四川省成都市高三下學(xué)期三診考試?yán)砜凭C合試題高中物理

成都市2021級(jí)高中畢業(yè)班第三次診斷性檢測(cè)理科綜合本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。第Ⅰ卷（選擇題）1至5頁(yè)，第Ⅱ卷（非選擇題）5至14頁(yè)，共14頁(yè)；注意事項(xiàng)：1．答題前，務(wù)必將自己的姓名、考籍號(hào)填寫(xiě)在答題卡規(guī)定的位置上。2．答選擇題時(shí)，必須使用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。3．答非選擇題時(shí)，必須使用0.5毫米黑色簽字筆，將答案書(shū)寫(xiě)在答題卡規(guī)定的位置上。4．所有題目必須在答題卡上作答，在試題卷上答題無(wú)效。5．考試結(jié)束后，只將答題卡交回。第Ⅰ卷（選擇題，共126分）二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.一質(zhì)點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從圓周上的一點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到另一點(diǎn)的過(guò)程中，下列說(shuō)法一定正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)速度不變 B.質(zhì)點(diǎn)加速度不變 C.質(zhì)點(diǎn)動(dòng)能不變 D.質(zhì)點(diǎn)機(jī)械能不變【答案】C【解析】【詳解】A．質(zhì)點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度大小不變，方向時(shí)刻變化，速度是變化的，故A錯(cuò)誤；B．質(zhì)點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，加速度大小不變，方向時(shí)刻變化，指向圓心，加速度是變化的，故B錯(cuò)誤；C．質(zhì)點(diǎn)動(dòng)能質(zhì)點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度大小不變，故質(zhì)點(diǎn)動(dòng)能不變，故C正確；D．質(zhì)點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不變，質(zhì)點(diǎn)的重力勢(shì)能不一定不變，故質(zhì)點(diǎn)機(jī)械能不一定不變，故D錯(cuò)誤。故選C。2.2024年4月3日，遙感四十二號(hào)01星在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心順利升空，衛(wèi)星的軌道如圖所示，其中Ⅰ和Ⅲ為高度不同的圓軌道，橢圓軌道Ⅱ分別與Ⅰ和Ⅲ相切于P點(diǎn)和Q點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道Ⅱ上從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過(guò)程中動(dòng)能增大B.衛(wèi)星在軌道Ⅱ上運(yùn)行的周期小于在軌道Ⅲ上運(yùn)行的周期C.衛(wèi)星在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度大于在軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度D.衛(wèi)星在軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)的加速度小于在軌道Ⅲ上經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)的加速度【答案】B【解析】【詳解】A．衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)的速度是近地點(diǎn)速率大于遠(yuǎn)地點(diǎn)速率即經(jīng)過(guò)Q點(diǎn)時(shí)的速度，故從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過(guò)程中動(dòng)能減小，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)開(kāi)普勒第三定律軌道Ⅱ的半長(zhǎng)軸小于軌道Ⅲ的軌道半徑，可知衛(wèi)星在軌道Ⅱ上運(yùn)行的周期小于在軌道Ⅲ上運(yùn)行的周期，故B正確；C．衛(wèi)星在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)加速后做離心運(yùn)動(dòng)，故衛(wèi)星在軌道Ⅰ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度小于在軌道Ⅱ上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)的速度，故C錯(cuò)誤；D．無(wú)論是在那個(gè)軌道上運(yùn)行，都是只受地球的萬(wàn)有引力作用，由牛頓第二定律有可得加速度大小可知在同一位置，衛(wèi)星的加速度大小相等，故D錯(cuò)誤。故選B。3.歷史上第一次利用加速器實(shí)現(xiàn)的核反應(yīng)，是利用加速后動(dòng)能為的質(zhì)子轟擊靜止的核，生成兩個(gè)動(dòng)能均為的核，已知光速為c，則此核反應(yīng)中的質(zhì)量虧損為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】核反應(yīng)放出的能量為根據(jù)質(zhì)能方程解得此核反應(yīng)中的質(zhì)量虧損為故選D。4.如圖所示，豎直平面內(nèi)足夠長(zhǎng)的光滑絕緣傾斜桿底端固定有一點(diǎn)電荷Q，M、N為桿上的兩點(diǎn)。套在桿上的絕緣帶電小球從某點(diǎn)靜止釋放后，沿桿向上運(yùn)動(dòng)，先后通過(guò)了M、N兩點(diǎn)。由此可以判斷（）A.點(diǎn)電荷Q在M點(diǎn)處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)方向一定沿桿向上B.小球在M點(diǎn)的加速度一定大于在N點(diǎn)的加速度C.小球在M點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能D.小球在M點(diǎn)的動(dòng)能一定大于在N點(diǎn)的動(dòng)能【答案】C【解析】【詳解】A．絕緣帶電小球先后通過(guò)了M、N兩點(diǎn)，故可知其與點(diǎn)電荷電性相同，由于電性未知，故電場(chǎng)力方向即電場(chǎng)強(qiáng)度方向未知，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)可知距離越遠(yuǎn)庫(kù)侖力越小，根據(jù)牛頓第二定律可知，若在M點(diǎn)在N點(diǎn)，若此時(shí)庫(kù)侖力小于重力分力，則可知小球在M點(diǎn)的加速度與在N點(diǎn)的加速度大小未知，故B錯(cuò)誤；C．電場(chǎng)力做正功電勢(shì)能減小，故小球在M點(diǎn)的電勢(shì)能一定大于在N點(diǎn)的電勢(shì)能，故C正確；D．由C項(xiàng)可知若從M點(diǎn)到N點(diǎn)加速度符號(hào)變化，則從釋放位置，到重力分力與電場(chǎng)力大小相同位置，合外力做正功，動(dòng)能增加；此后合外力做負(fù)功，動(dòng)能減小，故先加速后減速，動(dòng)能大小無(wú)法比較，故D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，xOy直角坐標(biāo)系第一象限內(nèi)，半徑為a的圓弧外存在范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里。位于O點(diǎn)的粒子源向第一象限內(nèi)的各個(gè)方向均勻發(fā)射完全相同的帶正電的粒子，粒子速度大小均為v，比荷。經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后發(fā)現(xiàn)發(fā)射出的總粒子中有的粒子可以回到O點(diǎn)，不考慮粒子的重力及粒子間的相互作用，則磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】有題意作圖當(dāng)速度與正向夾角為時(shí)，粒子恰好沿軸返回點(diǎn)，有幾何關(guān)系可得解得，粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑又有洛倫茲力及牛頓第二定律得將，代入上式解得，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小故選B。6.如圖所示，輸電線上的電阻分別為、，理想交流電壓表和理想交流電流表讀數(shù)分別為U、I。若電源輸出的交流電壓有效值恒為，家庭電路用戶(hù)端為純電阻，變壓器為理想變壓器，當(dāng)用戶(hù)端用電器增多時(shí)（）A.U變大 B.I變大 C.變大 D.變小【答案】BD【解析】【詳解】設(shè)變壓器原、副線圈的電壓分別為、，電流分別為、，設(shè)家庭電路用戶(hù)端電阻為，正弦交流電源的輸出電壓為由理想變壓器可得，副線圈根據(jù)閉合電路的歐姆定律有以上四式聯(lián)立可得當(dāng)用戶(hù)端用電器增多時(shí)，家庭電路用戶(hù)端電阻減小，則原線圈電流增大，從而副線圈電流增大，即電流表示數(shù)I變大，由于電阻上分壓增大，正弦交流電源輸出電壓的有效值恒定，則原線圈電壓減小，副線圈電壓也減小，即電壓表示數(shù)U變小，故變小。故選BD7.如圖所示，質(zhì)量，傾角的斜面放置在水平面上，頂端固定一光滑定滑輪。質(zhì)量的物塊通過(guò)輕繩跨過(guò)定滑輪與輕彈簧相連，彈簧另一端與水平地面相連，輕繩與斜面平行，彈簧保持豎直，彈力大小為，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，重力加速度，，則下列說(shuō)法正確的是（）A.物塊所受摩擦力的方向沿斜面向下B.物塊所受支持力和繩子拉力的合力方向豎直向上C.地面對(duì)斜面的支持力大小為D.地面對(duì)斜面的摩擦力大小為0【答案】AD【解析】【詳解】A．物塊所受重力沿斜面向下的分力大小為可知，物塊相對(duì)于斜面有向上運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，物塊所受摩擦力的方向沿斜面向下，故A正確；B．物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，所受合力為0，結(jié)合上述可知，物塊受到重力、繩子的拉力、斜面的支持力與沿斜面向下的摩擦力四個(gè)力的作用，根據(jù)平衡條件可知，支持力和繩子拉力的合力與重力和摩擦力的合力等大反向，重力和摩擦力的合力方向斜向左下方，可知支持力和繩子拉力的合力右上方，故B錯(cuò)誤；C．將斜面、滑輪與物塊作為整體，對(duì)整體進(jìn)行分析，根據(jù)平衡條件有即地面對(duì)斜面的支持力為38N，故C錯(cuò)誤；D．結(jié)合上述，將斜面、滑輪與物塊作為整體，對(duì)整體進(jìn)行分析，整體受到彈簧豎直向下的拉力、豎直向下的重力與豎直向上的支持力，整體在水平方向沒(méi)有受到其它作用力，即整體相對(duì)于水平面沒(méi)有運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，即地面對(duì)斜面的摩擦力大小為0，故D正確。故選AD。8.如圖所示，足夠長(zhǎng)的平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在水平面上，其間距為d，兩完全相同的燈泡電阻均為R。長(zhǎng)為d，電阻不計(jì)的導(dǎo)體棒MN置于導(dǎo)軌上，且與導(dǎo)軌保持良好接觸?？臻g存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。閉合開(kāi)關(guān)S，由靜止開(kāi)始對(duì)導(dǎo)體棒MN施加一水平向右的恒力，經(jīng)過(guò)足夠長(zhǎng)的時(shí)間后，MN運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定。此時(shí)恒力的功率為，且小燈泡恰好正常發(fā)光。不計(jì)導(dǎo)軌電阻，忽略燈泡的電阻變化，則（）A.水平恒力B.MN運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定后，斷開(kāi)S，若保持拉力大小恒定，導(dǎo)體棒將做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)C.MN運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定后，斷開(kāi)S，若保持拉力大小恒定，經(jīng)足夠長(zhǎng)時(shí)間，兩燈泡均能正常發(fā)光D.MN運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定后，斷開(kāi)S，若保持拉力功率恒定，經(jīng)足夠長(zhǎng)時(shí)間，導(dǎo)體棒再次穩(wěn)定時(shí)速度大小為原來(lái)穩(wěn)定時(shí)的2倍【答案】AC【解析】【詳解】A．MN運(yùn)動(dòng)穩(wěn)定時(shí)，則有而安培力所以故解得所以A正確；B．對(duì)MN受力分析可知當(dāng)安培力穩(wěn)定后，其加速度也趨于穩(wěn)定。故其先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)安培力和外力平衡時(shí)，加速度為0，B錯(cuò)誤；C．穩(wěn)定后，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)達(dá)到兩個(gè)小燈泡正常工作電壓時(shí)，可以使它們正常發(fā)光，C正確；D．由于拉力功率不變，隨著導(dǎo)體棒的速度逐漸增大，所受外力逐漸減小，導(dǎo)體做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體平衡時(shí)，加速度為零，速度最大為，則有解得平衡時(shí)的速度是原平衡狀態(tài)時(shí)速度的倍，D錯(cuò)誤。故選AC。第Ⅱ卷（非選擇題，共174分）三、非選擇題：本卷包括必考題和選考題兩部分。第22~32題為必考題，每個(gè)試題考生都必須做答。第33~38題為選考題，考生根據(jù)要求做答。（一）必考題（共129分）9.家庭照明電路中通常用橫截面積為的銅導(dǎo)線進(jìn)行輸電，已知標(biāo)準(zhǔn)銅的電阻率。為了探究一卷標(biāo)有“紅色BV”的銅芯導(dǎo)線純度是否符合標(biāo)準(zhǔn)，某興趣小組進(jìn)行了如下操作：（1）將導(dǎo)線一端的絕緣外層去除，用螺旋測(cè)微器測(cè)量其內(nèi)芯直徑d，示數(shù)如圖（a）所示，則________。（2）為了測(cè)量導(dǎo)線銅芯的電阻率，興趣小組選用了如下器材：電源E（電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻不計(jì)）滑動(dòng)變阻器R（阻值）定值電阻（阻值為）電壓表V（，內(nèi)阻約為）電流表A（，內(nèi)阻約為）開(kāi)關(guān)S和導(dǎo)線等圖（b）是他們?cè)O(shè)計(jì)的電路。為使測(cè)量結(jié)果更準(zhǔn)確，接線柱P應(yīng)與________（填“m”或“n”）相連。進(jìn)行正確實(shí)驗(yàn)操作后，測(cè)得電壓和電流分別為U和I，導(dǎo)線長(zhǎng)度為L(zhǎng)，求得電阻率________（用含字母U、I、d、L、的表達(dá)式表示），代入數(shù)據(jù)算出電阻率與標(biāo)準(zhǔn)值進(jìn)行比較即可檢驗(yàn)該導(dǎo)線銅芯純度是否達(dá)標(biāo)?！敬鸢浮浚?）1.495##1.493##1.497##1.496##1.494（2）①n②.【解析】【小問(wèn)1詳解】?jī)?nèi)芯直徑為【小問(wèn)2詳解】[1]導(dǎo)線銅芯的電阻約為電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于導(dǎo)線銅芯的電阻，為減小實(shí)驗(yàn)誤差，電流表應(yīng)采用外接法，故接線柱P應(yīng)與n相連。[2]導(dǎo)線銅芯的電阻為根據(jù)電阻定律聯(lián)立解得電阻率10.某同學(xué)用如圖（a）所示的裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。不可伸長(zhǎng)的輕繩繞過(guò)輕質(zhì)定滑輪，輕繩兩端分別連接物塊P與感光細(xì)鋼柱K，兩者質(zhì)量均為，鋼柱K下端與質(zhì)量為的物塊Q相連。鐵架臺(tái)下部固定一個(gè)電動(dòng)機(jī)，電動(dòng)機(jī)豎直轉(zhuǎn)軸上裝一支激光筆，電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)激光筆繞轉(zhuǎn)軸在水平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，每轉(zhuǎn)一周激光照射在細(xì)鋼柱表面時(shí)就會(huì)使細(xì)鋼柱感光并留下痕跡。初始時(shí)P、K、Q系統(tǒng)在外力作用下保持靜止，輕繩與細(xì)鋼柱均豎直。重力加速度g取。（1）開(kāi)啟電動(dòng)機(jī)，待電動(dòng)機(jī)以的角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)后。將P、K、Q系統(tǒng)由靜止釋放，Q落地前，激光器在細(xì)鋼柱K上留下感光痕跡，取下K，用刻度尺測(cè)出感光痕跡間的距離如圖（b）所示。感光痕跡間的時(shí)間間隔________，激光束照射到E點(diǎn)時(shí)，細(xì)鋼柱速度大小為_(kāi)_______（計(jì)算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。經(jīng)判斷系統(tǒng)由靜止釋放時(shí)激光筆光束恰好經(jīng)過(guò)O點(diǎn)。在OE段，系統(tǒng)動(dòng)能的增加量________，重力勢(shì)能的減少量________，比較兩者關(guān)系可判斷系統(tǒng)機(jī)械能是否守恒。（計(jì)算結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）（2）選取相同另一感光細(xì)鋼柱K，若初始時(shí)激光筆對(duì)準(zhǔn)K上某點(diǎn)，開(kāi)啟電動(dòng)機(jī)的同時(shí)系統(tǒng)由靜止釋放，電動(dòng)機(jī)的角速度按如圖（c）所示的規(guī)律變化，圖像斜率為k，記錄下如圖（d）所示的感光痕跡，其中兩相鄰感光痕跡間距均為d。若驗(yàn)證得到表達(dá)式________即可證明系統(tǒng)在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒（用含字母M、m、d、k、g、的表達(dá)式表示）?！敬鸢浮浚?）①.0.05②.1.00③.0.240④.0.245（2）【解析】【小問(wèn)1詳解】[1]感光痕跡間的時(shí)間間隔[2]細(xì)鋼柱速度大小為[3]在OE段，系統(tǒng)動(dòng)能的增加量[4]重力勢(shì)能的減少量【小問(wèn)2詳解】由題知，激光筆每轉(zhuǎn)動(dòng)一周，Q下降的高度為，設(shè)激光筆共轉(zhuǎn)n圈，則有由圖像可知聯(lián)立解得對(duì)整體根據(jù)牛頓第二定律有根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)公式所以系統(tǒng)動(dòng)能的增加量重力勢(shì)能的減少量若驗(yàn)證得到表達(dá)式即11.如圖所示，“”形木板B放置在粗糙水平面上，物塊A（可視為質(zhì)點(diǎn)）以的速度從木板B左端滑上木板，經(jīng)后A與B右端擋板碰撞，碰后A、B立刻粘在一起運(yùn)動(dòng)。已知A、B質(zhì)量均為，A、B間動(dòng)摩擦因數(shù)，B與地面間動(dòng)摩擦因數(shù)，重力加速度。求：（1）木板B的長(zhǎng)度l；（2）物塊A與木板B碰撞損失的機(jī)械能?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【詳解】（1）對(duì)A物體受力分析，由牛頓第二定律得解得對(duì)B受力分析，由牛頓第二定律得解得由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解得（2）設(shè)物塊A和木板B碰撞前速度分別為、，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，對(duì)A解得對(duì)B解得A、B碰撞過(guò)程為完全非彈性碰撞，則對(duì)A、B系統(tǒng)動(dòng)量守恒由能量守恒解得12.如圖所示，豎直面內(nèi)存在直角坐標(biāo)系xOy，平行于y軸的虛線MN、PQ將第一象限分為Ⅰ、Ⅱ兩個(gè)區(qū)域。區(qū)域Ⅰ的寬度為3d，在的區(qū)域內(nèi)存在豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在的區(qū)域內(nèi)存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)。區(qū)域Ⅱ的寬度為d，其內(nèi)部存在平行于xOy平面且方向未知的勻強(qiáng)電場(chǎng)。質(zhì)量為m、電荷量為的帶電小球由O點(diǎn)沿x軸正方向以的速度射入Ⅰ區(qū)域，小球僅從直線上的點(diǎn)A穿過(guò)后，經(jīng)過(guò)點(diǎn)垂直MN進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ，經(jīng)過(guò)PQ與x軸的交點(diǎn)C，速度大小。、、的大小均未知，小球重力不可忽略，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。求：（1）區(qū)域Ⅱ中BC兩點(diǎn)的電勢(shì)差；（2）區(qū)域Ⅰ中勻強(qiáng)電場(chǎng)的大??；（3）小球在區(qū)域Ⅱ中從B到C過(guò)程中所受電場(chǎng)力的沖量大小?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）小球在Ⅰ區(qū)域電場(chǎng)中，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向先加速再減速到零，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)，從B到C的過(guò)程中，由動(dòng)能定理可得解得（2）設(shè)小球在Ⅰ區(qū)域中經(jīng)過(guò)直線時(shí)，豎直方向速度為，在中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為、在中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，水平方向則有豎直方向，在中有在中有解得小球在Ⅰ區(qū)域中，豎直方向由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得由牛頓第二定律可得解得（3）設(shè)小球在Ⅱ區(qū)域中，電場(chǎng)水平方向的分量為、豎直方向分量為，在C點(diǎn)時(shí)水平方向速度為，豎直方向速度為，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得聯(lián)立可得水平方向豎直方向聯(lián)立可得Ⅱ區(qū)域的場(chǎng)強(qiáng)大小為小球在區(qū)域Ⅱ中從B到C過(guò)程中所受電場(chǎng)力的沖量大小（二）選考題：共45分。請(qǐng)考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題做答，并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目的題號(hào)涂黑。注意所做題目的題號(hào)必須與所涂題目的題號(hào)一致，在答題卡選答區(qū)域指定位置答題。如果多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分。13.如圖，一定量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，其過(guò)程如圖中從a到b的直線所示。直線ab與過(guò)原點(diǎn)的虛線斜率相同，下列判斷正確的是（）A.氣體內(nèi)能增加B.氣體壓強(qiáng)不變C.氣體從外界吸熱D.外界對(duì)氣體做正功E.容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)逐漸減少【答案】ACE【解析】【詳解】A．由圖示可知，ab過(guò)程，氣體溫度增加，所以?xún)?nèi)能增大，故A正確；B．圖像過(guò)原點(diǎn)的直線表示等壓過(guò)程，分別連接原點(diǎn)和a，以及原點(diǎn)和b點(diǎn)，根據(jù)可知，T?V圖像的斜率越大，氣體壓強(qiáng)越大，從狀態(tài)a到狀態(tài)b的過(guò)程氣體的壓強(qiáng)逐漸減小，故B錯(cuò)誤；D．由圖示可知，ab過(guò)程，氣體體積變大，氣體對(duì)外界做功，故D錯(cuò)誤；C．根據(jù)熱力學(xué)第一定律因?yàn)閺臓顟B(tài)a到狀態(tài)b的過(guò)程氣體內(nèi)能增加，又因?yàn)闅怏w對(duì)外做功，所以氣體從外界吸收熱量，故C正確；E．a(chǎn)b過(guò)程，壓強(qiáng)減小，溫度升高，所以分子平均動(dòng)能變大，氣體分子撞擊器壁的平均作用力增大，又因?yàn)閺臓顟B(tài)a到狀態(tài)b的過(guò)程氣體的壓強(qiáng)逐漸減小，，所以容器單位面積、單位時(shí)間內(nèi)受到的氣體分子撞擊次數(shù)逐漸減少，故E正確。故選ACE。14.如圖（a）所示，水平放置的絕熱容器被隔板A分成體積均為V的左右兩部分。面積為S的絕熱活塞B被鎖定，隔板A的右側(cè)為真空，左側(cè)有一定質(zhì)量的理想氣體處于溫度為T(mén)、壓強(qiáng)為p的狀態(tài)1。抽取隔板A，左側(cè)中的氣體就會(huì)擴(kuò)散到右側(cè)中，最終達(dá)到狀態(tài)2。然后將絕熱容器豎直放置如圖（b）所示，解鎖活塞B，B恰能保持靜止，當(dāng)電阻絲C加熱氣體，使活塞B緩慢滑動(dòng)，穩(wěn)定后，氣體達(dá)到溫度為的狀態(tài)3，該過(guò)程電阻絲C放出的熱量為Q。已知大氣壓強(qiáng)，且有，不計(jì)隔板厚度及一切摩擦阻力，重力加速度大小為g。（ⅰ）求絕熱活塞B的質(zhì)量；（ⅱ）求氣體內(nèi)能的增加量?！敬鸢浮浚á。?；（ⅱ）【解析】【詳解】（ⅰ）氣體從狀態(tài)1到狀態(tài)2發(fā)生等溫變化，則容器豎直放置，解鎖活塞B，B恰好保持靜止，以活塞B為對(duì)象，根據(jù)力的平衡條件：（ⅱ）當(dāng)電阻絲C加熱時(shí)，活塞B能緩慢滑動(dòng)（無(wú)摩擦），使氣體達(dá)到溫度的狀態(tài)3，可知?dú)怏w做等壓變化，則有該過(guò)程氣體對(duì)外做功為根據(jù)熱力學(xué)