fimg=f

木塊與小車不會發(fā)生相對滑動,舍去。

因摩擦因數(shù)越小越難穿出木塊,故滿足子彈不穿出木塊條件為

//<0.2

14.【答案】(1)2OW.(2)9m；(3)3

【解析】

(1)在l-5s,由圖像可得

?=—=lm/s2

由牛二定律，有

6-〃mg=ma

則到達MV邊界時，拉力功率

代入數(shù)據(jù)解得

P=2OW

(2)在0-5s,桿做勻加，根據(jù)位移時間關(guān)系可得走過的位移

x=—at2=12.5m

'2

5-8s內(nèi)，令桿在磁場中運動的位移為巧，時間記為

A/=2s

對金屬桿，在前8s,由動能定理，有

6$+PAf7g(玉+工2)一皿支/

又

%=Q

代入數(shù)據(jù)解得

x2=9m

(3)金屬桿進入磁場后功率為尸=20W,最后勻速運動，根據(jù)平衡條件可得

F=FA+f

其中

FA=BII

電流為

坐

R+r

摩擦力為

f=pmg

聯(lián)立以上各式代入數(shù)據(jù)解得

r=-Q

3

則定值電阻R與金屬桿的阻值「的比值為

6=3

r

15(1).【答案】BDE

【解析】

A.由題分析可知，氣缸內(nèi)氣體溫度與環(huán)境溫度相同，保持環(huán)境溫度不變，則氣體的溫度不變，溫

度是分子的平均動能的標志，溫度不變，則分子的平均動能不變，A錯誤；

B.氣體的溫度不變，則氣體的內(nèi)能保持不變，向右緩慢拉動活塞尸時，乙的體積增大，由理想氣

體的狀態(tài)方程

2C

T

可知，乙的壓強減小，由于活塞B可無摩擦滑動，所以甲與乙對活塞的壓力是相等的，乙的壓強

減小，所以甲的壓強也減小，由理想氣體的狀態(tài)方程

&C

T

可知，甲的體積也增大，甲氣體對外界做功，根據(jù)熱力學第一定律得知，氣體從外界吸收熱量，B

正確；

C.氣體甲的溫度不變，壓強減小，甲氣體分子對器壁單位面積撞擊力減小，C錯誤；

D.由題分析可知，乙的壓強減小，由理想氣體的狀態(tài)方程

叱=。

T

乙的體積增大，外界對乙氣體做功，根據(jù)熱力學第一定律得知，氣體向外界放出熱量，乙氣體溫度

降低，D正確：

E.由3的分析可知，甲與乙的體積都增大，氣體對活塞產(chǎn)的壓力與對活塞B的壓力始終是相等

的，分析可知活塞P向右移動的距離大于活塞8向右移動的距離，所以甲氣體對乙氣體做功小于

乙氣體對尸做功，E正確。

故選BDE。

15(2).【答案】⑴184.2m:(2)48kg

【解析】

(1)初狀態(tài)時

V,=?7；=(273+33)K=306K

末狀態(tài)時

匕=18011?,5=(273+26)K=299K

由蓋呂薩克定律可得

乜=豈

匕T2

代入數(shù)據(jù)解得

V；=184.2m3