北京市平谷區(qū)2025屆高三物理下學期第二次模擬試題含解析

PAGE20-北京市平谷區(qū)2025屆高三物理下學期其次次模擬試題（含解析）第一部分選擇題(共42分)一、單項選擇題(本題共14小題，在每小題給出的四個選項中，只有一個選項符合題意。每小題3分，共42分)1.依據(jù)粒子散射試驗提出的模型是（）A.核式結構模型 B.“棗糕”模型C.道爾頓模型 D.玻爾模型【答案】A【解析】【詳解】盧瑟福依據(jù)粒子散射試驗提出的模型是原子的核式結構模型。故選A。2.如圖所示，導熱的氣缸固定在水平地面上，一個可自由移動的活塞把氣體封閉在氣缸中，氣缸的內壁光滑?，F(xiàn)用水平外力作用于活塞桿，使活塞緩慢地向右移動，保持氣缸內氣體溫度不變，則對于封閉氣體（）A.外界對氣體做功B.氣體分子平均動能不變C.氣體壓強保持不變D.單位體積內氣體分子個數(shù)不變【答案】B【解析】【詳解】A．氣體的體積變大，則氣體對外界做功，選項A錯誤；B．氣體溫度不變，則氣體分子平均動能不變，選項B正確；C．依據(jù)可知，氣體體積變大，溫度不變，則氣體壓強減小，選項C錯誤；D．氣體體積變大，則單位體積內氣體分子個數(shù)減小，選項D錯誤。故選B。3.如圖所示，一束由a、b兩種單色光組成的復色光照耀到橫截面為三角形的玻璃磚上，經(jīng)玻璃磚折射后照到右側光屏上．光屏足夠大，下列說法正確的是（）A.玻璃磚對a光的折射率比b光大B.在真空中a光的傳播速度比b光大C.若兩種光分別照耀某金屬板均發(fā)生光電效應，a光照耀時間電子的最大初動能比b光大D.減小復色光的入射角度，兩種色光會在光屏上依次消逝，最先消逝的是b光【答案】D【解析】【詳解】A．由圖可知，相對于原來的入射方向，b光較a光的偏折程度大，所以b光的折射率大，故A錯誤；B．全部色光在真空中的傳播速度都是，故B錯誤；C．因為b光的折射率大，對應的頻率高，由愛因斯坦光電效應方程可知，發(fā)生光電效應時，b光最大初動能自然也大，故C錯誤；D．因為b光折射率大，發(fā)生全反射時的臨界角小，所以，當減小復色光的入射角度，b光最先消逝，a光最終消逝，故D正確．4.某彈簧振子振動的位移-時間圖像如圖所示，下列說法中正確的是（）A.振子振動周期為，振幅為B.時振子的速度為零，加速度為正向的最大值C.從到過程中振子做加速運動D.時振子的速度為負向的最大值【答案】B【解析】【詳解】A．由圖像可知，振子振動周期為4s，振幅為8cm，選項A錯誤；B．時振子離開平衡位置的位移最大，此時振子的速度為零，加速度為正向的最大值，選項B正確；C．從到過程中振子位移變大，則速度減小，即振子做減速運動，選項C錯誤；D．由圖像可知，時振子的速度為正向的最大值，選項D錯誤。故選B。5.從同一高度水平拋出的物體，在空中運動一段時間，落到同一水平地面上。在不計空氣阻力的條件下，由平拋運動規(guī)律可知（）A.水平初速度越大，物體在空中運動的時間越長B.水平初速度越大，物體在空中運動的時間越短C.質量越大，物體在空中運動時間越短D.水平初速度越大，物體落地時的速度越大【答案】D【解析】【詳解】ABC．依據(jù)可知，物體在空中運動的時間只與拋出時的豎直高度有關，與初速度無關，與物體質量無關，選項ABC錯誤；D．依據(jù)可知，水平初速度越大，物體落地時的速度越大，選項D正確。故選D。6.如圖所示，用輕繩OA把球掛在光滑的豎直墻壁上，O點為繩的固定點，B點為球與墻壁的接觸點．現(xiàn)保持固定點O不動，將輕繩OA加長，使繩與墻壁的夾角θ變小，則球靜止后與繩OA加長之前相比（）A.繩對球的拉力變大B.球對墻壁的壓力變小C.球對墻壁的壓力不變D.球所受的合力變大【答案】B【解析】【詳解】D．以足球為探討對象，分析其受力狀況：重力mg、繩對球的拉力和墻壁對球的支持力，處于靜止狀態(tài)，三個力的合力為零，與加長前相比合力未變，D錯誤；ABC．運用合成法，結合幾何學問有，把繩OA的長度加長一些，則減小，可知減小，減小，故B正確，AC錯誤。故選B。7.如圖所示，甲圖中a、b兩點在兩個等量同種點電荷的連線上、與連線中點距離相等，乙圖中c、d兩點在兩個等量異種點電荷連線的中垂線上、與連線中點距離相等，a、b、c、d四點的電場強度分別為、、、，電勢分別為、、、

，下列說法正確的是A.與相同，與相同 B.與相同，與不同C.與不同，與相同 D.與相同，與相同【答案】D【解析】【詳解】AB．甲圖中a、b兩點在兩個等量同種點電荷的連線上、與連線中點距離相等，依據(jù)對稱性，與大小相等、但方向不同，與相同，AB錯誤；CD．乙圖中c、d兩點在兩個等量異種點電荷連線的中垂線上、與連線中點距離相等，與相同，再依據(jù)場強的矢量合成可得與相同，C錯誤，D正確；故選D。8.兩個完全相同的電熱器分別通以如圖甲、乙所示的交變電流，兩電熱器的實際電功率之比P甲∶P乙為A.1∶2 B.1∶1 C.∶1 D.2∶1【答案】D【解析】【詳解】方波的電流有效值：甲正弦溝通電的有效值為：乙依據(jù)功率公式得到：A．與分析不符，故A錯誤；B．與分析不符，故B錯誤；C．與分析不符，故C錯誤；D．與分析相符，故D正確；故選D。9.如圖甲所示，帶缺口的剛性金屬圓環(huán)在紙面內固定放置，在圓環(huán)的缺口兩端引出兩根導線，分別與兩塊垂直于紙面正對固定放置的平行金屬板P、Q連接．圓環(huán)內有垂直于紙面改變的磁場，改變規(guī)律如圖乙所示（規(guī)定磁場方向垂直于紙面對里為正方向）．圖中可能正確表示P、Q兩極板間電場強度E（規(guī)定電場方向由P板指向Q板為正方向）隨時間t改變狀況的是A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】BC．在0至時，磁感應強度B減小，故圓環(huán)中產(chǎn)生的磁場向里，圓環(huán)中的感應電流沿順時針，故極板P帶正電，電場方向由P指向Q，即電場方向是正方向，故選項BC錯誤；AD．又因為這段時間內磁場的改變是勻稱的，故產(chǎn)生的感應電動勢大小不變，所以PQ兩極板間的電壓不變，電場強度不變，所以A錯誤，D正確。故選D。10.如圖1所示是一個電磁阻尼現(xiàn)象演示裝置，鋼鋸條上端固定在支架上，下端固定有強磁鐵，將磁鐵推開一個角度釋放，它會在豎直面內搖擺較長時間；如圖2所示，若在其正下方固定一銅塊（不與磁鐵接觸），則搖擺快速停止。關于試驗以下分析與結論正確的是A.假如將磁鐵的磁極調換，重復試驗將不能視察到電磁阻尼現(xiàn)象B.用閉合的銅制線圈替代銅塊，重復試驗將不能視察到電磁阻尼現(xiàn)象C.在圖2狀況中，下擺和上擺過程中磁鐵和鋸條組成的系統(tǒng)機械能均削減D.在搖擺過程中銅塊不受磁鐵的作用力【答案】C【解析】【詳解】A．此現(xiàn)象的原理是當磁鐵在銅塊上面搖擺時，在銅塊中產(chǎn)生渦流，與磁場相互作用阻礙磁鐵的運動；則假如將磁鐵的磁極調換，重復試驗仍能視察到電磁阻尼現(xiàn)象，選項A錯誤；B．用閉合的銅制線圈替代銅塊，仍能在線圈中產(chǎn)生感應電流，從而與磁鐵產(chǎn)生阻礙作用，則重復試驗仍能視察到電磁阻尼現(xiàn)象，選項B錯誤；C．在圖2狀況中，下擺和上擺過程中均會產(chǎn)生渦流從而消耗機械能，則磁鐵和鋸條組成的系統(tǒng)機械能均削減，選項C正確；D．由上述分析可知，在搖擺過程中銅塊對磁鐵有阻礙作用，同時銅塊也要受磁鐵的作用力，選項D錯誤；故選C.11.如圖所示，一根輕質彈簧上端固定在天花板上，下端掛一重物(可視為質點)，重物靜止時處于位置?，F(xiàn)用手托重物使之緩慢上升至位置，此時彈簧長度復原至原長。之后放手，使重物從靜止起先下落，沿豎直方向在位置和位置(圖中未畫出)之間做往復運動。重物運動過程中彈簧始終處于彈性限度內。關于上述過程(不計空氣阻力)，下列說法中正確的是（）A.重物在位置時，其加速度的數(shù)值大于當?shù)刂亓铀俣鹊闹礏.在重物從位置下落到位置的過程中，重力的沖量大于彈簧彈力的沖量C.在手托重物從位置緩慢上升到位置的過程中，手對重物所做的功等于重物往復運動過程中所具有的最大動能D.在重物從位置到位置和從位置到位置的兩個過程中，彈簧彈力對重物所做的功相同【答案】C【解析】【詳解】A．因A、C位置關于B點對稱，而A點時的加速度為g，則依據(jù)簡諧振動的規(guī)律可知，重物在C位置時，其加速度的數(shù)值等于當?shù)刂亓铀俣鹊闹礸，選項A錯誤；B．在重物從A位置下落到C位置的過程中，動量的改變?yōu)榱?，可知合外力沖量為零，即重力的沖量等于彈簧彈力的沖量，選項B錯誤；C．在手托重物從B位置緩慢上升到A位置在到返回B位置過程中，重力做功為零，彈力做功為零，故手對重物所做的功等于重物往復運動過程中所具有的最大動能，故C正確；D．依據(jù)胡克定律，有F=kx，作圖如下：

圖中圖線與x軸包圍的面積表示彈力的功，故在重物從A位置到B位置和從B位置到C位置的兩個過程中，彈簧彈力對重物所做功之比是1：3；故D錯誤；

故選C。12.恒流源是一種特別的電源，其輸出的電流能始終保持不變。如圖所示的電路中電源是恒流源，當滑動變阻器滑動觸頭從最右端向最左端移動時，下列說法中正確的是（）A.上的電壓變小B.上的電壓變大C.恒流源輸出功率保持不變D.的電功率增大【答案】B【解析】【詳解】ABD．電源輸出電流不變，觸頭P由圖示位置向左移動時，接入電路的電阻變大，則總電阻也變大，而電源輸出電流不變，由閉合電路歐姆定律可知，并聯(lián)部分電壓增大，所以R2上的電壓變大，R2是定值電阻，所以通過R2的電流變大，總電流不變，則通過R1電流減小，所以R1的電壓減小，R1的電功率減小，R0上的電壓變大，故AD錯誤，B正確；

C．恒流源輸出功率P=UI，而U增大，I不變，則P增大，故C錯誤。

故選B。13.如圖所示為某同學設計的多用電表的原理示意圖。虛線框中為一個單刀多擲開關，通過操作開關，接線柱可以分別與觸點接通，從而實現(xiàn)運用多用電表測量不同物理量的不同功能。關于此多用電表，下列說法中正確的是（）A.當接觸點1時，多用電表處于測量電流的擋位，其中接線柱接的是黑表筆B.當接觸點2時，多用電表處于測量電壓的擋位，其中接線柱接的是黑表筆C.當接觸點2時，多用電表處于測量電阻的擋位，其中接線柱接的是紅表筆D.當接觸點3時，多用電表處于測量電壓的擋位，其中接線柱接的是紅表筆【答案】A【解析】【詳解】BC．當接觸點2時，電路中有電源，則此時多用電表處于測量電阻的擋位，電流計左端為正極，右端為負極，其中接線柱接的是黑表筆，選項BC錯誤；A．當接觸點1時，電流計與分流電阻R1并聯(lián)，則此時多用電表處于測量電流的擋位，其中接線柱接的是黑表筆，選項A正確；D．當接觸點3時，電流計與電阻R2串聯(lián)，則多用電表處于測量電壓的擋位，其中接線柱接的是黑表筆，選項D錯誤。故選A14.2017年10月10日，中國科學院國家天文臺宣布，科學家利用被譽為“天眼”的世界最大單口徑射電望遠鏡——500米口徑球面射電望遠鏡A.脈沖信號屬于機械波B.脈沖星的磁軸與自轉軸重合C.脈沖的周期等于脈沖星的自轉周期D.若脈沖星是質量分布勻稱的球體，那么它表面各處重力加速度的大小都相等【答案】C【解析】【詳解】A．脈沖信號屬于電磁波，若為機械波，則傳播須要介質，無法接收到，故A錯誤；

B．依據(jù)題圖可知脈沖星的磁軸與自轉軸并不重合，故B錯誤；

C．依據(jù)題意，脈沖星每自轉一周，地球就接收到一次它輻射的脈沖，則可得脈沖的周期等于脈沖星的自轉周期，故C正確；

D．若脈沖星是質量分布勻稱的球體，因它不停的自轉，那么它表面各處重力加速度的大小不都是相等的，在赤道上最小，在兩極最大，選項D錯誤。故選C。其次部分非選擇題(共58分)二、填空題(本題共2小題，共18分)15.在“測定金屬的電阻率”試驗中，小強同學先用多用電表粗測了一段粗細勻稱的電阻絲的阻值(約為)，隨后將其固定在帶有刻度尺的木板上，打算進一步精確測量其電阻?，F(xiàn)有電源(電動勢為，內阻不計)、開關和導線若干，以及下列器材:A.電流表(量程，內阻約)B.電流表(量程，內阻約)C.電壓表(量程，內阻約)D.滑動變阻器(,額定電流)E.滑動變阻器(.,額定電流)(1)為減小誤差，且便于操作，在試驗中電流表應選________，滑動變阻器應選________(選填器材前的字母)。(2)如圖所示，是測量該電阻絲電阻的試驗器材實物圖，圖中已連接了部分導線，還有兩根導線沒有連接，請補充完成_________。(3)在開關閉合前，滑動變阻器的滑片應當調到最________(選填“左”或“右”)端；閉合開關后，試驗中電壓表讀數(shù)的最小值________(選填“大于零”或“等于零”)。(4)若不計試驗中的偶然誤差，則下列說法正確的是________。A.測量值偏大，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要緣由是電流表分壓B.測量值偏小，產(chǎn)生系統(tǒng)誤差的主要緣由是電壓表分流C.若已知電壓表的內阻，可計算出待測電阻的真實值D.若已知電流表內阻，可計算出待測電阻的真實值【答案】(1).B(2).D(3).(4).左(5).大于零(6).BC【解析】【詳解】(1)[1][2]．通過待測電阻的最大電流為故電流表選擇B；一般狀況下假如滑動變阻器的阻值小于待測電阻用分壓接法，本題采納的限流接法，滑動變阻器的阻值是待測電阻的阻值的2～5倍比較好，故滑動變阻器選擇D；

(2)[3]．按以上思路，滑動變阻器采納限流接法，而電流表采納外接法，補充完整的實物圖如圖所示；

(3)[4][5]．限流接法的滑動變阻器在開關閉合前滑動變阻器的滑片應當調到最左邊；此時若閉合開關，電路中電流最小，電壓表讀數(shù)最小，其最小值大于零。

(4)[6]．AB、此外接法的系統(tǒng)誤差主要是電壓表的分流，待測電阻的電流真實值小于測量值，故測量電阻的值小于真實值，故A錯誤，B正確；CD、若已知電壓表的內阻，可計算出待測電阻的真實值，選項C正確，D錯誤。故選BC。16.兩位同學用如圖甲所示裝置，通過半徑相同的A,B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律。(1)試驗中必需滿意的條件是________。A.斜槽軌道盡量光滑以減小誤差B.斜槽軌道末端的切線必需水平C.入射球每次必需從軌道的同一位置由靜止?jié)L下D.兩球的質量必需相等(2)測量所得入射球的質量為，被碰撞小球的質量為，圖甲中點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影，試驗時，先讓入射球從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點的位置，測得平拋射程為;再將小球B放置在軌道末端，讓入射球從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球相撞，分別找到球和球相撞后的平均落點,測得平拋射程分別為和。當所測物理量滿意表達式________時，則說明兩球的碰撞為彈性碰撞。(3)另一同學也用上述兩球進行試驗，但將試驗裝置進行了改裝:如圖乙所示，將白紙、復寫紙固定在豎直放置的木條上，用來記錄試驗中球球與木條的撞擊點。試驗時，首先將木條豎直立在軌道末端右側并與軌道接觸，讓入射球從斜軌上起始位置由靜止釋放，撞擊點為;然后將木條平移到圖中所示位置，入射球從斜軌上起始位置由靜止釋放，確定其撞擊點;再將入射球從斜軌上起始位置由靜止釋放，與球相撞，確定球和球相撞后的撞擊點分別為和。測得與各點的高度差分別為若所測物理量滿意表達式________時，則說明球和球碰撞中動量守恒?！敬鸢浮?1).BC(2).ON=OP+OM(3).【解析】【詳解】(1)[1]．A、“驗證動量守恒定律”的試驗中，是通過平拋運動的基本規(guī)律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，故A錯誤；

B、要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必需水平，故B正確；

C、要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止?jié)L下，故C正確；

D、為了使小球碰后不被反彈，要求入射小球質量大于被碰小球質量，故D錯誤；

故選BC。

(2)[2]．小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相同，它們在空中的運動時間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動量守恒，則mAv0=mAv1+mBv2又OP=v0tOM=v1tON=v2t代入得mAOP=mAOM+mBON若碰撞是彈性碰撞，則機械能守恒，由機械能守恒定律得將OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t代入得mAOP2=mAOM2+mBON2聯(lián)立解得ON=OP+OM即當所測物理量滿意表達式ON=OP+OM時，則說明兩球的碰撞為彈性碰撞。(3)[3]．小球做平拋運動，在豎直方向上平拋運動時間設軌道末端到木條的水平位置為x，小球做平拋運動的初速度：假如碰撞過程動量守恒，則mAvA=mAvA′+mBvB′將速度代入動量守恒表達式解得即所測物理量滿意表達式時，則說明球和球碰撞中動量守恒。三、計算題(本題共4小題，共40分)17.民航客機一般都有緊急出口，發(fā)生意外狀況的飛機緊急著陸后，打開緊急出口，狹長的氣囊會自動充氣，形成一個連接出口與地面的斜面，人員可沿斜面滑行到地上，如圖甲所示，圖乙是其簡化模型．若緊急出口下沿距地面的高度h=3.0m，氣囊所構成的斜面長度L=5.0m．質量m=60kg的某旅客從斜面頂端由靜止起先滑到斜面底端．已知旅客與斜面間的動摩擦因數(shù)μ=0.55，不計空氣阻力及斜面的形變，旅客下滑過程中可視為質點，取重力加速度g=10m/s2．求：（1）旅客沿斜面下滑時的加速度大小；（2）旅客滑到斜面底端時的速度大小；（3）旅客從斜面頂端滑到斜面底端過程中，斜面對旅客所施加的支持力的沖量大小．【答案】（1）a=1.6m/s2；（2）v=4.0m/s；（3）1.2×103N·s【解析】【詳解】（1）設旅客沿斜面下滑的加速度大小為a，依據(jù)牛頓其次定律有mgsinθ－μmgcosθ=ma解得a=1.6m/s2（2）依據(jù)運動學公式v2=2aL解得v=4.0m/s（3）設旅客下滑過程所用時間為t，則有L=vt支持力FN=mgcosθ，在整個下滑過程中支持力的沖量大小I=mgcosθt解得I=1.2×103N·s18.天宮二號在距地面高度處繞地球做勻速圓周運動。2016年10月19日，神舟十一號飛船放射勝利，與天宮二號空間站圓滿完成自動交會對接。假設對接前“天宮二號”與“神舟十一號”在同一軌道圍繞地球做勻速圓周運動，如圖所示。已知地球質量為，半徑為，引力常量為(1)求天宮二號在軌運行線速度的大小；(2)求天宮二號在軌運行周期T；(3)若“神舟十一號”在圖示位置，欲與前方的“天宮二號”對接，只通過向后方噴氣能否實現(xiàn)勝利對接?請說明理由。【答案】(1)；(2)；(3)不能【解析】【詳解】(1)設天宮二號質量為m，依據(jù)萬有引力定律和牛頓其次定律，萬有引力供應向心力

解得線速度(2)依據(jù)周期公式

解得周期(3)“神舟十一號”向后噴氣，速度增大，所需的向心力也增大，此時的萬有引力不足以供應“神舟十一號”所需的向心力，飛船將做離心運動，到離地球更遠的軌道上運動，不能實現(xiàn)對接。19.為了測定粒子放射源向外輻射出粒子速度的大小，設計和安裝了如圖所示的裝置。從帶有小孔的放射源中勻稱地向外輻射出平行于y軸的、速度肯定的粒子(質量為m,電荷量為)。現(xiàn)讓其先經(jīng)過一個磁感應強度為、區(qū)域為半圓形的勻強磁場,經(jīng)該磁場偏轉后，粒子恰好從一半圓形磁場區(qū)域的圓心處射出磁場，沿軸進入右側的平行板電容器板上的狹縫，并打到置于板上的熒光屏上，此時通過顯微鏡頭可以視察到屏上出現(xiàn)了一個亮點。閉合電鍵后，調整滑動變阻器的滑動觸頭當觸頭位于滑動變阻器的中心位置時，通過顯微鏡頭看到屏上的亮點恰好消逝。已知電源電動勢為，內阻為,滑動變阻器的總阻值。（1）求平行板電容器兩板間的電壓及粒子從