2023屆天津市十二區(qū)重點(diǎn)學(xué)校高三下學(xué)期畢業(yè)班聯(lián)考物理試題(二)（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE12023年天津市十二區(qū)重點(diǎn)學(xué)校高三畢業(yè)班聯(lián)考（二）物理試卷一、選擇題（每小題5分，共25分．每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是正確的）1.原來靜止的氡核發(fā)生一次衰變后生成新核釙，并放出一個(gè)能量為的光子。下列說法正確的是（）A.這次衰變?yōu)樗プ傿.光子是氡核的核外電子從高能級向低能級躍遷時(shí)產(chǎn)生的C.氡的半衰期為3.8天，若取4個(gè)氡原子核，經(jīng)過76天后就只剩下一個(gè)氡原子核D.釙核的比結(jié)合能大于氡核的比結(jié)合能〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)題意可得衰變方程為由此可知這次衰變?yōu)樗プ?，故A錯(cuò)誤；B．衰變過程產(chǎn)生的光子是從不穩(wěn)定的新核中放出的，故B錯(cuò)誤；C．半衰期是對大量原子核衰變時(shí)的一種統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對單個(gè)或少數(shù)原子核的衰變沒有意義，故C錯(cuò)誤；D．比結(jié)合能越大原子核越穩(wěn)定，原子核的衰變是因?yàn)樵雍瞬环€(wěn)定，所以衰變后的新原子核比衰變前的原子核更穩(wěn)定，則釙核要比氡核更穩(wěn)定，即釙核的比結(jié)合能大于氡核的比結(jié)合能，故D正確。故選D。2.如圖所示，一束復(fù)色光經(jīng)玻璃三棱鏡后分成光束1和光束2，兩束光的波長分別為和。將同一光電管分別放在區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ，都能發(fā)生光電效應(yīng)，飛出光電子的最大初動(dòng)能分別為和。已知玻璃對頻率大的光折射率也大．則（）A.， B.，C.保持入射點(diǎn)O不變，順時(shí)針旋轉(zhuǎn)入射光，光束1可能先消失 D.以相同入射角斜射向同一塊兩面平行的玻璃磚，出射光線平行于入射光線，光束1的側(cè)移量大〖答案〗A〖解析〗AB．由圖可知，復(fù)色光進(jìn)入玻璃三棱鏡后光束1的折射角大于光束2的折射角，根據(jù)折射定律可知玻璃對光束1的折射率小于對光束2的折射率，則光束1的頻率小于光束2的頻率，則有根據(jù)光電效應(yīng)方程可知故A正確，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)全反射臨界角公式由于光束2的頻率較大，可知光束2發(fā)生全反射的臨界角較小；保持入射點(diǎn)O不變，順時(shí)針旋轉(zhuǎn)入射光，光束2先發(fā)生全發(fā)射，光束2先消失，故C錯(cuò)誤；D．以相同入射角斜射向同一塊兩面平行的玻璃磚，由于玻璃對光束1的折射率小于對光束2的折射率，光路圖如圖所示可知出射光線平行于入射光線，光束2的側(cè)移量大，故D錯(cuò)誤。故選A。3.2021年12月9日15時(shí)40分，“天宮課堂”第一課正式開講，這是首次在距離地面約的中國載人空間站“天宮”上進(jìn)行的太空授課活動(dòng)。授課期間，航天員與地面課堂的師生進(jìn)行了實(shí)時(shí)互動(dòng)交流，已知“天宮”圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)行周期約為90分鐘，引力常量G的數(shù)值也已知。下列說法正確的是（）A.“天宮”的軌道高度大于地球同步衛(wèi)星的軌道高度B.“天宮”的運(yùn)行速度大于C.若忽略空間站離地高度，則根據(jù)題中數(shù)據(jù)可估算出地球密度D.授課時(shí)，航天員可以用天平稱量物品的質(zhì)量〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)萬有引力提供向心力可得可得由于“天宮”的運(yùn)行周期小于同步衛(wèi)星的周期，則“天宮”的軌道高度小于地球同步衛(wèi)星的軌道高度，故A錯(cuò)誤；B．地球第一宇宙速度等于衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的最大線速度，可知“天宮”的運(yùn)行速度小于，故B錯(cuò)誤；C．若忽略空間站離地高度，則有又聯(lián)立可得地球的密度為故C正確；D．由于在“天宮”中的物體處于完全失重狀態(tài)，則授課時(shí)，航天員不可以用天平稱量物品的質(zhì)量，故D錯(cuò)誤。故選C。4.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)三個(gè)過程后再回到狀態(tài)a，其圖像如圖所示，則該氣體（）A.過程中，氣體壓強(qiáng)變小B.過程中，分子平均動(dòng)能減小C.過程中，氣體一定放出熱量D.在狀態(tài)b的內(nèi)能大于在狀態(tài)a的內(nèi)能〖答案〗B〖解析〗A．由圖示圖象可知，過程中氣體體積不變而溫度升高，根據(jù)氣體狀態(tài)方程可知?dú)怏w的壓強(qiáng)增大，故A錯(cuò)誤；B．溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，由圖示圖象可知，過程中氣體溫度不斷降低，分子平均動(dòng)能不斷減小，故B正確；CD．由圖示圖象可知，過程a到b過程中氣體溫度不變而體積增大，氣體內(nèi)能不變=0氣體體積增大，氣體對外做功W＜0由熱力學(xué)第一定律得=W+Q則Q=-W=-W＞0氣體吸收熱量，故CD錯(cuò)誤。故選B。5.如圖所示，一位同學(xué)手持乒乓球拍托球沿水平直線跑動(dòng)，球拍與球相對靜止且均相對該同學(xué)身體靜止，球拍平面和水平面之間夾角。設(shè)球拍和球質(zhì)量分別為M、m，不計(jì)球拍和球之間摩擦，不計(jì)空氣阻力，則（）A.該同學(xué)做勻速直線跑動(dòng)B.乒乓球處于平衡狀態(tài)C.球拍受到的合力大小為D.球拍受到乒乓球的壓力大小為〖答案〗C〖解析〗AB．不計(jì)球拍和球之間摩擦，不計(jì)空氣阻力，對小球分析如圖所示一位同學(xué)手持乒乓球拍托球沿水平直線跑動(dòng)，則小球所受的合力為則球在水平方向勻加速運(yùn)動(dòng)，由于球拍與球相對靜止且均相對該同學(xué)身體靜止，球、球拍和同學(xué)具有相同的加速度，故AB錯(cuò)誤；C．對乒乓球由牛頓第二定律得球拍受到的合力大小為故C正確；D．球拍對乒乓球支持力大小為由牛頓第三定律可知球拍受到乒乓球的壓力大小等于球拍對乒乓球的支持力大小為故D錯(cuò)誤。故選C。二、不定項(xiàng)選擇題（每小題5分，共15分．每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，都有多個(gè)選項(xiàng)是正確的．全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分．）6.一交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢圖像如圖所示，該交流電通過一自耦變壓器對一電阻供電，不計(jì)發(fā)電機(jī)內(nèi)阻．下列說法正確的是（）A.電壓表的示數(shù)為B.發(fā)電機(jī)線圈中電流方向每秒鐘改變10次C.時(shí)發(fā)電機(jī)線圈平面與磁場方向平行D.自耦變壓器滑片P向上滑動(dòng)時(shí)，電阻R兩端電壓增大〖答案〗BC〖解析〗A．電動(dòng)勢有效值為則電壓表示數(shù)為，故A錯(cuò)誤；B．由圖可知周期為，一個(gè)周期電流方向改變兩次，則發(fā)電機(jī)線圈中電流方向每秒鐘改變10次，故B正確；C．時(shí)，電動(dòng)勢最大，此時(shí)磁通量變化率最大，磁通量為零，則發(fā)電機(jī)線圈平面與磁場方向平行，故C正確；D．自耦變壓器滑片P向上滑動(dòng)時(shí)，原線圈匝數(shù)增大，根據(jù)可知電阻R兩端電壓減小，故D錯(cuò)誤。故選BC。7.如圖為某一機(jī)器人上的電容式位移傳感器工作時(shí)的簡化模型圖，電介質(zhì)板長度等于電容器極板長度，開始時(shí)電介質(zhì)板有一半處于極板間，電容器兩極板帶等量異號電荷，當(dāng)被測物體在左右方向發(fā)生位移時(shí)（位移大小小于極板長的一半），電介質(zhì)板隨之在電容器兩極板之間移動(dòng)。當(dāng)被測物體向左移動(dòng)時(shí)（）A.電容器的電壓增大 B.電容器的電量變小C.電容器的電容增大 D.靜電計(jì)的指針張角變小〖答案〗CD〖解析〗C．由，可知當(dāng)被測物體向左移動(dòng)時(shí)電介質(zhì)板插入電容器，電容器的電容增大，故C正確；B．電容器充電后與外電路斷開，電容器的電量不變，故B錯(cuò)誤；A．由，可知電容器的電壓減小，故A錯(cuò)誤；D．靜電計(jì)的指針張角大小反映電容器極板電壓高低，由于電壓減小，所以張角變小，故D正確。故選CD。8.機(jī)車由靜止開始以恒定加速度啟動(dòng)且沿水平直線運(yùn)動(dòng)，發(fā)動(dòng)機(jī)到達(dá)額定功率后，保持該功率不變機(jī)車?yán)^續(xù)行駛，設(shè)運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)車所受阻力不變，則整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，機(jī)車的功率、速度隨時(shí)間的變化圖像正確的是（）A. B. C.D.〖答案〗AD〖解析〗AB．汽車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)階段，設(shè)加速度為，根據(jù)牛頓第二定律可得又，聯(lián)立可得當(dāng)功率增大到額定功率后，保持不變，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．發(fā)電機(jī)功率達(dá)到額定功率之前，汽車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；功率增大到額定功率后，保持功率不變，減小牽引力，根據(jù)可知汽車接著做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)；當(dāng)牽引力減小到等于阻力時(shí)，汽車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。三、非選擇題9.某同學(xué)在家做“用單擺測量重力加速度”的實(shí)驗(yàn)．（1）圖甲中有關(guān)器材的選擇和安裝最合理的是__________；A．B．C．D．（2）由于家中沒有游標(biāo)卡尺，無法測小球的直徑，該同學(xué)將擺線長度作為擺長，測得多組周期和的數(shù)據(jù)，作出圖像．該同學(xué)實(shí)驗(yàn)得到的圖像應(yīng)是圖乙中的________（選填“a”或“b”或“c”）；該同學(xué)利用所作出的圖像的斜率采用正確的數(shù)據(jù)處理方法計(jì)算出了當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?，從理論上講用這種方法得到的當(dāng)?shù)刂亓铀俣萠____________（選填“偏大”或“偏小”或“準(zhǔn)確”）?！即鸢浮剑?）C（2）a準(zhǔn)確〖解析〗（1）[1]為了減小空氣阻力對小球的影響，小球應(yīng)選擇小鐵球；小球擺動(dòng)過程中，應(yīng)保證擺長保持不變，故懸點(diǎn)處應(yīng)固定不動(dòng)，細(xì)線選擇彈性小的細(xì)絲線。故選C。（2）[2]設(shè)小球的半徑為，根據(jù)單擺周期公式可得可得則該同學(xué)實(shí)驗(yàn)得到的圖像應(yīng)是圖乙中的a。[3]根據(jù)可知圖像的斜率為可知圖像斜率與小球半徑無關(guān)，故利用所作出的圖像的斜率采用正確的數(shù)據(jù)處理方法計(jì)算出了當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮。瑥睦碚撋现v用這種方法得到的當(dāng)?shù)刂亓铀俣葴?zhǔn)確。10.實(shí)驗(yàn)課上某同學(xué)測量一個(gè)均勻新材料制成的圓柱體電阻的電阻率。①該同學(xué)首先用游標(biāo)卡尺測得該圓柱體的長度，再用螺旋測微器測得該圓柱體的直徑d如圖甲所示，則___________；②該同學(xué)用多用電表粗略測得該圓柱體電阻約為，為精確測量其電阻阻值，現(xiàn)有的干電池組、開關(guān)和若干導(dǎo)線及下列器材：A．電壓表，內(nèi)阻約B．電流表，內(nèi)阻C．定值電阻D．定值電阻E．滑動(dòng)變阻器測量電路如圖乙所示，圖中分流電阻應(yīng)選____________（填器材前面的序號）；某次實(shí)驗(yàn)中電壓表讀數(shù)為U、電流表讀數(shù)為I，則該圓柱體的電阻表達(dá)式為__________（用字母表示）?！即鸢浮舰?.851或3.852或3.853②D〖解析〗①[1]由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)②[2]通過圓柱體電阻的最大電流約為應(yīng)并聯(lián)一個(gè)分流電阻，其阻值為圖中分流電阻應(yīng)選D。[3]該圓柱體的電阻表達(dá)式為11.保齡球運(yùn)動(dòng)既可以鍛煉身體，又可以緩解心理壓力，而且老少咸宜，廣受大眾的喜愛。某同學(xué)設(shè)想了如下過程來模擬一次保齡球的投擲、運(yùn)行、撞擊的訓(xùn)練過程．如圖所示，將一質(zhì)量為的保齡球從A點(diǎn)開始由靜止向前擲出，球沿曲線運(yùn)動(dòng)，脫手后，在B點(diǎn)以的速度切入水平球道。球做直線運(yùn)動(dòng)經(jīng)時(shí)間后在C點(diǎn)與質(zhì)量為的球瓶發(fā)生正碰。已知在A點(diǎn)時(shí)保齡球的下沿距離球道表面的高度為，保齡球在球道上運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力恒為重力的倍，g取，忽略空氣阻力，忽略保齡球的滾動(dòng)，球與球瓶的碰撞時(shí)間極短，碰撞中沒有能量損失，球與球瓶均可看成質(zhì)點(diǎn)。求：（1）運(yùn)動(dòng)員在擲球過程中對保齡球做的功；（2）在撞上球瓶前的瞬間，保齡球的速度的大?。唬?）碰撞后，球瓶的速度的大小。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）運(yùn)動(dòng)員在擲球過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得解得運(yùn)動(dòng)員對保齡球做的功為（2）保齡球從B到C的過程，根據(jù)動(dòng)量定理可得解得在撞上球瓶前的瞬間，保齡球的速度大小為（3）球與球瓶的碰撞時(shí)間極短，碰撞中沒有能量損失，可知碰撞過程滿足動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒，則有聯(lián)立解得碰撞后，球瓶的速度大小為12.如圖所示，傾角為的光滑斜面足夠長，勻強(qiáng)磁場的方向垂直斜面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，磁場的下邊界平行于斜面的底邊。一上端開口的金屬框架足夠長，其寬為L，封閉端的電阻為R其余不計(jì)，一截面為矩形的細(xì)金屬條垂直置于框架上，其質(zhì)量為m，框架之間部分的電阻也為R；金屬條與框架之間的動(dòng)摩擦因數(shù)與金屬條之間的距離為。將框架與金屬條整體置于磁場中，在與平行且相距為L處靜止釋放，二者一起沿斜面加速下滑，當(dāng)剛滑過時(shí)，金屬條開始做減速運(yùn)動(dòng)，框架繼續(xù)加速運(yùn)動(dòng)，金屬條到達(dá)之前已經(jīng)開始勻速運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g。整個(gè)過程中金屬條始終與框架垂直且接觸良好，它們之間的最大靜摩擦力大小等于滑動(dòng)摩擦力大小。（1）金屬條運(yùn)動(dòng)多大位移后，金屬條中才出現(xiàn)電流？電流方向如何？（2）求金屬條到達(dá)時(shí)的速度v的大??；（3）求金屬條在磁場中運(yùn)動(dòng)過程中產(chǎn)生的電熱Q。〖答案〗（1），從d流向c；（2）；（3）〖解析〗（1）在到達(dá)MN前，金屬條與金屬框共同以加速度沿斜面做加速運(yùn)動(dòng)。此過程中通過abcd的磁通量不變，金屬條中無電流。當(dāng)ab滑過MN時(shí)，通過abcd的磁通量減少，在abcd中產(chǎn)生逆時(shí)針的感應(yīng)電流，電流從d流向c。因此金屬條位移L后產(chǎn)生電流。（2）對金屬條受力分析:沿斜面向下的分力為垂直斜面向下的壓力為在到達(dá)MN后，金屬條中產(chǎn)生感應(yīng)電流，受到沿斜面向上的安培力，使其做減速運(yùn)動(dòng)，與金屬框發(fā)生相對位移，因此此時(shí)產(chǎn)生摩擦力。受到的動(dòng)摩擦力故金屬框受到沿斜面向上的摩擦力，金屬條受到沿斜面向下的摩擦力。金屬條到達(dá)MN前就已勻速運(yùn)動(dòng)，金屬條勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)由，，解得可得解得（3）ab到達(dá)MN時(shí)與金屬條共速，由，可得從ab到達(dá)MN時(shí)金屬條中開始有電流，到金屬條到達(dá)MN時(shí)對金屬條由動(dòng)能定理解得由功能關(guān)系可知回路產(chǎn)生的電熱為由焦耳熱分配定律知金屬條在磁場中運(yùn)動(dòng)過程中產(chǎn)生的電熱13.在電子工業(yè)中，離子注入成為了微電子工藝中一種重要的摻雜技術(shù)，利用磁場、電場可以實(shí)現(xiàn)離子的分離和注入．某同學(xué)設(shè)想的一種離子分離與注入原理如圖所示．空間直角坐標(biāo)系中，x軸正半軸上放置有足夠長涂有熒光物質(zhì)的細(xì)棒，有離子擊中的點(diǎn)會(huì)發(fā)出熒光．在平面的上方分布有沿y軸正向的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．一發(fā)射帶正電離子的離子源置于坐標(biāo)原點(diǎn)O，只在平面內(nèi)不斷射出速率均為v的離子，速度方向分布在z軸兩側(cè)各為角的范圍內(nèi)，且沿各個(gè)方向的離子個(gè)數(shù)均勻分布，包含有電量相同，質(zhì)量分別為m和的兩種離子．發(fā)現(xiàn)x軸上出現(xiàn)兩條亮線，可確認(rèn)擊中右側(cè)亮線最右端的是沿z軸正向射入磁場的質(zhì)量為m的離子，且右側(cè)亮線最右端到O點(diǎn)的距離為L．不計(jì)離子間的相互作用力和離子重力，整個(gè)裝置置于真空中．（1）求離子的電量q；（2）若磁感應(yīng)強(qiáng)度在范圍內(nèi)波動(dòng)（k小于0.5，波動(dòng)周期遠(yuǎn)大于離子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間），要使x軸上的兩條亮線某時(shí)刻恰好能連接成一條亮線，求k值；（3）若某段時(shí)間內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度恒為B，角增為，離子源只發(fā)出質(zhì)量為m的離子．在平面的上方再施加沿y軸正向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度為E，在平面上某點(diǎn)（O點(diǎn)除外）垂直離子速度方向放置待注入離子的某種材料小圓板（忽略大?。?，可得到最大注入深度，若離子進(jìn)入該材料過程中受到的阻力恒為其速度的k倍，求該最大深度d．〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）根據(jù)得又得（2）同理可得x軸上的兩條亮線某時(shí)刻恰好能連接成一條亮線，則聯(lián)立得（3）周期①研究在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長的離子（時(shí)間越長粒子被加速越大）②③④⑤在離子進(jìn)入到材料中運(yùn)動(dòng)的某階段極短時(shí)間內(nèi)，對某個(gè)離子用動(dòng)量定理，得⑥則全程有⑦由①②③④⑤⑥⑦得2023年天津市十二區(qū)重點(diǎn)學(xué)校高三畢業(yè)班聯(lián)考（二）物理試卷一、選擇題（每小題5分，共25分．每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)是正確的）1.原來靜止的氡核發(fā)生一次衰變后生成新核釙，并放出一個(gè)能量為的光子。下列說法正確的是（）A.這次衰變?yōu)樗プ傿.光子是氡核的核外電子從高能級向低能級躍遷時(shí)產(chǎn)生的C.氡的半衰期為3.8天，若取4個(gè)氡原子核，經(jīng)過76天后就只剩下一個(gè)氡原子核D.釙核的比結(jié)合能大于氡核的比結(jié)合能〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)題意可得衰變方程為由此可知這次衰變?yōu)樗プ儯蔄錯(cuò)誤；B．衰變過程產(chǎn)生的光子是從不穩(wěn)定的新核中放出的，故B錯(cuò)誤；C．半衰期是對大量原子核衰變時(shí)的一種統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對單個(gè)或少數(shù)原子核的衰變沒有意義，故C錯(cuò)誤；D．比結(jié)合能越大原子核越穩(wěn)定，原子核的衰變是因?yàn)樵雍瞬环€(wěn)定，所以衰變后的新原子核比衰變前的原子核更穩(wěn)定，則釙核要比氡核更穩(wěn)定，即釙核的比結(jié)合能大于氡核的比結(jié)合能，故D正確。故選D。2.如圖所示，一束復(fù)色光經(jīng)玻璃三棱鏡后分成光束1和光束2，兩束光的波長分別為和。將同一光電管分別放在區(qū)域Ⅰ和區(qū)域Ⅱ，都能發(fā)生光電效應(yīng)，飛出光電子的最大初動(dòng)能分別為和。已知玻璃對頻率大的光折射率也大．則（）A.， B.，C.保持入射點(diǎn)O不變，順時(shí)針旋轉(zhuǎn)入射光，光束1可能先消失 D.以相同入射角斜射向同一塊兩面平行的玻璃磚，出射光線平行于入射光線，光束1的側(cè)移量大〖答案〗A〖解析〗AB．由圖可知，復(fù)色光進(jìn)入玻璃三棱鏡后光束1的折射角大于光束2的折射角，根據(jù)折射定律可知玻璃對光束1的折射率小于對光束2的折射率，則光束1的頻率小于光束2的頻率，則有根據(jù)光電效應(yīng)方程可知故A正確，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)全反射臨界角公式由于光束2的頻率較大，可知光束2發(fā)生全反射的臨界角較??；保持入射點(diǎn)O不變，順時(shí)針旋轉(zhuǎn)入射光，光束2先發(fā)生全發(fā)射，光束2先消失，故C錯(cuò)誤；D．以相同入射角斜射向同一塊兩面平行的玻璃磚，由于玻璃對光束1的折射率小于對光束2的折射率，光路圖如圖所示可知出射光線平行于入射光線，光束2的側(cè)移量大，故D錯(cuò)誤。故選A。3.2021年12月9日15時(shí)40分，“天宮課堂”第一課正式開講，這是首次在距離地面約的中國載人空間站“天宮”上進(jìn)行的太空授課活動(dòng)。授課期間，航天員與地面課堂的師生進(jìn)行了實(shí)時(shí)互動(dòng)交流，已知“天宮”圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)行周期約為90分鐘，引力常量G的數(shù)值也已知。下列說法正確的是（）A.“天宮”的軌道高度大于地球同步衛(wèi)星的軌道高度B.“天宮”的運(yùn)行速度大于C.若忽略空間站離地高度，則根據(jù)題中數(shù)據(jù)可估算出地球密度D.授課時(shí)，航天員可以用天平稱量物品的質(zhì)量〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)萬有引力提供向心力可得可得由于“天宮”的運(yùn)行周期小于同步衛(wèi)星的周期，則“天宮”的軌道高度小于地球同步衛(wèi)星的軌道高度，故A錯(cuò)誤；B．地球第一宇宙速度等于衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的最大線速度，可知“天宮”的運(yùn)行速度小于，故B錯(cuò)誤；C．若忽略空間站離地高度，則有又聯(lián)立可得地球的密度為故C正確；D．由于在“天宮”中的物體處于完全失重狀態(tài)，則授課時(shí)，航天員不可以用天平稱量物品的質(zhì)量，故D錯(cuò)誤。故選C。4.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)三個(gè)過程后再回到狀態(tài)a，其圖像如圖所示，則該氣體（）A.過程中，氣體壓強(qiáng)變小B.過程中，分子平均動(dòng)能減小C.過程中，氣體一定放出熱量D.在狀態(tài)b的內(nèi)能大于在狀態(tài)a的內(nèi)能〖答案〗B〖解析〗A．由圖示圖象可知，過程中氣體體積不變而溫度升高，根據(jù)氣體狀態(tài)方程可知?dú)怏w的壓強(qiáng)增大，故A錯(cuò)誤；B．溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，由圖示圖象可知，過程中氣體溫度不斷降低，分子平均動(dòng)能不斷減小，故B正確；CD．由圖示圖象可知，過程a到b過程中氣體溫度不變而體積增大，氣體內(nèi)能不變=0氣體體積增大，氣體對外做功W＜0由熱力學(xué)第一定律得=W+Q則Q=-W=-W＞0氣體吸收熱量，故CD錯(cuò)誤。故選B。5.如圖所示，一位同學(xué)手持乒乓球拍托球沿水平直線跑動(dòng)，球拍與球相對靜止且均相對該同學(xué)身體靜止，球拍平面和水平面之間夾角。設(shè)球拍和球質(zhì)量分別為M、m，不計(jì)球拍和球之間摩擦，不計(jì)空氣阻力，則（）A.該同學(xué)做勻速直線跑動(dòng)B.乒乓球處于平衡狀態(tài)C.球拍受到的合力大小為D.球拍受到乒乓球的壓力大小為〖答案〗C〖解析〗AB．不計(jì)球拍和球之間摩擦，不計(jì)空氣阻力，對小球分析如圖所示一位同學(xué)手持乒乓球拍托球沿水平直線跑動(dòng)，則小球所受的合力為則球在水平方向勻加速運(yùn)動(dòng)，由于球拍與球相對靜止且均相對該同學(xué)身體靜止，球、球拍和同學(xué)具有相同的加速度，故AB錯(cuò)誤；C．對乒乓球由牛頓第二定律得球拍受到的合力大小為故C正確；D．球拍對乒乓球支持力大小為由牛頓第三定律可知球拍受到乒乓球的壓力大小等于球拍對乒乓球的支持力大小為故D錯(cuò)誤。故選C。二、不定項(xiàng)選擇題（每小題5分，共15分．每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，都有多個(gè)選項(xiàng)是正確的．全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分．）6.一交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢圖像如圖所示，該交流電通過一自耦變壓器對一電阻供電，不計(jì)發(fā)電機(jī)內(nèi)阻．下列說法正確的是（）A.電壓表的示數(shù)為B.發(fā)電機(jī)線圈中電流方向每秒鐘改變10次C.時(shí)發(fā)電機(jī)線圈平面與磁場方向平行D.自耦變壓器滑片P向上滑動(dòng)時(shí)，電阻R兩端電壓增大〖答案〗BC〖解析〗A．電動(dòng)勢有效值為則電壓表示數(shù)為，故A錯(cuò)誤；B．由圖可知周期為，一個(gè)周期電流方向改變兩次，則發(fā)電機(jī)線圈中電流方向每秒鐘改變10次，故B正確；C．時(shí)，電動(dòng)勢最大，此時(shí)磁通量變化率最大，磁通量為零，則發(fā)電機(jī)線圈平面與磁場方向平行，故C正確；D．自耦變壓器滑片P向上滑動(dòng)時(shí)，原線圈匝數(shù)增大，根據(jù)可知電阻R兩端電壓減小，故D錯(cuò)誤。故選BC。7.如圖為某一機(jī)器人上的電容式位移傳感器工作時(shí)的簡化模型圖，電介質(zhì)板長度等于電容器極板長度，開始時(shí)電介質(zhì)板有一半處于極板間，電容器兩極板帶等量異號電荷，當(dāng)被測物體在左右方向發(fā)生位移時(shí)（位移大小小于極板長的一半），電介質(zhì)板隨之在電容器兩極板之間移動(dòng)。當(dāng)被測物體向左移動(dòng)時(shí)（）A.電容器的電壓增大 B.電容器的電量變小C.電容器的電容增大 D.靜電計(jì)的指針張角變小〖答案〗CD〖解析〗C．由，可知當(dāng)被測物體向左移動(dòng)時(shí)電介質(zhì)板插入電容器，電容器的電容增大，故C正確；B．電容器充電后與外電路斷開，電容器的電量不變，故B錯(cuò)誤；A．由，可知電容器的電壓減小，故A錯(cuò)誤；D．靜電計(jì)的指針張角大小反映電容器極板電壓高低，由于電壓減小，所以張角變小，故D正確。故選CD。8.機(jī)車由靜止開始以恒定加速度啟動(dòng)且沿水平直線運(yùn)動(dòng)，發(fā)動(dòng)機(jī)到達(dá)額定功率后，保持該功率不變機(jī)車?yán)^續(xù)行駛，設(shè)運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)車所受阻力不變，則整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，機(jī)車的功率、速度隨時(shí)間的變化圖像正確的是（）A. B. C.D.〖答案〗AD〖解析〗AB．汽車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)階段，設(shè)加速度為，根據(jù)牛頓第二定律可得又，聯(lián)立可得當(dāng)功率增大到額定功率后，保持不變，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．發(fā)電機(jī)功率達(dá)到額定功率之前，汽車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；功率增大到額定功率后，保持功率不變，減小牽引力，根據(jù)可知汽車接著做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)；當(dāng)牽引力減小到等于阻力時(shí)，汽車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤，D正確。故選AD。三、非選擇題9.某同學(xué)在家做“用單擺測量重力加速度”的實(shí)驗(yàn)．（1）圖甲中有關(guān)器材的選擇和安裝最合理的是__________；A．B．C．D．（2）由于家中沒有游標(biāo)卡尺，無法測小球的直徑，該同學(xué)將擺線長度作為擺長，測得多組周期和的數(shù)據(jù)，作出圖像．該同學(xué)實(shí)驗(yàn)得到的圖像應(yīng)是圖乙中的________（選填“a”或“b”或“c”）；該同學(xué)利用所作出的圖像的斜率采用正確的數(shù)據(jù)處理方法計(jì)算出了當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?，從理論上講用這種方法得到的當(dāng)?shù)刂亓铀俣萠____________（選填“偏大”或“偏小”或“準(zhǔn)確”）。〖答案〗（1）C（2）a準(zhǔn)確〖解析〗（1）[1]為了減小空氣阻力對小球的影響，小球應(yīng)選擇小鐵球；小球擺動(dòng)過程中，應(yīng)保證擺長保持不變，故懸點(diǎn)處應(yīng)固定不動(dòng)，細(xì)線選擇彈性小的細(xì)絲線。故選C。（2）[2]設(shè)小球的半徑為，根據(jù)單擺周期公式可得可得則該同學(xué)實(shí)驗(yàn)得到的圖像應(yīng)是圖乙中的a。[3]根據(jù)可知圖像的斜率為可知圖像斜率與小球半徑無關(guān)，故利用所作出的圖像的斜率采用正確的數(shù)據(jù)處理方法計(jì)算出了當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮?，從理論上講用這種方法得到的當(dāng)?shù)刂亓铀俣葴?zhǔn)確。10.實(shí)驗(yàn)課上某同學(xué)測量一個(gè)均勻新材料制成的圓柱體電阻的電阻率。①該同學(xué)首先用游標(biāo)卡尺測得該圓柱體的長度，再用螺旋測微器測得該圓柱體的直徑d如圖甲所示，則___________；②該同學(xué)用多用電表粗略測得該圓柱體電阻約為，為精確測量其電阻阻值，現(xiàn)有的干電池組、開關(guān)和若干導(dǎo)線及下列器材：A．電壓表，內(nèi)阻約B．電流表，內(nèi)阻C．定值電阻D．定值電阻E．滑動(dòng)變阻器測量電路如圖乙所示，圖中分流電阻應(yīng)選____________（填器材前面的序號）；某次實(shí)驗(yàn)中電壓表讀數(shù)為U、電流表讀數(shù)為I，則該圓柱體的電阻表達(dá)式為__________（用字母表示）?！即鸢浮舰?.851或3.852或3.853②D〖解析〗①[1]由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)②[2]通過圓柱體電阻的最大電流約為應(yīng)并聯(lián)一個(gè)分流電阻，其阻值為圖中分流電阻應(yīng)選D。[3]該圓柱體的電阻表達(dá)式為11.保齡球運(yùn)動(dòng)既可以鍛煉身體，又可以緩解心理壓力，而且老少咸宜，廣受大眾的喜愛。某同學(xué)設(shè)想了如下過程來模擬一次保齡球的投擲、運(yùn)行、撞擊的訓(xùn)練過程．如圖所示，將一質(zhì)量為的保齡球從A點(diǎn)開始由靜止向前擲出，球沿曲線運(yùn)動(dòng)，脫手后，在B點(diǎn)以的速度切入水平球道。球做直線運(yùn)動(dòng)經(jīng)時(shí)間后在C點(diǎn)與質(zhì)量為的球瓶發(fā)生正碰。已知在A點(diǎn)時(shí)保齡球的下沿距離球道表面的高度為，保齡球在球道上運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力恒為重力的倍，g取，忽略空氣阻力，忽略保齡球的滾動(dòng)，球與球瓶的碰撞時(shí)間極短，碰撞中沒有能量損失，球與球瓶均可看成質(zhì)點(diǎn)。求：（1）運(yùn)動(dòng)員在擲球過程中對保齡球做的功；（2）在撞上球瓶前的瞬間，保齡球的速度的大小；（3）碰撞后，球瓶的速度的大小?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）運(yùn)動(dòng)員在擲球過程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得解得運(yùn)動(dòng)員對保齡球做的功為（2）保齡球從B到C的過程，根據(jù)動(dòng)量定理可得解得在撞上球瓶前的瞬間，保齡球的速度大小為（3）球與球瓶的碰撞時(shí)間極短，碰撞中沒有能量損失，可知碰撞過程滿足動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒，則有聯(lián)立解得碰撞后，球瓶的速度大小為12.如圖所示，傾角為的光滑斜面足夠長，勻強(qiáng)磁場的方向垂直斜面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，磁場的下邊界平行于斜面的底邊。一上端開口的金屬框架足夠長，其寬為L，封閉端的電阻為R其余不計(jì)，一截面為矩形的細(xì)金屬條垂直置于框架上，其質(zhì)量為m，框架之間部分的電阻也為R；金屬條與框架之間的動(dòng)摩擦因數(shù)與金屬條之間的距離為。將框架與金屬條整體置于磁場中，在與平行且相距為L處靜止釋放，二者一起沿斜面加速下滑，當(dāng)剛滑過時(shí)，金屬條開始做減速運(yùn)動(dòng)，框架繼續(xù)加速運(yùn)動(dòng)，金屬條到達(dá)之前已經(jīng)開始勻速運(yùn)動(dòng)，重力加速度為g。整個(gè)過程中金屬條始終與框架垂直且接觸良好，它們之間的最大靜摩擦力大小等于滑動(dòng)摩擦力大小。（1