四川省自貢市富順縣二中2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期期中試題含解析

PAGE18-四川省自貢市富順縣二中2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期期中試題（含解析）一、選擇題（本題共12小題，每小題4分，共48分。第1-8題單選，第9-12題多選）1.如圖所示，在通電螺線管的四周和內(nèi)部a、b、c、d四個(gè)位置分別放置了小磁針，小磁針涂黑的一端是N極．圖中正確表示小磁針靜止時(shí)的位置是（

）A.a B.b C.c D.d【答案】A【解析】依據(jù)電源的正負(fù)極得出通電螺線管的電流方向從左邊流入、從右邊流出；依據(jù)電流方向，利用安培定則推斷螺線管的左端為S極、右端為N極；在磁體內(nèi)磁場(chǎng)的方向從S極指向N極，而小磁針的N極的指向表示磁場(chǎng)的方向，所以b、c、d三個(gè)位置的磁場(chǎng)的指向都錯(cuò)誤。在磁體外磁場(chǎng)的方向從N極指向S極，所以a處的磁場(chǎng)從右向左，小磁針的指向正確。故選A?！军c(diǎn)睛】安培定則（右手螺旋定則）為考試中的重點(diǎn)及難點(diǎn)，應(yīng)能做到嫻熟應(yīng)用右手螺旋定則推斷電流及磁極的關(guān)系．2.如圖為某個(gè)電場(chǎng)中的部分電場(chǎng)線，如A、B兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)分別記為EA和EB，電勢(shì)分別記為A、B則（）A.EA<EB、A<B B.EA>EB、A>BC.EA<EB、A>B D.EA>EB、A<B【答案】C【解析】【詳解】電場(chǎng)線疏密代表場(chǎng)強(qiáng)大小，電場(chǎng)線越密集，場(chǎng)強(qiáng)越大，所以EA<EB；沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，所以A>B。A.EA<EB、A<B，與分析不符，故A錯(cuò)誤。B.EA>EB、A>B，與分析不符，故B錯(cuò)誤。C.EA<EB、A>B，與分析相符，故C正確。D.EA>EB、A<B，與分析不符，故D錯(cuò)誤。3.在光滑的水平面上有一平行于水平面的靜電場(chǎng)，O、A是一條電場(chǎng)線上的兩個(gè)點(diǎn)，在O點(diǎn)由靜止釋放一電量為，質(zhì)量為kg的帶正電小球，其運(yùn)動(dòng)的圖象如圖所示。其中P點(diǎn)是圖線切線斜率最大的位置，當(dāng)時(shí)，小球位于A點(diǎn)。則下列說(shuō)法正確的是A.該電場(chǎng)可能是勻強(qiáng)電場(chǎng)B.由O到A的過(guò)程中電場(chǎng)力做正功C.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，小球經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)加速度最大，且A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)D.OA兩點(diǎn)間電勢(shì)差【答案】B【解析】【詳解】A．假如該電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，小球?qū)⒆鰟蚣铀僦本€運(yùn)動(dòng)，v-t圖像為直線，故A錯(cuò)誤.B．小球由O運(yùn)動(dòng)到A的過(guò)程中只有電場(chǎng)力做功，因?yàn)樾∏騽?dòng)能增加，故電勢(shì)能削減，電場(chǎng)力做正功，而小球帶正電，所以電場(chǎng)線方向由O到A.故B正確.C．由題可知小球在A點(diǎn)斜率最大，即在A點(diǎn)加速度最大，故A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)最大，由v-t圖像可知小球在A點(diǎn)的加速度為：依據(jù)牛頓其次定律有：故C錯(cuò)誤.D．O到A運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，依據(jù)動(dòng)能定理可知：代入數(shù)據(jù)解得：，故D錯(cuò)誤4.如圖所示，、、為三個(gè)相同的燈泡且電阻恒定，在變阻器R的滑片P向上移動(dòng)過(guò)程中，下列正確的是()A.電源總功率變小B.中電流改變量小于中電流改變量C.變暗,變亮,變暗D.變亮,變暗,變亮【答案】D【解析】【詳解】在變阻器R的滑片P向上移動(dòng)過(guò)程中，R減小，外電路總電阻減小，依據(jù)閉合電路歐姆定律得知，總電流I增大，L3變亮。L2的電壓U2=E-I（R3+r），E、R3、r均不變，I增大，U2減小，I2減小，L2變暗。流過(guò)L1的電流I1=I-I2，I增大，I2減小，則I1增大，L1變亮，則選項(xiàng)D正確，C錯(cuò)誤；依據(jù)P=EI，總電流I變大，則電源總功率變大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；因I=I1+I2，I增大，I2減小，I1增大，可知?I1>?I2。故B錯(cuò)誤。故選D?！军c(diǎn)睛】本題是動(dòng)態(tài)電路的分析，采納“先局部，后整體，再回到局部的分析方法”；分析電流改變量的大小采納的是總量的方法，依據(jù)總電流的改變狀況確定兩支路電流改變量的大小。5.如圖所示是電阻R的I－U圖象，圖中α＝45°，由此得出()A.歐姆定律適用于該元件B.電阻R＝0.5ΩC.因I－U圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，故R＝1/tanαD.在R兩端加上6.0V的電壓時(shí)，每秒通過(guò)電阻橫截面的電荷量是3.0C【答案】AD【解析】【分析】電阻R的I-U圖象斜率的倒數(shù)等于電阻R，由數(shù)學(xué)學(xué)問(wèn)分析電流與電壓的關(guān)系。對(duì)于電阻R，運(yùn)用斜率求解，但不能依據(jù)直線傾角的正切的倒數(shù)求解。由圖讀出電壓為U=6V時(shí)的電流，由q=It求解每秒內(nèi)通過(guò)電阻的電荷量?！驹斀狻恳罁?jù)數(shù)學(xué)學(xué)問(wèn)可知，通過(guò)電阻的電流與兩端電壓成正比，歐姆定律適用，故A正確；依據(jù)電阻的定義式，得，故B錯(cuò)誤；由于I-U圖象中橫縱坐標(biāo)的標(biāo)度不同，故不能干脆依據(jù)圖象與橫軸的夾角求電阻，故C錯(cuò)誤；由圖知，當(dāng)U=6V時(shí)，I=3A，則每秒通過(guò)電阻橫截面的電荷量是q=It=3×1C=3.0C，故D正確。故選AD?！军c(diǎn)睛】本題考查了學(xué)生對(duì)電阻的定義式的理解與駕馭，要留意直線的斜率與直線傾角的區(qū)分。6.如圖所示，將燈泡L和電動(dòng)機(jī)串聯(lián)接在電壓為10V的志向電源兩端．已知燈泡規(guī)格為“6V12W”，電動(dòng)線圈電阻為1Ω，當(dāng)燈泡正常發(fā)光，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是A.電動(dòng)機(jī)的輸出功率為16WB.電動(dòng)的輸入功率為8WC.電動(dòng)的熱功率為4WD.若利用該電動(dòng)帶動(dòng)起重裝置勻速提升20N的重物（忽路一切阻力），10s內(nèi)上升2m【答案】A【解析】【詳解】ABC.燈泡正常發(fā)光，則燈泡兩端電壓為6V，電流可知電動(dòng)機(jī)兩端電壓為UM=10V-6V=4V；電動(dòng)機(jī)的輸入功率為P=IUM=8W；電動(dòng)機(jī)的熱功率電動(dòng)機(jī)的輸出功率為則選項(xiàng)A錯(cuò)誤，符合題意；選項(xiàng)BC正確，不符合題意；D．若利用該電動(dòng)帶動(dòng)起重裝置勻速提升20N的重物（忽路一切阻力），則解得v=0.2m/s則10s內(nèi)上升h=vt=2m選項(xiàng)D正確，不符合題意。7.如圖所示，電流表G的內(nèi)阻不行忽視不計(jì)，R1、R2是兩個(gè)可變電阻，當(dāng)a、b間的電壓為4V時(shí)，電流表的指針剛好滿(mǎn)偏(指針指在刻度盤(pán)的最大值處)，當(dāng)a、b間的電壓為3V時(shí)，假如仍要使電流表G的指針滿(mǎn)偏，下列方法中可行的是①保持R2不變，增大R1②增大R1，減小R2③保持R2不變，減小R1④增大R2，減小R1A.①④ B.②③ C.①② D.③④【答案】C【解析】ab間總電壓降低了，要使通過(guò)G的電流不變，應(yīng)保持G兩端電壓保持不變，①保持R2不變，增大R1時(shí)，R2的電壓變小，R1電壓可能保持不變，即G的電壓不變，通過(guò)G的電流保持不變，故①正確；②增大R1，同時(shí)減小R2時(shí)，R2的電壓降低，R1電壓可能保持不變，即G的電壓不變，通過(guò)G的電流不變，故②正確；③保持R2不變，減小R1時(shí)，R1兩端的電壓減小，G的兩端的電壓減小了，通過(guò)G的電流減小了，故③錯(cuò)誤；④增大R2，減小R1時(shí)，R1兩端的電壓減小了，G兩端的電壓變小了，通過(guò)G的電流減小了，故④錯(cuò)誤；故選C。8.如圖所示，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正六邊形ABCDEF的5條邊上分別放置5根長(zhǎng)度也為L(zhǎng)的相同絕緣細(xì)棒。每根細(xì)棒勻稱(chēng)帶上正電?，F(xiàn)將電荷量為+Q的點(diǎn)電荷置于BC中點(diǎn)，此時(shí)正六邊形幾何中心O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零。若移走+Q及AB邊上的細(xì)棒，則O點(diǎn)強(qiáng)度大小為（k為靜電力常量）（不考慮絕緣棒及+Q之間的相互影響）（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】每根細(xì)棒勻稱(chēng)帶上正電，現(xiàn)將電荷量為+Q的點(diǎn)電荷置于BC中點(diǎn)，此時(shí)正六邊形幾何中心O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零；由此可知，+Q的點(diǎn)電荷在O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為那么每根細(xì)棒在O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小也為因此+Q及AB邊上的細(xì)棒在O點(diǎn)的合電場(chǎng)強(qiáng)度大小其方向如圖所示：若移走+Q及AB邊上的細(xì)棒，那么其余棒在O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為方向與圖中方向相反，A.與分析不符，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B.與分析不符，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C.與分析不符，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D.與分析相符，故D項(xiàng)正確。9.如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源內(nèi)阻不計(jì)連接，下極板接地一帶電油滴位于容器中的P點(diǎn)且恰好處于平衡狀態(tài)現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離后A.P點(diǎn)的電勢(shì)將降低B.P帶電油滴的電勢(shì)能將增大C.帶電油滴將沿豎直方向向上運(yùn)動(dòng)D.電容器的電容減小，極板帶電量將增大【答案】AB【解析】【分析】將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，電容器兩板間電壓不變，依據(jù)分析板間場(chǎng)強(qiáng)的改變，推斷電場(chǎng)力改變，確定油滴運(yùn)動(dòng)狀況；由分析P點(diǎn)與下極板間電勢(shì)差如何改變，即能分析P點(diǎn)電勢(shì)的改變和油滴電勢(shì)能的改變；依據(jù)電容的定義式，電容器與電源保持相連，則U不變，Q與C成正比改變；【詳解】A、將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，依據(jù)得知板間場(chǎng)強(qiáng)減小，油滴所受的電場(chǎng)力減小，則油滴將向下運(yùn)動(dòng)；板間場(chǎng)強(qiáng)E減小，而P點(diǎn)與下極板間的距離不變，則由公式分析可知，P點(diǎn)與下極板間電勢(shì)差將減小，而P點(diǎn)的電勢(shì)高于下極板的電勢(shì)，而且下極板的電勢(shì)不變，則知P點(diǎn)的電勢(shì)將降低，故A正確，C錯(cuò)誤；B、由帶電油滴原來(lái)處于平衡狀態(tài)可知，油滴帶負(fù)電，P點(diǎn)的電勢(shì)降低，則油滴的電勢(shì)能將增加，故B正確；D、依據(jù)電容的定義式，電容器與電源保持相連，則U不變，當(dāng)C減小，則Q也減??；故D錯(cuò)誤；【點(diǎn)睛】本題運(yùn)用分析板間場(chǎng)強(qiáng)的改變，推斷油滴如何運(yùn)動(dòng)；明確正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大，而負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小，來(lái)推斷電勢(shì)能的改變。10.如圖所示，一電子從勻強(qiáng)電場(chǎng)左邊界A點(diǎn)以初速度垂直于場(chǎng)強(qiáng)方向進(jìn)入電場(chǎng)，經(jīng)偏轉(zhuǎn)從右邊界B點(diǎn)飛出．已知A、B兩點(diǎn)間水平和豎直距離均為L(zhǎng)，電子質(zhì)量為m、電荷量為e，不計(jì)電子重力及空氣阻力．則A.電子從A到B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為B.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為C.A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為D.電子從B點(diǎn)飛出時(shí)速度與水平方向夾角的正切值為1【答案】AB【解析】【詳解】A．電子在水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)，則從A到B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為選項(xiàng)A正確；B．豎直方向：解得勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為選項(xiàng)B正確；C．A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．電子在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，因此有電子從B點(diǎn)飛出時(shí)速度與水平方向夾角的正切值為選項(xiàng)D錯(cuò)誤。11.如圖所示，三條平行且等間距的虛線表示電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面，其電勢(shì)分別為10V、20V、30V．實(shí)線是一帶電的粒子（不計(jì)重力）在該區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)的軌跡，對(duì)于軌跡上的a、b、c三點(diǎn)，已知：帶電粒子帶電量為0.01C，在a點(diǎn)處的動(dòng)能為0.5J，則該帶電粒子（）A.可能是帶負(fù)電 B.在b點(diǎn)處的電勢(shì)能為0.3JC.在b點(diǎn)處的動(dòng)能為零 D.在c點(diǎn)處的動(dòng)能為0.4J【答案】BD【解析】由等勢(shì)面可知，場(chǎng)強(qiáng)方向向上，由軌跡可知，電場(chǎng)力向上，則為正電荷，則A錯(cuò)誤；b點(diǎn)處的電勢(shì)能EP＝φq=0.01×30=0.3J，則B正確；總能量守恒，由a點(diǎn)處可知E=0.01×10+0.5=0.6J，則b點(diǎn)處的動(dòng)能為：0.6-0.3=0.3J，則C錯(cuò)誤；C點(diǎn)處的動(dòng)能為為0.6-0.01×20=0.4J，則D正確；故選BD.點(diǎn)睛：本題依據(jù)粒子的軌跡彎曲方向就能推斷粒子所受的電場(chǎng)力方向，依據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)線的關(guān)系，推斷出電場(chǎng)線方向．負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小是一個(gè)重要推論，要學(xué)會(huì)應(yīng)用．12.在如圖(a)所示的電路中，為定值電阻，為滑動(dòng)變阻器。閉合電鍵S，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從最右端滑到最左端，兩個(gè)電壓表內(nèi)阻極大的示數(shù)隨電路中電流改變的完整過(guò)程圖線如圖(b)所示。則（）A.圖線甲是電壓表V1示數(shù)隨電流改變的圖線B.電源內(nèi)電阻的阻值為C.電源的最大輸出功率為D.滑動(dòng)變阻器R2的最大功率為【答案】BD【解析】【詳解】A.當(dāng)滑片左移時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；而兩端的電壓增大，兩端的電壓減小，故圖線乙表示是示數(shù)的改變，圖線甲表示示數(shù)的改變，故A錯(cuò)誤；B.由圖可知，當(dāng)只有接入電路時(shí)，電路中電流為，路端電壓為3V，依據(jù)閉合電路歐姆定律可得：當(dāng)滑動(dòng)變阻器全部接入時(shí)，電路中電流為，路端電壓為，由閉合電路歐姆定律可得：解得：，故B正確；C.依據(jù)歐姆定律可得：因當(dāng)電源的內(nèi)電阻等于外電阻時(shí)，電源的輸出功率最大，故當(dāng)外阻等于時(shí)，電源的輸出功率最大，故此時(shí)電流：故電源的最大輸出功率：故C錯(cuò)誤；D.當(dāng)滑動(dòng)變阻器全部接入時(shí)，兩電壓表示數(shù)之比為，則有：可得：，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的阻值等于時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大，故當(dāng)滑動(dòng)變阻器阻值為時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的功率最大，由閉合電路歐姆定律可得，電路中的電流：則滑動(dòng)變阻器消耗的總功率：故D正確。二、試驗(yàn)題（13題10分，14題6分）13.描繪一個(gè)標(biāo)有“2.5V0.5A”字樣的小燈泡的伏安特性曲線，要求燈泡電壓能從零起先改變，試驗(yàn)室備有下列器材：a．標(biāo)有“3V0.5A”字樣的小燈泡一個(gè)；b.10V學(xué)生電源一個(gè)；c．量程為0﹣3V的電壓表，內(nèi)阻約為3kΩ；d．量程為0﹣15V電壓表，內(nèi)阻約為15kΩ；e．量程為0﹣0.6A的電流表，內(nèi)阻約為0.5Ω；f．量程為0﹣3A的電流表，內(nèi)阻約為0.1Ω；g．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0﹣10Ω，允許通過(guò)的最大電流1.5A）；h．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0﹣50Ω，允許通過(guò)的最大電流0.1A）；電鍵一個(gè)，導(dǎo)線若干。（1）為減小試驗(yàn)誤差，便利調(diào)整，請(qǐng)?jiān)谏鲜鏊o的器材中選取適當(dāng)?shù)钠鞑模⑺鼈兊木幪?hào)填在橫線上。電壓表應(yīng)選_____；電流表應(yīng)選_____；滑動(dòng)變阻器應(yīng)選取_____。（填寫(xiě)器材名稱(chēng)前的序號(hào)字母）（2）將實(shí)物按電路圖1用導(dǎo)線補(bǔ)充完整________。（3）這位同學(xué)在一次測(cè)量時(shí)，電流表、電壓表的示數(shù)如圖2所示。由圖中電流表、電壓表的讀數(shù)可計(jì)算出小燈泡的電阻為_(kāi)____Ω（保留兩位小數(shù)），小燈泡的電阻測(cè)量值_____真實(shí)值（填＜，＞，＝）（4）依據(jù)試驗(yàn)測(cè)定的數(shù)據(jù)，以電壓U為橫坐標(biāo)，電流強(qiáng)度I為縱坐標(biāo)畫(huà)出圖線，在如圖3給出的四個(gè)I﹣U圖線中，最能反映實(shí)際狀況的是_____，簡(jiǎn)要說(shuō)明理由_____?！敬鸢浮?1).（1）c(2).e(3).g(4).（2）圖見(jiàn)解析；(5).（3）5.2(6).＜(7).C(8).小燈泡電阻隨溫度上升而增大【解析】【分析】（1）依據(jù)小燈泡的額定電壓選擇電壓表，依據(jù)額定電流選擇電流表，在保證平安的前提下，為便利試驗(yàn)操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器；（2）為了減小誤差精確測(cè)量電阻阻值，采納分壓式電路，依據(jù)待測(cè)電阻估計(jì)值以及電壓表和電流表的內(nèi)阻確定內(nèi)外接，作出試驗(yàn)電路圖；（3）讀出電壓表和電流表的讀數(shù)，再利用歐姆定律即可求出此時(shí)小燈泡的電阻阻值，電流表外接，因?yàn)殡妷罕矸至鲗?dǎo)致，燈泡電阻測(cè)量結(jié)果偏小。（4）依據(jù)小燈泡電阻隨溫度上升而增大結(jié)合歐姆定律，即可選出正確的圖象?！驹斀狻浚?）因?yàn)樾襞莸念~定電壓為2.5V，故電壓表選擇c，小燈泡的額定電流為0.5A，故電流表選擇e，為便利試驗(yàn)操作，應(yīng)選最大阻值較小的滑動(dòng)變阻器，故滑動(dòng)變阻器選擇g；（2）為了減小誤差精確測(cè)量電阻阻值，采納分壓式電路，因?yàn)殡妷罕韮?nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，故選擇電流表外接法，故連接實(shí)物圖，如圖所示：（3）如圖，電流表示數(shù)：I＝0.46A，電壓表示數(shù)：U＝2.40依據(jù)歐姆定律可得此時(shí)小燈泡電阻阻值：R＝Ω≈5.2Ω電壓測(cè)量精確，由于電流表外接，電壓表分流，導(dǎo)致電流測(cè)量偏大，依據(jù)R＝U/I可知，燈泡電阻R測(cè)量結(jié)果偏小，即小燈泡的電阻測(cè)量值小于真實(shí)值；（4）因?yàn)樾襞蓦娮桦S溫度上升而增大，隨著電壓增大I﹣U曲線上各點(diǎn)到原點(diǎn)連線的斜率越來(lái)越小，故ABD錯(cuò)誤，C正確，故選C。I﹣U曲線彎曲的緣由是因?yàn)椋盒襞蓦娮桦S溫度上升而增大。【點(diǎn)睛】本題考查描繪小燈泡伏安特性曲線，考查了試驗(yàn)器材選擇、試驗(yàn)電路設(shè)計(jì)、試驗(yàn)數(shù)據(jù)處理、試驗(yàn)方案分析，要駕馭試驗(yàn)器材的選擇原則，仔細(xì)審題、理解題意與試驗(yàn)步驟、知道試驗(yàn)原理是解題的關(guān)鍵，內(nèi)外接選擇的方法：大電阻選內(nèi)接測(cè)量結(jié)果偏大，小電阻選外界測(cè)量結(jié)果偏小，口訣：“大內(nèi)大，小外小?！?4.小李同學(xué)用電阻箱、電壓表測(cè)量不同電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。小李同學(xué)所測(cè)電源的電動(dòng)勢(shì)E2約為9V,內(nèi)阻r2為35～55Ω，允許通過(guò)的最大電流為50mA.小李同學(xué)所用電路如圖所示，圖中電阻箱R的阻值范圍為0～9999Ω.①電路中R0為愛(ài)護(hù)電阻。試驗(yàn)室中備有以下幾種規(guī)格的定值電阻，本試驗(yàn)中應(yīng)選用___.A.

20Ω，125mA

B.50Ω，20mAC.

150Ω，60mA

D.1500Ω，5mA②試驗(yàn)中通過(guò)調(diào)整電阻箱的阻值,記錄電阻箱的阻值R及相應(yīng)的電壓表的示數(shù)U,依據(jù)測(cè)得的多組數(shù)據(jù),作出圖線,圖線的縱軸截距為a,圖線的斜率為b,則電源的電動(dòng)勢(shì)E2=___,內(nèi)阻r2=___.【答案】(1).C(2).(3).【解析】（1）電路最小總電阻約為：，內(nèi)阻約為50Ω，為愛(ài)護(hù)電路平安，愛(ài)護(hù)電阻應(yīng)選C。（2）電源電動(dòng)勢(shì)為：，變形得：，則圖象是直線，截距，可得：，斜率，解得：。三、計(jì)算題（15題8分，16題12分，17題16分）15.如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)中有始終角三角形ABC，∠ACB=90°，∠ABC=30°，BC=20cm，已知電場(chǎng)線的方向平行于ABC所在平面，將電荷量的正電荷從A移到B點(diǎn)電場(chǎng)力做功為零，從B移到C點(diǎn)克服電場(chǎng)力做功，試求：(1)該電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向；(2)若將C點(diǎn)的電勢(shì)規(guī)定為零時(shí)，B點(diǎn)的電勢(shì)。【答案】

（1）500V/m；方向由C垂直指向AB；（2）-50V?！窘馕觥俊驹斀狻浚?）A到B過(guò)程：UAB＝＝0

B到C過(guò)程：UBC＝＝?50V

E＝=500V/m

，方向由C垂直指向AB.

（2）C零電勢(shì)點(diǎn)，故φC=0

則有：φB-φC=UBC=-50V

解得：φB=-50V【點(diǎn)睛】本題考查電勢(shì)差、電勢(shì)與場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系，要留意明確電場(chǎng)強(qiáng)度方向和電勢(shì)之間的關(guān)系，留意應(yīng)用電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直這一關(guān)鍵所在.16.如圖所示的電路中，兩平行金屬板A、B水平放置，兩板間的距離d=40cm。電源電動(dòng)勢(shì)E=24V，內(nèi)電阻r=1Ω，電阻R=15Ω。閉合開(kāi)關(guān)S，待電路穩(wěn)定后，將一帶正電的小球從B板小孔以初速度v0=4m/s豎直向上射入兩板間，小球恰能到達(dá)A板。若小球帶電荷量為q=1×10-2C，質(zhì)量為m=2×10-2kg，不考慮空氣阻力，取g=10m/s2。求：（1）A、B兩板間的電壓U；（2）滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值RP；（3）電源輸出功率P。【答案】（1）8V；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）對(duì)小球從B到A的過(guò)程，由動(dòng)能定理：解得：