貴州省2024年高考物理模擬試卷及答案3

貴州省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求。得分1．某研究發(fā)現(xiàn)，將一小水滴滴在涂有一層超疏水材料的水平板上，達(dá)到特定條件后小水滴會自發(fā)地彈跳起來且越彈越高。以小水滴剛接觸水平板時其中心位置為y軸坐標(biāo)零點(diǎn)，某段時間內(nèi)小水滴中心位置隨時間變化的關(guān)系如圖所示，則小水滴中心（）A．在t1、t2時刻的速度為零 B．在t2C．在t1～t2時間內(nèi)一直做加速運(yùn)動 D．在t22．如圖，一交流發(fā)電機(jī)中，矩形導(dǎo)線框ABCD繞垂直于磁場的軸OO'勻速轉(zhuǎn)動，并與理想變壓器原線圈相連。變壓器原、副線圈匝數(shù)之比A．圖示位置穿過導(dǎo)線框的磁通量最大 B．導(dǎo)線框產(chǎn)生電動勢的最大值為60VC．通過原線圈電流的有效值為0.2A D．原、副線圈中電流的頻率之比為103．某發(fā)射星云可認(rèn)為完全由氫原子構(gòu)成，其發(fā)光機(jī)理可簡化為：能量為12.09eV的紫外光子照射該星云時，會使其氫原子從基態(tài)躍遷到激發(fā)態(tài)，處于激發(fā)態(tài)的氫原子會輻射光子。氫原子能級圖如圖所示，部分顏色的可見光光子能量范圍見下表，則觀測到該星云的顏色是（）顏色紅黃藍(lán)紫能量范圍（eV）1.62～1.992.07～2.202.78～2.902.90～3.11A．紅色 B．黃色 C．藍(lán)色 D．紫色4．如圖（a），容器中盛有深度h=4cm的透明液體，一激光束垂直液面射入液體，并在底板發(fā)生漫反射，部分漫反射光會在液面發(fā)生全反射。恰好發(fā)生全反射的光在容器底板上形成直徑d=16cm的圓形亮環(huán)，如圖（b）所示。該液體的折射率為（）A．2 B．3 C．2 D．25．甲、乙兩探測器分別繞地球和月球做勻速圓周運(yùn)動，它們的軌道半徑之比為4：1，地球與月球質(zhì)量之比約為81：1，則甲、乙兩探測器運(yùn)行的周期之比約為（）A．9：2 B．8：1 C．4：9 D．8：96．在一凝凍天氣里，貴州某地的兩小孩在庭院里用一板凳倒放在水平冰面上玩耍。其中一人坐在板凳上，另一人用與水平方向成37°角斜向下的恒力F推著板凳向前滑行，如圖所示。已知板凳上的小孩與板凳的總質(zhì)量為30.8kg，板凳與冰面間的動摩擦因數(shù)為0.05，重力加速度大小取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。為使板凳做勻速直線運(yùn)動，F(xiàn)應(yīng)為（）A．13N B．20N C．27N D．35N7．一同學(xué)使用質(zhì)量為m的籃球進(jìn)行投籃練習(xí)。某次投出的籃球以速率v垂直撞擊豎直籃板后被反向彈回，撞擊時間為t。在撞擊過程中，籃球的動能損失了36%，則此過程中籃球?qū)@板水平方向的平均作用力大小為（）A．0.2mvt B．0.4mvt閱卷人二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。得分8．炎熱的夏天，一小朋友與父母坐纜車從梵凈山山腳到山頂游玩，到達(dá)山頂后發(fā)現(xiàn)手上拉著的氣球變大了。與山腳相比，山頂?shù)臏囟容^低，氣球內(nèi)的氣體（）A．內(nèi)能不變 B．壓強(qiáng)減小C．速率大的分子數(shù)目減少 D．分子熱運(yùn)動的平均動能增大9．如圖，絕緣細(xì)線的下端懸掛著一金屬材料做成的空心心形掛件，該掛件所在空間水平直線MN下方存在勻強(qiáng)磁場，其磁感應(yīng)強(qiáng)度B的方向垂直掛件平面，且大小隨時間均勻增大。若某段時間內(nèi)掛件處于靜止?fàn)顟B(tài)，則該段時間內(nèi)掛件中產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小i、細(xì)線拉力大小F隨時間t變化的規(guī)律可能是（）A． B．C． D．10．如圖，在電場強(qiáng)度大小為E的勻強(qiáng)電場中有a、b、c、d、e、f六個點(diǎn)，它們恰好位于邊長為L的正六邊形頂點(diǎn)上。當(dāng)在正六邊形的中心O處固定一帶正電的點(diǎn)電荷時，b點(diǎn)的電場強(qiáng)度恰好為零。已知靜電力常量為k，則（）A．e點(diǎn)電場強(qiáng)度為零B．O處點(diǎn)電荷的電荷量為EC．a(chǎn)、d兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小之比為1D．將另一電荷量為q（q>0）的點(diǎn)電荷從f移到c，其電勢能增加qEL閱卷人三、非選擇題：本題共5小題，共57分。得分11．某實(shí)驗(yàn)小組采用如圖所示的裝置驗(yàn)證動量守恒定律，實(shí)驗(yàn)步驟如下：①將斜槽固定在水平桌面上，調(diào)節(jié)斜槽末端水平，然后掛上鉛垂線；②在水平地面上鋪白紙和復(fù)寫紙：③測出小球A、B的質(zhì)量分別為mA、mB；④將質(zhì)量較大的球A從斜槽上某一位置由靜止釋放，落在復(fù)寫紙上，重復(fù)多次；⑤將球B放在槽口末端，讓球A從步驟④中的同一位置由靜止釋放，撞擊球B，兩球落到復(fù)寫紙上，重復(fù)多次；⑥測出球A從釋放點(diǎn)到槽口末端的豎直高度h；⑦取下白紙，用圓規(guī)找出落點(diǎn)的平均位置，分別測得步驟④中球A平拋運(yùn)動的水平位移大小xA1，步驟⑤中球A、B平拋運(yùn)動的水平位移大小xA2、xB?；卮鹣铝袉栴}：（1）以上步驟中不必要的是；（填步驟前的序號）（2）本實(shí)驗(yàn)中鉛垂線的作用是；（3）按照本實(shí)驗(yàn)方法，驗(yàn)證動量守恒定律關(guān)系式是（用上述必要的實(shí)驗(yàn)步驟測得的物理量符號表示）。12．某實(shí)驗(yàn)小組開展測量電源電動勢和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)，使用的器材如下：待測電源E（電動勢約為3V，內(nèi)阻約為3Ω）；毫安表mA（m）（量程0～2.5mA，內(nèi)阻約為800Ω）：微安表μA（量程0～500μA，內(nèi)阻約為1000Ω）；定值電阻R0電阻箱R1（阻值0～999.9Ω）電阻箱R2（阻值0～9999.9Ω）；單刀雙擲開關(guān)S；導(dǎo)線若干。由于微安表量程較小，且內(nèi)阻未知，為達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，?shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了如圖（a）所示的電路圖，請完成下列步驟：（1）根據(jù)圖（a），在答題卡上完成圖（b）中的實(shí)物連線。（2）先將R2的阻值調(diào)到最大，將單刀雙擲開關(guān)S接到1，調(diào)節(jié)R1和R2為適當(dāng)阻值，使微安表和毫安表均有明顯的偏轉(zhuǎn)，讀出微安表的示數(shù)I1和毫安表的示數(shù)I2，則微安表內(nèi)阻可表示為RμA=（用R1、I1和I2表示）。保持R1不變，多次調(diào)節(jié)R2（3）現(xiàn)將微安表與R1并聯(lián)的整體視為量程0～30mA的電流表，應(yīng)將R1調(diào)為Ω。保持R1（4）將R2的阻值調(diào)到最大，開關(guān)S接到2，逐漸減小R2的阻值，記下微安表相應(yīng)的示數(shù)I，并求得干路中的電流I總（5）重復(fù)步驟（4），得到多組數(shù)據(jù)，并以1I總為縱坐標(biāo)，R2為橫坐標(biāo)，作1I總?R2的關(guān)系圖線，得到圖線斜率為k、縱軸的截距為b。通過以上實(shí)驗(yàn)，得到待測電源的電動勢E和內(nèi)阻r的表達(dá)式E=；13．圖（a）是一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，A、B為介質(zhì)中兩質(zhì)點(diǎn)。已知該波的波速為6m/s，圖（b）是質(zhì)點(diǎn)A的振動圖像。求：（1）該波的傳播方向及波長；（2）t=7.（3）A、B兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置之間的距離。14．如圖（a），某生產(chǎn)車間運(yùn)送貨物的斜面長8m，高2.4m，一質(zhì)量為200kg的貨物（可視為質(zhì)點(diǎn)）沿斜面從頂端由靜止開始滑動，經(jīng)4s滑到底端。工人對該貨物進(jìn)行質(zhì)檢后，使用電動機(jī)通過一不可伸長的輕繩牽引貨物，使其沿斜面回到頂端，如圖（b）所示。已知電動機(jī)允許達(dá)到的最大輸出功率為2200W，輕繩始終與斜面平行，重力加速度大小取10m/s2，設(shè)貨物在斜面上運(yùn)動過程中所受摩擦力大小恒定。（1）求貨物在斜面上運(yùn)動過程中所受摩擦力的大??；（2）若要在電動機(jī)輸出功率為1200W的條件下，沿斜面向上勻速拉動貨物，貨物速度的大小是多少？（3）啟動電動機(jī)后，貨物從斜面底端由靜止開始沿斜面向上做加速度大小為0.5m/s2的勻加速直線運(yùn)動，直到電動機(jī)達(dá)到允許的最大輸出功率，求貨物做勻加速直線運(yùn)動的時間。15．如圖，平面直角坐標(biāo)系xOy中，第一象限內(nèi)存在沿x軸負(fù)方向、大小為E0勻強(qiáng)電場，第二、三象限內(nèi)存在垂直于坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場，第四象限內(nèi)以O(shè)為圓心、半徑分別為d和2d的兩圓弧間區(qū)域內(nèi)存在方向均指向O點(diǎn)的電場，其中M、N是兩圓弧與y軸的交點(diǎn)?，F(xiàn)從第一象限內(nèi)坐標(biāo)為（d，d）的P點(diǎn)由靜止釋放一帶正電粒子，其質(zhì)量為m、電荷量為q，不計(jì)粒子重力。（1）求從P點(diǎn)釋放的帶電粒子初次進(jìn)入勻強(qiáng)磁場時速度的大??；（2）若要使該粒子能從MN兩點(diǎn)間（不包括M、N兩點(diǎn)）進(jìn)入第四象限，求磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的取值范圍；（3）若圓弧區(qū)域內(nèi)各點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小E與其到O點(diǎn)距離的關(guān)系為E=k0r（4）在（2）（3）的條件下，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度取某一值時，該粒子只經(jīng)過一次磁場后恰好再次返回P點(diǎn)，求粒子從P點(diǎn)釋放到返回P點(diǎn)的時間。

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A．y?t圖像的斜率表示速度，由圖可知小水滴中心在t1、tB．由圖可知在t2、tC．由圖可知t1～tD．由圖可知t2～t故答案為：A?！痉治觥縴?t圖像的斜率表示速度，小水滴的位移最大時，速度為零，加速度不為零；t1～t2．【答案】C【解析】【解答】A．由圖可知，圖示位置線框與磁感線方向平行，穿過線框的磁通量為零，故A錯誤；B．根據(jù)題意可知，副線圈電壓的有效值為6V，根據(jù)變壓器原副線圈電壓之比等于匝數(shù)比可得U可得原線圈電壓的有效值為U則導(dǎo)線框產(chǎn)生電動勢的最大值u故B錯誤；C．根據(jù)變壓器原副線圈功率相等可得U可得通過原線圈電流的有效值I故C正確；D．變壓器不改變交流電的頻率，所以原、副線圈中電流的頻率之比為1:故答案為：C。【分析】原副線圈電壓之比等于匝數(shù)比，原副線圈功率相等，變壓器不改變交流電的頻率。3．【答案】A【解析】【解答】根據(jù)題意可知，此為大量氫原子躍遷的過程，而基態(tài)氫原子吸收紫外光子后發(fā)生躍遷，躍遷后的能量為E可知躍遷后的氫原子處于n=3能級，而躍遷后的氫原子并不穩(wěn)定，會向外輻射光子，再次躍遷回基態(tài)，其躍遷方式可以從n=3能級躍遷至n=2能級，再由n=2能級躍遷至n=1能級，或直接由n=3能級躍遷至n=1能級，由此可知?dú)湓訌膎=3能級向基態(tài)躍遷的過程中會輻射3種頻率的光子。從n=3能級躍遷至n=2能級釋放的能量為E從n=2能級躍遷至n=1能級釋放的能量E由n=3能級躍遷至n=1能級釋放的能量E對比表中各種色光光子能量范圍可知，從n=3能級躍遷至n=2能級時輻射的能量在紅光光子能量范圍內(nèi)，其他兩種躍遷所輻射的光子能量均不在所給色光光子能量范圍內(nèi)，因此，觀測到該星云的顏色為紅色。故答案為：A?！痉治觥恳蝗簹湓訌膎=3能級向基態(tài)躍遷的過程中會輻射3種頻率的光子，躍遷釋放的光子能量等于兩個能級的能量差值。4．【答案】C【解析】【解答】根據(jù)題意可知激光在液體表面發(fā)生全反射時sin根據(jù)幾何關(guān)系可知sin解得n=故答案為：C?！痉治觥扛鶕?jù)反射定律求解全反射臨界角，結(jié)合幾何關(guān)系求解折射率。5．【答案】D【解析】【解答】根據(jù)天體環(huán)繞模型中，萬有引力提供向心力可得G解得T=2π則甲、乙兩探測器運(yùn)行的周期之比約為T故答案為：D。

【分析】地球衛(wèi)星，萬有引力提供向心力，求解周期表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式，代入題中數(shù)據(jù)，求解兩探測器運(yùn)行的周期之比。6．【答案】B【解析】【解答】板凳做勻速直線運(yùn)動，根據(jù)平衡條件可得FF解得F=20N故答案為：B?！痉治觥堪宓首鰟蛩僦本€運(yùn)動，處于受力平衡狀態(tài)，將力沿水平方向以及豎直方向上分解，兩個方向上合力都為零。7．【答案】D【解析】【解答】設(shè)撞擊后籃球的速率為v'1解得v撞擊后速度與原速度方向相反，以反彈后的方向?yàn)檎较颍瑒t根據(jù)動量定理可得F解得籃板對籃球水平方向的平均作用力大小為F則根據(jù)牛頓第三定律可得籃球?qū)@板水平方向的平均作用力大小為F故答案為：D。【分析】籃球的動能損失了36%，求解碰后籃球速度，規(guī)定正方向，結(jié)合動量定理求解籃板對籃球水平方向的平均作用力大小。8．【答案】B,C【解析】【解答】AD．對于一定量的氣體而言，溫度降低則其內(nèi)能減小，由于山頂溫度較低，而氣球內(nèi)部氣體很容易與外界達(dá)到熱平衡，因此氣球內(nèi)部氣體溫度降低，其內(nèi)能減小，而溫度是衡量分子平均動能的標(biāo)志，溫度降低則分子平均動能減小，故AD錯誤；B．由于氣球體積變大，單位體積內(nèi)的分子數(shù)減少，同時其溫度也降低，使得內(nèi)部氣體分子的平均速率減小，因此在單位時間內(nèi)與氣球壁單位面積上碰撞的分子數(shù)減少，氣球內(nèi)氣體的壓強(qiáng)減小，故B正確；C．溫度降低，分子平均動能較小，速率大的分子數(shù)目減少，故C正確。故答案為：BC?！痉治觥恳欢康臍怏w而言，溫度降低則其內(nèi)能減小，分子平均動能減小，速率大的分子數(shù)目減少，氣體的壓強(qiáng)減小。9．【答案】A,D【解析】【解答】AB．根據(jù)電磁感應(yīng)定律得感應(yīng)電動勢大小為e=磁場B均勻增大，則ΔBΔt為定值，則電動勢大小不變，掛件的電阻不變則感應(yīng)電流iCD．根據(jù)楞次定律可知掛件中電流沿逆時針方向，則受到的安培力豎直向上，受力分析可知細(xì)線拉力F=mg?因?yàn)榇艌鯞均勻增大，電流大小不變，則F?t圖像為一條斜率為負(fù)的一次函數(shù)。故C錯誤，D正確。故答案為：AD?！痉治觥看艌鯞均勻增大，電動勢大小不變，感應(yīng)電流i不隨時間改變，根據(jù)楞次定律判斷掛件中電流的方向，求出拉力表達(dá)式從而判斷圖像。10．【答案】B,C,D【解析】【解答】A．b點(diǎn)的電場強(qiáng)度恰好為零，則正點(diǎn)電荷在b點(diǎn)的電場強(qiáng)度E1所以正點(diǎn)電荷在e點(diǎn)的電場強(qiáng)度E2與E大小相等，方向相同eB．由于E所以O(shè)處點(diǎn)電荷的電荷量為Q=故B正確；C．正點(diǎn)電荷在a點(diǎn)的電場強(qiáng)度E3的方向與勻強(qiáng)電場方向的夾角為120°，aE正點(diǎn)電荷在d點(diǎn)的電場強(qiáng)度E4的方向與勻強(qiáng)電場方向的夾角為60°，dE所以a、d兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小之比為E故C正確；D．中心點(diǎn)電荷在fc兩點(diǎn)處的電勢相等，故將另一電荷量為q（q>0）的點(diǎn)電荷從f移到c，電場力做負(fù)功，電荷克服電場力做的功等于其電勢能的增加量，其電勢能增加qEL，故D正確。故答案為：BCD?！痉治觥慨媹D可得度點(diǎn)電荷場強(qiáng)與E大小相等，e點(diǎn)電場強(qiáng)度不為零，根據(jù)點(diǎn)電荷場強(qiáng)公式求解場強(qiáng)大小。電荷克服電場力做的功等于其電勢能的增加量。11．【答案】（1）⑥（2）本實(shí)驗(yàn)中，鉛垂線的作用是用來確定小球在斜槽末端拋出點(diǎn)，其球心在所平鋪水平地面復(fù)寫紙上的投影點(diǎn)（3）m【解析】【解答】（1）該實(shí)驗(yàn)中只要保證每次從同一位置釋放小球小球就可保證小球A每次達(dá)到斜槽末端時的速率相同，而本實(shí)驗(yàn)結(jié)合平拋運(yùn)動研究動量守恒定律，小球做平拋運(yùn)動時下落高度H相同，根據(jù)平拋運(yùn)動豎直方向做自由落體運(yùn)動，可得到其下落時間t=相同，在結(jié)合水平方向做勻速直線運(yùn)動，并測出了小球做平拋運(yùn)動的水平位移，從而可得到小球做平拋運(yùn)動的初速度為v=顯然在驗(yàn)證動量守恒定律的式子中g(shù)2H故選⑥。（2）本實(shí)驗(yàn)中，鉛垂線的作用是用來確定小球在斜槽末端拋出點(diǎn)，其球心在所平鋪水平地面復(fù)寫紙上的投影點(diǎn)。（3）根據(jù)本實(shí)驗(yàn)的原理，結(jié)合以上分析可知，若兩小球碰撞過程中動量守恒，則應(yīng)滿足m化簡后可得m【分析】（1）小球做平拋運(yùn)動時下落高度H相同，下落時間相同，水平位移之比即為初速度之比，不用測量下落高度；

（2）鉛垂線的作用是用來確定小球在斜槽末端拋出點(diǎn)；

（3）水平位移之比即為初速度之比，用水平位移代替速度代入動量守恒定律表達(dá)式。12．【答案】（1）（2）~（3）18（4）無（5）1k；【解析】【解答】（1）根據(jù)電路圖可得實(shí)物連接圖如圖所示（2）根據(jù)電路圖可得微安表兩端的電壓U=(根據(jù)歐姆定律可得R（3）根據(jù)并聯(lián)電路的分流可得I=解得R（5）根據(jù)閉合電路歐姆定律E=整理可得1可得1R解得E=r=【分析】（1）根據(jù)電路圖根據(jù)電流流向，依次用導(dǎo)線連接電路各個組成部分可得實(shí)物連接圖；

（2）根據(jù)歐姆定律代入相應(yīng)電壓電流可得可得微安表內(nèi)阻；

（3）并聯(lián)分流，求解R1上電流大小，結(jié)合歐姆定律求解R1電阻大小；

（5）根據(jù)閉合電路歐姆定律得到1I13．【答案】（1）根據(jù)圖（b）可知簡諧波的周期為T=2s則波長為λ=vT=6m/s×2s=12mt=0時刻質(zhì)點(diǎn)A在平衡位置，將要向上振動，根據(jù)同側(cè)法可知圖（a）中該波的傳播方向沿x軸負(fù)方向。（2）A點(diǎn)的振動方程表達(dá)式為y=A從t=0時刻開始到t=7.y=4（3）B點(diǎn)振動方程為yt=0時刻代入y'sin由圖像可得φ=則A、B兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置之間的距離為x=【解析】【分析】（1）根據(jù)同側(cè)法判斷波的傳播方向，波長等于波速乘以周期；

（2）根據(jù)圖像求出A點(diǎn)的振動方程，代入t=7.5s，求出位移大小；

（3）同理求出B點(diǎn)振動方程為，求出AB兩點(diǎn)的相位差，結(jié)合波長求出A、B兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置之間的距離。14．【答案】（1）貨物沿斜面從頂端由靜止滑到底端過程，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式可得L=解得加速度大小為a=設(shè)斜面傾角為θ，根據(jù)牛頓第二定律可得mg又sin聯(lián)立解得貨物在斜面上運(yùn)動過程中所受摩擦力的大小為f=400N（2）若要在電動機(jī)輸出功率為1200W的條件下，沿斜面向上勻速拉動貨物，則此時牽引力大小為F=mg根據(jù)P=Fv可得貨物速度的大小為v=（3）啟動電動機(jī)后，貨物從斜面底端由靜止開始沿斜面向上做加速度大小為0.5m/s2的勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律可得F解得牽引力大小為F當(dāng)電動機(jī)達(dá)到允許的最大輸出功率時，貨物的速度為v則貨物做