2023屆浙江省高三年級下冊二模物理試題(含答案)

2023屆浙江省名校協(xié)作體高三下學期二模物理試題

學校：___________姓名：班級：___________考號：

一,單選題

1.下列物理量是矢量且單位正確的是()

A.電流AB.磁通量Tm2

C.電場強度V/mD.磁感應強度Wb

2.梅西在2022年卡塔爾世界杯決賽中梅開二度，帶領阿根廷奪冠。如圖所示為梅西

在某場比賽第51分鐘時主罰任意球后，足球運動軌跡的示意圖，下列說法中正確的是

()

A.第51分鐘指的是時間間隔

B.足球在飛行過程中可視為質點

C.足球飛出后受到梅西對它施加的作用力

D.守門員起跳撲救瞬間，地面對他的作用力等于他對地面的作用力

3.在物理學的發(fā)展過程中，物理學家們做出了巨大的貢獻，下列關于物理學家貢獻的

說法正確的是()

A.赫茲首先提出了電磁場理論

B.伽利略首先發(fā)現(xiàn)了自由落體的規(guī)律

C.普朗克第一次將量子觀念引入原子領域

D.庫侖首先提出電荷周圍存在電場的概念

4.如圖所示，將一個質量為機的鉛球放在傾角為45。的斜面上，并用豎直擋板擋住，

鉛球處于靜止狀態(tài)。鉛球對擋板的壓力為E,鉛球對斜面的壓力為工，不考慮鉛球受

到的摩擦力，重力加速度取g,貝U()

A.F1=mgB.<mg

C.F2=mgD.F2<mg

5.9月10日，由航空工業(yè)自主研制的第二架大型滅火水上救援水陸兩棲飛機

AG600M“鰥龍”在廣東珠海金灣機場完成了首次飛行試驗，某次在平直跑道上滑行

時，飛機的速度一時間圖像如圖所示，若減速過程的加速度大小為5m/s2,貝1)()

A.“鰥龍”勻速滑行的位移為1120米

B.由題目所給的條件無法算出白的數(shù)值

C.“鰥龍”在整個滑行過程中的平均速度大小為70m/s

D.“鮑龍”勻加速滑行時和勻減速滑行的加速度大小相等

6.如圖所示是從高空拍攝的一張地形照片，河水沿著彎彎曲曲的河床做曲線運動。若

在標注位置處的河水速度近似相等，則河床受力最大的是()

A.A點B.3點C.C點D.D點

7.北京時間2022年H月12日10時03分，搭載天舟五號貨運飛船的長征七號遙六

運載火箭，在我國海南文昌航天發(fā)射場點火發(fā)射；12時10分，天舟五號貨運飛船僅

用2小時便順利實現(xiàn)了與中國空間站天和核心艙的快速交會對接，如圖所示，創(chuàng)造了

世界紀錄。下列說法中正確的是（）

A.天舟五號貨運飛船的發(fā)射速度大于H.2km/s

B.天和核心艙的速度大于7.9km/s

C.在文昌航天發(fā)射場點火發(fā)射，是為了更好地利用地球的自轉速度

D.要實現(xiàn)對接，天舟五號貨運飛船應在天和核心艙相同軌道處加速

8.下列關于教科書上的四幅插圖，說法正確的是（）

乙

T

A.圖甲為靜電除塵裝置的示意圖，帶負電的塵埃被收集在線狀電離器B上

B.圖乙為給汽車加油前要觸摸一下的靜電釋放器，其目的是導走加油槍上的靜電

C.圖丙中搖動起電機，煙霧繚繞的塑料瓶頓時清澈透明，其工作原理為靜電吸附

D.圖丁的燃氣灶中安裝了電子點火器，點火應用了電磁感應原理

9.下列關于固體、液體、氣體的說法中正確的是（）

A.夏季天旱時，給莊稼松土是為了破壞土壤中的毛細管，防止水分蒸發(fā)

B.晶體沿不同方向的導熱或導電性能不同，但沿不同方向的光學性質一定相同

C.由于液體表面層分子間距離大于液體內部分子間距離，所以存在浸潤現(xiàn)象

D.炒菜時我們看到的煙氣，是因為油煙顆粒的熱運動

10.下列說法不亞理的是（）

丙

A.甲圖是“核反應堆”示意圖，它是通過可控的鏈式反應實現(xiàn)核能的釋放，鏈式反應是

指由裂變產(chǎn)生的中子使裂變反應一代接一代繼續(xù)下去的過程

B.乙圖是光電流與電壓的關系圖，由圖可知a、c兩束光的頻率相等且小于6光的頻率

C.丙圖是原子核的比結合能圖，由圖可知不同原子核的比結合能是不一樣的，中等大

小的核比結合能最大，這些核最穩(wěn)定

D.丁圖是中子的轉化示意圖，強相互作用是引起中子一質子轉變的原因

11.好多同學在寢室熄燈后使用臺燈繼續(xù)學習至深夜，某同學使用如圖所示的一款充

電寶和一款臺燈來照明，部分參數(shù)如下表所示，已知深夜學習需要6W以上的照明功

率，則以下說法不正確的是（）

充電寶部分參數(shù)如下:

產(chǎn)品名稱PD快充移動電源聚合物電池容量10000mA-h

品牌HUAWEI輸出5V-4.5A/9V-3A

輸入DC5V-3A/12V-1.5A產(chǎn)品顏色黑色/白色

產(chǎn)品重量若干克產(chǎn)品尺寸146*68*17mm

臺燈部分參數(shù)如下:

產(chǎn)品名稱米格臺燈燈珠144顆

額定電壓5V最大電流1.5A

內置電池容量1800mA-h其他功能亮度從0開始連續(xù)調節(jié)

A.充電寶輸出功率可達27W

B.臺燈的最大功率為7.5W

C.打開臺燈后每顆燈珠的功率都為0.05W

D.僅用這款臺燈和這款充電寶充滿一次電的情況下使用，不能保證周日至周五每晚2

小時的學習時間

12.如圖所示，某斜面的頂端到正下方水平面。點的高度為力，斜面與水平面平滑連

接，斜面傾角為仇小木塊與斜面、水平面間的動摩擦因數(shù)均為〃，一小木塊從斜面的

頂端由靜止開始滑下，滑到水平面上距離。點為x的A點停下。以。點為原點建立

xOy坐標系，改變斜面傾角和斜面長度，小木塊仍在A點停下，則小木塊靜止釋放點

的坐標可能是（）

B.(-X,-/7)

6342

C.(-x,-h)D.(-%,-A)

3322

13.如圖1所示，。點是一半徑為R的勻質玻璃半球體的球心，平面水平放置，有一

束光線從距離。點為廠=在尺的P點入射至玻璃半球內，光線與豎直方向的夾角為

3

6,當夕=0。時光線恰好在球面發(fā)生全反射，若只考慮第一次射到各表面的光線，則（）

卜O.丁

圖1圖2

A.玻璃的折射率為走

3

B.若要使光線從球形表面出射后恰好與入射光平行，則6=30°

c.改變夾角仇光線在半球中傳播的最長時間為（3+8）R

3c

D.如圖2所示，若半球球面區(qū)域均有光線豎直向下入射，則平面有光出射的面積為

生旦代

8

二、多選題

14.杭麗鐵路被列入浙江省重大建設項目“十四五”規(guī)劃，杭麗高鐵建成后，麗水前往

杭州的時間將縮短至1小時內。新建成的高鐵將應用許多新技術，圖示為高鐵的牽引

供電流程圖，利用可視為理想變壓器（原、副線圈匝數(shù)比為%：%）的牽引變電所，將

高壓220kV或UOkV降至27.5kV,再通過接觸網(wǎng)上的電線與車頂上的受電弓使機車獲

得25kV工作電壓，則下列說法正確的是（）

電網(wǎng)

220千伏或110千伏

牽引27.5千伏

牽變電所

-H"饋線

引

供a..J回流線

電牽1匕7接觸網(wǎng)吐

系

統(tǒng)

A.若電網(wǎng)的電壓為UOkV,則4:%=4:1

B.若高鐵機車運行功率增大，機車工作電壓將會高于25kV

C.高鐵機車運行功率增大，牽引變電所至機車間的熱損耗功率也會隨之增大

D.如果高鐵機車的電動機輸出機械功率為9000kW,電機效率為90%,則牽引變電所

到機車間的等效電阻為62.5。

15.如圖所示，有兩列頻率相同、振動方向相同、振幅均為A、傳播方向互成60。的平

面波相遇發(fā)生干涉，兩列波的傳播方向如圖中箭頭所示。圖中實線表示波峰，虛線表

示波谷，。為波谷與波谷相遇點，仄。為波峰與波谷相遇點，d為波峰與波峰相遇點，

e、g是。、c連線上的兩點，其中e為。、c的中點，g為。、e的中點，下列描述正確

的是（）

A.a、d處的質點位移始終為2A

B.g處的質點的振幅為亞A

C.圖示時刻，e正處于平衡位置

D.從圖示時刻經(jīng)過士個周期，g處的質點向上振動

三、實驗題

16.(1)在“探究彈簧彈力與形變量的關系實驗”與“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)

律實驗，，中：

a.兩個實驗都需要的器材是；

A.彈簧秤B.彈簧C.橡皮筋D.刻度尺

b.在實驗中，下列操作正確的是；

A.在探究彈簧彈力與形變量的關系實驗中，測彈簧原長時應把彈簧水平放置

B.在探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律實驗中，彈簧秤調零時彈簧秤應水平放置

C.在探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律實驗中，若彈簧秤示數(shù)偏大可調短彈簧的有效

長度

D.在探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律實驗中，拉彈簧秤時彈簧秤外殼不能與木板接

觸

(2)驗證物體自由下落過程中機械能守恒，交流電頻率為50Hz,重錘質量

m=200g,打出了如下紙帶，在紙帶后端選擇連續(xù)的7個打印點為計數(shù)點，并依次標

上1、2、3.…，在數(shù)據(jù)處理中，選計數(shù)點3對應的重物位置為零重力勢能參考面，則

打下5時重物的速度m/s,重物的機械能為J(當?shù)刂亓铀俣?/p>

g=9.8m/s2,計算結果均保留3位有效數(shù)字)。該種驗證方法是否要求打第一個點時

速度為零(填“是”或“否”)。

單位：cm

1234…5〃67

?3.21?-3-.-60*?+*3.99?4.37f4.75?

17.(1)a.小明在做實驗時，發(fā)現(xiàn)一個色環(huán)電阻的外漆脫落，如圖1所示，于是用多

用電表測量該電阻凡，正確的操作順序是

圖1

A.把選擇開關旋轉到交流電壓最高檔

B.調節(jié)歐姆調零旋鈕使指針到歐姆零點

C.把紅黑表筆分別接在號兩端，然后讀數(shù)

D.把選擇開關旋轉到合適的檔位，將紅、黑表筆接觸

E.把紅黑表筆插入多用電表插孔，用螺絲刀調節(jié)指針定位螺絲，使指針指0

b.小明正確操作后，多用電表的指針位置如圖2所示，則a=Qo

\￡2j

圖2

c.小林認為用多用電表測量電阻誤差較大，采用伏安法測量。圖3是部分連接好的實

物電路圖，請用電流表內接法完成接線并在圖3中畫出____o

d.小林用電流表內接法和外接法分別測量了該色環(huán)電阻的伏安特性，并將得到的電

流、電壓數(shù)據(jù)描到U—/圖上，如圖4所示。請你選擇一組合理的數(shù)據(jù)點，求出該色環(huán)

電阻的電阻為Q（結果保留兩位有效數(shù)字）。

圖3圖4

（2）兩個相同的電流表G］和G?按如圖5所示的方式連接，晃動G1表，當指針向左偏

時，靜止的G?表的指針（選填“向左偏”或“向右偏”或“來回振動”）。

四、計算題

18.如圖所示，內壁光滑的導熱汽缸豎直放置在水平桌面上，汽缸內封閉一定質量的

氣體。活塞質量機=4kg,活塞橫截面積S=20cm2。活塞初始狀態(tài)位于離底部高度

%=5cm處。假設外界空氣溫度恒為27℃,大氣壓強為=lxIO,pa,g=10m/s20

（1）用外力R將活塞緩慢提升4cm,求此時汽缸內氣體的壓強;

（2）對汽缸內氣體緩慢加熱，當溫度升到57℃時，氣體吸收了10J的熱量，求此過程

中氣體內能的增加量。

19.如圖所示，水平傳送帶的左端與斜面A3末端連接，另一端與光滑水平軌道CM

連接，舷端連接半圓形光滑圓弧軌道MPN,圓弧半徑R=1.6m,在豎直面MN的右側

（包括M、N點）存在豎直向上的勻強電場，電場強度E=?超。一帶正電金屬滑塊

2q

。質量為？n=O』kg,電量為q,從斜面AB上高〃=3m處由靜止開始下滑，運動到CM

上某位置與另一完全相同的不帶電金屬滑塊人發(fā)生碰撞后結合在一起，形成結合體

co已知斜面、傳送帶、軌道均絕緣，滑塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)4=0.3,與傳

送帶之間的動摩擦因數(shù)〃2=。2,斜面傾角6=37。，傳送帶長為5m,CM長為2m,滑

塊6及結合體。均可視為質點，不計滑塊在3點的能量損失，重力加速度

g=10m/s2o

（1）求滑塊。到達3點時的速度大?。?/p>

（2）若傳送帶逆時針轉動的速度v=2m/s,求結合體c到達N點時對軌道的壓力；

（3）以M點為坐標原點，向左為正方向建立x軸，改變傳送帶的速度大小和方向，

求結合體。通過圓弧軌道后從N點平拋到x軸上的落點坐標與傳送帶速度的關系。

20.如圖所示，間距L=lm的兩平行光滑金屬導軌，x軸平行導軌，y軸垂直導軌。在

%=0位置左側有一寬度為d=0.1m的光滑絕緣薄層（包括％=0處），隔開左右兩部分

電路。在導軌間存在磁場，y軸左側磁場大小為4=2T方向垂直紙面向外，y右側磁場

大小為星,且滿足為=0.5MT）變化，方向垂直紙面向外，在兩軌道中x軸為坐標為

%=-0.5m的位置存在一個彈性裝置，金屬棒與彈性裝置碰撞時瞬間等速彈回，導軌

右側的恒流源始終為電路提供恒定的電流/=8A(方向如圖中箭頭所示)，導軌左側

接一阻值為N=3。的電阻。阻值為R=1Q質量為m=lkg的金屬棒。垂直導軌靜止于

x=0處，與金屬棒〃完全相同的金屬棒?垂直導軌靜止于玉=0.5m處，金屬棒。與金

屬棒》發(fā)生彈性碰撞。忽略一切阻力，已知彈簧振子周期公式T=2兀后，其中加為

振子質量，左為回復力系數(shù)。求：

。

(1)金屬棒人弟一次與金屬棒。碰撞時的速度；

(2)試定性畫出金屬棒a的，圖像(對時間軸數(shù)值不做要求)；

(3)金屬棒。最終停下位置和整個過程裝置產(chǎn)生的焦耳熱。

21.如圖所示，以圓柱底面中心。點為坐標原點建立空間直角坐標系O-孫z,另一底

面中心。'點坐標為(0,0,/),圓柱底面半徑為心在圓柱區(qū)域內存在沿Z軸正方向的勻

強磁場。在磁場區(qū)域左側有一矩形區(qū)域abed,其中6c邊在xOy平面內，a。邊與z軸

平行，矩形區(qū)域的尺寸和位置已在圖中標出，區(qū)域內均勻分布一電子源，沿x軸正方

向持續(xù)不斷地發(fā)射出速率均為％的電子，單位時間內發(fā)射的電子個數(shù)為N,從A邊射

出的電子經(jīng)過磁場偏轉后均從M點射出，從ad邊射出的電子經(jīng)過磁場偏轉后均從N

點射出。在圓柱兩底面的正下方有兩塊半徑為R的半圓形平行金屬收集板尸和。，圓

心分別位于M點和N點。已知電子質量為機，元電荷為e,兩板之間的電壓

O,。=—即*，忽略電子重力、電子間相互作用和電子收集后對電壓Up。的影響。

求:

z

(1)磁感應強度3的大?。?/p>

(2)從c點射出的電子打到金屬板上時的位置坐標；

(3)。極板收集到電子區(qū)域的面積；

(4)若。叱＜0且大小可調，求Q板收集到的電子數(shù)〃與。腿的關系。

參考答案

1.答案：C

解析：A.電流是標量，A錯誤；

B.磁通量是標量，單位是Wb,B錯誤；

C.電場強度是矢量，單位是N/C或V/m,C正確；

D.磁感應強度是矢量，單位是T,D錯誤；

故選C。

2.答案：B

解析：A.第51分鐘指的是時刻，故A錯誤；

B.足球在飛行過程中，足球的形狀和大小可以忽略，可視為質點，故B正確；

C.足球飛出后脫離梅西，梅西對它不再施加作用力，故C錯誤；

D.守門員起跳撲救瞬間，地面對他的作用力與他對地面的作用力是相互作用力，等大

反向，故D錯誤。

故選B。

3.答案：B

解析：A.麥克斯韋提出了電磁場理論，赫茲通過實驗驗證了電磁波的存在，選項A錯

誤；

B.伽利略首先發(fā)現(xiàn)了自由落體的規(guī)律，選項B正確；

C.玻爾原子理論第一次將量子觀念引入原子領域，提出了定態(tài)和躍遷的概念，成功地

解釋了氫原子光譜的實驗規(guī)律，選項C錯誤；

D.英國物理學家法拉第提出了場的概念，電場、磁場都是法拉第最先提出的，選項D

錯誤。

故選B。

4.答案：A

解析:

鉛球受三個力作用處于平衡狀態(tài)。根據(jù)鉛球受力平衡條件可知，擋板對鉛球的推力線

和斜面對鉛球的支持力FN的合力R與重力大小相等，方向相反。

F=G=mg

F=———=41mg

Ncos45°

F0=F=mg

根據(jù)牛頓第三定律，鉛球對擋板的壓力與擋板對鉛球的推力是一對相互作用力，大小

相等，鉛球對斜面的壓力與斜面對鉛球的支持力是一對相互作用力，大小相等。所以

片=￡=mg

穌=8〉mg

故選Ao

5.答案：A

解析：A.“鮑龍”勻速滑行的位移為

x=vt=80m/sx(34-20)s=1120m

選項A正確;

B.減速過程的加速度大小為5m/s2,設減速階段經(jīng)歷的時間為則

-6s

a5

所以

?3=34s+t'=50s

選項B錯誤；

C.“鮑龍”在整個滑行過程中的平均速度大小

14+50

x80

2m/s=51.2m/s

50

選項C錯誤；

D.“鮑龍”勻加速滑行時的加速度

=-=—m/s2=4m/s2豐5m/s2

%20

選項D錯誤。

故選Ao

6.答案：A

解析：A點位于河床的外側，3點處于河床的內側，河水運動過程所需向心力由河床

外側提供，所以A點的受力大于5點的。根據(jù)

「mv2

F=-----

r

可知，在河床外側的A、C、。三點所對應的圓弧半徑與河床所受河水的力成反比。由

圖可知A處的圓弧半徑最小，所以河床受力最大的點是A點。

故選A。

7.答案：C

解析：A.天舟五號貨運飛船繞地球做勻速圓周運動，發(fā)射速度大于7.9km/s小于

11.2km/s,故A錯誤；

B.7.9km/s是繞地球做勻速圓周運動的最大速度，故B錯誤；

C.在地球表面緯度越低的地方，隨地球自轉的半徑越大，線速度越大，選在緯度較低

的海南文昌發(fā)射場發(fā)射，是為了充分利用地球自轉的線速度，故C正確；

D.要實現(xiàn)對接，天舟五號貨運飛船應在較低軌道加速，做離心運動，故D錯誤。

故選C。

8.答案：C

解析：A.根據(jù)圖甲可知，極板A與電源正極連接，極板A帶正電，帶負電的塵埃受到

指向極板A的電場力作用，即帶負電的塵埃被收集在極板A上，A錯誤；

B.圖乙為給汽車加油前要觸摸一下的靜電釋放器，其目的是導走人手上的靜電，B錯

誤；

C.圖丙中搖動起電機，電極之間形成強電場，將氣體電離，電子被吸附到煙霧顆粒

上，使煙霧顆粒帶負電，導致煙霧顆粒向正極移動，其工作原理為靜電吸附，C正

確；

D.圖丁的燃氣灶中安裝了電子點火器，點火應用了尖端放電原理，D錯誤。

故選C。

9.答案：A

解析：A.土壤中存在一系列毛細管，水分通過毛細管能夠上升到地面蒸發(fā)，夏季天旱

時，給莊稼松土是為了破壞土壤中的毛細管，防止水分蒸發(fā)，A正確；

B.晶體分為單晶體與多晶體，單晶體在導熱、導電與光學性質上表現(xiàn)出各向異性，即

沿不同方向上的性能不相同，多晶體在導熱、導電與光學性質上表現(xiàn)出各向同性，即

沿不同方向上的性能相同，B錯誤；

C.由于液體附著層分子間距離小于液體內部分子間距離，所以存在浸潤現(xiàn)象，C錯

誤；

D.油煙顆粒是宏觀粒子，油煙顆粒的運動不是熱運動，D錯誤。

故選Ao

10.答案：D

解析：A.鏈式反應是指由裂變產(chǎn)生的中子使裂變反應一代又一代持續(xù)下去的過程，故

A正確；

B.根據(jù)

eUc=hv-W0

可知入射光的頻率越高，對應的遏止電壓U,越大，乙圖中a、c兩束光的遏止電壓相

等且小于匕光的遏止電壓，所以。兩束光的頻率相等且小于6光的頻率，故B正

確；

C.不同原子核的比結合能不同，中等大小的核的比結合能最大，這些核最穩(wěn)定，故C

正確；

D.丁圖是中子的轉化示意圖，弱相互作用是引起0衰變的原因，故D錯誤；

本題選錯誤的，故選D。

11.答案：C

解析：A.根據(jù)題意，由表中數(shù)據(jù)可知，充電寶的輸出功率有2種為

《=5x4.5W=22.5W

P2=9x3W=27W

故A正確；

B.根據(jù)題意，由表中數(shù)據(jù)可知，臺燈的最大功率為

P=U額1nl=5xl.5W=7.5W

故B正確；

C.打開臺燈后的電功率可調，每顆燈珠的功率最大為

P

P=——W?0.05W

m144

每顆燈珠的功率最小為

P-=-^W?0.04W

min144

則不一定為0.05W,故C錯誤；

D.根據(jù)題意，由表中數(shù)據(jù)可知，僅用這款臺燈和這款充電寶充滿一次電的情況下使

用，最多儲存電量為11800mA.h,臺燈最小的工作電流為

/min=-^=-A=1.2A

0額5

可用最長時間為

不能保證周日至周五每晚2小時的學習時間，故D正確。

本題選不正確的，故選C。

12.答案：D

解析：小木塊從斜面的頂端由靜止開始滑下，最終停在A點，設斜面長為L,則斜面

在水平面的投影為

=LcosO

根據(jù)功能關系可得

mgh=//mg￡cos^+//mg(x-x1)

整理可得

mgh=jLimgx

解得

改變斜面傾角和斜面長度，小木塊仍在A點停下，設小木塊靜止釋放點的坐標為

(E〃)。根據(jù)前面的分析可得

mgh'-4mg.

整理可得

h'=h---x'

X

當=時，解得

6

h'=-h

6

當寸=!》時，解得

4

3

h'=-h

4

當時，解得

3

h'=-h

3

當V無時，解得

2

h'=-h

2

故ABC錯誤；D正確。

故選D。

13.答案：D

解析：A.當。=0。時光線恰好在球面發(fā)生全反射，即在球面處入射角恰好等于全反射

臨界角C,光路圖如圖1所示

根據(jù)幾何關系可得

sinC=-

R

根據(jù)全反射臨界角C滿足的條件可得

,「1

sinC=—

n

解得

n=V3

故A錯誤;

B.若要使光線從球形表面出射后恰好與入射光平行，那么出射光線與入射光線，以及

法線必在同一平面內，且入射點與出射點的法線平行，入射光線必須在豎直平面內，

光路圖如圖2所示，出射點必在。點的正上方。

根據(jù)幾何關系可得

tan￡=5

解得

夕=30°

根據(jù)折射定律可知，光線與豎直方向的夾角。必大于30。。故B錯誤；

C.要使光線在半球中傳播的時間最長，因只考慮第一次射到各表面的光線，當。臨界

等于90。時，光線在半球中傳播路程最長，光路圖如圖3所示，其中路程s滿足要求。

因入射角臨界為90。，故折射角等于C,由余弦定理得

R?=產(chǎn)+§2—2rs.cos(90°-C)

解得

(V7+I)R

s=------------

3

光在介質中傳播速度為

c

V=—

n

最長時間為

(V21+V3)/?

'max—c

3c

故C錯誤；

D.能從平面出射的臨界光路圖如圖4所示，光線在平面的3點恰好發(fā)生全反射，以

的長L為半徑的圓形區(qū)域有光出射。

圖4

設臨界光線在A點入射角為呢折射角為方在3點出射時入射角等于全反射臨界角

Co由折射定律得

sina

n=------

sin/

由幾何關系得

a=C+y

又

?-1

sinC=—

n

解得

1

可得

1

siny=/=

712-672

由正弦定理得

RL

sin（90°+C）-sin/

解得

L=iR

V8-4V2

則平面有光出射的面積為

S=nl3

解得

8

故D正確。

故選D。

14.答案：AC

解析：A.理想變壓器原、副線圈電壓之比等于匝數(shù)之比，若電網(wǎng)的電壓為nokv,則

變電所的變壓器原、副線圈匝數(shù)比為

1104

U2n227.51

故A正確；

BC.機車工作電壓由輸入電壓和線圈匝數(shù)決定，不由高鐵機車運行功率決定，若高鐵機

車運行功率增大，根據(jù)

P=UI

可知電流將會增大，牽引變電所至機車間的熱損耗功率

AP=I2R

也會隨之增大，故B錯誤，C正確;

D.根據(jù)功率關系可得

尸=90%。/

其中

U=25kV=25000V

則電流為

P_9xlQ6

=400A

―90%。―90%x25000

則牽引變電所至機車間的等效電阻為

U,—U27500-25000

Rn=—=--=-------------------=6.2512

I400

故D錯誤。

故選ACo

15.答案：BCD

解析：A.由題意可知，a、d處為振動加強點，振幅為2A,但位移時刻變化，故A錯

誤；

BC.根據(jù)波形的特點可知圖示時刻，e正處于平衡位置，g為仄e的中點，對于其中任

意一個波，其振幅為A,g處的質點的振幅為與A,由于是兩列波相遇，所以g處的

質點的振幅為亞4,故BC正確；

D.圖示時刻，g處質點同時位于兩列波傳播方向波形的下坡上，所以從圖示時刻經(jīng)過

(個周期，g處的質點向上振動，故D正確。

故選BCDo

16.答案：(1)D；BC/CB(2)2.28；0.356；否

解析：(1)在“探究彈簧彈力與形變量的關系實驗”與“探究兩個互成角度的力的合成

規(guī)律實驗”中，都需要的器材是刻度尺，在“探究彈簧彈力與形變量的關系實驗”沒有用

到彈簧秤和橡皮筋，“探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律實驗”中沒有用到彈簧。

故選D。

b.A.在探究彈簧彈力與形變量的關系實驗中，測彈簧原長時應把彈簧豎直放置，這樣

可以排除由于彈簧只受重力造成的誤差，故A錯誤；

B.在探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律實驗中，彈簧秤。調零時彈簧秤應水平放置，

這樣可以排除由于彈簧只受重力造成的誤差，故B正確；

C.在探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律實驗中，若彈簧秤示數(shù)偏大可調短彈簧的有效

長度，故C正確；

D.在探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律實驗中，拉彈簧秤時彈簧秤外殼不能內部彈簧

接觸，可以與木板接觸，故D錯誤。

故選BCo

（2）驗證物體自由下落過程中機械能守恒，交流電頻率為

f=50Hz

打點周期為

T=0.02s

根據(jù)中間時刻的瞬時速度等于該過程中的平均速度可得打下5時重物的速度

也=0.0437+0.0475m7s=2.28mzs

2T2x0.02

重物的機械能為

_2

E=Ek5+Ep5=1x0.2x2.28?J—0.2x9.8x(3.99+4.37)xIOJ?0.356J

驗證從3到5機械能是否守恒，不要求打第一個點時速度為零。

（2）向左偏

解析：（1）用多用電表測量該電阻時，應先進行機械調零使指針指0,然后選擇合適

的檔位，將紅、黑表筆短接進行歐姆調零，再進行測電阻讀數(shù)，測量完畢后要把選擇

開關旋轉到交流電壓最高檔，因此正確順序為EDBCAo

b.由圖2可知檔位選擇“x100”，則

凡=30x1000=30000

c.電流表選用內接法，從節(jié)能的角度滑動變阻器選用限流接法即可，電路連接如圖:

d.待測電阻阻值約為3000Q,因此電流表選用內接法更合理，其數(shù)據(jù)為圖中的數(shù)據(jù)，

因此

R=—Q?3.1X103Q(3.1X103Q~3.2X103Q)

*0.8x10-3\)

(2)由于兩個電表構成了串聯(lián)電路，則G2表中的電流與G］表的電流方向相同，晃動

G表時，當指針向左偏時，根據(jù)電路連接情況可知G?表的指針也將向左偏。

2

18.答案：(1)/?=-xlO5Pa(2)AU=8.8J

23

解析：(1)設初狀態(tài)壓強PL對活塞受力分析有

Pi=Po+-^=l-2xlO5Pa

又

PM=p2sh

解得

p=—xlO5Pa

23

(2)對汽缸內氣體緩慢加熱過程有

S%_S(4+M)

T=-T2-

解得

△h=0.5cm

氣體對外做功

W=—P1SM=—L2J

根據(jù)熱力學第一定律有

AU=Q+W

解得

AU=8.8J

19.答案：（1）6m/s（2）3N,方向豎直向上（3）》=卷5m或x=或

4730

x=-------m

5

解析：（1）從A到3過程，根據(jù)動能定理有

mgh-^mgcos3■——=-mv；-0

sin，2

解得

vB=6m/s

（2）分析可知滑塊。在傳送帶上一直減速，從3到。過程

解得

vc=4m/s

a與6碰撞，根據(jù)動量守恒

mvc=2mVj

解得

V1=2m/s

結合體。從M到N過程，根據(jù)動能定理

191,

qE-2R-2mg-2R=—2mv2~--2機v；

解得

v2=26mzs

在N點根據(jù)向心力公式

c，口口2mv2

2mg+F-qE=--^2-

NK

根據(jù)牛頓第三定律，代入數(shù)值可得結合體對軌道壓力

RN'=EN=3N

方向豎直向上。

（3）根據(jù)平拋運動可知，豎直方向有

1,

2R=-gt2,t=0.8s

水平方向有

X=v2t

分析可知當滑塊。在傳送帶上一直減速到達C點時速度為4m/s；當傳送帶順時針轉

動，滑塊。在傳送帶上一直加速到達C點時速度為v',有

V~VB=2〃2gL_BC

解得

v'=2>/14m/s

情況一：當傳送帶順時針轉動且速度04v<4m/s或逆時針轉動時，根據(jù)前面分析滑塊

到C點速度％=4m/s,此時位置坐標為

8也

x=v2t=2逐xO.8m=§m

情況二：當傳送帶順時針轉動且速度4m/s<nW2&Zm/s時，可知滑塊。在傳送帶上運

動過程中必定與傳送帶共速，即滑塊到C點速度為v,聯(lián)立可得位置坐標為

2而+64

x=------------m

5

情況三：當傳送帶順時針轉動且速度v>2V14m/s時，滑塊到C點