2024年北京市昌平區(qū)實驗中學高一物理第二學期期末聯(lián)考試題含解析

2024年北京市昌平區(qū)實驗中學高一物理第二學期期末聯(lián)考試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、下列說法中符合物理學發(fā)展史實的是（）A．開普勒在牛頓定律的基礎上，推導出了行星運動的定律B．開普勒在天文觀測數據的基礎上，總結出了行星運動的定律C．開普勒總結出了行星運動的規(guī)律，并且找出了行星按照這些規(guī)律運動的原因D．牛頓總結出了行星運動的規(guī)律，發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律，并測出了萬有引力常量2、如圖所示，某人以力F將物體沿斜面向下拉，拉力大小等于摩擦力，則下列說法正確的是()A．物體做勻速運動B．合力對物體做功等于零C．物體的機械能保持不變D．物體機械能減小3、(本題9分)如圖所示，在光滑水平面上，一質量為m的小球在繩的拉力作用下做半徑為r的勻速圓周運動，小球運動的線速度為v，則繩的拉力F大小為A． B．C． D．4、(本題9分)蕩秋千是兒童喜愛的運動，當秋千從P向Q蕩的過程中，經過E點時的小孩加速度方向可能是圖中的A．豎直向下的1方向B．沿切線的2方向C．3方向D．指向圓心的4方向5、(本題9分)甲、乙兩物體的質量之比為m甲：m乙=1：2，它們分別在相同力的作用下，沿光滑水平面，從靜止開始做勻加速直線運動．當兩個物體通過相等的位移時，則甲、乙兩物體此時的動能之比為（）A．1：1 B．1：2 C．1：4 D．1：86、把一個小球放在光滑的球形容器中，使小球沿容器壁在某一水平面內做勻速圓周運動，如圖所示，關于小球的受力情況，下列說法正確的是（）A．重力、向心力B．小球受到的合力為零C．重力、容器壁的支持力D．重力、容器壁的支持力和向心力7、圖為測定運動員體能的裝置，輕繩拴在腰間沿水平線跨過定滑輪（不計滑輪的質量與摩擦），下懸質量為m的物體。設人的重心相對地面不動，人用力向后蹬傳送帶，使水平傳送帶以速率v逆時針轉動。則（）A．人對重物做功，功率為mgvB．人對傳送帶的摩擦力大小等于mg，方向水平向左C．在時間t內人對傳送帶做功消耗的能量為mgvtD．若使傳送帶的速度增大，人對傳送帶做功的功率不變8、放在粗糙水平地面上的物體受到水平拉力的作用，在0～6s內其速度與時間的圖象和該拉力的功率與時間的圖像分別如圖所示．下列說法正確的是（）A．0～6s內物體的位移大小為30mB．0～6s內拉力做的功為70JC．合外力在2～6s內做的功不等于0D．滑動摩擦力的大小為0.6N9、(本題9分)科學家關于物體運動的研究對樹立正確的自然現(xiàn)象具有重要作用。下列說法符合歷史事實的是A．亞里士多德認為，必須有力作用在物體上，物體的運動狀態(tài)才會改變B．伽利略通過“理想實驗”得出結論：運動必具有一定速度，如果它不受力，它將以這一速度永遠運動下去C．笛卡兒指出：如果運動中的物體沒有受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運動，既不停下來也不偏離原來的方向D．牛頓認為，物體具有保持原來勻速直線運動狀態(tài)或靜止狀態(tài)的性質10、(本題9分)下列說法正確的是（）A．電源的作用就是將其他形式的能轉化為電能B．若某電池中通過的電荷，電池提供的電能，該電池的電動勢為C．電源的電動勢與外電路有關，外電路電阻越大，電動勢就越大D．電源向外提供的電能越多，表示電動勢越大11、(本題9分)“天宮一號”是我國第一個目標飛行器和空間實驗室.已知“天宮一號”繞地球的運動可看做是勻速圓周運動，轉一周所用的時間約為90分鐘.關于“天宮一號”，下列說法正確的是()A．“天宮一號”的線速度一定比靜止于赤道上的物體的線速度小B．“天宮一號”離地面的高度一定比地球同步衛(wèi)星離地面的高度小C．“天宮一號”的角速度約為地球同步衛(wèi)星角速度的16倍D．當宇航員站立于“天宮一號”內不動時，他所受的合力為零12、(本題9分)如圖所示，彈簧的一端固定在豎直墻上，質量為m的光滑弧形槽靜止在光滑水平面上，底部與水平面平滑連接，一個質量也為m的小球從槽高h處由靜止開始自由下滑（）A．在下滑過程中，小球和槽之間的相互作用力對槽不做功B．在下滑過程中，小球和槽組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒C．被彈簧反彈后，小球和槽都做速率不變的直線運動D．被彈簧反彈后，小球能回到槽高h處二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)在用伏安法測電阻的實驗中，待測電阻Rx約為50Ω，電壓表V的內阻約為4kΩ，電流表A的內阻約為10Ω。為盡量減小實驗誤差，應采用圖___________（選填“甲”或“乙”）所示的測量電路。某同學選擇正確的測量電路后進行實驗，若電壓表和電流表的讀數分別為U和I，電阻的測量值由Rx測=14、某實驗小組用如圖所示的裝置驗證機械能守恒定律。(1)關于接通電源和釋放紙帶的次序，下列說法正確的是_______A．先接通電源，后釋放紙帶B．先釋放紙帶，后接通電源C．釋放紙帶同時接通電源D．先接通電源或先釋放紙帶都可以(2)實驗完畢后選出一條紙帶如圖所示，其中O點為重錘剛釋放時打點計時器打下的第一個點，A、B、C為三個計數點，電源率為f。用刻度尺測得OA＝s1，OB＝s2，OC＝s3，在計數點A和B、B和C之間還各有一個點，重物的質量為m，重力加速度為g。甲同學根據以上數據算出:當打點計時器打B點時重物的重力勢能比開始下落時減少了______；此時重物的動能比開始下落時增加了________。(用題目所給的符號表示)(3)乙同學又選取了多個計數點，并測出了各個計數點到第一個點O的距離h，算出各個計數點對應的速度v，以h為橫坐標，以v2為縱坐標，畫出的圖線如圖，若機械能守恒，則圖線的斜率為_______。15、(本題9分)平拋運動是曲線運動，可以分解為水平方向上的__________________運動和豎直方向上的__________________運動；小明通過實驗在坐標紙上描出一小球做平拋運動的過程中所經過的一些點，O點為平拋運動的起始點，每一小方格邊長為5厘米g=10m/s2。請在下圖中描繪出小球平拋運動的軌跡，并求出小球的初速度v0=__________________。三．計算題(22分)16、（12分）質量m=3kg的小球用一根長L=2.5m的輕繩系在光滑水平面的上方O點，O點到水平面的距離h=2m．現(xiàn)拉直輕繩，給小球一個初速度，可使小球在水平面內做圓周運動．不計一切阻力，重力加速度g=10m/s2（計算結果可以用分數或根式表示）．求：(1)小球能在該水平面內做圓周運動的最大角速度0；(2)若小球做圓周運動的角速度=2rad/s時，則小球對水平面的壓力多大？17、（10分）(本題9分)某同學設計出如圖所示實驗裝置，將一質量為0.2kg的小球（可視為質點）放置于水平彈射器內，壓縮彈簧并鎖定，此時小球恰好在彈射口，彈射口與水平面AB相切于A點．AB為粗糙水平面，小球與水平面間動摩擦因數μ＝0.5，彈射器可沿水平方向左右移動；BC為一段光滑圓弧軌道．O/為圓心，半徑R＝0.5m，O/C與O/B之間夾角為θ＝37°．以C為原點，在C的右側空間建立豎直平面內的直角坐標系xOy，在該平面內有一水平放置開口向左且直徑稍大于小球的接收器D．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）（1）某次實驗中該同學使彈射口距離B處L1＝1.6m處固定，解開鎖定釋放小球，小球剛好到達C處，求彈射器釋放的彈性勢能？（2）求上一問中，小球到達圓弧軌道的B點時對軌道的壓力？（3）把小球放回彈射器原處并鎖定，將彈射器水平向右移動至離B處L2＝0.8m處固定彈射器并解開鎖定釋放小球，小球將從C處射出，恰好水平進入接收器D，求D處坐標？

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析】

ABC．開普勒在他的導師第谷天文觀測數據的基礎上，總結出了行星運動的規(guī)律，但并未找出了行星按照這些規(guī)律運動的原因；選項AC錯誤，B正確；D．牛頓在開普勒行星運動定律的基礎上推導出萬有引力定律，卡文迪許測出了萬有引力常量，選項D錯誤；2、C【解析】

A、對物體受力分析，受重力、拉力、摩擦力和支持力，拉力和摩擦力平衡，故物體加速下滑；故A錯誤.B、合力沿著斜面向下大小等于重力的分力，合力做正功；故B錯誤.C、D、拉力和摩擦力平衡，做的功之和為零，支持力不做功，故總功等于重力的功，故機械能總量保持不變；故C正確，D錯誤.故選C.【點睛】本題關鍵明確機械能守恒的條件，然后受力分析并結合功能關系判斷.3、B【解析】

根據牛頓第二定律得，拉力提供向心力，有．故選B。4、C【解析】蕩秋千時做變速圓周運動，有繩的拉力和重力的分力之和沿半徑方向提供向心加速度，用來改變線速度的方向；還有沿著切線方向的重力分力提供切向向加速度，用來改變線速度的大小，故兩加速度的合加速度方向沿3方向，故選C?！军c睛】物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，速度的方向與該點曲線的切線方向相同；由牛頓第二定律可以判斷加速度的方向．5、A【解析】

由動能定理知，合外力做功等于物體動能的增量．以物體為研究對象，重力支持力不做功，只有力F做功，合外力功為：，甲乙兩物體受力相同，位移相同，所以合外力做功相同，即動能增量相同，且均從靜止開始，所以甲乙動能相同，故A正確，BCD錯誤。6、C【解析】

AD.向心力是某個力或幾個力的合力提供的，在受力時不能說物體受到了向心力，故AD錯誤；B.小球沿容器壁在某一水平面內做勻速圓周運動，小球受到的合力提供了向心力不為零，故B錯誤；C.小球受到重力、以及光滑容器壁的支持力，且在重力和支持力合力的作用下做勻速圓周運動，故C正確。7、BC【解析】

A.由題知，重物沒有位移，所以人對重物沒有做功，功率為0，故A錯誤。B.根據人的重心不動知人處于平衡狀態(tài)，人所受的摩擦力與拉力平衡，傳送帶對人的摩擦力方向向右，拉力等于物體的重力mg，所以人對傳送帶的摩擦力大小也等于mg，方向水平向左，故B正確。C.在時間t內人對傳送帶做功消耗的能量等于人對傳送帶做的功，人的重心不動，繩對人的拉力和人與傳送帶間的摩擦力平衡，而拉力又等于mg。根據，所以人對傳送帶做功為mgvt，故C正確。D.由于恒力做功，根據功率知：若增大傳送帶的速度，人對傳送帶做功的功率增大，故D錯誤。8、AB【解析】

A項：內物體的位移大小為：，故A正確；B項：內，物體的加速度為：，由圖，當P=30W時，v=6m/s，得到牽引力為：，在內物體的位移為x1=6m，則拉力做功為：W1=Fx1=5×6J=30J．2～6s內拉力做的功為：W2=Pt=10×4J=40J．所以0～6s內拉力做的功為：W=W1+W2=70J．故B正確；C項：在內，物體做勻速運動，合力做零，故合外力做功為零，故C錯誤；D項：在內，v=6m/s，P=10W，物體做勻速運動，摩擦力為：f=F，得：，故D錯誤。9、BCD【解析】

試題分析:A、亞里士多德認為，必須有力作用在物體上，物體才會運動，沒有力的作用，物體就要靜止下來，A錯誤；B、伽利略通過“理想實驗”得出結論：運動必具有一定速度，如果它不受力，它將以這一速度永遠運動下去，B正確；C、笛卡兒指出：如果運動中的物體沒有受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運動，既不停下來也不偏離原來的方向，C正確；D、牛頓認為，物體具有保持原來勻速直線運動狀態(tài)或靜止狀態(tài)的性質，即慣性，D正確；10、AB【解析】A.電源的作用就是將其他形式的能轉化為電能，故A正確；B.電路中通過q=2C的電荷量，電池提供的電能W=4J，根據電動勢的定義式E=W/q得，電動勢E=2V，故B正確；C.電動勢由電源本身決定，當內電壓和外電壓變化時，電源電動勢保持不變，故C錯誤；D.電動勢由電源本身決定，與提供的電能多少無關，故D錯誤．故選AB.點睛：電動勢表征電源本身的特性，與外電路無關，當電源的路端電壓變化時，其電源電動勢不變．11、BC【解析】

根據萬有引力提供向心力GMmr2=mv2r，解得：v=GMr，由此可知，軌道半徑越大，速度越小，同步衛(wèi)星的軌道半徑遠大于天宮一號的軌道半徑，所以“天宮一號”的線速度比地球同步衛(wèi)星的線速度大，由v=rω12、BC【解析】

A項：在下滑過程中，槽要向左運動，小球和槽之間的相互作用力與槽的速度不垂直，所以對槽要做功，故A錯誤；B項：小球在下滑過程中，小球與槽組成的系統(tǒng)水平方向不受力，水平方向動量守恒，故B正確；CD項：小球與槽組成的系統(tǒng)動量守恒，球與槽的質量相等，小球沿槽下滑，球與槽分離后，小球與槽的速度大小相等，小球被反彈后球與槽的速度相等，小球不能滑到槽上，不能達到高度h處，因此都做勻速直線運動，C正確，D錯誤．二．填空題(每小題6分，共18分)13、甲小于【解析】

[1]由題意可知：RVR則：RV電流表應采用外接法，應選擇圖甲所示電路圖；[2]由于電流表采用外接法，由于電壓表的分流作用，電流表測量值大于真實值，由歐姆定律可知，電阻測量值小于真實值。14、（1）A（2）mgs2（3）2g【解析】

第一空.接通電源和釋放紙帶的次序是：先接通電源，待穩(wěn)定打點后再釋放紙帶，故A正確，BCD錯誤；第二空.當打點計時器打B點時重物的重力勢能比開始下落時減少了：?EP=mgOB=mgs2；第三空.打B點時，重物的速度為，則打O點時，重物的速度為零，則動能的增加量為；

第四空.若機械能守恒，則有動能的增加量與重力勢能的減少量相等，即有：mgh＝mv2，可得v2=2gh，所以圖線的斜率為2g。15、勻速直線自由落體2.0m/s【解析】

平拋運動是初速度時水平方向，只受重力的勻變速曲線運動，故可分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動。水平方向有