江蘇省連云港市2025屆高三物理下學(xué)期第一次模擬考試試題

PAGEPAGE9江蘇省連云港市2025屆高三物理下學(xué)期第一次模擬考試試題(滿分：100分考試時間：75分鐘)2024．02一、單項選擇題：本題共11小題，每小題4分，共44分．每題只有一個選項最符合題意．1.下列現(xiàn)象中不能說明分子間存在分子力的是()A.空氣簡單被壓縮B.露珠呈現(xiàn)球形C.鋼繩不易被拉斷D.水不簡單壓縮2.下列有關(guān)光學(xué)現(xiàn)象說法正確的是()A.甲中荷葉上的露珠顯得特殊“光明”是由于水珠將光線會聚而形成的B.乙中將雙縫干涉試驗中的雙縫間距調(diào)小則干涉條紋間距變小C.丙中用加有偏振濾光片的相機拍照，可以拍攝清晰汽車內(nèi)部的情景D.丁中肥皂膜在陽光下呈現(xiàn)彩色條紋是光的衍射現(xiàn)象3.2024年12月4日14時02分，新一代“人造太陽”裝置——中國環(huán)流器二號M裝置(HL－2M)在成都建成并實現(xiàn)首次放電．已知一個氘核(eq\o\al(2,1)H)和一個氚核(eq\o\al(3,1)H)聚變成一個新核并放出一個中子(eq\o\al(1,0)n)．下列說法正確的是()A.新核為eq\o\al(3,2)HeB.此反應(yīng)為鏈?zhǔn)椒磻?yīng)C.反應(yīng)后粒子的比結(jié)合能變大D.因為是微觀粒子，粒子在反應(yīng)前后不滿意動量守恒定律4.如圖所示，肯定質(zhì)量的志向氣體從狀態(tài)A經(jīng)絕熱過程到達(dá)狀態(tài)B，再經(jīng)等容過程到達(dá)狀態(tài)C，最終經(jīng)等溫過程返回到狀態(tài)A，已知在B到C的過程中，氣體汲取熱量為12J．下列說法正確的是()A.A到B過程氣體溫度上升B.B到C過程氣體內(nèi)能增加12JC.C到A過程氣體汲取熱量D.圖線AB、BC、CA所圍的面積表示做功12J5.如圖所示，甲為某高壓輸電鐵塔的五根電線，乙為其中一根電線的截面，下列說法正確的是()A.鐵塔上的五根電線都是用來輸電的B.夏天電線上的拉力要比冬天大一些C.每根電線由多股細(xì)導(dǎo)線組成，是為了增加導(dǎo)線的電阻D.在輸送功率肯定時，輸電線上損失的功率跟輸送電壓的平方成反比6.木星自轉(zhuǎn)周期約10個小時，質(zhì)量約為地球質(zhì)量的318倍，赤道半徑約為地球半徑的11.2倍．下列說法正確的是()A.木星上的“一天”比地球長B.木星上的“一年”比地球長C.木星表面的重力加速度小于地球表面加速度D.地球、木星分別與太陽中心連線在相等時間內(nèi)掃過的面積相等7.圖甲為一閉合線圈，匝數(shù)為1000匝、面積為20cm2、電阻為3Ω，線圈處于一垂直紙面對里的勻強磁場中，從t＝0起先磁場按如圖乙所示規(guī)律變更，則()A.t＝1s時線圈中電流為逆時針方向B.線圈中感應(yīng)電動勢大小為3VC.前4s通過導(dǎo)線某截面的電荷量為0CD.前4s穿過線圈磁通量的變更量為零8.圖甲為志向變壓器，其原、副線圈的匝數(shù)比為3∶1，電壓表和電流表均為志向電表，原線圈接如圖乙所示的正弦溝通電，圖中Rt為熱敏電阻，R1為定值電阻．下列說法正確的是()A.溝通電壓u的表達(dá)式u＝36sin100πt(V)B.變壓器原、副線圈中的電流之比為1∶3C.變壓器輸入、輸出功率之比為1∶3D.Rt處溫度上升時，電壓表示數(shù)變大9.如圖所示，斜面傾角為θ，小球從斜面底端A點正上方h高度水平拋出，以最小位移落到斜面上，重力加速度為g.下列說法中正確的是()A.小球的位移大小為hsinθB.小球的水平位移大小為hsin2θC.小球運動時間為eq\r(\f(2hcos2θ,g))D.小球初速度為eq\r(\f(ghsinθ,2))10.一列簡諧橫波在t＝0.4s時刻的波形如圖甲所示，P、Q、M為該橫波上的三個質(zhì)點，它們的平衡位置坐標(biāo)分別為xP＝6m、xQ＝10m、xM＝15m，質(zhì)點M的振動圖像如圖乙所示，則下列說法正確的是()A.波速是25m/s，傳播方向沿x軸負(fù)方向B.P點振動滯后于Q點C.t＝0.6s時質(zhì)點Q的速度方向為y軸負(fù)向D.t＝0.64s時質(zhì)點P位于正向最大位移處11.如圖所示，真空中有兩個點電荷，Q1＝4.0×10－8C、Q2＝－1.0×10－8C，分別固定在x軸上坐標(biāo)為0和6cm的位置，取無窮遠(yuǎn)處電勢為零．下列說法正確的是()A.x＝4cm處電場強度為零B.x＝12cm處電勢為零C.x軸上大于12cm的各點電場強度方向都向右D.若將電荷量為＋1.0×10－10C的摸索電荷從無窮遠(yuǎn)移到x＝3cm處，電場力做功－9.0×10－7J，則x＝3cm處的電勢等于－9×103V二、非選擇題：本題共5小題，共56分．其中第13題～第16題解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最終答案的不能得分；有數(shù)值計算時，答案中必需明確寫出數(shù)值和單位．12.(15分)某同學(xué)利用圖甲裝置探究“系統(tǒng)的機械能守恒”，該系統(tǒng)由鉤碼與彈簧組成．試驗步驟如下：(1)首先測量出遮光條的寬度d.a.測遮光條的寬度須要用圖乙中的________(選填“C”或“D”)；b.某同學(xué)用卡尺把遮光條夾緊后干脆進(jìn)行讀數(shù)，如圖丙所示讀數(shù)為________cm；c.上一步驟中該同學(xué)漏掉的操作是______________________________________．(2)按圖豎直懸掛好輕質(zhì)彈簧，將輕質(zhì)遮光條水平固定在彈簧下端，測出此時彈簧的長度x0；在鐵架臺上固定一個位置指針，標(biāo)示出彈簧不掛鉤碼時遮光條下邊緣的位置．(3)用輕質(zhì)細(xì)線在彈簧下方掛上鉤碼，測量出平衡時彈簧的長度x，并按圖示將光電門的中心線調(diào)至與遮光條下邊緣同一高度．(4)用手緩慢地將鉤碼向上托起，直至遮光片恰好回到彈簧原長標(biāo)記指針的等高處(保持細(xì)線豎直)，將鉤碼由靜止釋放，登記遮光條經(jīng)過光電門的時間Δt.(5)多次變更鉤碼個數(shù)，重復(fù)步驟(3)(4)，得到多組數(shù)據(jù)，做出(x－x0)(eq\f(1,Δt))2圖像如圖丁所示．通過查找資料，得知彈簧的彈性勢能表達(dá)式為Ep＝eq\f(1,2)kx′2(其中k為彈簧的勁度系數(shù)，x′為彈簧的形變量)，已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間.則圖線斜率等于________(用d和g表示)時可得系統(tǒng)的機械能是守恒的．(6)試驗中鉤碼的速度事實上________(選填“大于”“等于”或“小于”)eq\f(d,Δt).13.(6分)某同學(xué)對毫安表進(jìn)行改裝．如圖所示，已知毫安表表頭的內(nèi)阻為200Ω，滿偏電流為1mA；R1和R2為定值電阻．若運用a和b兩個接線柱，電表量程為3mA；若運用a和c兩個接線柱，電表量程為10mA.求R1和R2的阻值．14.(8分)如圖所示為氫原子的能級圖，大量處于n＝4激發(fā)態(tài)的氫原子躍遷時，能發(fā)出多個能量不同的光子．(1)求其中頻率最大光子的能量；(2)若用此光照耀到逸出功為2.75eV的光電管上，求加在該光電管上的反向遏止電壓．

15.(12分)如圖所示，半徑為R的光滑圓形軌道固定在豎直面內(nèi)．小球A、B質(zhì)量分別為m1、m2，大小忽視不計．A球從左邊與圓心等高處由靜止起先沿軌道下滑，與靜止于軌道最低點的B球相撞，碰撞中無機械能損失，重力加速度為g.求：(1)第一次與小球B碰前瞬間，小球A對軌道的壓力；(2)第一次碰后瞬間，小球B的速度；(3)當(dāng)兩個小球質(zhì)量滿意什么關(guān)系時，它們其次次還在軌道的最低點碰撞．

16.(15分)如圖所示，半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B，P為磁場邊界上的一點．現(xiàn)讓電荷量為q、質(zhì)量為m、速度大小v0＝eq\f(qBR,m)的粒子自P點射入磁場，不計粒子的重力，求：(1)若粒子正對圓心方向射入，經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后射出，求粒子速度的偏轉(zhuǎn)角；(2)若粒子分別從與PO夾角為30°的兩個方向射入，求粒子兩次在磁場中運動的時間差；(3)若粒子的速度大小變?yōu)閑q\f(\r(3),2)v0，且沿各個方向從P點射入磁場，結(jié)果粒子只能從磁場邊界的某一段圓弧上射出，求這一段圓弧的長度．

2024～2024學(xué)年高三年級模擬考試卷(連云港)物理參考答案及評分標(biāo)準(zhǔn)1.A2.C3.C4.B5.D6.B7.B8.B9.C10.D11.C12.(15分，每空3分)(1)C0.230擰緊緊固螺釘，移出遮光條再讀數(shù)(5)eq\f(d2,g)(6)大于13.(6分)解：接a、b：I0R0＝(I1－I0)(R1＋R2)(2分)接a、c：I0(R0＋R2)＝(I2－I0)R1(2分)解得R1＝30Ω、R2＝70Ω(2分)14.(8分)解：(1)Em＝hν＝E4－E1＝12.75eV(3分)(2)Ekm＝hν－W0(2分)0－Ekm＝－eUc(2分)得Uc＝10V(1分)15.(12分)解：(1)A球滑下，機械能守恒mgR＝eq\f(1,2)mv2(1分)解得v＝eq\r(2gR)(1分)FN－m1g＝m1eq\f(v2,R)(1分)由牛頓第三定律可得F′N＝－FN＝3m1g方向向下(1分)(2)取向右為正方向，A、B球彈性碰撞，系統(tǒng)動量守恒及機械能守恒m1v＝m1v1＋m2v2(1分)eq\f(1,2)m1v2＝eq\f(1,2)m1veq\o\al(2,1)＋eq\f(1,2)m2veq\o\al(2,2)(1分)解得v2＝eq\f(2m1\r(2gR),m1＋m2)方向向右(2分)(3)第一次碰撞后，A球速度v1＝eq\f(m1－m2,m1＋m2)v，B球速度v2＝eq\f(2m1v,m1＋m2)①方向相反，因為兩邊軌道完全對稱，依據(jù)機械能守恒定律，只有v1＝－v2，兩球沿軌道上升的隨意相同高度處速度大小都相等，故兩球沿軌道同時運動到最高點，再同時返回至最低點，滑至最低點的速度大小均為原來的負(fù)值，在最低點處發(fā)生其次次彈性碰撞(1分)由v1＝－v2可得m2＝3m1(1分)②v1＝0，v2＝v1，兩小球肯定在最低點處發(fā)生其次次碰撞，可得出m2＝m1(2分)16.(15分)解：(1)由qvB＝meq\f(v2,r)，得r＝eq\f(mv,qB)(1分)將v0＝eq\f(qBR,m)代入，得r＝R(1分)所以偏轉(zhuǎn)角α＝90°或eq\f(π,2)(1分)(2)如圖所示，P、O、Q、O1連線構(gòu)成菱形，由幾何學(xué)問可得∠PO1Q＝120°由T＝eq\f(2πr,v)，得T＝eq\f(2πm,qB)運動時間t1＝eq\f(120°,360°)T＝eq\f(T,3)(2