四川省南充市2023-2024學(xué)年高二物理上學(xué)期第二次段考試題含解析

Page14考試時(shí)間：75分鐘試題滿分：100分一．單項(xiàng)選擇題（每題4分，共28分）1.下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間存在的某種聯(lián)系B.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，為人類(lèi)進(jìn)入電氣化時(shí)代做出偉大貢獻(xiàn)C.查德威克提出分子電流假說(shuō)，指出磁體和電流的磁場(chǎng)本質(zhì)上都是運(yùn)動(dòng)電荷產(chǎn)生的D.麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲用實(shí)驗(yàn)“捕捉”到了電磁波【答案】C【解析】【詳解】A．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間存在的某種聯(lián)系，故A正確；B．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，為人類(lèi)進(jìn)入電氣化時(shí)代做出偉大貢獻(xiàn)，故B正確；C．安培提出分子電流假說(shuō)，指出磁體和電流的磁場(chǎng)本質(zhì)上都是運(yùn)動(dòng)電荷產(chǎn)生的，故C錯(cuò)誤；D．麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲用實(shí)驗(yàn)“捕捉”到了電磁波，故D正確。本題選錯(cuò)誤的，故選C。2.跳水運(yùn)動(dòng)一直是我國(guó)傳統(tǒng)的優(yōu)勢(shì)體育項(xiàng)目，我們的國(guó)家跳水隊(duì)享有“夢(mèng)之隊(duì)”的贊譽(yù)。在某次訓(xùn)練中，跳水運(yùn)動(dòng)員在跳臺(tái)上由靜止開(kāi)始豎直落下，進(jìn)入水中后在水中做減速運(yùn)動(dòng)，速度減為零時(shí)并未到達(dá)池底。不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)，其動(dòng)量變化量大于重力的沖量B.運(yùn)動(dòng)員從剛進(jìn)入水中到速度減為零的過(guò)程中，其重力的沖量等于水的作用力的沖量C.運(yùn)動(dòng)員從開(kāi)始下落到速度減為零的過(guò)程中，其動(dòng)量的改變量等于水的作用力的沖量D.運(yùn)動(dòng)員從開(kāi)始下落到速度減為零的過(guò)程中，其重力的沖量與水的作用力的沖量等大反向【答案】D【解析】【詳解】A．運(yùn)動(dòng)員在空中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只受重力作用，根據(jù)動(dòng)量定理可知運(yùn)動(dòng)員在空中動(dòng)量的改變量等于重力的沖量，故A錯(cuò)誤；B．運(yùn)動(dòng)員在水中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到重力和水對(duì)他的作用力，動(dòng)量的變化向上，則其重力的沖量小于水的作用力的沖量，故B錯(cuò)誤；C．整個(gè)過(guò)程根據(jù)動(dòng)量定理可得I=m△v=0，故運(yùn)動(dòng)員整個(gè)向下運(yùn)動(dòng)過(guò)程中合外力的沖量為零，故C錯(cuò)誤；D．整個(gè)過(guò)程根據(jù)動(dòng)量定理可得I=IG+IF=m△v=0所以IG=-IF即運(yùn)動(dòng)員整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中重力沖量與水的作用力的沖量等大反向，故D正確；故選D。3.如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)E的區(qū)域內(nèi)，由A、B、C、D、、、、作為頂點(diǎn)構(gòu)成一正方體空間，電場(chǎng)方向與面ABCD垂直．下列說(shuō)法正確的是（）A.AD兩點(diǎn)間電勢(shì)差與兩點(diǎn)間電勢(shì)差相等B.帶正電的粒子從A點(diǎn)沿路徑移到點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功C.帶負(fù)電的粒子從A點(diǎn)沿路徑移到點(diǎn)，電勢(shì)能減小D.帶電的粒子從A點(diǎn)移到點(diǎn)，沿對(duì)角線與沿路徑電場(chǎng)力做功不相同【答案】B【解析】【詳解】A．電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與面ABCD垂直，所以面ABCD是等勢(shì)面，A、D兩點(diǎn)的電勢(shì)差為0，又因A、兩點(diǎn)沿電場(chǎng)線的方向有距離，所以不為0，故A錯(cuò)誤；B．帶正電的粒子從A點(diǎn)到D電場(chǎng)力不做功，而由電場(chǎng)力做正功，故B正確；C．帶負(fù)電的粒子從A點(diǎn)到D電場(chǎng)力不做功，而由電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，故C錯(cuò)誤；D．由電場(chǎng)力做功的特點(diǎn)（電場(chǎng)力做功與路徑無(wú)關(guān)，只與初末位置的電勢(shì)差有關(guān)）可知，帶電粒子從A點(diǎn)移到點(diǎn)，沿對(duì)角線與沿路徑電場(chǎng)力做功相同，故D錯(cuò)誤。故選B。4.一個(gè)單擺在地面上做受迫振動(dòng)，其共振曲線振幅A與驅(qū)動(dòng)力頻率f的關(guān)系如圖所示，則下列說(shuō)法不正確的是（）A.此單擺固有周期為0.5sB.當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率為0.25Hz時(shí)，單擺的振動(dòng)頻率也為0.25HzC.若擺長(zhǎng)增大，單擺的固有頻率不變D.若擺長(zhǎng)增大，共振曲線的峰將向左移動(dòng)【答案】AC【解析】【詳解】A.單擺做受迫振動(dòng)，振動(dòng)頻率與驅(qū)動(dòng)力頻率相等；當(dāng)驅(qū)動(dòng)力頻率等于固有頻率時(shí)，發(fā)生共振，則固有頻率為，周期為2s，故A錯(cuò)誤；B.做受迫振動(dòng)的物體其振動(dòng)頻率等于驅(qū)動(dòng)力的頻率，所以當(dāng)驅(qū)動(dòng)力的頻率為0.25Hz時(shí)，單擺的振動(dòng)頻率也為0.25Hz。故B正確；CD.若擺長(zhǎng)增大，由公式單擺的固有周期增大，則固有頻率減小。若擺長(zhǎng)增大，則固有頻率減小，所以共振曲線的峰將向左移動(dòng)。故C錯(cuò)誤，D正確。本題選不正確的，故選AC。5.第24屆冬季奧林匹克運(yùn)動(dòng)會(huì)于2022年2月20日落下帷幕，冰壺運(yùn)動(dòng)是冬奧會(huì)比賽項(xiàng)目之一。假設(shè)運(yùn)動(dòng)員用紅壺撞擊靜止在水平冰面上的藍(lán)壺，兩壺發(fā)生正碰，不計(jì)碰撞時(shí)間，碰撞前、后兩壺的v-t圖像如圖所示。已知兩壺的質(zhì)量均為20kg，則碰撞后藍(lán)壺的加速度大小為（）A.0.12m/s2 B.0.14m/s2C.0.16m/s2 D.0.18m/s2【答案】A【解析】【詳解】設(shè)碰后藍(lán)壺速度為v，碰前紅壺的速度v0=1.0m/s，碰后紅壺的速度為v＇=0.4m/s，取碰撞前紅壺的速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律mv0=mv＇+mv解得v=0.6m/s碰撞后藍(lán)壺的加速度為負(fù)號(hào)表示加速度方向與初速度方向相反，即加速度大小為0.12m/s2。故選A。6.如圖甲所示為豎直方向的彈簧振子，圖乙是該振子完成一次全振動(dòng)時(shí)其位移隨時(shí)間的變化規(guī)律圖線，取豎直向上為正方向，則下列說(shuō)法正確的是（）A.振子的運(yùn)動(dòng)是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，彈力充當(dāng)回復(fù)力B.時(shí)刻振子處在彈簧原長(zhǎng)的位置C.到內(nèi)，振子速度正在增大D.到內(nèi)，振子加速度正在減小【答案】C【解析】【詳解】A．振子的運(yùn)動(dòng)是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，充當(dāng)回復(fù)力的是：彈力和重力的合力，A錯(cuò)誤；B．時(shí)刻，振子的速度向上最大，此時(shí)正處在平衡位置，即，彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，B錯(cuò)誤；C．內(nèi)，振子從最高點(diǎn)向平衡位置運(yùn)動(dòng)，速度正在增大，位移正在減小，回復(fù)力正在減小，加速度正在減小，C正確；D．內(nèi)，振子從平衡位置向最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，速度正在減小，位移正在增大，回復(fù)力正在增大，加速度正在增大，D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖，水平彈簧右端固定在豎直墻壁上，左端連接在物塊上，水平面光滑.開(kāi)始時(shí)物塊靜止，彈簧處于原長(zhǎng)。一顆子彈以水平速度射入物塊，并留在物塊中。若子彈和物塊作用時(shí)間極短，下列有關(guān)說(shuō)法中正確的是（）A.從子彈開(kāi)始打物塊到彈簧壓縮至最短，子彈、物塊、彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒B.從子彈開(kāi)始打物塊到彈簧壓縮至最短，子彈、物塊、彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒C.從子彈開(kāi)始打物塊到與物塊共速，子彈、物塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒D.子彈和物塊一起壓縮彈簧的過(guò)程中，物塊、子彈、彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒【答案】C【解析】【詳解】A．從子彈開(kāi)始打物塊到彈簧壓縮至最短，子彈、物塊、彈簧組成的系統(tǒng)所受合外力不為零，所以動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；B．一顆子彈以水平速度射入物塊，并留在物塊中，子彈、物塊、彈簧組成的機(jī)械能損失最多，故B錯(cuò)誤；C．子彈開(kāi)始打物塊到與物塊共速，子彈和物塊作用時(shí)間極短，內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，子彈、物塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故C正確；D．子彈和物塊一起壓縮彈簧的過(guò)程中，物塊、子彈、彈簧組成的系統(tǒng)合外力不為零，動(dòng)量不守恒，故D錯(cuò)誤。故選C。二、多選題（每題6分，共18分）8.如圖所示，面積為S的長(zhǎng)方形線框放在垂直紙面向里、足夠大的、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框平面與磁場(chǎng)垂直，下列分析正確的是（）A.圖示位置，穿過(guò)線框中的磁通量為B.以邊為軸，讓線框轉(zhuǎn)過(guò)角，這一過(guò)程中，線框中的磁通量變化量大小為C.線框以邊為軸在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)，線框中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流D.線框繞過(guò)D點(diǎn)與磁場(chǎng)平行的軸轉(zhuǎn)動(dòng)，線框中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流【答案】BC【解析】【詳解】A．圖示位置，線框平面與磁場(chǎng)垂直，線框中的磁通量故A錯(cuò)誤；B．以邊為軸，讓線框轉(zhuǎn)過(guò)角，這一過(guò)程中，線框中的磁通量變化量大小為故B正確；C．線框以邊為軸在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)，線框中的磁通量時(shí)刻在發(fā)生改變，線框中會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C正確；D．線框繞過(guò)D點(diǎn)與磁場(chǎng)平行的軸轉(zhuǎn)動(dòng)，線框中的磁通量始終為，線框中不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，故D錯(cuò)誤。故選BC。9.如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為12V，燈泡L上標(biāo)有“6V12W”字樣，電動(dòng)機(jī)線圈的電阻。若燈泡恰能正常發(fā)光，下列說(shuō)法中正確的是（）A.電路電流12AB.電動(dòng)機(jī)的輸入功率為12WC.用電動(dòng)機(jī)勻速提升10N重物速率為1m/sD.整個(gè)電路消耗的電功率84W【答案】BC【解析】【詳解】A．對(duì)燈泡，由P=UI可得，電路電流故A錯(cuò)誤；B．電動(dòng)機(jī)的輸入功率為故B正確；C．電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率P熱=I2RM=（2A）2×0.5Ω=2W電動(dòng)機(jī)的輸出功率P輸出=P-P熱=12W-2W=10W用電動(dòng)機(jī)勻速提升10N重物時(shí)電動(dòng)機(jī)對(duì)重物的牽引力F=G=10N牽引力的功率即電動(dòng)機(jī)的輸出功率P輸出=Fv解得v=1m/sC正確；D．整個(gè)電路消耗的電功率故D錯(cuò)誤；故選BC。10.如圖所示，電源的內(nèi)阻較大不可忽略，R1、R2、R3為定值電阻，初始時(shí)S1閉合、S2斷開(kāi)，現(xiàn)將S2閉合，電壓表和電流表A1示數(shù)變化的絕對(duì)值分別為和，則（）A.電流表A1的示數(shù)變大，A2的示數(shù)變小B.電壓表的示數(shù)變大C.電源的輸出功率變大D.【答案】AD【解析】【詳解】AB．S2閉合后，電路總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路總電流增大，路端電壓減??；則電流表A1的示數(shù)變大，兩端電壓變大，則電壓表示數(shù)變小，即兩端電壓變小，通過(guò)的電流變小，則電流表A2的示數(shù)變小，故A正確，B錯(cuò)誤；C．當(dāng)外電路總電阻與電源內(nèi)阻相等時(shí)，電源輸出功率最大，但是題目沒(méi)告訴定量關(guān)系，所以無(wú)法判斷電源的輸出功率如何變化，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)電壓表示數(shù)為，電流表A1示數(shù)為，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得則有故D正確。故選AD。三．填空題（每空2分，共18分）11.為了精確地測(cè)量待測(cè)電阻（約）阻值，實(shí)驗(yàn)室提供了下列器材：A.電流表（量程為，內(nèi)阻）B.電流表（量程為，內(nèi)阻約）C.滑動(dòng)變阻器（，額定電流）D.滑動(dòng)變阻器（，額定電流）E.電阻箱R（阻值范圍為）F.電源（電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻約）G.開(kāi)關(guān)S、導(dǎo)線若干（1）由于沒(méi)有電壓表，某同學(xué)把電流表，串聯(lián)電阻箱R改為量程為的電壓表，他需要把電阻箱的阻值調(diào)為_(kāi)__________；（2）該同學(xué)選擇的滑動(dòng)變阻器為_(kāi)___________；（填“C”或“D”）（3）實(shí)驗(yàn)電路圖如下圖所示：（4）按正確的電路連接，閉合開(kāi)關(guān)，記錄電流表、的示數(shù)、，移動(dòng)滑動(dòng)變阻器的滑片，記錄多組數(shù)據(jù)，并作出圖像如上圖所示，則待測(cè)電阻____________（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）?！敬鸢浮竣?5000.0②.D③.9.0【解析】【詳解】（1）[1]由于沒(méi)有電壓表，某同學(xué)把電流表，串聯(lián)電阻箱R改為量程為的電壓表，則有解得（2）[2]由于待測(cè)電阻約為，為了調(diào)節(jié)方便，使電表示數(shù)變化明顯，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇阻值較小的，即選擇D。（4）[3]根據(jù)歐姆定律可得可得可知圖像的斜率為解得待測(cè)電阻為12.某研究性學(xué)習(xí)小組在進(jìn)行“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中（實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示），已知單擺在擺動(dòng)過(guò)程中的最大偏角小于。（1）安裝好實(shí)驗(yàn)裝置后，先用游標(biāo)卡尺測(cè)量擺球直徑d，測(cè)量的示數(shù)如圖乙所示，則擺球直徑______，再測(cè)量擺線長(zhǎng)L0，則單擺擺長(zhǎng)______（用d、L0表示）；（2）擺球擺動(dòng)穩(wěn)定后，當(dāng)它到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)啟動(dòng)秒表開(kāi)始計(jì)時(shí)，并記錄此后擺球再次經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)的次數(shù)，當(dāng)時(shí)剛好停表。停止計(jì)時(shí)的秒表讀數(shù)為，該單擺的周期為_(kāi)_______s（結(jié)果要求保留3位有效數(shù)字）；（3）如果根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，由計(jì)算發(fā)現(xiàn)：測(cè)量值小于真實(shí)值，可能原因是_____；A．將擺球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)的次數(shù)n計(jì)多了B．將擺線長(zhǎng)和球的直徑之和當(dāng)成了擺長(zhǎng)C．開(kāi)始計(jì)時(shí)，秒表過(guò)遲按下D．由于存在空氣阻力，會(huì)減慢單擺的速度，使周期測(cè)量值比理論值偏大（4）某同學(xué)作出了圖線，如圖所示，再利用圖線上任兩點(diǎn)A、B的坐標(biāo)（，）、（，），可求得________。若該同學(xué)測(cè)擺長(zhǎng)時(shí)漏加了小球半徑，而其它測(cè)量、計(jì)算均無(wú)誤，也不考慮實(shí)驗(yàn)誤差，則用上述方法算得的g值和真實(shí)值相比________（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）?！敬鸢浮竣?1.25②.③.④.D⑤.⑥.不變【解析】【詳解】（1）[1][2]游標(biāo)卡尺主尺讀數(shù)為1.2cm，游標(biāo)尺第5刻度與主尺某一刻度對(duì)齊，故擺球直徑為單擺擺長(zhǎng)從懸點(diǎn)到小球球心間的距離，即（2）[3]由題意可知（3）[4]根據(jù)周期公式A．將擺球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)的次數(shù)n計(jì)多了，則測(cè)量的周期T偏小，所測(cè)g偏大，故A錯(cuò)誤；B．將擺線長(zhǎng)和球的直徑之和當(dāng)成了擺長(zhǎng)，則擺長(zhǎng)L偏大，所測(cè)g偏大，故B錯(cuò)誤；C．則測(cè)量的周期T偏小，所測(cè)g偏大，故C錯(cuò)誤；D．由于存在空氣阻力，會(huì)減慢單擺的速度，使周期測(cè)量值比理論值偏大，根據(jù)公式可得所測(cè)g偏小，故D正確。故選D。（4）[5][6]根據(jù)單擺周期公式可得可知圖像的斜率為解得若該同學(xué)測(cè)擺長(zhǎng)時(shí)漏加了小球半徑，則有可得可知圖像的斜率仍為則用上述方法算得的g值和真實(shí)值相比不變。四．解答題（13題10分，14題12分，15題14分）13.一個(gè)質(zhì)量為的小球豎直向下以的速率落至水平地面，與地面的作用時(shí)間為0.2s，再以的速率反向彈回。取豎直向下為正方向，，求：（1）小球與地面碰撞前后的動(dòng)量變化量？（2）考慮小球的重力，求小球受到地面的平均作用力大小方向？【答案】（1）大小為，方向豎直向上；（2），方向豎直向上【解析】【詳解】（1）取豎直向下為正方向，則碰撞前后的動(dòng)量變化量為負(fù)號(hào)表示方向豎直向上。（2）考慮小球的重力，取豎直向下為正方向，設(shè)小球受到地面的平均作用力大小為，方向豎直向上，由動(dòng)量定理可得解得假設(shè)成立，即小球受到地面的平均作用力大小為，方向豎直向上。14.如圖所示為一彈簧振子的振動(dòng)圖像，完成以下問(wèn)題：（1）該振子振動(dòng)的振幅、周期、頻率；（2）該振子在前100s的總位移是多少？路程是多少？（3）寫(xiě)出該振子簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式，計(jì)算t=1.5s時(shí)振子的位移。【答案】（1）2cm，4s，0.25Hz；（2）0，2m；（3）x