浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案15

浙江省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）得分1．卡路里是健身愛好者熟知的能量單位，將其用國際單位制的基本單位表示正確的是（）A．J B．N·m C．kg·m3/s2 D．kg·m2/s22．“物理”二字最早出現(xiàn)在中文中，是取“格物致理”四字的簡稱，即考察事物的形態(tài)和變化，總結(jié)研究它們的規(guī)律的意思。我們要在學(xué)習(xí)物理知識之外，還要了解物理學(xué)家是如何發(fā)現(xiàn)物理規(guī)律的，領(lǐng)悟并掌握處理物理問題的思想與方法。下列四幅圖對應(yīng)的實驗探究中，運用了等效替代這一思想方法的是（）A． B．C． D．3．如圖甲是一種常見的持球動作，用手臂擠壓籃球，將籃球壓在身側(cè)。為了方便問題研究，將該場景模型化為如圖乙，若增加手臂對籃球的壓力，籃球依舊保持靜止，則下列說法正確的是（）A．籃球受到的合力增大 B．籃球?qū)θ说撵o摩擦力方向豎直向上C．人對籃球的作用力的方向豎直向上 D．手臂對籃球的壓力是由于籃球發(fā)生形變而產(chǎn)生的4．在東北嚴(yán)寒的冬天，有一項“潑水成冰”的游戲，具體操作是把一杯滾燙的開水按一定的弧線均勻快速地潑向空中，潑灑出的小水珠和熱氣被瞬間凝結(jié)成冰而形成壯觀的場景。如圖甲所示是某人玩潑水成冰游戲的精彩瞬間，圖乙為其示意圖，假設(shè)潑水過程中杯子做勻速圓周運動。下列說法正確的是（）A．P位置的小水珠速度方向沿a方向 B．P、Q兩位置，杯子的向心加速度相同C．P、Q兩位置，杯子的速度相同 D．從Q到P，杯子所受合外力做功為零5．如圖所示是航天員在水下進行模擬失重訓(xùn)練的一種方式。航天員穿水槽訓(xùn)練航天服浸沒在水中，通過配重使其在水中受到的浮力和重力大小相等。假設(shè)其總質(zhì)量為m，訓(xùn)練空間的重力加速度為g且不變，航天員在某次出艙作業(yè)時，勻速上升距離為h的過程中，下列說法正確的是（）A．宇航員處于完全失重狀態(tài) B．機械能增加了mghC．合力不做功，機械能守恒 D．重力做負(fù)功，機械能減少6．圖甲是某人在湖邊打水漂的圖片，石塊從水面彈起到觸水算一個水漂，若石塊每次從水面彈起時速度與水面的夾角均為30°，速率損失30%。圖乙甲是石塊運動軌跡的示意圖，測得石塊第1次彈起后的滯空時間為0.8s，已知石塊在同一豎直面內(nèi)運動，當(dāng)觸水速度小于2m/s時石塊就不再彈起，不計空氣阻力。下列說法正確的是（）A．石塊每次彈起后的滯空時間相等 B．石塊最多能在湖面上彈起5次C．石塊每次彈起過程能量損失30% D．石塊每次彈起到最高點的速度為零7．如圖所示，2023年11月2日，日本東京電力公司啟動第三批福島核污染水排海。核污染水雖然經(jīng)過“多核素去除設(shè)備”（ALPS）處理，但核污染水中氚（13H）很難被分離清除，氚氣會通過食物鏈在人體內(nèi)累積，對人的傷害將不可估量。其衰變方程為A．衰變過程核子總質(zhì)量不變B．衰變放出的?10C．受核污染的海產(chǎn)品經(jīng)過高溫烹煮不能去除其放射性D．138．在2023年9月21日的“天宮課堂”上，航天員給同學(xué)們解答了與太空垃圾相關(guān)的問題。假設(shè)在空間站觀察到如圖所示的太空垃圾P、Q、M、N（P、Q、M、N均無動力運行，軌道所在空間存在稀薄氣體），假設(shè)空間站和太空垃圾均繞地球做順時針方向的運動，空間站的軌道高度不變。則最可能對空間站造成損害的是（）A．P B．Q C．M D．N9．如圖所示，兩半徑相等的半球球殼Ⅰ和II彼此靠的很近（間距可忽略），兩球殼均勻帶有電荷，電荷量均為q(q>0)，O為球心，A為球殼外一點，AO=x。已知球殼內(nèi)部電場強度處處為零，且球殼Ⅰ在A點形成的電場強度為E1，規(guī)定距O點無限遠處的電勢為零，下列說法正確的是（）A．O點電勢為零 B．球殼Ⅰ在O點形成的電場強度水平向左C．球殼II在A點形成的電場強度大小E2=2kqx2?E10．如圖甲所示為我國GIL輸電系統(tǒng)的三相共箱技術(shù)。三根超高壓輸電線纜平行且間距相等，圖乙為其截面圖，截面圓心構(gòu)成正三角形，邊長為L，三邊中點分別記為D、E、F點，中點為O點。上方兩根輸電線纜A、B圓心連線水平，某時刻A、C中電流方向垂直紙面向外，B中電流方向垂直紙面向里，電流大小均為I。已知距導(dǎo)線r處的磁感應(yīng)強度B=kIr（A．A輸電線纜所受安培力垂直AD斜向右上方 B．正三角形中心O處磁感應(yīng)強度為零C．D、E、F三點中F點磁感應(yīng)強度最大 D．D點和E點磁感應(yīng)強度大小相等11．如圖甲所示為某品牌漏電保護器，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)及原理如圖乙所示，虛線框內(nèi)為漏電檢測裝置，可視為理想變壓器，其中原線圈由入戶的火線、零線在鐵芯上雙線并行繞制而成，副線圈與控制器相連。當(dāng)電路發(fā)生漏電時，零線中的電流小于火線，從而使副線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，通過控制器使線路上的脫扣開關(guān)斷開，起到自動保護的作用。若入戶端接入u=311sinA．入戶端接入的交變電流方向每秒變化50次B．當(dāng)用電器發(fā)生短路時，該漏電保護器會切斷電路C．沒有發(fā)生漏電時，通過副線圈的磁通量始終為0D．沒有發(fā)生漏電時，通過副線圈的磁通量隨原線圈中電流的增加而增加12．2022年10月，我國自主研發(fā)的“夸父一號”太陽探測衛(wèi)星成功發(fā)射?！翱涓敢惶枴碧柼綔y衛(wèi)星可以觀測太陽輻射的硬X射線。硬X射線是波長很短的光子，設(shè)波長為λ。若太陽均勻地向各個方向輻射硬X射線，且太陽輻射硬X射線的總功率為P。衛(wèi)星探測儀鏡頭正對著太陽，已知衛(wèi)星探測儀鏡頭面積為S，衛(wèi)星離太陽中心的距離為R，普朗克常量為h，光速為c，則衛(wèi)星探測儀鏡頭每秒接收到該種光子數(shù)為（）A．PSλ4π?cR2C．PSλ4π?cR313．光程是光學(xué)中的概念，定義為光在介質(zhì)中經(jīng)過的幾何路程與該介質(zhì)折射率的乘積。當(dāng)兩束相干光的光程差為光在真空中波長的整數(shù)倍時，在屏幕上出現(xiàn)亮條紋。瑞利干涉儀就是一種利用該原理測量氣體折射率的儀器。如圖甲所示，兩束光的光程差為零時，屏幕上O點為零級干涉亮條紋。將長度為l、裝有待測氣體的透明薄管放在S1后面，如圖乙所示，零級亮條紋移至屏幕上的O'點，O點為第k級干涉亮條紋。已知空氣的折射率為n0A．(k?1)λl+nC．kλl D．閱卷人二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）得分14．關(guān)于下面四幅圖涉及的物理知識，下列說法正確的是（）A．隨著溫度升高，各種波長的輻射強度都有增加B．對于一定頻率的光，入射光越強，飽和電流越大，光電子最大初動能也越大C．光子與電子碰撞，光子散射后頻率增大D．鎘棒插入深一些，多吸收一些中子，鏈?zhǔn)椒磻?yīng)速度減緩15．多個點波源在空間也可以形成干涉圖樣，如圖甲是利用軟件模擬出某時刻三個完全相同的橫波波源產(chǎn)生的干涉圖樣。圖乙是三個完全相同的橫波波源在均勻介質(zhì)中位置，波源S1、S2、S3分別位于等邊三角形的三個頂點上，且邊長為2m。三個波源t=0時刻同時開始振動，振動方向垂直紙面，振動圖像均如圖丙所示。已知波的傳播速度為0.25m/s，O處質(zhì)點位于三角形中心，C處質(zhì)點位于SA．足夠長時間后，位于O處的質(zhì)點的振幅為6cmB．足夠長時間后，位于C處的質(zhì)點的振幅為6cmC．t=4.5s時，C處質(zhì)點與平衡位置之間的距離是D．其中一列波遇到尺寸為0.8m的障礙物時，不能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象閱卷人三、非選擇題（本題共5小題，共55分）得分16．在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，打點計時器固定在鐵架臺上，使重物帶動紙帶從靜止開始自由下落。（1）不同學(xué)生在實驗操作過程中出現(xiàn)如圖所示的四種情況，其中操作正確的是。（2）實驗中，按照正確的操作得到如圖所示的一條紙帶。在紙帶上選取三個連續(xù)打出的點A、B、C，測得它們到起始點O（紙帶上第一個點）的距離分別為?A、?B、?C。已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，打點計時器打點的周期為T。設(shè)重物的質(zhì)量為m，從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能減少量ΔEp（3）如果計算結(jié)果顯示重力勢能變化量絕對值小于動能變化量，可能的原因是____。A．紙帶受到阻力較大 B．先接通電源后釋放紙帶C．先釋放紙帶后接通電源 D．阻力與重力之比很小17．在“利用單擺測重力加速度”的實驗中。（1）某同學(xué)嘗試用DIS測量周期。如圖，用一個磁性小球代替原先的擺球，在單擺下方放置一個磁傳感器，其軸線恰好位于單擺懸掛點正下方。使單擺做小角度擺動，當(dāng)磁感應(yīng)強度測量值最大時，磁性小球位于（選填“最高點”或“最低點”）。若測得連續(xù)50個（開始計時記為第1個）磁感應(yīng)強度最大值之間的時間間隔為t，則單擺周期的測量值為（不考慮地磁場影響）。（2）多次改變擺長使單擺做小角度擺動，測量擺長L及相應(yīng)的周期T。此后，甲同學(xué)得到的T2?L圖線斜率為k，則當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭為；乙同學(xué)分別取L和T的對數(shù)，所得到的lgT?18．某同學(xué)想要測量一新材料制成的粗細(xì)均勻電阻絲的電阻率，設(shè)計了如下的實驗。（1）用螺旋測微器測量電阻絲的直徑，示數(shù)如圖甲所示，測得其直徑D=mm。（2）用多用電表粗測電阻絲的阻值。選擇旋鈕打在“×100”擋，進行歐姆調(diào)零后測量，指針靜止時位置如圖乙所示，此測量值為Ω。（3）為了精確地測量電阻絲的電阻RxA．電流表A1（量程500μA，內(nèi)阻rB．電流表A2（量程10mA，內(nèi)阻rC．滑動變阻器R1（0～500ΩD．滑動變阻器R2（0～10ΩE．電阻箱R（阻值范圍為0～9999.F．電源（電動勢3.0V，內(nèi)阻約0.2Ω）G．開關(guān)S、導(dǎo)線若干①實驗小組設(shè)計的實驗電路圖如圖丙所示，開關(guān)閉合前，滑動變阻器滑片應(yīng)位于端（選填“最左”、“最右”或“居中”）。由于沒有電壓表，需要把電流表A1串聯(lián)電阻箱R改為量程為3V的電壓表，則電阻箱的阻值R=Ω?；瑒幼冏杵鲬?yīng)選擇（選填“R1”或“②正確連接電路后，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動變阻器測得電流表A1的示數(shù)為I1，電流表A2的示數(shù)為I2，測得電阻絲接入電路的長度為L19．“拔火罐”是一種中醫(yī)的傳統(tǒng)療法，某實驗小組為了探究“火罐”的“吸力”，設(shè)計了如圖所示的實驗。圓柱狀汽缸（橫截面積為S）被固定在鐵架臺上，輕質(zhì)活塞通過細(xì)線與置于鐵架臺平面上的重物m相連，將一團燃燒的輕質(zhì)酒精棉球從缸頂?shù)拈y門K處扔到汽缸內(nèi)，酒精棉球熄滅時關(guān)閉閥門K。一段時間后，當(dāng)活塞下的細(xì)線繃緊，且重物對鐵架臺平面壓力剛好為零，此時活塞距缸頂距離為L。汽缸導(dǎo)熱性能良好，重物緩慢升高，最后穩(wěn)定在距鐵架臺平面L10處。已知環(huán)境溫度恒為T0，大氣壓強恒為p0（1）閉合閥門K，重物緩慢升高過程，缸內(nèi)氣體所經(jīng)歷過程為過程（選填“等溫”、“等容”、“等壓”），此過程中缸內(nèi)氣體分子平均動能（選填“變大”、“變小”、“不變”）。（2）求重物對鐵架臺平面壓力剛好為零時，缸內(nèi)氣體的溫度T=。（3）若從酒精棉球熄滅到最終穩(wěn)定的過程中氣體放出的熱量為Q，求該過程缸內(nèi)氣體內(nèi)能的變化。20．如圖所示，質(zhì)量m1=1kg的滑板A帶有四分之一光滑圓軌道，圓軌道的半徑R=1.8m，圓軌道底端點切線水平，滑板的水平部分粗糙?，F(xiàn)滑板A靜止在光滑水平面上，左側(cè)緊靠固定擋板，右側(cè)不遠處有一與A等高的平臺。平臺最右端有一個高（1）滑塊B剛滑到圓軌道底端時，對圓軌道底端軌道的壓力大小；（2）若A與平臺相碰前A、B能達到共同速度，則達到共同速度前產(chǎn)生的熱量；（3）若平臺上P、Q之間是一個長度l=0.5m的特殊區(qū)域，該區(qū)域粗糙，且當(dāng)滑塊B進入該區(qū)域后，滑塊還會受到一個水平向右、大小F=20N的恒力作用，平臺其余部分光滑。若A與B共速時，B剛好滑到A的右端，A恰與平臺相碰，此后B滑上平臺，同時快速撤去A。設(shè)B與PQ之間的動摩擦因數(shù)為①求當(dāng)μ=0.1時，滑塊B第一次通過②求當(dāng)μ=0.9時，滑塊B在21．基于電容器的制動能量回收系統(tǒng)已經(jīng)在一些新能源汽車上得到應(yīng)用。某同學(xué)設(shè)計的這種系統(tǒng)的一種簡易模型如圖所示。某種材料制成的薄板質(zhì)量為m，圍成一個中空圓柱，圓的半徑為r，薄板寬度為L，可通過質(zhì)量不計的輻條繞過圓心O且垂直于圓面的水平軸轉(zhuǎn)動。薄板能夠激發(fā)平行于圓面且沿半徑方向向外的輻射磁場，磁場只分布于薄板寬度的范圍內(nèi)，薄板外表面處的磁感應(yīng)強度為B。一匝數(shù)為n的線圈abcd固定放置（為顯示線圈繞向，圖中畫出了兩匝），ab邊緊貼薄板外表面但不接觸，線圈的兩個線頭c點和d點通過導(dǎo)線連接有電容為C的電容器、電阻為R的電阻、單刀雙擲開關(guān)，如圖所示。現(xiàn)模擬一次剎車過程，開始時，單刀雙擲開關(guān)處于斷開狀態(tài)，薄板旋轉(zhuǎn)方向如圖所示，旋轉(zhuǎn)中薄板始終受到一與薄板表面相切、與運動方向相反的大小為f的剎車阻力作用，當(dāng)薄板旋轉(zhuǎn)的角速度為ω0時，將開關(guān)閉合到位置1，電容器開始充電，經(jīng)時間t電容器停止充電，開關(guān)自動閉合到位置2直至薄板停止運動。除剎車阻力外，忽略其他一切阻力，磁場到cd（1）電容器充電過程中，判斷極板M帶電的電性；（2）開關(guān)剛閉合到位置1時，線圈切割磁感線的切割速度v的大小及此時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢；（3）求充電結(jié)束時，薄板的角速度ω1（4）求薄板運動的整個過程中該系統(tǒng)的能量回收率。22．電子束光刻系統(tǒng)的核心技術(shù)是聚焦電子束以獲得更高能量。如圖所示為某公司研發(fā)的多電子束聚焦系統(tǒng)和測試系統(tǒng)。每個電子槍均可以將電子通過加速電壓加速后，連續(xù)發(fā)射速度方向與y軸垂直的電子束。各電子束通過聚焦區(qū)后，可以在x軸上O1位置聚焦成一束更高能量的電子束。其中，聚焦區(qū)由兩個勻強磁場區(qū)域構(gòu)成，磁感強度大小均為B，方向垂直紙面相反，磁場長度足夠長，寬度均為d。已知電子質(zhì)量為m、電子元電荷量為e(e>0)（1）若電子槍的加速電壓為U，求電子在聚焦區(qū)做圓周運動的軌道半徑R；（2）求從位置坐標(biāo)(0,d)射入的電子在聚焦區(qū)運動的總時間（3）若電子槍的加速電壓為U，射入聚焦區(qū)時的坐標(biāo)為(0,y)，要使各電子槍射出的電子束均在x軸上O1位置聚焦，求在d2≤y≤d范圍內(nèi)的y（4）為進一步測試聚焦后的電子束強度，在x軸上O1位置的右方放置一測試區(qū)，在測試區(qū)施加一垂直紙面的勻強磁場B0，電子束被約束在該測試區(qū)中不會射出，電子在測試區(qū)運動速度大小為v時所受的阻力f=?kv（k為常數(shù)且k>0）。求從位置坐標(biāo)y射入聚焦區(qū)的電子在測試區(qū)中運動的路程s與

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A、J是卡路里的國際單位制單位，但不是國際單位制的基本單位表示式，故A錯誤；

B、N?m是國卡路里的單位，不是能量的國際單位制的基本單位表示式，故B錯誤；

CD、由W=Fx=ma?x代入基本單位可得表示卡路里的單位為1N?m=1kg?m/s2×m=1kg?m2/s2，故C錯誤，D正確。

故選：D。

【分析】由能量的國際單位焦耳，結(jié)合功和能量的表達式驗證即可。2．【答案】A【解析】【解答】A．在探究兩個互成角度的力的合成規(guī)律的實驗中，利用一個力等效替代了兩個力的效果，利用了等效替代的方法，故A正確；

B．利用放大的思想分析桌面的形變程度，故B錯誤；

C．探究向心力與質(zhì)量、半徑、角速度的關(guān)系，運用了控制變量法，故C錯誤；

D．在研究平拋運動的特點時，比較平拋運動和自由落體運動，運用了類比的思想方法，故D錯誤；

故選：A

【分析】明確各個實驗的實驗原理，找到其共同地方，了解物理中各種思想方法的應(yīng)用如放大法、等效法、控制變量法等。3．【答案】C【解析】【解答】AC、籃球受到重力和人對籃球的作用力下保持靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)力的平衡條件可知，籃球的重力與人對藍球的作用力大小相等方向相反，即人對籃球的作用力的方向豎直向上，籃球受到的合力不變，A錯誤，C正確；

B、籃球?qū)θ说撵o摩擦力在籃球與人的兩個接觸面間都有，根據(jù)受力平衡，兩個摩擦力的向上的合力等于重力與壓力的分力，根據(jù)相互作用力，人受到籃球的摩擦力不是豎直向上的，故B錯誤；

D、根據(jù)彈力產(chǎn)生的特點，手臂對籃球的壓力是由于手臂發(fā)生形變而產(chǎn)生的，D錯誤。

故選：C。

【分析】籃球處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以受力平衡，對籃球受力分析，聯(lián)立平衡方程，再結(jié)合相互作用力分析4．【答案】D【解析】【解答】A．根據(jù)圖乙中水珠做離心運動的方向，可知杯子旋轉(zhuǎn)方向為逆時針方向，則P位置的小水珠速度方向應(yīng)沿b方向，故A錯誤；

B．杯子做勻速圓周運動，向心加速度方向指向圓心，P、Q兩位置，杯子的向心加速度大小相同，方向不同，向心加速度是矢量，則P、Q兩位置，杯子的向心加速度不同，故B錯誤；

C．杯子的速度為矢量，P、Q兩位置，杯子的速度不相同，故C錯誤；

D．杯子做勻速圓周運動，杯子所受合外力提供向心力，合外力方向始終指向圓心、且與速度（位移）方向始終垂直，所以合外力始終不做功，即從Q到P，杯子所受合外力做功為零，故D正確。

故選：D

【分析】根據(jù)圖乙中水珠做離心運動的方向，可以判斷杯子的旋轉(zhuǎn)方向，進而判斷P位置的小水珠速度方向。根據(jù)向心加速度的矢量特性，判斷P、Q兩位置，杯子的向心加速度是否相同。根據(jù)速度的矢量性分析速度是否相同；杯子做勻速圓周運動，根據(jù)杯子所受合外力的特點、與位移的角度關(guān)系，判斷從Q到P，杯子所受合外力做功是否為零。5．【答案】B【解析】【解答】航天員勻速上浮，重力做負(fù)功，所受合力為零，處于平衡狀態(tài)，合力做功為零，浮力豎直向上，對航天員做正功：W浮=F浮h=mgh

則航天員的機械能增加mgh，故ACD錯誤，B正確；

故選：B。

【分析】航天員做勻速運動，受力平衡，浮力做功等于機械能的變化量，重力做負(fù)功，據(jù)此分析重力勢能和機械能得變化。6．【答案】B【解析】【解答】B．石塊做斜上拋運動v根據(jù)v運動總時間t=2解得v=8m/s設(shè)石塊一共能打n個水漂，則有(1?30%)n?1解得n=5故B正確；A．石塊每次彈起后豎直方向速度都減小，根據(jù)B選項分析可知石塊每次彈起后的滯空時間減小，故A錯誤；D．石塊每次彈起到最高點時，豎直方向速度為零，水平方向速度不為零，所以石塊每次彈起到最高點的速度不為零，故D錯誤；C．石塊每次彈起過程能量損失η=故C錯誤。故選B?！痉治觥緼.根據(jù)斜上拋運動的規(guī)律結(jié)合速率損失分析豎直方向的分速度，判斷滯空時間是否發(fā)生變化；

B.根據(jù)速率損失和題意列式求解完成個數(shù)；

C.根據(jù)速率損失換算能量損失；

D.根據(jù)斜上拋運動最高點的特點分析解答。7．【答案】C【解析】【解答】A、衰變過程中會釋放能量，根據(jù)質(zhì)能方程可知，反應(yīng)后的質(zhì)量會減小，故A錯誤；

B、衰變釋放出的電子是由于原子核內(nèi)的變化產(chǎn)生的，與核外電子無關(guān)，故B錯誤；

C、放射性為物理性質(zhì)，高溫亨煮無法除去，故C正確；

D、半衰期為物理性質(zhì)，不會隨著食物鏈傳遞而縮短周期的，故D錯誤

故選：C

【分析】根據(jù)質(zhì)能方程分析A；根據(jù)β衰變的實質(zhì)分析B；放射性為物理性質(zhì)，高溫亨煮無法除去，半衰期由原子核內(nèi)部因素決定8．【答案】A【解析】【解答】太空垃圾無動力運行，由于軌道空間存在稀薄氣體，所以太空垃圾的軌道會逐漸減低，根據(jù)GMm可得T=所以太空垃圾P、N的周期大于空間站，在軌道降低過程中，P最有可能對空間站造成損害，N會在空間站的后方。故選A?！痉治觥刻绽鵁o動力運行，由于軌道空間存在稀薄氣體，所以太空垃圾的軌道會逐漸減低，根據(jù)運動情況進行分析。9．【答案】C【解析】【解答】A．電勢是標(biāo)量，O點電勢等于兩球殼在O點形成的電勢之和，不為零，故A錯誤；B．球殼帶正電，球殼Ⅰ在O點形成的電場強度水平向右，故B錯誤；C．把兩球殼當(dāng)成整體，在A點形成的電場強度為E=方向沿OA方向，兩球殼在A點分別形成的電場強度方向均沿OA方向，則E=解得E故C正確；D．電勢是標(biāo)量，球殼Ⅰ和球殼Ⅱ電荷量相等，球殼Ⅱ距離A點近，形成的電勢高，故D錯誤。故選C【分析】根據(jù)靜電平衡現(xiàn)象以及電場強度的對稱性等知識點判斷；將球殼電荷等效成在球心處的點電荷，根據(jù)點電荷場強公式E=kQ10．【答案】D【解析】【解答】A．B對A的作用力沿AB水平向左，C對A的作用力沿AC斜向右下，且大小與B對A作用力相等，如圖所示A輸電線纜所受安培力垂直AD斜向左下方，故A錯誤；B．A輸電線在O點的磁感應(yīng)強度方向垂直O(jiān)A指向右上方，B輸電線在O點的磁感應(yīng)強度方向垂直O(jiān)B指向左上方，C輸電線在O點的磁感應(yīng)強度方向垂直O(jiān)C水平向左，根據(jù)平行四邊形法則，O處合磁感應(yīng)強度不為零，故B錯誤；C．根據(jù)平行四邊形法則，D、E、F三點中F點磁感應(yīng)強度最小，故C錯誤；D．根據(jù)平行四邊形法則，D點和E點磁感應(yīng)強度大小相等，故D正確。故選D。【分析】據(jù)通向電流互相吸引反向電流互相排斥，可判斷A項，根據(jù)右手定則判斷出每根電纜在O、D、E、F處的磁感應(yīng)強度，再根據(jù)矢量的合成法則求合磁感應(yīng)強度。11．【答案】C【解析】【解答】A．由題意得交流電的周期T=因為正弦式交流電每個周期內(nèi)電流方向改變兩次，故每秒變化100次，故A錯誤；BCD．控制器中線圈內(nèi)的磁通量，是由火線和零線中的電流產(chǎn)生的，當(dāng)無漏電時，火線和零線中的電流等大反向，在副線圈內(nèi)的磁通量始終為零，且當(dāng)電流增加，甚至出現(xiàn)用電器短路時，在副線圈內(nèi)的磁通量依舊始終為零，而當(dāng)出現(xiàn)漏電時，副線圈內(nèi)的磁通量產(chǎn)生變化，引起脫扣開關(guān)自動斷開，故BD錯誤，C正確；故選C。【分析】根據(jù)電流方向一個周期變化2次分析A，原線圈雙線繞法，火線、零線中電流方向始終相反且等大，故在鐵芯中產(chǎn)生的磁場相互抵消，通過副線圈的磁通量始終為零，根據(jù)漏電保護器原理分析B。12．【答案】A【解析】【解答】每個光子的能量為E=?ν=?太陽均勻地向各個方向輻射硬X射線，設(shè)其t秒內(nèi)發(fā)射總光子數(shù)為n，衛(wèi)星探測儀鏡頭每秒接收到該種光子數(shù)為N，有nt秒輻射光子的總能為W，有W=nE太陽輻射硬X射線的總功率為P=解得N=故選A?！痉治觥渴煜す庾拥哪芰坑嬎爿椛涔庾拥目偰芰浚Y(jié)合功率的計算公式得出光子數(shù)。13．【答案】B【解析】【解答】圖乙中射到O點的兩光形成k級亮條紋，兩光的光程差為：nl-n0l=kλ，解得待測氣體的折射率n=kλl+n014．【答案】A,D【解析】【解答】A.由圖知，隨著溫度升高，各種波長的輻射強度都有增加，故A正確；

B.飽和光電流的大小取決于光強，入射光頻率越大，則光電子的最大初動能越大，飽和光電流越大，光電子最大初動能不變，故B錯誤；

C.光子由于在與電子碰撞中損失能量，因而頻率減小，故C錯誤；

D.鎘棒插入深一些會多吸收中子，可以減小鏈?zhǔn)椒磻?yīng)速度，故D錯誤。

故選：AD

【分析】隨著溫度的升高，各種波長的輻射強度都有增加；光電子最大初動能與光強無關(guān)；光子的頻率與能量有關(guān)；根據(jù)鎘棒的作用進行分析。15．【答案】A,C【解析】【解答】A．O處質(zhì)點位于三角形中心，該點到三個波源的間距相等，可知該點為振動加強點，則該點振幅為AO=3A=3×2cm=6cm故A正確；B．因為S該波長為λ=vT=1m則C點到S1S3的距離之差不是半波長的奇數(shù)倍，也不是半波長的偶數(shù)倍，（同理C點到S1S2也一樣）則該點即不加強也不減弱，則振幅不是6cm，選項B錯誤；C．波源S1的振動傳播到C所需要時間t表明t=4.5s時，波源S1的振動還沒有傳播到C點。由于C處質(zhì)點位于S2與S3連線中點，則波源S2與S3的振動傳播到C所需要時間均為t表明t=4.5s時，波源S2與S3的振動傳播到了C點，由于S2C=S3C=1m=λT=4s4.5s＝T+TC點為振動加強點，表明C點4.5s時刻的位移為波源S2與S3在T8時刻振動形式的疊加，圖丙的振動方程為當(dāng)時間為T8時，解得y0＝2則t=4.5s時，C處質(zhì)點與平衡位置之間的距離是2y0＝2×2cm＝22cm故C正確；D．因波長為1m，則其中一列波遇到尺寸為0.8m的障礙物時，能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故D錯誤。故選AC。【分析】根據(jù)波的疊加原理分析；根據(jù)位移與時間的關(guān)系求解；根據(jù)發(fā)生明顯衍射的條件分析。16．【答案】（1）B（2）mg?B（3）C【解析】【解答】（1）依題意，打點計時器接交流電源，重物應(yīng)靠近打點計時器，為減小阻力，使紙帶在豎直方向上，可知B圖符合要求。故選B。（2）從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能減少量為Δ紙帶上打B點的速度為v動能變化量Δ（3）正常情況下實驗中，由于系統(tǒng)誤差，各種阻力導(dǎo)致機械能有損失，那么重力勢能的減小量總略大于動能的增加量，而此驗實驗證結(jié)果恰好相反，則是操作錯誤引起的，可能是物體具有初速度，即先放手后接通電源。故選C。

故答案為：（1）B；（2）mghB，m(【分析】（1）根據(jù)電源和牽拉紙帶的要求進行分析判斷；

（2）根據(jù)重力勢能減少量的公式和動能的公式進行推導(dǎo)；

（3）根據(jù)實際情況分析可能的原因。17．【答案】（1）最低點；2t（2）4π【解析】【解答】（1）單擺做小角度擺動，當(dāng)磁感應(yīng)強度測量值最大時，磁性小球位于最低點。若測得連續(xù)50個磁感應(yīng)強度最大值之間的時間間隔為t，則單擺的周期為T=（2）根據(jù)T=2π解得T結(jié)合T2?L可得g=由上面分析可得lg即lgT?lgL圖線為直線。

故答案為：（1）最低點；2t【分析】（1）磁傳感器的引出端A應(yīng)接到數(shù)據(jù)采集器，從而采集數(shù)據(jù)，當(dāng)磁感應(yīng)強度測量值最大時，磁性小球位于最低點（或平衡位置），知道周期為一次全振動的時間，從單擺運動到最低點開始計時且記數(shù)為1，所以在t時間內(nèi)完成了n-1個全振動；

（2）由T=2πL18．【答案】（1）2.150（2）600（3）最左；5000；R2；【解析】【解答】（1）如圖所示，其螺旋測微器的主尺讀數(shù)為2mm，所以其讀數(shù)為D=2mm+15（2）由題意可知，其倍率為×100，所以其讀數(shù)為R=6×100Ω=600Ω（3）①由題圖可知，滑動變阻器采取分壓式接法，開關(guān)閉合前，滑動變阻器滑片應(yīng)位于最左端。電流表A1串聯(lián)電阻箱R改為量程為3V的電壓表，由解得R=5000Ω由于滑動變阻器采用分壓式接法，所以為了減少實驗誤差，滑動變阻器應(yīng)該選擇R②電阻絲兩端的電壓為U=流過電阻絲的電流為I=由于歐姆定律有R由電阻定律有R整理有ρ=【分析】（1）根據(jù)螺旋測微器的精確度讀數(shù)；

（2）根據(jù)多用電表的擋位讀數(shù)；

（3）根據(jù)電表改裝原理結(jié)合歐姆定律與電阻定律解答。19．【答案】（1）等壓；變?。?）10（3）1【解析】【解答】（1）由于重物升高過程中，對活塞受力分析有pS+mg=由于大氣壓強和重物的重量不變，所以該過程中，封閉氣體為等壓變化。重物緩慢升高過程，氣體發(fā)生等壓變化，所以由V由于封閉氣體的體積變小，所以氣體的溫度變小，所以氣體分子的平均動能變小。（2）重物開始升高時，體積為V1，有重物升到最高時，體積為V2，有由之前的分析可知，重物升高過程中為等壓變化，所以有V解得T=（3）閉開關(guān)K，此時活塞下的細(xì)線剛好能拉起重物，則pS+mg=解得p=外界對氣