浙江省溫州市2024屆高三二模物理試卷(含答案)

浙江省溫州市2024屆高三二模物理試卷

學校：___________姓名：班級：___________考號：

一,單選題

1.下列屬于國際單位制中單位的是（）

A.伏特（V）B.電子伏特（eV）C攝氏度（。（2）D.克（g）

2.下列說法正確的是（）

A.研究“天問一號”調(diào)整姿態(tài)，利用相機拍攝火星表面地貌時，“天問一號”可視為

質(zhì)點

B.國產(chǎn)大飛機C919商業(yè)首飛，航行時間約2h,航程約HOOkm,其中“2h”指的是時

刻

C.“中國天眼”探測到的引力波，傳播速度為光速，若頻率為UTHZ,則其波長比可

見光長

D.全球最大實驗性核聚變反應堆開始運行，核反應方程為第U+jnf堞Ba+MKr+3jn

3.如圖所示，小球從距地面高度％=L25m的A點由靜止釋放，經(jīng)地面第一次反彈，

豎直上升至最高點3,3點距地面高度為=0.8m,不計空氣阻力，下列說法正確的是

A.小球在3點處于靜止狀態(tài)

B.小球下降過程處于失重，上升過程處于超重

C.小球與地面作用過程速度變化量的大小為lm/s

D.小球下降過程的平均速度大小大于上升過程的平均速度大小

4.如圖所示，是研究光電效應的電路圖。實驗時，入射光頻率大于陰極K金屬材料

的截止頻率。當滑動變阻器的滑片從最左端逐漸滑到最右端過程中，關于光電流/與

光電管兩端電壓。的關系可能正確的是（）

說口

光束

5.2024年1月17日，搭載“天舟七號”貨運飛船的運載火箭在文昌航天發(fā)射場發(fā)

射。次日凌晨，“天舟七號”貨運飛船成功對接空間站“天和”核心艙，如圖所示。

對接后，“天舟七號”與空間站組成組合體，運行在離地高度約為400km的圓形軌道

上，下列說法正確的是（）

A.組合體的角速度小于地球自轉(zhuǎn)的角速度

B.組合體的線速度大于地球同步衛(wèi)星的線速度

C.組合體的向心加速度小于地球同步衛(wèi)星的向心加速度

D.“天舟七號”攜帶的一未開封貨物，在發(fā)射前與對接后的重力相等

6.如圖所示，兩通電長直導線沿正方體的AD邊和班，邊放置，通過大小相等、方向

如圖中所示的恒定電流。一閉合圓形金屬小線圈，初始位置圓心在A點，可沿不同方

向以相同速率做勻速直線運動，運動過程中小線圈平面始終與.85平面平行。沿

AD方向觀察，不考慮地磁場影響，下列說法正確的是（）

A.C和。兩點的磁感應強度相同

B.C點的磁感應強度方向由。點指向C點

C.圓形小線圈由A點向4點移動時能產(chǎn)生順時針方向的感應電流

D.圓形小線圈由A點向。點移動時能產(chǎn)生逆時針方向的感應電流

7.如圖所示，矩形線圈必cd放置在垂直紙面向里的勻強磁場中，繞垂直于磁場的中

心轉(zhuǎn)軸OO'以300r/min的轉(zhuǎn)速勻速轉(zhuǎn)動，磁場分布在的右側(cè)，磁感應強度

3=2叵T。線圈匝數(shù)〃=100匝，面積S=100cm2。理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比

71

%:%=1：2,定值電阻鳥=鳥=4。，C為電容器，電流表A為理想交流電表，不計矩

形線圈的電阻，下列說法正確的是（）

A.矩形線圈產(chǎn)生的電動勢最大值為20瓜

B.電流表示數(shù)為5A

C.變壓器輸出功率為200W

D.增大電容器的電容，電流表示數(shù)增大

8.如圖甲所示，一艘正在進行順時針急轉(zhuǎn)彎訓練的航母，運動軌跡可視作半徑為R的

水平圓周。航母在圓周運動中，船身發(fā)生了向外側(cè)傾斜，且甲板法線與豎直方向夾角

為仇船體后視簡圖如圖乙所示。一質(zhì)量為機的小物塊放在甲板上，與甲板始終保持

相對靜止，兩者之間的動摩擦因數(shù)為〃（〃〉tan。）。假設航母的運動半徑火、夾角。不

隨航速改變，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。下列說法正確的是（）

圖甲圖乙

A.航母對小物塊的支持力心=7〃gcos。

B.小物塊可能只受重力、支持力兩個力作用

C.航母的航速越大，則小物塊受到的摩擦力越大

D.航母的最大航速y=卜一tan?￡

9.如圖所示，甲圖是距離很近的兩個平行異名磁極之間磁場的磁感線、乙圖是輻向磁

場的磁感線、丙圖為等量異種點電荷的電場線、丁圖為等量同種正點電荷的電場線。

一電子以某一初速度，僅受電場力或磁場力，在這四種場中，不可能做勻速圓周運動

的是（）

A.在甲圖磁場中B.在乙圖磁場中C.在丙圖電場中D.在丁圖電場中

10.如圖所示，加速電場的兩極板尸、Q豎直放置，間距為d,電壓為q。偏轉(zhuǎn)電場的

兩極板M、N水平放置，兩極板長度及間距均為L電壓為％。P、Q極板分別有小

孔A、B,A5連線與偏轉(zhuǎn)電場中心線3C共線。質(zhì)量為機、電荷量為q的正離子從小孔

A無初速度進入加速電場，經(jīng)過偏轉(zhuǎn)電場，到達探測器（探測器可上下移動）。整個

裝置處于真空環(huán)境，且不計離子重力。下列說法正確的是（）

D.為保證離子不打在M、N極板上，U1與力應滿足的關系為3>2。］

11.如圖所示，46兩位同學從同一高度分別拋出沙包1和2,兩沙包拋出的初速度

大小均為z,方向與水平方向的夾角分別為a、%,且4〉名,兩沙包拋出后在空中

的運動軌跡分別如圖中I和n所示。兩位同學均能在各自的拋出點接住對方拋來的沙

包，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.兩拋出點之間的距離為"2%

g

B.沙包1和2在空中運動時間之比為tan%

C.沙包1和2運動過程中最小速度之比為tan4

D.沙包1和2運動過程中離地的最大高度之比為tai?4

12.如圖所示，薄板3放在傾角為30。的光滑斜面上，斜面固定且足夠長，薄板的下

端位于斜面底端，上端通過輕繩與固定在地面上的電動機連接，輕繩跨過定滑輪，定

滑輪質(zhì)量與摩擦均不計，斜面上方的細繩與斜面平行。，=0時刻，一小物塊A從薄板

上端由靜止釋放的同時，薄板在電動機帶動下由靜止開始沿斜面向上做加速度

即=2m/s2的勻加速直線運動。已知薄板長L=1m，小物塊A的質(zhì)量〃?A=2kg,薄板

3的質(zhì)量〃%=lkg,A6間的動摩擦因數(shù)〃=走。下列說法正確的是（）

A.從,=0到小物塊A離開薄板前，細繩對薄板B的拉力為7N

B.小物塊A到達斜面底端時速度為鬲/s

C.小物塊A將要離開薄板時電動機的瞬時輸出功率為16W

D.小物塊A與薄板3之間因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能為2.5J

13.如圖所示，半徑為R,圓心角為135。的扇形玻璃磚M為邊上的一點，

OM力R。一束平行單色紅光從邊射入玻璃磚，入射方向與。4邊平行。由M

3

點入射的光從圓弧邊A3出射后恰好與平行。真空中的光速為。，除了全發(fā)射，不

A.玻璃磚圓弧邊上有光射出的長度為巴人

3

B.從玻璃成圓弧邊射出的光對應在邊上的長度為YIR

3

D.若改為單色綠光，由航點入射的光經(jīng)玻璃磚后從圓弧邊射出仍然與。4平行

二、多選題

14.下列說法正確的是（）

A.大量處于激發(fā)態(tài)的氫原子可以向外輻射紫外線，也可向外輻射丁射線

B.盧瑟福通過a粒子散射實驗提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型，也可估算出原子核的大小

C.擴散現(xiàn)象說明組成物質(zhì)的分子在做永不停息的熱運動，也可說明分子間存在空隙

D.從單一熱庫吸收熱量可以自發(fā)地全部傳遞給低溫物體，也可以自發(fā)地完全變成功

15.平靜水面上建立x軸，俯視圖如圖所示。分別位于％=-0.2m和％=0.3m的兩波

源A、3起振方向相反，/=0時刻同時從各自的平衡位置開始以10Hz的頻率、4cm的

振幅上下振動，在水面上形成兩列簡諧橫波。圖中虛線為］=0.3s兩列波到達的位置，

此時x=Q5m處的質(zhì)點處于平衡位置且向上振動。下列說法正確的是（）

A.兩列波的傳播速度為2m/s

B.原點％=0處的質(zhì)點起振方向向下

C.x軸上在AB之間振動加強點個數(shù)共9個

D.從1=0時刻起，一天內(nèi)，x=2.024m處的質(zhì)點通過的總路程為0.8m

三、實驗題

16.實驗題

I.（1）實驗小組用如圖1所示裝置來驗證兩個小球在斜槽末端碰撞時的動量守恒。

A、8為兩個直徑相同的小球，質(zhì)量分別為〃（、m2,且7%＞也。實驗時，接球板水平

放置，讓入射球A多次從斜軌上E點靜止釋放，平均落點為耳；再把被碰小球3靜放

在水平軌道末端，再將入射小球A,從斜軌上某一位置靜止釋放，與小球3相撞，并

多次重復，分別記錄兩個小球碰后的平均落點N-

I題圖1

①為了確認兩個小球的直徑相同，實驗小組用游標卡尺對它們進行了測量，下面四幅

圖分別是四次測量情景，其中最佳的操作是O

②關于該實驗的要求，說法正確的是（多選）。

A.斜槽末端必須是水平的

B.斜槽軌道必須是光滑的

C.必須測出斜槽末端的高度

D.放上小球8后，A球必須仍從E點釋放

③圖1中。點為斜槽末端在接球板上的投影點，實驗中，測出。耳、。乂的長

度分別為%、々、七，若兩球碰撞時動量守恒，則滿足的表達式為（用題中給

定的物理量表示）。

④圖3中，僅改變接球板的放置，把接球板豎放在斜槽末端的右側(cè)，。點為碰前3球

球心在接球板上的投影點。使小球A仍從斜槽上E點由靜止釋放，重復上述操作，在

接球板上得到三個落點加2、P[、N],測出?！?、。2、。外長度分別為斗、為、

巴，若兩球碰撞時動量守恒，則滿足的表達式為（用題中給定的物理量表

示）。

⑤如圖4所示。再一次僅改變接球板的放置，讓接球板的一端緊靠在斜槽末端，使小

球A仍從斜槽上E點由靜止釋放，重復第一次實驗操作，在接球板上得到三個落點

加3、鳥、、，其中。點為斜槽末端與接球板的接觸點，測出。鳥、。生長度

分別為人"、4，若兩球碰撞時動量守恒，則滿足的表達式為（用題中給定的

物理量表示）。

I題圖3I題圖4

（2）在“測量玻璃的折射率”實驗中（如圖5所示），已繪出玻璃磚兩個平行界面和

三個大頭針孔。、c位置，且插在。位置的大頭針正好同時擋住插在6位置的大

頭針的像。確定第四枚大頭針位置時，先后操作了兩次，分別得到d、e兩個大頭針

孔。為了減小誤差，應采用（填“d”或"e"）大頭針孔，并在答題紙中作出

正確的光路圖_____o

II.滑動變阻器由陶瓷筒和密繞在其上的螺線管狀電阻絲組成?，F(xiàn)為了測定某一滑動變

阻器電阻絲的電阻率。實驗器材有：

兩節(jié)干電池（電動勢為3V,內(nèi)阻為「），電流表（量程為0.6A,內(nèi)阻為0.8Q），電

阻箱R（0?999.90），待測滑動變阻器（總匝數(shù)120匝，匝數(shù)清晰可數(shù)），開關及

導線若干。

器材按圖1連接，將滑動變阻器滑片移至最右端，閉合開關，調(diào)節(jié)電阻箱至合適阻值

并保持不變，移動待測滑動變阻器的滑片，多次記錄該滑動變阻器接入電路的匝數(shù)〃

1

和相應電流表的讀數(shù)作出“圖像，如圖2所不。

n題圖in題圖2

（1）用螺旋測微器測量滑動變阻器電阻絲的直徑如圖3所示，電阻絲直徑

d=mm；

（2）某次測量時，電流表指針位置如圖4所示，讀數(shù)/=A；

（3）已知待測變阻器螺線管的直徑0=3.15cm，則待測變阻器電阻絲電阻率為

Q.m（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）；

（4）若已知實驗中電阻箱接入電路中的電阻為4.0。，則兩節(jié)干電池串聯(lián)的總內(nèi)阻

r=Q（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）；

（5）實驗中所用的電源因長時間使用，內(nèi)阻增大，則測得的電阻率（選填“偏

大”、“偏小”或“不變”）o

四、計算題

17.如圖所示，固定在水平地面開口向上的圓柱形導熱氣缸，用質(zhì)量機=lkg的活塞密

封一定質(zhì)量的理想氣體，活塞可以在氣缸內(nèi)無摩擦移動?；钊貌豢缮扉L的輕繩跨過

兩個定滑輪與地面上質(zhì)量M=3kg的物塊連接。初始時，活塞與缸底的距離

%=40cm,缸內(nèi)氣體溫度工=300K,輕繩恰好處于伸直狀態(tài)，且無拉力。已知大氣

壓強片=0.99義IO,Pa,活塞橫截面積S=100cm2，忽略一切摩擦?，F(xiàn)使缸內(nèi)氣體溫度

緩慢下降，貝U：

（1）當物塊恰好對地面無壓力時，求缸內(nèi)氣體的溫度心；

（2）當缸內(nèi)氣體溫度降至7；=261.9K時，求物塊上升高度A/z；

（3）已知整個過程缸內(nèi)氣體內(nèi)能減小12L2J,求其放出的熱量Q。

18.一游戲裝置豎直截面如圖所示，該裝置由傾角。=53。的固定斜面C。、水平傳送

帶ER粗糙水平軌道RG、光滑圓弧軌道GPQ、及固定在。處的彈性擋板組成。斜面

。高度為=0.4m,傳送帶ER與軌道RG離地面高度均為力，兩者長度分別為

/]=4m、/2=1.5m,OG、OP分別為圓弧軌道的豎直與水平半徑，半徑R=0.8m，圓

弧PQ所對應的圓心角々=37。，軌道各處平滑連接。現(xiàn)將質(zhì)量m=lkg的滑塊（可視為

質(zhì)點）從斜面底端的彈射器彈出，沿斜面從。點離開時速度大小%=5m/s,恰好無碰

撞從E點沿水平方向滑上傳送帶。當傳送帶以y=5m/s的速度順時針轉(zhuǎn)動，滑塊恰好

能滑至P點。已知滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)〃1=0.5,滑塊與擋板碰撞后原速率反

向彈回，不計空氣阻力。sin37o=0.6，cos37°=0.8?求：

（1）高度入；

（2）滑塊與水平軌道RG間的動摩擦因數(shù)〃2；

（3）滑塊最終靜止時離G點的距離x；

（4）若傳送帶速度大小可調(diào)，要使滑塊與擋板僅碰一次，且始終不脫離軌道，則傳送

帶速度大小v的范圍。

19.如圖所示，SM、77V是兩條平行固定水平金屬導軌，其右端串接電鍵K和阻值為

凡的定值電阻。傾角相同的傾斜金屬導軌AC、3。和EP、RQ架接在水平導軌上，與

水平軌道平滑連接，且接觸點無電阻，水平導軌間距、傾斜導軌間距均為L;金屬棒。

質(zhì)量為2機、阻值為R,金屬棒人質(zhì)量為加、阻值為2R,兩根金屬棒長度均為L分別

由鎖定器鎖定在兩個傾斜導軌的同一高度處，高度為兒鎖定好的兩金屬棒在水平導

軌上的投影分別為ST、HGOCDGH和PQW兩區(qū)域均足夠長，分布有豎直向上的勻

強磁場，磁感應強度大小分別為耳、B2-已知：L=im、//=0.45m、加=0.1kg、

R=1Q、&=2Q、耳=1.0T、B2=0.5T,所有導軌均光滑且不計電阻，兩金屬棒與

①。棒剛進入CDGH區(qū)域磁場時，PQ兩點間的電壓U-,

②a棒在CDGH區(qū)域磁場中運動的距離xx；

(2)。棒在CDGH區(qū)域靜止后，斷開電鍵K,解除鎖定器2,讓6棒靜止釋放，求：

①當6棒在PQNM區(qū)域磁場中速度為％=2.5m/s時，a棒的加速度大小為；

②從鎖定器1解除到兩金屬棒運動穩(wěn)定，。棒產(chǎn)生的總焦耳熱0〃o

20.如圖所示，直角坐標系中，有一平行于y軸長度為0.5L的線狀離子源MN,〃端

在X軸上，坐標時=-小離子源發(fā)射的正離子初速度大小均為V。，方向平行于X軸正

方向，且發(fā)射的正離子沿均勻分布，每個離子質(zhì)量為如電荷量為q；在

xN—L、yV0區(qū)間內(nèi)加一垂直于紙面向里，磁感應強度大小為用的圓形邊界勻強磁

場，能使離子源發(fā)射的全部正離子經(jīng)過原點。，不計離子重力及離子間的相互作用。

XXX

ooXXX

ooXXX

oXXXx

MO

離子源

N

(1)求磁感應強度耳的取值范圍；

(2)若磁感應強度耳取最小值，在第一象限加垂直紙面向里、磁感應強度大小為不

的勻強磁場，在第二象限加垂直紙面向外、磁感應強度大小為鳥的勻強磁場，已知

Bl=B2=B3O離子發(fā)射前，在y軸上放置長度為0.8L的探測板P。，只有打到探測板

左側(cè)表面的離子才能被探測到。

①求全部正離子經(jīng)過原點。時與y軸正方向夾角0的范圍；

②若探測板下端?？v坐標％=2.4L,求離子探測率〃(即探測板探測到的離子數(shù)占總

離子數(shù)的比例)；

③若探測板位置在y軸上可變，Q端縱坐標滿足0<y°<4L,求離子探測率〃與幾的

關系。

參考答案

1.答案：A

解析：A、伏特(V)是國際單位制中單位，故A正確；

B、電子伏特(eV)是能量的單位，不是國際單位制中單位，故B錯誤；

C、攝氏度(℃)是溫度的單位，不是國際單位制中單位，故C錯誤；

D、克(g)是質(zhì)量的單位，不是國際單位制中單位，故D錯誤；

故選:A.

2.答案：C

解析：A.研究“天問一號”調(diào)整姿態(tài)，利用相機拍攝火星表面地貌時，“天問一號”的形

狀大小不可忽略，不可視為質(zhì)點，A錯誤；

B.國產(chǎn)大飛機C919商業(yè)首飛，航行時間約2h,航程約1100km,其中“2h”指的是時間

間隔，B錯誤；

C.“中國天眼”探測到的引力波，傳播速度為光速，若頻率為10』Hz,則其波長比可見

光長，C正確；

D.全球最大實驗性核聚變反應堆開始運行，核反應方程為

925U+on―Ba+36Kr+3QI1,D錯誤。

故選C。

3.答案：D

解析：A、小球在3點速度為零，但合力個為零，不是平衡狀態(tài)，故A錯誤；

B、小球下降過程和上升過程加速度方向均向下，處于失重狀態(tài)，故B錯誤；

C、根據(jù)機械能守恒定律得，mg%=gmy2,整理解得丫=/西，代入數(shù)據(jù)解得

v=5m/s,規(guī)定向上為正方向，根據(jù)動量定理得(7陽-尸》=。-(-〃〃)，整理解得

F=mg+^-,可知小球與地面作用過程速度變化量的大小大于5m/s,故C錯誤;

Av

D、根據(jù)平均速度的定義式葭石知，小球下降過程和上升過程位移大小相等，下降

過程的時間小于上升過程的時間，則下降過程的平均速度大小大于上升過程的平均速

度大小，故D正確。

故選:D。

4.答案：A

解析：由于入射光頻率大于金屬的截止頻率，滑動變阻器的滑片在最左端時光電管兩

端電壓為零，由于存在光電流，所以電流表中的示數(shù)不為零，隨著滑動片從最左端向

右慢慢滑動過程中，滑動片尸左端的電阻變大，電壓表的示數(shù)變大，正向電壓變大，

則光電流也逐漸增大，當電流達到飽和值后，即使光電管兩端電壓再增加，光電流也

不再增大，故A正確，BCD錯誤。

故選:A。

5.答案：B

解析：A、地球同步衛(wèi)星距離地面的高度大約是36000km,其角速度等于地球自轉(zhuǎn)的

角速度。衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力有：絲絲=加”2,解

r

得：所以組合體的角速度大于地球同步衛(wèi)星的角速度，即大于地球自轉(zhuǎn)的

角速度，故A錯誤；

B、衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力有：絲絲=機匕，解得：

rr

v=所以組合體的線速度大于地球同步衛(wèi)星的線速度，故B正確；

C、根據(jù)牛頓第二定律可得GM學m=加〃，解得。=G粵M，所以組合體的向心加速度大于

rr

地球同步衛(wèi)星的向心加速度，故C錯誤；

D、根據(jù)萬有引力可得：F二GM學m,“天舟七號”攜帶的一未開封貨物，在發(fā)射前受到

r

的地球引力大于對接后受到的引力，所以“天舟七號”攜帶的一未開封貨物，在發(fā)射前

的重力大于對接后的重力，故D錯誤。

故選:B。

6.答案：D

解析：

7.答案：D

解析：

8.答案：C

解析：

9.答案：B

解析：

10.答案：B

解析：

11.答案：A

解析：

12.答案：C

解析：A.小物塊向下運動，薄板向上運動，對薄板根據(jù)牛頓第二定律有

7-7%8511130。-〃〃748。0530。=根/，代入數(shù)據(jù)解得丁=12]\[，故A錯誤；

B.對小物塊根據(jù)牛頓第二定律有mAgsin300-pimAgcos30°=mAax,代入數(shù)據(jù)解得

q=2.5m/s2,根據(jù)運動學公式有工。/+40/=小代入數(shù)據(jù)解得”25,此時小物

2273

塊的速度為vA=a,?=-X—m/s=—m/s>此時A距離斜面底端的距離為

A1233

%=；。產(chǎn)=；x2x(g)m=[m，根據(jù)動能定理有叫gxsin30°=gznv；,代入數(shù)

據(jù)解得/=Wm/s，故B錯誤；

C.根據(jù)運動學公式，A剛要滑離薄板時，薄板的速度為VB=s=2x2m/s=3m/s，根

1133

據(jù)功率公式有P=TvH=12xdw=16W，故C正確；

B3

D.根據(jù)功能關系，小物塊A與薄板3之間因摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能為

2=///?Agcos30°-L=^x2xl0x^xlJ=5J>故D錯誤。

故選：Co

13.答案：B

解析：

14.答案：BC

解析：A.大量處于激發(fā)態(tài)的氫原子可以向外輻射紫外線，不能向外輻射丁射線，故A

錯誤；

B.盧瑟福通過a粒子散射實驗提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型，也可估算出原子核的大小,

故B正確；

C.擴散現(xiàn)象說明組成物質(zhì)的分子在做永不停息的熱運動，也可說明分子間存在空隙,

故C正確；

D.從單一熱庫吸收熱量可以自發(fā)地全部傳遞給低溫物體，不可以自發(fā)地完全變成功,

故D錯誤。

故選BCo

15.答案：BD

解析：

16.答案：I(1)①C②AD

(D叫了2=班%+m2X3

④過=旦+其

匹H匹

⑤㈣應=網(wǎng)&+恤應

(2)e；如圖所示

II.(1)0.635mm(0.633-0,637)

(2)0.34

⑶5.3x10-7(5.0x10-7—5.5x10-7)

(4)1.2

(5)不變

解析：

17.答案：(1)291K(2)4cm(3)160J

解析：(1)初始時，對活塞：1S+nzg=<S得：7^=lxlO5Pa

當物塊對地面無壓力時，對活塞：PQS+mg^P2S+Mg

得：=0.97xl05Pa

對氣體，由等容變化：［=圣

得：(=291K

(2)對氣體，由等壓變化：匕=匕即”=也(或/=仇-幼)5)

心I乙4T2T3

得：”=36cm所以,AA=4cm

(3)整個降溫壓縮過程活塞對氣體做功：W=^AV=^SA/z=38.8J

根據(jù)熱力學第一定律：AU=W+Q

得：Q=-160J放出熱量為160J

18.答案：(1)1.2m(2)0.3(3)3m(4)y/39Am/s<v<V43m/s

解析：(1)D—E：斜拋運動：E點為最高點，分解叫，

豎直方向：Vy=4m/s,水平方向：vx=3m/s

豎直位移為y,則Vy=2gyy=0.8m

所以，"=y+0.4=1.2m

(2)滑塊以匕=3m/s滑上傳送帶，假設能被力口速至Uy=5m/s，則：

2_2

”=，M=4m成立。故滑塊離"點的速度…$

F—P-動能定理：—mgR—二0—gm近

得：4-03

(3)由分析可知，物塊從尸返回后向左進入傳送帶，又被傳送帶原速率帶回

設物塊從P返回后，在尸G之間滑行的總路程為s,

則：mgR—42mgs=0得:s=gm

=m

所以，滑塊停止時離G點：x=2l2-s~

(4)設傳送帶速度為匕時，滑塊恰能到。點，

在。點￥兩足：mgsina=m—，得：vQ=V4.8m/s

F-Q：動能定理：一〃2加乳-mgR(l+sina)=g根域-^mvf

得：%=J39.4m/s

設傳送帶速度為匕時，滑塊撞擋板后恰能重新返回到P點,

動能定理：-3〃22乳一mgR=°-JmV2

得：y2=V43m/s

若滑塊被傳送帶一直加速，則：〃小雙=,機印-工機V可得％=7m/s

/101m24111

所以，傳送帶可調(diào)節(jié)的速度范圍為：7394m/s<v<A/43in/s

19.答案:(1)①1.5V②1.2m(2)①1.25m/s2②0.5J

解析：(1)①a棒在斜導軌上，有機械能守恒：2mgh=-2mv1

a棒剛進入CDGH區(qū)域磁場時：%=3m/s

切割產(chǎn)生的電動勢：E=BJVO=3V

PQ兩點間的電壓：U=—=1.5V

2

②對a棒，在CDG"區(qū)域磁場中，由動量定理：BlILt=2mv0

其中：人好”巴

2R

z4mv7?1

何H：玉——石0~=1.2m

1Bfl}

(2)①b棒進入PQNM區(qū)域磁場時速度：%=3m/s

對/?棒，進入磁場到以=2.5m/s,由動量定理：B2lLt=mv0-mvh

此過程，對〃棒，由動量定理：BJLt=2mva

可得：va=0.5m/s

此時回路電流：/=3—與Jo.25A

3R

對。棒，由牛頓第二定律：a.=^=1.25m/s2

12m

②分析可知，兩棒運動穩(wěn)定時：vb=2va

對6棒，進入磁場到運動穩(wěn)定，由動量定理：B2ILt=