廣東省惠州市2024屆高三年級下冊4月一模試題 物理 含解析

惠州市2024屆高三模擬考試試題

物理試卷

本試卷共6頁，15小題：考試時間：75分鐘滿分：100分

一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有

一項是符合題目要求的。

1.硅光電池是利用光電效應原理制成的器件，下列表述正確的是（）

A.硅光電池是把電能轉(zhuǎn)化為光能的一種裝置

B.硅光電池中吸收了光子能量的電子都能逸出

C.逸出的光電子的最大初動能與入射光的頻率有關(guān)

D.光電效應現(xiàn)象說明光具有波動性

2.如圖所示，一女士借助瑜伽球靠墻靜止蹲在墻邊,女士背部保持挺直且倚靠在瑜伽球上,瑜伽球“倚靠”

在豎直墻面上。下列說法正確的是（）

A.地面對女士的支持力大于女士受到的重力

B.地面對女士的摩擦力為零

C.女士對瑜伽球的彈力可能為0

D.女士對瑜伽球的彈力與墻壁對瑜伽球的彈力是一對相互作用力

3.雨滴從高空靜止下落過程中，受到的空氣阻力滿足/=左/，左為定值，取豎直向下為正，下列表示雨滴

速度v和加速度a的圖像可能正確的是（）

4.某電動汽車在充電過程中，可視為理想變壓器的原線圈輸入電壓為220V,輸入功率為6.6kw,副線圈的

電流為15A,副線圈通過相關(guān)設備連接汽車電池，電池容量為33kwh。忽略充電過程中的能量損耗，則變

壓器的原副線圈匝數(shù)比和電池完全充滿所需要的時間分別是（）

A.1：2,2.2hB.2：1,5h

C.2：1,2.2hD.1：2,5h

5.某同學用單色光進行雙縫干涉實驗，在屏上觀察到如圖（a）所示的條紋，僅改變一個實驗條件后，觀

察到的條紋如圖（b）所示。他改變的實驗條件可能是（）

A.換用了波長更短的單色光

B,適當減小了雙縫到光屏之間的距離

C.適當增大了雙縫之間的距離

D.換用了頻率更低的單色光

6.如圖所示，從我國空間站伸出的長為d的機械臂外端安置一微型衛(wèi)星，微型衛(wèi)星和空間站能與地心保持

在同一直線上繞地球做勻速圓周運動。已知地球半徑為R,空間站的軌道半徑為r,地球表面重力加速度

為g。忽略空間站對衛(wèi)星的引力以及空間站的尺寸，則（）

A.微型衛(wèi)星的角速度比空間站的角速度要小

B.微型衛(wèi)星的線速度與空間站的線速度相等

R2

C.空間站所在軌道處的加速度與g之比為彳

D.機械臂對微型衛(wèi)星一定無作用力

7.我國的風洞技術(shù)處于世界領(lǐng)先地位。如圖所示，在某次風洞實驗中，一質(zhì)量為優(yōu)的輕質(zhì)小球，在恒定的

風力作用下先后以相同的速度大小v經(jīng)過八b兩點，速度方向與。、6連線的夾角a、p均為45。。已知

。、6連線長為d,小球的重力忽略不計.則小球從a點運動到6點過程中，下列說法正確的是（）

a^<a

\b

小

A風力方向與a、6連線平行

B.所用時間為幽

V

C.小球做勻速圓周運動

D.風力大小為2m"

d

二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多

項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

8.壓縮空氣儲能系統(tǒng)（CAES）能將空氣壓縮產(chǎn)生熱能儲存起來，發(fā)電時讓壓縮的空氣推動發(fā)電機工作，

這種方式能提升壓縮空氣儲能系統(tǒng)的效率，若該系統(tǒng)始終與外界絕熱，空氣可視為理想氣體。對于上述過

程的理解正確的是（）

A.壓縮空氣過程中，組成空氣的氣體分子平均動能不變

B.壓縮空氣過程中，空氣溫度升高，內(nèi)能增加

C.該方式能夠?qū)嚎s空氣儲能的效率提升到100%

D.壓縮的空氣在推動發(fā)電機工作的過程中；空氣對外做功，壓強減小

9.研究“蹦極”運動時，在運動員身上系好彈性繩并安裝傳感器，可測得運動員豎直下落距離/z及其對

應的速度v,得到如圖所示的1?一力圖像。運動員及其所攜帶裝備的總質(zhì)量為60kg,彈性繩原長為10m,

彈性繩上的彈力遵循胡克定律，忽略空氣阻力，取重力加速度g=10m/s2。以下說法正確的是（）

A.彈性繩的勁度系數(shù)為120N/m

B.運動員在下落過程中先超重再失重

C.運動員在最低點處加速度大小為20m/s2

D.運動員在速度最大處繩子的彈性勢能為3000J

10.如圖所示，長方體0MpQ-O1”出所在空間存在與方向平行的勻強磁場，一粒子源無初速度釋

放一質(zhì)量為機、帶電量為+4的帶電粒子，經(jīng)電壓U加速后，從。點沿。。方向射入磁場區(qū)域，并從4點

離開長方體區(qū)域。已知長方體OM、。。1邊的長度均為d,。。的長度為Gd，不計粒子的重力及其相互

作用，下列說法正確的是（）

粒子進入磁場區(qū)域的初速度為

4

磁感應強度的大小為一

5d

C.若減少加速電壓U,粒子可能從射出

D.若增加加速電壓U,粒子可能從“擊中點射出

三、非選擇題：本題共5小題，共54分?？忌鶕?jù)要求作答。

11.用如圖（a）所示的實驗裝置研究物體的平拋運動。將白紙和復寫紙對齊重疊并固定在豎直的硬板上。

鋼球沿斜槽軌道滑下后從。點飛出，落在水平擋板MN上。由于擋板靠近硬板一側(cè)較低，鋼球落在擋

板上時，鋼球側(cè)面會在白紙上擠壓出一個痕跡點。上下移動水平擋板到合適的位置，重新釋放鋼球,

如此重復，白紙上將留下一系列的痕跡點。

硬板白紙

（1）為使小球能水平拋出，必須調(diào)整斜槽，使其末端的切線成水平方向，檢查切線是否水平的方法是

（2）每次都要從斜槽上相同的位置無初速度釋放鋼球，原因是0

（3）為定量研究鋼球的平拋運動，建立以水平方向為無軸、豎直方向為y軸的坐標系。①取平拋運動的

起始點為坐標原點，將鋼球靜置于斜槽末端。點，鋼球的（選填“最上端”“最下端”或者

“球心”）對應白紙上的位置即為原點；在確定y軸時（選填“需要”或者“不需要”）y軸

與重垂線平行。

②若遺漏記錄平拋軌跡的起始點，也可按下述方法處理數(shù)據(jù)：在如圖（b）所示的軌跡上取A、B,C三點，

測得AB和BC的水平間距均為無，AB和BC的豎直間距分別是力和為，己知當?shù)刂亓铀俣葹間，可求

得鋼球平拋的初速度大小為（用字母X、/、％和g表示）。

12.某同學利用如圖（a）所示的電路測量未知電阻凡的阻值與電源電動勢E和內(nèi)阻r,R為電阻箱，電流

表可視為理想電流表.操作步驟如下:

圖(a)圖(b)

（1）測量凡的阻值.先閉合開關(guān)S］和S2,調(diào)節(jié)電阻箱，當電阻箱的阻值R為11。時，電流表示數(shù)為

/；接著斷開S2,調(diào)節(jié)電阻箱，當電阻箱的阻值R為5。時，電流表示數(shù)仍為/,此時則凡的阻值為

Q；若電流表為非理想電流表，則按照該方法實際測量得到的&的阻值將（選填

“偏大”“偏小”或者“不變”）。

（2）保持S1閉合、S2斷開，多次調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄每次調(diào)節(jié)后的電阻箱的阻值R及電流表A的

示數(shù)/.為了直觀地得到/與R的關(guān)系，該同學以電阻箱的阻值R為縱軸，以尤為橫軸作出了如圖（b）的

圖像，則橫軸x為,R=（用字母E、/、S?和，表示）。

（3）若圖（b）中橫軸彳所表示的物理量的單位為國際單位，由圖像可求得電源的電動勢E=

V,內(nèi)阻廠=Q（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）。

13.發(fā)生地震時，我國地震局能記錄地震過程中的振動圖像和波動圖像，圖（。）為傳播方向上距離震源2km

的質(zhì)點尸的振動圖像，圖（6）為地震發(fā)生后，質(zhì)點P振動LOs時的地震簡諧橫波圖像，假設地震簡諧橫

波傳播的速度大小不變，求：

（1）該地震簡諧橫波的傳播方向和t=1.0s時質(zhì)點尸的振動方向；

（2）該地震簡諧橫波傳播的速度大小；

（3）質(zhì)點尸振動30s后，該地震簡諧橫波能到達最遠位置與震源之間的距離。

(a)(b)

14.如圖所示，電阻不計、豎直放置的平行金屬導軌相距L=0.4m,與總電阻R=10。的滑動變阻器、板

間距d=0.2m的足夠長的平行板電容器連成電路，平行板電容器豎直放置.滑動變阻器的左側(cè)有垂直導

軌平面向里的勻強磁場，其磁感應強度3=1.0x1Of1，電阻廠=50的金屬棒仍與導軌垂直，在外力作

用下緊貼導軌做勻速直線運動。合上開關(guān)S,當滑動變阻器觸頭P在中點時，質(zhì)量根=1.0?lO^kg。電

量4=1.0xl（T5c的帶正電的微粒從電容器中間位置水平射入，恰能在兩板間做勻速直線運動，取重力加

速度g=10m/s2。求：

（1）金屬棒油運動的方向及其速度大??；

（2）當觸頭P移至最上端C時，同樣微粒從電容器中間位置水平射入，則該微粒向電容器極板運動過

程中所受重力的沖量大?。ㄓ嬎憬Y(jié)果可用根式表示）。

xxxxCi1

B<-

P

XXXX

15.如圖所示，在光滑絕緣足夠大的水平面上存在方向水平向右的勻強電場，質(zhì)量為加、電荷量為q的帶

正電金屬小球甲從A點由靜止釋放后，以大小為V。的速度與靜止在。點、質(zhì)量為3%小球乙發(fā)生碰撞，乙

球不帶電，碰撞時間極短且無電荷量轉(zhuǎn)移，首次碰撞后甲向左運動的最遠距離距。點自，已知A0相距為

4

L,與A點相距3L處的8處有一固定的豎直擋板，乙球與擋板碰撞時間極短且無機械能損失。求：

(1)電場的電場強度E的大??；

(2)首次碰撞后瞬間，甲、乙兩球的速度大??；

(3)如果在甲、乙兩球首次碰撞后瞬間，將電場強度大小改為KE(K>0),方向不變，要保證乙球碰撞

擋板后，甲、乙兩球能再次在02區(qū)域相碰，K的取值范圍。

E

--------------------------------------?

甲缸.乙...................

Zzzzzzzzzzzzzzzzzzzzzzzzzzz/zz

A1<-----j---->|。B

惠州市2024屆高三模擬考試試題

物理

本試卷共6頁，15小題：考試時間：75分鐘滿分：100分

一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有

一項是符合題目要求的。

1.硅光電池是利用光電效應原理制成的器件，下列表述正確的是（）

A.硅光電池是把電能轉(zhuǎn)化為光能的一種裝置

B.硅光電池中吸收了光子能量的電子都能逸出

C.逸出的光電子的最大初動能與入射光的頻率有關(guān)

D.光電效應現(xiàn)象說明光具有波動性

【答案】C

【解析】

【詳解】A.硅光電池是把光能轉(zhuǎn)化為電能的一種裝置，故A錯誤；

B.硅光電池中吸收了光子能量的電子只有光子的能量大于逸出功才能逸出，故B錯誤；

C.由線=〃丫-叱），可知光電子的最大初動能與入射光的頻率有關(guān)，隨著入射光的頻率增大而增大，故

C正確；

D.光電效應現(xiàn)象說明光具有粒子性，故D錯誤。

故選Co

2.如圖所示，一女士借助瑜伽球靠墻靜止蹲在墻邊，女士背部保持挺直且倚靠在瑜伽球上，瑜伽球“倚靠”

在豎直墻面上。下列說法正確的是（）

A.地面對女士的支持力大于女士受到的重力

B.地面對女士的摩擦力為零

C.女士對瑜伽球的彈力可能為0

D.女士對瑜伽球的彈力與墻壁對瑜伽球的彈力是一對相互作用力

【答案】A

【解析】

【詳解】A.瑜伽球有向下的運動趨勢，在豎直方向受到重力、墻和女士對球豎直向上的摩擦力，女士受到

重力、瑜伽球?qū)ε肯蛳碌哪Σ亮拓Q直向上的支持力，根據(jù)平衡條件可知地面對女士的支持力大于女士

受到的重力，故A正確；

B.女士在水平方向受力平衡，由于瑜伽球?qū)ε坑兴较蜃蟮膹椓?，所以地面對女士有水平向右的摩擦力?/p>

故B錯誤；

C.瑜伽球在水平方向受力平衡，墻對瑜伽球有水平向左的彈力，所以女士對瑜伽球有水平向右的彈力，故

C錯誤；

D.女士對瑜伽球的彈力與墻壁對瑜伽球的彈力是一對平衡力，故D錯誤。

故選A?

3.雨滴從高空靜止下落過程中，受到的空氣阻力滿足/=五2,左為定值，取豎直向下為正，下列表示雨滴

速度v和加速度。的圖像可能正確的是（

【答案】B

【解析】

【詳解】雨滴從高空靜止下落過程中，設雨滴的質(zhì)量為〃2,根據(jù)牛頓第二定律可得

mg-fkv-

a=---------=g-------

mm

可知隨著雨滴速度的增大，加速度逐漸減小，所以雨滴做加速度逐漸減小的加速運動，則V—/圖像的切線

斜率逐漸減小；當空氣阻力等于雨滴重力時，雨滴的加速度減為0,且加速度。與速度V不是線性關(guān)系。

故選B。

4.某電動汽車在充電過程中，可視為理想變壓器的原線圈輸入電壓為220V,輸入功率為6.6kw,副線圈的

電流為15A,副線圈通過相關(guān)設備連接汽車電池，電池容量為33kwh。忽略充電過程中的能量損耗，則變壓

器的原副線圈匝數(shù)比和電池完全充滿所需要的時間分別是（）

A.1：2,2.2hB.2：1,5h

C.2：1,2.2hD.1：2,5h

【答案】D

【解析】

【詳解】變壓器初級電流

,P6600℃、

I.=—=--AA=30A

1U1220

則變壓器原副線圈匝數(shù)比

/2151

n2I、302

電池完全充滿所需要時間

E33、八

t=-=----h=5h

P6.6

故選D。

5.某同學用單色光進行雙縫干涉實驗,在屏上觀察到如圖（a）所示的條紋，僅改變一個實驗條件后，觀察

到的條紋如圖（b）所示。他改變的實驗條件可能是（）

（a）（b）

A.換用了波長更短的單色光

B.適當減小了雙縫到光屏之間的距離

C.適當增大了雙縫之間的距離

D.換用了頻率更低的單色光

【答案】D

【解析】

【詳解】因從a圖到b圖條紋間距變大，根據(jù)

、I.

Ax=-A

d

可知可能是換用了波長更長的光，或者頻率更低的光，也可能適當增加了雙縫到光屏之間的距離，也可能

是適當減小了雙縫之間的距離，故選項ABC錯誤，D正確。

故選D。

6.如圖所示，從我國空間站伸出的長為d的機械臂外端安置一微型衛(wèi)星，微型衛(wèi)星和空間站能與地心保持

在同一直線上繞地球做勻速圓周運動。已知地球半徑為R,空間站的軌道半徑為r,地球表面重力加速度為

g。忽略空間站對衛(wèi)星的引力以及空間站的尺寸，則()

A.微型衛(wèi)星的角速度比空間站的角速度要小

B.微型衛(wèi)星的線速度與空間站的線速度相等

R2

C.空間站所在軌道處的加速度與g之比為，

D.機械臂對微型衛(wèi)星一定無作用力

【答案】C

【解析】

【詳解】A.微型衛(wèi)星和空間站能與地心保持在同一直線上繞地球做勻速圓周運動，所以微型衛(wèi)星的角速

度與空間站的角速度相等，故A錯誤；

B.微型衛(wèi)星的線速度

v=o(r+d)

空間站的線速度

v-cor

微型衛(wèi)星的線速度比空間站的線速度大，故B錯誤；

C.由

_Mm

Or——=ma

解得

空間站所在軌道處的加速度

GM

a=

~r~

在地球表面

-Mm

仃充:"

解得

GM

g"

所以

a_R2

g戶

故C正確；

D.由

廠Mm

CJ———ma

r

解得

可知僅受萬有引力提供向心力時，微型衛(wèi)星比空間站的軌道半徑大，角速度小，由于微型衛(wèi)星跟隨空間站

以共同的角速度運動，由尸=根02「可知所需向心力增大，所以機械臂對微型衛(wèi)星有拉力作用，故D錯

誤。

故選C。

7.我國的風洞技術(shù)處于世界領(lǐng)先地位。如圖所示，在某次風洞實驗中，一質(zhì)量為根的輕質(zhì)小球，在恒定的

風力作用下先后以相同的速度大小v經(jīng)過“6兩點，速度方向與八6連線的夾角a、p均為45°。已知”

6連線長為心小球的重力忽略不計.則小球從。點運動到b點過程中，下列說法正確的是（）

A.風力方向與。、6連線平行

B.所用時間幽

C.小球做勻速圓周運動

D風力大小為誓

【答案】B

【解析】

【詳解】A.由題意可知小球做勻變速曲線運動，根據(jù)加速度的定義可知加速度方向移動和速度變化量的方

向相同，根據(jù)幾何關(guān)系可知加速度方向垂直于八b連線，如圖

V

所以風力方向垂直于八6連線，故A錯誤;

B.小球的速度沿a、b連線方向的分速度為

Vj=vsin?=vsin45°=—v

12

所以。運動到b的時間為

d_d_拒d

匕逝v

——V

2

故B正確;

C.小球受到恒定風力的作用，做勻變速曲線運動，不可能做勻速圓周運動，故C錯誤;

D.沿風力的方向從“點運動到6點的速度變化量為

Av風=vsin/3—(-vsina)=vsin45°+vsin45°=及v

則加速度為

_Av風_yf2v_v2

"-t~41d~d

V

根據(jù)牛頓第二定律，從a點運動到b點的風力為

lmv2

r=ma=--

d

故D錯誤。

故選B。

二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個選項中，有多

項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

8.壓縮空氣儲能系統(tǒng)（CAES）能將空氣壓縮產(chǎn)生的熱能儲存起來，發(fā)電時讓壓縮的空氣推動發(fā)電機工作，

這種方式能提升壓縮空氣儲能系統(tǒng)的效率，若該系統(tǒng)始終與外界絕熱，空氣可視為理想氣體。對于上述過程

的理解正確的是（）

A.壓縮空氣過程中，組成空氣的氣體分子平均動能不變

B.壓縮空氣過程中，空氣溫度升高，內(nèi)能增加

C.該方式能夠?qū)嚎s空氣儲能的效率提升到100%

D.壓縮的空氣在推動發(fā)電機工作的過程中；空氣對外做功，壓強減小

【答案】BD

【解析】

【詳解】AB.壓縮空氣過程中，外界對氣體做正功，系統(tǒng)與外界絕熱，由熱力學第一定律AU=W+?？?/p>

知氣體內(nèi)能增大，溫度升高，組成空氣的氣體分子平均動能增大，故A錯誤，B正確；

C.由熱力學第二定律可知，該方式能夠?qū)嚎s空氣儲能的效率不能提升到100%,故c錯誤；

D.壓縮的空氣在推動發(fā)電機工作的過程中；氣體膨脹，體積變大，空氣對外做功；由更上二?？芍獕簭?/p>

T

減小，故D正確。

故選BD。

9.研究“蹦極”運動時，在運動員身上系好彈性繩并安裝傳感器，可測得運動員豎直下落的距離場及其對

應的速度丫，得到如圖所示的F—〃圖像。運動員及其所攜帶裝備的總質(zhì)量為60kg,彈性繩原長為10m,彈

性繩上的彈力遵循胡克定律，忽略空氣阻力，取重力加速度g=10m/s2。以下說法正確的是（）

B.運動員在下落過程中先超重再失重

C.運動員在最低點處加速度大小為20m/s?

D.運動員在速度最大處繩子的彈性勢能為3000J

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.運動員受力平衡時，速度最大。由圖像可知，下落高度為15m時速度最大，此時受力平衡

F=mg

F=kAx

=(15-10)m=5m

解得

k=^-=—N/m=120N/m

Ax5

A正確；

B.運動員下落過程先加速后減速，所以下落過程是先失重后超重，B錯誤；

C.運動員在最低點時，速度為零，彈力最大，此時由牛頓第二定律可得

F—mg=ma

F=kkm

7=(25—10)m=15m

聯(lián)立上述各式，解得

a=20mzs2

C正確;

D.速度最大時重力和彈力平衡，此時彈性繩伸長量為

AY=5m

根據(jù)彈性勢能的表達式可得其彈性勢能的大小

1

92

Ep=-^(AX)=1500J

D錯誤。

故選AC

10.如圖所示，長方體出Qi所在空間存在與“a方向平行的勻強磁場，一粒子源無初速度釋

放一質(zhì)量為機、帶電量為+4的帶電粒子，經(jīng)電壓U加速后，從。點沿。。方向射入磁場區(qū)域，并從4點

離開長方體區(qū)域。已知長方體OM、。。］邊的長度均為“，。。的長度為6d，不計粒子的重力及其相互作

C.若減少加速電壓U,粒子可能從"1射出

D.若增加加速電壓U,粒子可能從“出中點射出

【答案】ABC

【解析】

【詳解】A.粒子在電場中被加速，則

Uq=gmv2

解得進入磁場區(qū)域的初速度為

Vm

選項A正確;

B.進入磁場后粒子平面出。內(nèi)做勻速圓周運動，則

戶=（百斤+（一立?）2

解得磁感應強度的大小為

選項B正確;

C.若減少加速電壓U,則粒子射入磁場時的速度減小，運動半徑減小，則粒子可能從射出，選項c

正確；

D.若增加加速電壓U,則粒子射入磁場時的速度變大，運動半徑變大，則粒子從。Pi連線上某點射出，

不可能從“由中點射出，選項D錯誤。

故選ABC?

三、非選擇題：本題共5小題，共54分?？忌鶕?jù)要求作答。

11.用如圖（a）所示的實驗裝置研究物體的平拋運動。將白紙和復寫紙對齊重疊并固定在豎直的硬板上。

鋼球沿斜槽軌道尸?；潞髲摹｜c飛出，落在水平擋板上。由于擋板靠近硬板一側(cè)較低，鋼球落在擋板

上時，鋼球側(cè)面會在白紙上擠壓出一個痕跡點。上下移動水平擋板到合適的位置，重新釋放鋼球，如此

重復，白紙上將留下一系列的痕跡點。

板

白紙

硬

.

O

;0

的XX

占

為

二

重

垂-

線

2

MN

C

(b)

（1）為使小球能水平拋出，必須調(diào)整斜槽，使其末端的切線成水平方向，檢查切線是否水平的方法是

（2）每次都要從斜槽上相同的位置無初速度釋放鋼球，原因是o

（3）為定量研究鋼球的平拋運動，建立以水平方向為x軸、豎直方向為y軸的坐標系。①取平拋運動的起

始點為坐標原點，將鋼球靜置于斜槽末端。點，鋼球的（選填“最上端”“最下端”或者“球

心”）對應白紙上的位置即為原點；在確定y軸時（選填“需要”或者“不需要”）y軸與重

垂線平行。

②若遺漏記錄平拋軌跡的起始點，也可按下述方法處理數(shù)據(jù)：在如圖（b）所示的軌跡上取A、B、C三點，

測得和的水平間距均為無，和BC的豎直間距分別是%和%，已知當?shù)刂亓铀俣葹間,可求得

鋼球平拋的初速度大小為（用字母無、/、%和g表示）。

【答案】（1）將小球放置在斜槽末端，能保持靜止（或既不向里滾，也不向外滾），則說明斜槽末端切線水

平。

（2）保證小球每次以相同的速度從斜槽末端飛出。

【解析】

【小問1詳解】

將小球放置在斜槽末端，能保持靜止（或既不向里滾，也不向外滾），則說明斜槽末端切線水平。

【小問2詳解】

每次都要從斜槽上相同的位置無初速度釋放鋼球，原因是保證小球每次以相同的速度從斜槽末端飛出。

【小問3詳解】

①⑴小球在運動過程中記錄下的是其球心的位置，故其拋出點也應是小球靜置于Q點時球心的位置，故應

以球心在白紙上的位置為坐標原點。

⑵小球在豎直方向為自由落體運動，故需要y軸與重垂線平行。

②[3]平拋運動豎直方向做勻變速直線運動，根據(jù)勻變速運動推論

%-M=gT2

解得

卡

平拋運動水平方向為勻速直線運動，根據(jù)勻速直線運動公式x=解得

12.某同學利用如圖（a）所示的電路測量未知電阻凡的阻值與電源電動勢E和內(nèi)阻r,R為電阻箱，電流

表可視為理想電流表.操作步驟如下:

圖（a）圖（b）

（1）測量凡的阻值.先閉合開關(guān)S］和S2,調(diào)節(jié)電阻箱，當電阻箱的阻值R為11。時，電流表示數(shù)為/；

接著斷開S?,調(diào)節(jié)電阻箱，當電阻箱的阻值R為5。時，電流表示數(shù)仍為/,此時則凡的阻值為

若電流表為非理想電流表，則按照該方法實際測量得到的9的阻值將（選填

“偏大”“偏小”或者“不變”）。

（2）保持S1閉合、S2斷開，多次調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，記錄每次調(diào)節(jié)后的電阻箱的阻值R及電流表A的示

數(shù)/.為了直觀地得到/與R的關(guān)系，該同學以電阻箱的阻值R為縱軸，以尤為橫軸作出了如圖（b）的圖

像，則橫軸x為,R=（用字母E、/、S2和/■表示）。

（3）若圖（b）中橫軸元所表示的物理量的單位為國際單位，由圖像可求得電源的電動勢E=

V,內(nèi)阻廠=Q（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）。

【答案】（1）①.6##6.0②.不變

1E

（2）①.—②.——用-r

（3）①.3.1②.3.3

【解析】

【小問1詳解】

［1］先閉合開關(guān)S］和S?,調(diào)節(jié)電阻箱，當電阻箱的阻值R為11。時，電流表示數(shù)為/,根據(jù)閉合電路歐姆

定律有

4+廠

斷開S2,調(diào)節(jié)電阻箱，當電阻箱的阻值R為5。時，電流表示數(shù)仍為/,根據(jù)閉合電路歐姆定律有

1=——-——

K）++丫

解得

【答案】（1）沿X軸正方向或水平向右，沿y軸正方向；（2）4xio3m/s;（3）1.22xl05m

【解析】

【詳解】（1）由振動圖像和波動圖像得，該地震簡諧橫波的傳播方向沿x軸正方向或水平向右。t=LOs時，

質(zhì)點p沿y軸正方向振動。

（2）由振動圖像和波動圖像得波長4=4km,周期T=LOs,由

2

v=—

T

解得

v=4xl03m/s

（3）質(zhì)點尸振動30s后，波沿x軸正方向傳播的距離為

Ax=V/

則

“max=AX+%O

解得

5

△max=1.22xl0m

14.如圖所示，電阻不計、豎直放置的平行金屬導軌相距L=0.4m,與總電阻R=10。的滑動變阻器、板

間距d=0.2m的足夠長的平行板電容器連成電路，平行板電容器豎直放置.滑動變阻器的左側(cè)有垂直導軌

平面向里的勻強磁場，其磁感應強度3=L0X10-3T，電阻廠=50的金屬棒油與導軌垂直，在外力作用下

緊貼導軌做勻速直線運動。合上開關(guān)S,當滑動變阻器觸頭尸在中點時，質(zhì)量根=1.0?10-8kg。電量

4=L0X10"C的帶正電的微粒從電容器中間位置水平射入，恰能在兩板間做勻速直線運動，取重力加速度

g=10m/s2o求:

（1）金屬棒油運動的方向及其速度大??；

（2）當觸頭尸移至最上端C時，同樣的微粒從電容器中間位置水平射入，則該微粒向電容器極板運動過程

中所受重力的沖量大小（計算結(jié)果可用根式表示）。

a

xxxxCJi~-----------

B<-9-^----------

P

xxxx----------

8

【答案】(1)ab棒水平向左運動，10m/s；(2)V6xWN.S

【解析】

【詳解】(1)平行板上板為負，根據(jù)右手定則，ab棒水平向左運動。設ab運動的速度大小為v,則有

E=BLv

尸在中點時，由閉合電路歐姆定律，有

I=R

——1-r

2

兩板間電壓為

Uc=I-

c2

板間電場強度為

k—a

場-7

帶電粒子作勻速直線運動

mg=qE場

聯(lián)立得

mgd（R+2r）

qBLR

計算得

v=10m/s

(2)當尸移至。時，滑動變阻器尺全部接入電路，由閉合電路歐姆定律得

1'=-^-

R+r

兩板間電壓為

U；=1'R

平行板間的電壓變

,2

U=-E

c3

，U'，4

E場=才后場機g

帶電微粒向上偏轉(zhuǎn)，在豎直方向

E場q-mg=ma

得

1d1

ci——2一=-at2

3922

得

t—顯s

10

微粒向電