-物理-重慶市七校2023-2024學年高三上學期第一次月考試題和答案

2023—2024學年度高三第一學月七校聯(lián)考一、單項選擇題：【詳解】AC．A對B有垂直斜面向上的支持力，C對B有水平向右的作用力，對B受力分析，由平衡條件可知，豎直方向上有可得故A錯誤，C正確；ABF=ABFABcosθ=mg mgcosθBD。由牛頓第三定律可知，B對A只有垂直斜面向下的壓力，大小為F=mgBAcosθ對A受力分析，如圖2示，由平衡條件，水平方向上有F=FBAsinθ=mgtanθ故B、D錯誤?！驹斀狻緼由圖可知，t0~t4時間內(nèi)“笛音雷”的速度一直為正值，表明其速度方向始終向上，可知，“笛音雷”在t2時刻并沒有上升至最高點，上升至最高點應(yīng)該在t4時刻之后，故A錯誤；B．t3~t4時間內(nèi)“笛音雷”速度方向向上，圖像斜率為一恒定的負值，表明t3~t4時間內(nèi)“笛音雷”實際上是在向上做豎直上拋運動，其加速度就是重力加速度g，故B錯誤；C．將A、B用直線連起來，該直線代表勻加速直線運動，其平均速度為，而AB線段與橫軸所圍的面積大于AB曲線與橫軸所圍的面積，該面積表示位移，根據(jù) v=可知，直線代表的勻加速直線運動的平均速度大于AB曲線代表的變加速直線運動的平均速度，即t0~t1時間內(nèi)“笛音雷”的平均速度小于，故C錯誤；D．根據(jù)上述，t3~t4時間內(nèi)“笛音雷”做豎直上拋運動，加速度方向豎直向下且為g，“笛音雷”處于完全失重狀態(tài)，故D正確。故選D?！驹斀狻緼．用逆向思維，把物體的運動看成初速度為零的勻加速直線運動，即v0則物體在第1s，第2s，第3s，第4s內(nèi)的位移之比為1：3：5：7，所以14x14 x7即勻減速直線運動最后一秒的位移大小為2m，故A正確；B．根據(jù)平均速度的定義可知勻減速直線運動第一秒內(nèi)平均速度的大小為 '1v=1故B正確；CD．由A選項分析，按逆向思維，可得解得2x=1x=1a=4m/s2勻減速直線運動初速度即逆向勻加速直線運動第4s末的速度為v4=at=16m/s故C錯誤，D正確。本題選錯誤項，故選C?！驹斀狻緼．不計空氣阻力，B到C先加速后減速，故A錯誤；B．從B點至C點過程中，加速度要變化，故B錯誤；CD．在B點時，加速度大小為a==g從B點至C點過程中由于彈力逐漸增大，運動員加速度先減小至0，后增大，由對稱性，C點加速度大于g則可知在C點時，運動員在的加速度最大，故C錯誤，D正確。故選D。【詳解】第ts內(nèi)物體下落的高度ht=g(ts)2-g(ts-1s)2=5(2t-1)m，A錯誤；第(t–1)s內(nèi)物體下落的高度為5(2t–3)m，B正確．第ts比第(t–1)s下落的距離多10m，C錯誤。10s內(nèi)下落的高度為80m，D錯誤。【分析】本題考查力的動態(tài)平衡和受力分析的能力?！驹斀狻緼B．以小圓柱體Q為研究對象，分析受力情況，作出受力示意力圖，如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可知：α+β不變，分析可知，α減小，β增大，MN對Q的彈力F1增大，P對Q的彈力F2減小，A正確，B錯誤；C．對P研究，作出受力如圖根據(jù)平衡條件，可得地面對P的彈力N=Mg+F2sinα因F2減小，α減小，所以N減小，C錯誤；D．由于MN緩慢轉(zhuǎn)動，整個過程處于動態(tài)平衡，Q的合力可以看成是0，D錯誤。故選A?！驹斀狻緼．作示意圖如圖1所示，設(shè)重物所在位置為C點，則鋼索在A點夾角為定滑輪只改變鋼索拉力的方向，不改變力的大小，則鋼索對滑輪的作用力方向沿著經(jīng)CAB的角平分線，即=2Mgcos(π2+2θ)由牛頓第三定律可知，滑輪對鋼索的作用力F=2Mgcos(π2+2θ)故A正確；B．由題意可知，物體靜止，鋼索拉力F=Mg故B錯誤；C．以B點為研究對象，受力分析如圖2所示，可知Mgcos(C一θ)=FBsinC解得BsinCF=Mgcos(CBsinC故C錯誤；D．以整體為研究對象，鋼索對OB有向下拉力，底座對整體的支持力大于(M+m)g，故D選項錯誤。公眾號：高中試卷君故選A。二、多項選擇題：【詳解】AB．設(shè)兩根阻攔索之間的夾角為θ,由受力分析可知，飛機所受合力為當阻攔索夾角為120。時F合=F故A正確，B錯誤；CD．由牛頓第二運動定律2Fcos=ma飛機向前運動，θ變小，所以加速度逐漸增大，飛機做加速度增大的減速運動，故C錯誤。D正確故選AD。【詳解】A．若傳送帶順時針轉(zhuǎn)動，當木塊下滑時滿足mgsinθ>μmgcosθ物塊將一直勻加速到底端，且加速度不變，當木塊上滑時滿足mgsinθ<μmgcosθ木塊先勻加速，在速度與傳送帶相等后將勻速運動，兩種情況均不符合運動圖像，若傳送帶逆時針轉(zhuǎn)動，當木塊下滑時mgsinθ+μmgcosθ=ma1當木塊下滑速度等于皮帶速度時，如果mgsinθ>μmgcosθmgsinθ一μmgcosθ=ma2故A正確；B．由A中分析可知，傳送帶逆時針轉(zhuǎn)動，只有木塊的速度大于傳送帶速度時，木塊所受摩擦力才能沿傳送帶向上，由圖乙可知，傳送帶速度的大小等于v0，故B錯誤；C．木塊在0-t0時間內(nèi)，所受摩擦力沿傳送帶向下，根據(jù)牛頓第二定律有由圖乙可知聯(lián)立解得故C錯誤；mgsinθ+μmgcosθ=ma11010t0μ=tanθ0時間后木塊所受摩擦力沿傳送帶向上，根據(jù)牛犢第二定律把C中解得μ代入解得故D正確。故選D?！驹斀狻緼B.交接棒時得mgsinθ一μmgcosθ=ma2=2gsinθ2002t=2s或t=4s由于乙加速到最大速度的時間為00a則2s時交接棒，交接棒處離接力區(qū)前端（即乙出發(fā)的位置）的距離為 AB錯誤C．由題意可知，甲、乙共速時相遇，則vt0=at+s則發(fā)令時甲與接力區(qū)前端的距離為s=9mD．棒現(xiàn)在甲的手中以6m/s運動，后交到乙的手中乙6m/s運動，因此棒始終是6m/s運動，通過CD正確，故選CD。三、非選擇題：共57分。（2）2μF2-mg=maF2=(mg+ma)/2μ(5分) 【解析】【詳解】（1）因為微粒開始做勻加速直線運動，根據(jù)公式可得222解得 8（2分）（2分）T2所以滿足條件，一直加速（1分）T時產(chǎn)生的微粒，先做勻加速再做勻減速，4內(nèi)加速運動的位移為x=2aT2=aT2此時粒子的速度為v=2aT=aT vB=aT（2分）（2分）（2分）（2分）22對物塊有μ1mg=ma1可得物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為μ1=0.2 2Δt222得μ2=0.5得μ2=0.5ΔtΔt1x=1可知共速時速度為3m/s，則在1．5s內(nèi)物塊位移為 2a12x2在1．5s后，物塊與木板間仍有相對滑動，木板的加速度大小為a，則有一μ2.2mg+μ1mg=ma（2分）（2分）（1分）（2分）（1分）（2分）（1分）（1分）（1分）（1分）（1分）所以木板比物塊早停止運動，在1．5s末到物塊停止運動的時