安徽省馬鞍山市2025屆高三物理下學(xué)期三?？荚囋囶}含解析

PAGE16-安徽省馬鞍山市2025屆高三物理下學(xué)期三模考試試題（含解析）二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.下列說(shuō)法正確的是（）A.結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定B.通過(guò)化學(xué)反應(yīng)可以變更放射性元素的半衰期C.原子核衰變時(shí)發(fā)出的α射線穿透實(shí)力比γ射線弱D.β衰變中產(chǎn)生的β射線是原子核外電子擺脫原子核束縛之后形成的電子束【答案】C【解析】【詳解】A．原子核的比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，故A錯(cuò)誤；B．半衰期與外界因素?zé)o關(guān)，與溫度、壓強(qiáng)、化學(xué)反應(yīng)等無(wú)關(guān)，由元素本身確定的，故B錯(cuò)誤；C．α射線穿透實(shí)力最弱，電離本事最強(qiáng)。故C正確；D．β衰變中產(chǎn)生的β射線是原子核中的中子釋放出的電子形成的，故D錯(cuò)誤。故選C。2.某質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)在1s、3s時(shí)運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生變更B.2s時(shí)質(zhì)點(diǎn)的加速度方向發(fā)生變更C.在3s~4s時(shí)間內(nèi)合外力的功率恒定D.在0~2s時(shí)間內(nèi)合外力的沖量為零【答案】D【解析】【詳解】A．物體在1s時(shí)和3s時(shí)速度方向不變，加速度方向變更，故A錯(cuò)誤；B．2s時(shí)質(zhì)點(diǎn)的速度方向發(fā)生變更，加速度方向不變，故B錯(cuò)誤；C．3s~4s時(shí)間內(nèi)，v-t圖像的斜率不變，合外力不變，但速度不斷變小，故合外力的功率不斷減小，故C錯(cuò)誤；D．0~2s時(shí)間內(nèi)，動(dòng)量變更量為零，由動(dòng)量定理可知，合外力的沖量等于動(dòng)量的變更量，故0~2s時(shí)間內(nèi)合外力的沖量為零，故D正確。故選D。3.如圖所示，MN是某勻強(qiáng)電場(chǎng)中的一等勢(shì)線。虛線是一帶電的粒子只在電場(chǎng)力的作用下，在紙面內(nèi)由a運(yùn)動(dòng)到b的軌跡。下列推斷正確的是（）A.電場(chǎng)方向肯定是垂直MN向上B.a點(diǎn)的電勢(shì)肯定不等于b點(diǎn)的電勢(shì)C.帶電粒子的加速度可能平行MN向右D.帶電粒子由a運(yùn)動(dòng)到b的過(guò)程中動(dòng)能可能增加【答案】B【解析】【詳解】AC．MN是某勻強(qiáng)電場(chǎng)中的一等勢(shì)線，只受電場(chǎng)力的作用，依據(jù)軌跡可以推斷電場(chǎng)力的方向垂直MN向上，帶電粒子的加速度垂直MN向上，但不知道帶電粒子的電性，所以無(wú)法推斷電場(chǎng)的方向，故AC錯(cuò)誤；B．MN是某勻強(qiáng)電場(chǎng)中的一等勢(shì)線，而a點(diǎn)和b點(diǎn)位于MN兩側(cè)，所以a點(diǎn)的電勢(shì)肯定不等于b點(diǎn)的電勢(shì)，故B正確；D．帶電粒子由a運(yùn)動(dòng)到b的過(guò)程中，電場(chǎng)力與速度的夾角是鈍角，所以帶電粒子由a運(yùn)動(dòng)到b的過(guò)程中動(dòng)能減小，故D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示，固定于水平面上的金屬架CDEF處在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬棒MN沿框架以速度v向右做勻速運(yùn)動(dòng)。t=0時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0，此時(shí)MN到達(dá)的位置恰好使MDEN構(gòu)成一個(gè)邊長(zhǎng)為l的正方形。為使MN棒中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，從t=0起先，磁感應(yīng)強(qiáng)度B應(yīng)隨時(shí)間t變更，以下四個(gè)圖象能正確反映B和t之間對(duì)應(yīng)關(guān)系的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】AB．當(dāng)閉合回路的磁通量不變時(shí)，導(dǎo)體棒中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，故解得由此可以看出，隨時(shí)間t增加，B減小，且減小得越來(lái)越慢，故AB錯(cuò)誤；CD．磁感應(yīng)強(qiáng)度可改寫(xiě)為可知是線性函數(shù)，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。5.如圖所示，固定有光滑豎直桿的三角形斜劈放置在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球與套在豎直桿上的小滑塊用輕繩連接，起先時(shí)輕繩與斜劈平行?，F(xiàn)給小滑塊施加一個(gè)豎直向上的拉力F，使小滑塊沿桿緩慢上升，整個(gè)過(guò)程中小球始終未脫離斜劈，則（）A.小球?qū)π迸膲毫u漸減小B.斜劈對(duì)地面壓力保持不變C.地面對(duì)斜劈的摩擦力漸漸減小D.輕繩對(duì)滑塊的拉力先減小后增大【答案】A【解析】【詳解】AD．對(duì)小球受力分析，受重力、支持力和細(xì)線的拉力，如圖所示

依據(jù)平衡條件可知，細(xì)線的拉力T增加，故輕繩對(duì)滑塊的拉力增大，小球受到的斜劈的支持力N漸漸減小，依據(jù)牛頓第三定律，小球?qū)π泵娴膲毫σ矞p小，故A正確，D錯(cuò)誤；BC．對(duì)球和滑塊整體分析，受重力、斜面的支持力N，桿的支持力N′，拉力F，如圖所示

依據(jù)平衡條件，有水平方向豎直方向由于N減小，故N′減小，F(xiàn)增加；對(duì)小球、滑塊和斜劈整體分析，在豎直方向故依據(jù)牛頓第三定律，斜劈對(duì)地面壓力減小。整體在水平方向不受力，故地面對(duì)斜劈的摩擦力始終為零，故BC錯(cuò)誤。故選A。6.如圖所示，志向變壓器的原線圈接入（V）的交變電壓。原、副線圈匝數(shù)比為4：1，電阻R0=5Ω，電阻箱R的最大阻值為50Ω，則（）A.副線圈兩端的電壓有效值為25VB.副線圈中電流方向每秒鐘變更314次C.當(dāng)R=20Ω時(shí)，原線圈中的電流有效值為0.25AD.當(dāng)R=5Ω時(shí)，電阻箱R消耗的電功率最大【答案】AD【解析】【詳解】A．志向變壓器原線圈接入（V）的交變電壓。有效值為，依據(jù)原、副線圈匝數(shù)比4：1，所以副線圈的電壓為，故A正確；B．變壓器不變更電流頻率，ω=100πrad/s，故頻率為50Hz，一個(gè)周期電流方向變更2次，副線圈中電流方向每秒鐘變更100次，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)R=20Ω時(shí)，副線圈電流依據(jù)電流與匝數(shù)關(guān)系可知，原線圈電流故C錯(cuò)誤；D．電阻箱R消耗的電功率當(dāng)時(shí)，即R=5Ω時(shí)P有最大值，故D正確。故選AD。7.如圖所示，天文學(xué)家觀測(cè)到某行星和地球在同一軌道平面內(nèi)繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且行星的軌道半徑比地球的軌道半徑小，地球和太陽(yáng)中心的連線與地球和行星的連線所夾的角叫做地球?qū)υ撔行堑囊暡煲暯牵ê?jiǎn)稱視角）。已知該行星的最大視角為θ。則地球與行星繞太陽(yáng)轉(zhuǎn)動(dòng)的（）A.角速度比值為B.線速度比值為C.向心加速度比值為D.向心力比值為【答案】AB【解析】【詳解】ABC．行星和地球都繞太陽(yáng)（質(zhì)量為M）做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力供應(yīng)向心力，則解得，，由幾何關(guān)系知，行星與地球的軌道半徑之比為則地球與行星繞太陽(yáng)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度比值為地球與行星繞太陽(yáng)轉(zhuǎn)動(dòng)的線速度比值為地球與行星繞太陽(yáng)轉(zhuǎn)動(dòng)的向心加速度比值為故AB正確，C錯(cuò)誤；D．地球與行星繞太陽(yáng)轉(zhuǎn)動(dòng)的向心力比值為因?yàn)榈厍蛸|(zhì)量m地與行星質(zhì)量m行之間的關(guān)系未知，所以它們的向心力比值關(guān)系不能確定，故D錯(cuò)誤。故選AB。8.傾角為θ且足夠長(zhǎng)的光滑固定斜面上有一質(zhì)量為m的物體，初始位置如圖甲所示。在平行于斜面對(duì)上的力F的作用下，從初始位置由靜止起先沿斜面運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物體的機(jī)械能E隨位置x的變更關(guān)系如圖乙所示。其中0~x1過(guò)程的圖線是曲線，x1~x2過(guò)程的圖線是平行于x軸的直線，x2~x3過(guò)程的圖線是傾斜的直線，則下列說(shuō)法正確的是（）A.在0~x1的過(guò)程中，力F在減小B.在0~x1的過(guò)程中，物體的動(dòng)能始終在增大C.在x1~x2的過(guò)程中，物體的速度大小不變D.在x2~x3的過(guò)程中，物體肯定做勻速運(yùn)動(dòng)【答案】AB【解析】【詳解】A．在0～x1過(guò)程中物體機(jī)械能在減小，知拉力在做負(fù)功，拉力方向沿斜面對(duì)上，所以物體的位移方向向下，即物體在沿斜面對(duì)下運(yùn)動(dòng)。依據(jù)功能關(guān)系得得則知圖線的斜率表示拉力，在0～x1過(guò)程中圖線的斜率漸漸減小到零，知物體的拉力F漸漸減小到零，故A正確；B．在0～x1過(guò)程中，由于機(jī)械能減小，則拉力做負(fù)功，則物體從靜止起先向下加速運(yùn)動(dòng)，物體的動(dòng)能始終在增大，故B正確；C．由圖線的斜率表示拉力，則在x1～x2過(guò)程中，拉力F=0，機(jī)械能守恒，向下運(yùn)動(dòng)，重力勢(shì)能減小，動(dòng)能增大，物體的速度在增大，故C錯(cuò)誤；D．x2～x3過(guò)程，機(jī)械能接著減小，拉力做負(fù)功，拉力方向沿斜面對(duì)下，E-x圖像的斜率恒定，故拉力F為恒力，由于不知道拉力F與重力分力的大小關(guān)系，故物體有可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，勻減速直線運(yùn)動(dòng)，勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選AB。9.某同學(xué)在做“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”試驗(yàn)時(shí)，將橡皮筋用輕質(zhì)彈簧AA′替代。(1)試驗(yàn)時(shí)的主要步驟是：A．把彈簧一端A′固定在方木板上。將三段不行伸長(zhǎng)的細(xì)繩的一端分別掛在彈簧的A端和彈簧秤甲、乙的掛鉤上，另一端栓結(jié)在一點(diǎn)；B．用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)互成角度地拉彈簧，穩(wěn)定后，記錄下結(jié)點(diǎn)的位置O，并記錄兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)和_____；C．按選好的標(biāo)度，作出兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的拉力F1和F2的圖示，并用平行四邊形定則求出合力F；D．只用一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)拉細(xì)繩，使結(jié)點(diǎn)至O點(diǎn)，記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)和細(xì)繩的方向，按同一標(biāo)度作出這個(gè)力F′的圖示；E．比較F和F′的大小和方向，看它們是否相同，得出結(jié)論。(2)對(duì)于這個(gè)試驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是_____A．用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)拉細(xì)繩時(shí)，兩彈簧測(cè)力計(jì)間的夾角越大越好B．細(xì)繩OB、OC要長(zhǎng)一些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)一些C．為了試驗(yàn)盡可能精確，作力的圖示時(shí)，標(biāo)度應(yīng)盡量短一些【答案】(1).標(biāo)記出OB、OC的方向(2).B【解析】【詳解】(1)[1]驗(yàn)證力的平行四邊形試驗(yàn)中，測(cè)量?jī)煞至r(shí)應(yīng)記錄兩分力的大小和方向即用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)互成角度地拉彈簧，穩(wěn)定后，記錄下結(jié)點(diǎn)的位置O，并記錄兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)和標(biāo)記出OB、OC的方向；(2)[2]A．在試驗(yàn)中兩個(gè)分力的夾角大小適當(dāng)，在作圖時(shí)有利于減小誤差即可，并非越大越好，故A錯(cuò)誤；B．描點(diǎn)確定拉力方向時(shí)，兩點(diǎn)之間的距離應(yīng)盡可能大一些。可以減小誤差，故B正確；C．作圖時(shí)作圖比例應(yīng)當(dāng)適當(dāng)大一些，這樣可以減小誤差，故C錯(cuò)誤。故選B。10.(1)在運(yùn)用多用電表的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是_____A．測(cè)量電壓時(shí)，要將紅表筆接在低電勢(shì)點(diǎn)B．測(cè)量電阻時(shí)，更換倍率擋后，無(wú)須重新歐姆調(diào)零C．測(cè)量電阻時(shí)，要使待測(cè)電阻與其它元件和外部電源斷開(kāi)(2)如圖為某一多用電表的結(jié)構(gòu)示意圖，表頭G的滿偏電流為Ig=0.5mA，內(nèi)阻為Rg=200Ω。當(dāng)選擇開(kāi)關(guān)分別接1和2檔時(shí)，對(duì)應(yīng)的量程為10mA和1mA，其中R1為20Ω，則R2為_(kāi)____Ω。(3)該歐姆表表盤(pán)中間位置的數(shù)值為25，則其“×100”歐姆擋所運(yùn)用的電源電動(dòng)勢(shì)大小為_(kāi)____V。【答案】(1).C(2).180(3).2.5【解析】【詳解】(1)[1]A．在測(cè)量電壓時(shí)，要將紅表筆接在高電勢(shì)點(diǎn)，保證電流從紅接線柱流入多用電表，故A錯(cuò)誤；B．測(cè)量阻值不同的電阻時(shí)，更換倍率擋后，須要重新調(diào)整歐姆調(diào)零旋鈕，故B錯(cuò)誤；C．由于測(cè)電阻時(shí)內(nèi)部有電源，所以假如電路不和電源斷開(kāi)，可能出現(xiàn)電流過(guò)大，燒壞表頭的狀況。故C正確。故選C。(2)[2]當(dāng)運(yùn)用2檔時(shí)，分流電阻阻值大，電流表量程小，為0-1mA，依據(jù)串并聯(lián)規(guī)律得解得(3)[3]運(yùn)用歐姆檔時(shí)，電流表的滿偏電流IA=1mA，中值電阻阻值等于歐姆表內(nèi)阻，所以歐姆表內(nèi)阻為R=25100Ω=2500Ω電源電動(dòng)勢(shì)大小為E=IAR=110-32500V=25V11.如圖為某游樂(lè)設(shè)施的簡(jiǎn)化圖，固定斜面的傾角θ=37o，長(zhǎng)度L=6m。某游客坐在平板小車上，通過(guò)拉跨過(guò)斜面頂端定滑輪的輕繩，使自己和小車一起緩慢上升到斜面的頂端，然后松開(kāi)輕繩，讓人和車一起沿斜面下滑，最終停在水平面上的P點(diǎn)。不計(jì)輕繩與滑輪的摩擦，忽視滑輪和人車大小的影響，斜面與水平面間用一小段圓弧平滑過(guò)渡，已知人的質(zhì)量m=55kg，車的質(zhì)量M=5kg，車在斜面及水平面上運(yùn)動(dòng)時(shí)所受的阻力均為壓力的0.5倍，sin37o=0.6，cos37o=0.8。求：(1)上升過(guò)程中，人的拉力大?。?2)P點(diǎn)到斜面底端的距離。【答案】(1)300N；(2)2.4m【解析】【詳解】(1)因人車整體緩慢上升，故整體受力平衡，沿斜面垂直于斜面且有可得由牛頓第三定律，人的拉力大小為(2)下滑過(guò)程可得a=2m/s2設(shè)人車整體到達(dá)斜面底端時(shí)，速度為v，則有解得從斜面底端到P點(diǎn)，由得由得x=2.4m12.如圖所示，在光滑絕緣水平面上建立平面直角坐標(biāo)系xOy，第一象限存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)；第四象限存在如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)線與x軸夾角為45°。一帶負(fù)電的小球a，質(zhì)量為m，電量肯定值為q，從坐標(biāo)原點(diǎn)射入磁場(chǎng)，速度方向與x軸正方向夾角為45°，其恰好能與靜止在（x0，0）處的質(zhì)量為2m的帶電小球b發(fā)生彈性正碰。已知碰撞前后兩球的電量和電性均沒(méi)有發(fā)生變更，碰撞后的兩球不會(huì)再次相遇。求：（1）小球a射入磁場(chǎng)時(shí)的初速度的大小；（2）碰撞后小球b速度的大小；（3）若碰后經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，小球b沿著碰前小球a的軌跡回到坐標(biāo)原點(diǎn)，請(qǐng)確定小球b的電性和電量?！敬鸢浮浚?）；（2）；（3）正電，【解析】【詳解】（1）設(shè)小球a射入磁場(chǎng)時(shí)的初速度為v0，小球進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力供應(yīng)向心力，則由幾何關(guān)系知聯(lián)立解得（2）a、b發(fā)生彈性正碰，設(shè)碰后a球的速度為v1，b球的速度為v2，a、b球組成的系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒得聯(lián)立解得（3）對(duì)小球b在電場(chǎng)或磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)狀況分析可知，小球b帶正電。因?yàn)榕龊笮∏騜沿碰前小球a的運(yùn)動(dòng)軌跡，由幾何關(guān)系得小球b在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力供應(yīng)向心力，則代入已知量解得[物理—選修3-3]13.如圖所示，肯定質(zhì)量的志向氣體沿不同過(guò)程I、II，由狀態(tài)A變到狀態(tài)B，狀態(tài)A和狀態(tài)B的溫度相同。則過(guò)程I對(duì)外做的功_____（選填“大于”、“等于”或“小于”）過(guò)程II對(duì)外做的功；過(guò)程I汲取的熱量_____（選填“大于”、“等于”或“小于”）過(guò)程II汲取的熱量?！敬鸢浮?1).大于(2).大于【解析】【詳解】[1]過(guò)程I、II氣體對(duì)外做的功分別為，由p?V圖可知，、，所以，即過(guò)程I對(duì)外做的功大于過(guò)程II對(duì)外做的功。[2]志向氣體在狀態(tài)A和狀態(tài)B的溫度相同，內(nèi)能不變（ΔU=0），由熱力學(xué)第肯定律得，解得，因?yàn)?，所以，即過(guò)程I汲取的熱量大于過(guò)程II汲取的熱量。14.有一氧氣瓶，內(nèi)裝有氧氣0.3kg。起先時(shí)，瓶?jī)?nèi)氧氣的壓強(qiáng)為1.0×106Pa，溫度為320K。因?yàn)殚y門處漏氣，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，瓶?jī)?nèi)氧氣壓強(qiáng)變?yōu)樵瓉?lái)的一半，溫度降為300K。求漏掉的氧氣質(zhì)量?！敬鸢浮?.14kg【解析