四川省2024年高考物理模擬試卷及答案17

四川省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、選擇題：得分1．圖（a）所示的送餐機(jī)器人從過道上甲處靜止出發(fā)做直線運(yùn)動(dòng)到乙處停下，其位移x與時(shí)間t的關(guān)系曲線如圖（b）。若將機(jī)器人視為質(zhì)點(diǎn)，則從甲到乙機(jī)器人的運(yùn)動(dòng)依次是（）A．勻加速運(yùn)動(dòng)，勻速運(yùn)動(dòng)，勻減速運(yùn)動(dòng)B．加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，勻速運(yùn)動(dòng)，加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)C．加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，勻速運(yùn)動(dòng)，加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)D．加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)2．科學(xué)史上，有一項(xiàng)發(fā)現(xiàn)的核反應(yīng)方程是714N+A．817O核和X核的徑跡均在Ⅰ區(qū) B．C．817O核和X核運(yùn)動(dòng)的半徑之比一定為17：8 D．3．如圖，甲、乙、丙是地球赤道平面內(nèi)繞地心運(yùn)動(dòng)的三顆人造衛(wèi)星，甲、丙的軌道為圓，乙的軌道為橢圓。則三顆衛(wèi)星（）A．在軌道上運(yùn)行的周期關(guān)系是：TB．在軌道上1、2、3位置的加速度大小關(guān)系是：aC．在軌道上1、2、3位置的速率關(guān)系一定是：vD．在軌道上1、2、3位置所受的萬有引力大小關(guān)系一定是：F4．鋼架雪車是一項(xiàng)精彩刺激的冬奧會(huì)比賽項(xiàng)目，運(yùn)動(dòng)員起跑區(qū)推動(dòng)雪車起跑后俯臥在雪車上，再經(jīng)出發(fā)區(qū)、滑行區(qū)和減速區(qū)的一系列直道、彎道后到達(dá)終點(diǎn)、用時(shí)少者獲勝。圖（a）是比賽中一運(yùn)動(dòng)員在滑行區(qū)某彎道的圖片，假設(shè)可視為質(zhì)點(diǎn)的人和車的總質(zhì)量m=90kg，其在彎道上P處做水平面內(nèi)圓周運(yùn)動(dòng)的模型如圖（b），車在P處既無側(cè)移也無切向加速度，速率v=30m/s，彎道表面與水平面成θ=53°，不計(jì)摩擦力和空氣阻力，重力加速度g=10m/s2，sin53°=0.8。則在P處（）A．車對(duì)彎道的壓力大小為900N B．人對(duì)車的壓力大小為1500NC．人和車做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為67.5m D．人和車的加速度大小為7.5m/s25．如圖，質(zhì)量為M、半徑為R的圓環(huán)狀光滑絕緣細(xì)桿用三根交于O點(diǎn)的等長細(xì)線懸掛于水平面內(nèi)，每根細(xì)線與豎直方向均成30°角；桿上套有三個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的帶正電小球，每個(gè)小球的質(zhì)量均為m、電荷量均為q；小球間的間距相等，球和桿均靜止。重力加速度大小為g、靜電力常量為k。則（）A．每根細(xì)線對(duì)桿的拉力大小為239Mg C．每個(gè)小球受到的庫侖力大小為3kq2R2 6．一變壓器在紙面內(nèi)的剖面如圖，原線圈連接足夠長且電阻不計(jì)的平行雙導(dǎo)軌，導(dǎo)軌處于垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中、金屬棒MN與導(dǎo)軌接觸良好且垂直于導(dǎo)軌，副線圈連接燈泡L和電容器C，A為理想交流電流表。則（）A．當(dāng)MN勻速向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，燈泡可能發(fā)光，A表有示數(shù)B．當(dāng)MN加速向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)C．當(dāng)MN沿導(dǎo)軌簡諧運(yùn)動(dòng)（不接觸線圈）時(shí)，燈泡一定不發(fā)光D．當(dāng)MN沿導(dǎo)軌簡諧運(yùn)動(dòng)（不接觸線圈）時(shí)，A表有示數(shù)7．圖（a）所示的后排進(jìn)攻是排球比賽中一種重要進(jìn)攻手段。假設(shè)某次后排進(jìn)攻可簡化為圖（b）所示模型，甲運(yùn)動(dòng)員以極短的時(shí)間?t=0.01s完成擊球，將初速度為零的排球從O點(diǎn)以水平速度擊出，球恰好打到攔網(wǎng)隊(duì)員乙的手指P后飛出。已知排球質(zhì)量m=0.26kg，O、P的水平距離L=3m，O、P的高度差h=7.2cm。球視為質(zhì)點(diǎn)，忽略空氣阻力，重力加速度g=10m/s2。則可知（）A．球被甲擊出時(shí)的速率約為72km/h B．球被甲擊出時(shí)的速率約為90km/hC．甲對(duì)球的平均作用力大小約為650N D．甲對(duì)球的平均作用力大小約為520N8．某工廠用水平絕緣傳送帶輸送完全相同的正方形單匝銅圈。為了檢測出個(gè)別未閉合的不合格銅圈，讓圖示傳送帶以速度v勻速通過一方向豎直、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場區(qū)域，進(jìn)入磁場前，銅圈與傳送帶相對(duì)靜止且等距離排列，根據(jù)穿過磁場后銅圈間的距離，就能檢測出不合格銅圈。已知銅圈質(zhì)量為m，邊長為L，每條邊的電阻為R，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度大小為g。則（）A．由圖可知，3號(hào)銅圈不合格B．合格銅圈進(jìn)入磁場的過程中，通過該銅圈的電荷量為BC．要利用該系統(tǒng)識(shí)別不合格銅圈，銅圈與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)必須小于BD．如果該系統(tǒng)能識(shí)別邊長為L的不合格銅圈，那么該系統(tǒng)也一定能識(shí)別同種材料制成的邊長為2L的不合格銅圈閱卷人二、非選擇題：得分9．為研究小燈泡的伏安特性，實(shí)驗(yàn)室提供了下列器材：A.電源E（電動(dòng)勢(shì)4.5V，內(nèi)阻很?。籅.小燈泡L（額定電壓4V，額定電流0.7A）；C.電壓表V（量程6V，內(nèi)阻約6kΩ）；D.電流表A（量程0.6A，內(nèi)阻0.25Ω）；E.定值電阻R0F.滑動(dòng)變阻器R（最大阻值5Ω）；G.開關(guān)一個(gè)；H.導(dǎo)線若干。（1）甲設(shè)計(jì)的電路如圖（a）。某次測量中，V表和A表的指針穩(wěn)定在圖（b）所示位置，則V表的示數(shù)為V（不需估讀），測得此時(shí)燈泡的功率約為W（保留2位小數(shù)）。（2）乙設(shè)計(jì)的電路如圖（c）。兩種設(shè)計(jì)比較，（選填“甲”或“乙”）的測量精度更高。（3）該小燈泡的伏安特性曲線最有可能是（）A． B．C． D．10．某興趣小組設(shè)計(jì)了一個(gè)測量動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)，①如圖（a），將傾斜段和水平段連接構(gòu)成的鋁板固定在水平桌面上；②讓小鐵塊從傾斜段上A點(diǎn)靜止釋放，鐵塊最終停在水平段上B點(diǎn)；③利用鉛垂線找到A點(diǎn)在桌面的投影點(diǎn)A'，測出A到A'的高度h和A'到B的水平距離s；④改變釋放位置重復(fù)多次實(shí)驗(yàn)，得到多組h和s的數(shù)值。（1）實(shí)驗(yàn)得到多組h和s的數(shù)值如下表，請(qǐng)?jiān)趫D（b）中作出s-h關(guān)系圖線。h/cm10.0015.0020.0025.0030.00s/cm19.9032.7048.1057.606980（2）根據(jù)圖線求得動(dòng)摩擦因數(shù)μ=。（保留1位有效數(shù)字）（3）重復(fù)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)，s-h圖線總是在橫軸上有一固定截距，該截距的物理意義是。（4）實(shí)驗(yàn)中鐵塊通過傾斜段與水平段轉(zhuǎn)接點(diǎn)處有機(jī)械能損失，損失量與通過時(shí)的動(dòng)能成正比，這會(huì)導(dǎo)致動(dòng)摩擦因數(shù)的測量值（選填“大于”、“小于”或“等于”）真實(shí)值。（5）為了消除鐵塊在轉(zhuǎn)接點(diǎn)處的機(jī)械能損失，興趣小組中某位同學(xué)建議將傾斜段做成圖（c）所示圓弧面，其末端與水平段相切，仍然通過測量h和s求得動(dòng)摩擦因數(shù)。該方案是否可行？（選填“可行”或“不可行”）。11．某同學(xué)研究碰撞中動(dòng)能損失的裝置如圖所示，豎直面內(nèi)，光滑弧形軌道AB和34光滑圓弧軌道CD分別與水平粗糙軌道BC相切于B和C點(diǎn)，圓弧半徑R=0.4m，BC長L=2m。某次實(shí)驗(yàn)中，將質(zhì)量m=0.4kg的滑塊從弧形軌道上高h(yuǎn)=1.4m處靜止釋放，滑塊第一次通過圓弧軌道最高點(diǎn)Q時(shí)對(duì)軌道的壓力大小F=4N，此后，滑塊與水平軌道發(fā)生時(shí)間極短的碰撞后速度方向豎直向上，進(jìn)入軌道后滑塊剛好能夠通過Q點(diǎn)。滑塊可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度g=10m/s2（1）滑塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ：（2）碰撞過程中動(dòng)能的損失率η（動(dòng)能損失量與碰前動(dòng)能的百分比）。12．如圖，在y>a區(qū)域有方向沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，y<a區(qū)域有方向垂直xOy平面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場。t=0時(shí)刻，質(zhì)量為m的甲粒子從P（?a，2a）點(diǎn)靜止釋放，另一質(zhì)量為2m的乙粒子，剛好以沿x軸負(fù)方向的速度通過x軸上Q點(diǎn)，當(dāng)甲第一次經(jīng)過原點(diǎn)O時(shí)，甲、乙恰好相遇并發(fā)生時(shí)間極短的對(duì)心碰撞，且碰后甲、乙還能再次碰撞。假設(shè)甲的電荷量始終為q（q>0）、乙始終不帶電，碰撞過程中無能量損失，不計(jì)粒子重力。求：（1）電場強(qiáng)度的大小；（2）甲粒子第一次到達(dá)原點(diǎn)O的時(shí)刻；（3）Q點(diǎn)的橫坐標(biāo)。13．下列說法正確的是（）A．水和酒精混合后體積會(huì)變小，是因?yàn)樗肿雍途凭肿娱g存在引力B．完全失重的空間實(shí)驗(yàn)室中，懸浮液體將呈絕對(duì)球形C．燒水過程中，隨水溫的升高，每個(gè)水分子熱運(yùn)動(dòng)的速率都將增大D．大塊巖鹽是晶體，粉碎后的巖鹽小顆粒仍然是晶體E．夏天空調(diào)制冷時(shí)，熱量能夠從溫度較低的室內(nèi)傳遞到溫度較高的室外，這一現(xiàn)象不違背熱力學(xué)第二定律14．為測量小車加速度，某同學(xué)設(shè)計(jì)了圖示裝置，圓柱形氣缸固定在車廂底面，水平輕彈簧分別連接活塞與車廂右壁，活塞可在氣缸內(nèi)無摩擦滑動(dòng)，缸內(nèi)密閉著氣體，當(dāng)溫度T1=280K時(shí)，彈簧無形變，活塞與缸底間的氣柱長L=9cm。已知活塞質(zhì)量m=1kg、橫截面積S=1×10（1）小車靜止，緩慢加熱缸內(nèi)氣體，使其溫度由T1升至T2=336K（2）小車某次運(yùn)動(dòng)過程中，保持溫度T1不變，活塞相對(duì)氣缸靜止時(shí)，彈簧伸長量為Δ15．如圖，一束復(fù)色光以入射角i（0°<i<90°）從空氣射入由內(nèi)芯和外套組成的光導(dǎo)纖維后分成了a、b兩束單色光，下列說法正確的是（）A．內(nèi)芯的折射率大于外套的折射率B．a(chǎn)光的頻率小于b光的頻率C．在光導(dǎo)纖維內(nèi)，a光的傳播速度小于b光的傳播速度D．i越大，a、b光越容易在內(nèi)芯和外套的交界面上發(fā)生全反射E．在發(fā)生全反射的條件下，i越小，a、b光在內(nèi)芯中的傳播時(shí)間越短16．一列沿x軸負(fù)方向傳播的簡諧橫波在t1=0.（1）求波的傳播速度；（2）從t=0時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，寫出質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)位移y隨時(shí)間t變化的關(guān)系式。

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移與時(shí)間關(guān)系

x=v0t+12a2．【答案】D【解析】【解答】AB、核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，所以X為質(zhì)子，根據(jù)左手定則可知，在S點(diǎn)兩粒子均受到豎直向下的洛倫茲力，其徑跡均在Ⅱ區(qū)，故AB錯(cuò)誤；

C、根據(jù)洛倫茲力提供向心力有

qvB=mv2r

所以

r=mvqB

由于兩粒子的速度大小未知，所以不能確定半徑大小關(guān)系，故C錯(cuò)誤；

D、粒子運(yùn)動(dòng)的周期為

T=2πm3．【答案】B【解析】【解答】A、根據(jù)開普勒第三定律可得

a3T2=k

衛(wèi)星在1、2、3軌道運(yùn)行時(shí)軌道半徑或者半長軸增大，所以周期增大，即

T甲<T乙<T丙

故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)牛頓第二定律有

GMmr2=ma

所以

a=GMr2

衛(wèi)星在1、2、3處與地球球心間的距離增大，則加速度減小，即

a1>a2>a3

4．【答案】C【解析】【解答】A、對(duì)人和車受力分析，如圖所示

根據(jù)幾何關(guān)系有

N=mgcosθ=1500N

根據(jù)牛頓第三定律可得，車對(duì)彎道的壓力大小為1500N，故A錯(cuò)誤；

B、由于不知道人的質(zhì)量，所以無法確定人對(duì)車的壓力，故B錯(cuò)誤；

CD、根據(jù)牛頓第二定律可得

mgtanθ=mv2r=ma

解得

5．【答案】D【解析】【解答】AB、對(duì)桿和小球整體，豎直方向有

3Fcos30°=(M+3m)g

解得細(xì)線對(duì)桿的拉力大小為

F=2(3m+M)g33

故AB錯(cuò)誤；

C、根據(jù)題意可得，兩個(gè)小球間的距離為

l=2Rcos30°

所以每個(gè)小球受到的庫侖力大小為

F=2kq2l2cos6．【答案】B,D【解析】【解答】A、當(dāng)MN勻速向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，左側(cè)回路中電流恒定，所以左側(cè)線圈產(chǎn)生恒定的磁場，穿過右側(cè)線圈的磁通量不變，右側(cè)線圈將不產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以燈泡不發(fā)光，電流表無示數(shù)，故A錯(cuò)誤；

B、當(dāng)MN加速向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，穿過右側(cè)線圈的磁通量不斷增大，且磁場方向向上，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流的磁場方向向下，根據(jù)右手螺旋定則可知，回路中電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，所以a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)，故B正確；

CD、當(dāng)MN沿導(dǎo)軌簡諧運(yùn)動(dòng)（不接觸線圈）時(shí)，左側(cè)回路中產(chǎn)生正弦交變電流，右側(cè)回路也為交變電流，所以燈泡發(fā)光，電容器將進(jìn)行充放電，電流表有示數(shù)，故C錯(cuò)誤，D正確。

故答案為：BD。

【分析】左側(cè)導(dǎo)體棒做切割磁感線運(yùn)動(dòng)，在回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流，左側(cè)線圈產(chǎn)生的磁場穿過右側(cè)線圈，當(dāng)穿過右側(cè)線圈的磁通量發(fā)生改變，右側(cè)線圈產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，右側(cè)回路中產(chǎn)生感應(yīng)電流。再根據(jù)導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)情況確定產(chǎn)生感應(yīng)電流的類型，再結(jié)合楞次定律確定右側(cè)回路是否產(chǎn)生感應(yīng)電流及產(chǎn)生感應(yīng)電流的方向。7．【答案】B,C【解析】【解答】AB、球被甲擊出后做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)球被甲擊出時(shí)的速率為v0，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，則有

L=v0t

?=12gt2

聯(lián)立解得

v0=25m/s=90km/?

故A錯(cuò)誤，B正確；

CD、甲運(yùn)動(dòng)員完成擊球的時(shí)間?t=0.01s，設(shè)甲對(duì)球的平均作用力大小為F，由動(dòng)量定理得

FΔt=m8．【答案】A,D【解析】【解答】A、若銅圈不合格，則銅圈未閉合，銅圈穿過磁場過程中沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，銅圈不受安培力，銅圈相對(duì)傳送帶沒有相對(duì)位移，由圖可知，銅圈3相對(duì)傳送帶沒有相對(duì)位移，是不合格的銅圈，故A正確；

B、合格銅圈進(jìn)入磁場的過程中，通過該銅圈的的電荷量為

q=It=ΔΦ4Rtt=ΔΦ4R=BL24R

故B錯(cuò)誤；

C、要利用該系統(tǒng)識(shí)別不合格銅圈，對(duì)銅圈

FA>μmg

銅圈所受安培力

FA=BIL=BBLv4RL=B2L9．【答案】（1）3.2；2.08（2）乙（3）C【解析】【解答】（1）電壓表如圖b所示，分度值為0.2V，示數(shù)為3.2V。

電流表如圖b所示，分度值為0.02A，示數(shù)為0.52A，電流表兩端電壓為

UA=IArA=0.13V

定值電阻R0中電流為

I0=U10．【答案】（1）（2）0.4（3）鋁板的厚度（4）大于（5）不可行【解析】【解答】（1）關(guān)系圖如下所示

（2）設(shè)斜面的傾角為θ，在斜面上鐵塊位移大小為x1，在水平面上鐵塊位移大小為x2，鋁板的厚度為d，對(duì)整個(gè)過程，根據(jù)動(dòng)能定理得

mg??d?μmgcosθx1?μmgx2=0

而鐵塊水平位移大小s為

s=x1cosθ+x2

聯(lián)立以上兩式解得

s=1μ??d

由圖線可得

μ=0.411．【答案】（1）滑塊第一次通過Q時(shí)，由牛頓第三定律知，滑塊所受軌道的彈力大小為F由牛頓第二定律有mg+代入數(shù)據(jù)得v從釋放到Q，由動(dòng)能定理有mg??μmgL?mg?2R=代入數(shù)據(jù)解得μ=0（2）滑塊在D點(diǎn)正下方與水平軌道碰撞，設(shè)滑塊碰前與碰后的動(dòng)能分別為Ek1和Ek2，從Q到碰前，由機(jī)械能守恒定律有E滑塊第二次通過Q時(shí)，所受軌道的彈力為零，由牛頓第二定律有mg=m代入數(shù)據(jù)得v從碰后到Q，由機(jī)械能守恒定律有E所以η=【解析】【分析】（1）確定滑塊子Q點(diǎn)的受力情況及向心力的來源，根據(jù)牛頓第二定律確定滑塊子Q點(diǎn)的速度。確定滑塊從釋放到Q點(diǎn)的過程的受力情況及各力的做功情況，再根據(jù)動(dòng)能定理進(jìn)行解答；

（2）滑塊從Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)正下方與水平軌道碰撞前，滑塊機(jī)械能守恒，根據(jù)機(jī)械能守恒定律確定滑塊與水平軌道碰前的動(dòng)能?；瑝K反彈后恰好能通過Q點(diǎn)，即滑塊在Q點(diǎn)恰好完全由重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律確定滑塊第二次到達(dá)Q點(diǎn)的速度，再根據(jù)機(jī)械能守恒定律確定滑塊碰后到Q點(diǎn)過程碰后滑塊的機(jī)械能，再根據(jù)損失率的定義進(jìn)行解答。12．【答案】（1）如圖所示甲在電場中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)場強(qiáng)為E，甲進(jìn)入磁場時(shí)的速率為v；由動(dòng)能定理有qEa=甲在磁場中受洛倫茲力作用做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，有qvB=m因甲、乙第一次相碰于原點(diǎn)O，則有R聯(lián)立解得v=qBam（2）甲在電場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1a=解得t設(shè)碰撞前在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2T=故有t故甲第一次到達(dá)原點(diǎn)O的時(shí)刻為t=（3）根據(jù)題意，甲、乙第一次碰撞后速度必然沿水平方向，甲做軌跡與x軸相切的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，乙做水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)。甲、乙要想再次碰撞，只有一種可能，即第一次碰后乙的速度恰好為0。設(shè)乙碰撞前的速率為v0，由于其不帶電，因此做勻速直線運(yùn)動(dòng)。設(shè)甲第一次碰撞后的速度為vmv?2m機(jī)械能守恒定律有1解得v0=2v即v因t=0時(shí)刻，乙剛好通過Q點(diǎn)，故乙由Q到O的時(shí)間即甲第一次碰撞前的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，故乙在第一次碰撞前運(yùn)動(dòng)的距離為x=解得Q點(diǎn)的橫坐標(biāo)為x=(4+π)a【解析】【分析】（1）甲由靜止釋放，在電場中做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理確定甲進(jìn)入磁場瞬間速度與場強(qiáng)的關(guān)系。甲進(jìn)入磁場后再磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，恰好經(jīng)過O點(diǎn)，根據(jù)幾何關(guān)系確定粒子甲運(yùn)動(dòng)至O點(diǎn)過程做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑，再結(jié)合洛倫茲力提供向心力及牛頓第二定律進(jìn)行解答；

（2）根據(jù)牛頓第二定律及運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律確定粒子甲從電場進(jìn)入磁場的時(shí)間。根據(jù)幾何關(guān)系確定粒子甲進(jìn)入磁場運(yùn)動(dòng)至O點(diǎn)過程運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角，再結(jié)合帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)規(guī)律進(jìn)行解答；

（3）乙粒子不帶電，碰前做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由于甲乙發(fā)生正碰，即碰后粒子甲的速度仍沿x軸方向，隨后在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)，由于碰后甲、乙還能再次碰撞，故第一次碰后粒子乙速度為零，當(dāng)粒子甲做圓周運(yùn)動(dòng)回到O點(diǎn)事，甲乙再次發(fā)生碰撞。甲乙第一次碰撞過程動(dòng)量守恒及機(jī)械能守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律及機(jī)械能守恒定律確定碰撞前乙粒子的速度，再結(jié)合（2）中結(jié)論確定Q點(diǎn)的坐標(biāo)。13．【答案】B,D,E【解析】【解答】A、水和酒精混合后體積會(huì)變小，是因?yàn)樗肿雍途凭肿娱g存在間隙，故A錯(cuò)誤；

B、完全失重的空間實(shí)驗(yàn)室中，重力對(duì)液體沒有了影響，在表面張力作用下，懸浮液體將呈絕對(duì)球形，故B正確；

C、燒水過程中，隨水溫的升高，分子的平均速率變大，并非每個(gè)氣體分子運(yùn)動(dòng)的速率都增加，故C錯(cuò)誤；

D、大塊巖鹽是晶體，由于巖鹽顆粒內(nèi)部的結(jié)構(gòu)沒有變化，粉碎后的巖鹽小顆粒仍然是晶體，故D正確；

E、空調(diào)機(jī)作為制冷機(jī)使用時(shí)，將熱量從溫度較低的室內(nèi)送到溫度較高的室外，要消耗電能，產(chǎn)生了其它影響，所以制冷機(jī)的工作仍遵守?zé)崃W(xué)第二定律，故E正確。

故答案為：BDE。

【分析】熟練掌握分子動(dòng)理論的具體內(nèi)容。溫度升高，分子的平均速率變大。熟練掌握表面張力的特點(diǎn)及應(yīng)用。晶體結(jié)構(gòu)與晶體的內(nèi)部原子、離子、分子在空間作三維周期性的規(guī)則排列有關(guān)。熟練掌握熱力學(xué)定律的內(nèi)容與應(yīng)用。14．【答案】（1）對(duì)缸內(nèi)氣體，狀態(tài)1（彈簧無形變）T1=280K、V狀態(tài)2（彈簧處于壓縮狀態(tài)）T2=336K從狀態(tài)1到狀態(tài)2，由理想氣體狀態(tài)方程有p可得p代入數(shù)據(jù)解得p狀態(tài)2，對(duì)活塞由力的平衡條件得kΔ代入數(shù)據(jù)解得k=8×1（2）狀態(tài)3（彈簧處于伸長狀態(tài)）V從狀態(tài)1到狀態(tài)3，溫度不變，由玻意耳定律有p代入數(shù)