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泗陽縣實(shí)驗(yàn)高級(jí)中學(xué)2024-2025學(xué)年第一學(xué)期高二第一次調(diào)研測(cè)試物理試卷本試卷共_16_題,共__100_分,考試用時(shí)_75_分鐘。注意事項(xiàng):1.答題前,考生先將自己的姓名、考生號(hào)、考場(chǎng)號(hào)和座位號(hào)填寫在答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型填涂在答題卡相應(yīng)位置上。2.作答選擇題時(shí),選出每小題答案后,用2B鉛筆在答題卡上對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑;如需改動(dòng),用橡皮擦干凈后,再選涂其他答案。答案不能答在試卷上。3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作作答,答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上;如需改動(dòng),先劃掉原來的答案,然后再寫上新答案;不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。一、選擇題:共11題,每題4分,共44分。每題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意。1.隨著智能手機(jī)的發(fā)展電池低容量和手機(jī)高耗能之間的矛盾越來越突出手機(jī)無線充電技術(shù)間接解決了智能手機(jī)電池不耐用的問題。如圖所示,當(dāng)充電基座上的送電線圈通入正弦式交變電流后,就會(huì)在鄰近的受電線圈中感應(yīng)出電流,最終實(shí)現(xiàn)為手機(jī)電池充電。電磁感應(yīng)的首次發(fā)現(xiàn)者為()A.愛因斯坦 B.法拉第 C.洛倫茲 D.密立根【答案】B【解析】【詳解】電磁感應(yīng)的首次發(fā)現(xiàn)者是法拉第,故選B。2.如圖所示的各圖所描述的物理情境中,產(chǎn)生感應(yīng)電流的是()A.甲圖中開關(guān)S閉合穩(wěn)定后,線圈N中B乙圖矩導(dǎo)電線圈平面垂直于磁場(chǎng)方向向右平移中C.丙圖金屬框從A位置向B位置運(yùn)動(dòng),金屬框中D.丁圖矩形導(dǎo)電線圈繞水平軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)中【答案】C【解析】【詳解】A.甲圖中開關(guān)S閉合穩(wěn)定后,穿過線圈N的磁通量保持不變,所以線圈N中不產(chǎn)生感應(yīng)電流。故A錯(cuò)誤;B.乙圖矩導(dǎo)電線圈平面垂直于磁場(chǎng)方向向右平移中,穿過線圈平面的磁通量不變,所以線圈中不產(chǎn)生感應(yīng)電流。故B錯(cuò)誤;C.丙圖金屬框從A位置向B位置運(yùn)動(dòng),金屬框中磁通量發(fā)生變化,所以會(huì)在金屬框中產(chǎn)生感應(yīng)電流。故C正確;D.丁圖矩形導(dǎo)電線圈繞水平軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)中,穿過線圈的磁通量發(fā)生變化,所以在線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流。故D錯(cuò)誤。故選C。3.原來靜止的可以自由轉(zhuǎn)動(dòng)的小磁針如圖所示,當(dāng)一束帶負(fù)電的粒子沿水平方向從左向右飛過小磁針的下方時(shí),小磁針的極將()A.向紙內(nèi)偏轉(zhuǎn) B.向紙外偏轉(zhuǎn)C.向下偏轉(zhuǎn) D.向上偏轉(zhuǎn)【答案】A【解析】【詳解】帶負(fù)電的粒子水平從左向右飛過,電流方向從右向左,根據(jù)安培定則知,小磁針?biāo)幬恢玫拇鸥袘?yīng)強(qiáng)度的方向垂直紙面向里,所以小磁針的極將向內(nèi)偏轉(zhuǎn)。故選A。4.紅、橙、黃、綠四種單色光中,光子能量最小的是()A.紅光 B.橙光 C.黃光 D.綠光【答案】A【解析】【詳解】紅、橙、黃、綠四種單色光中,紅光的波長(zhǎng)最大,頻率最小,根據(jù)知,紅光的光子能量最小。故選A。5.電磁波在醫(yī)院得到了廣泛應(yīng)用,關(guān)于電磁波的某些特性,下列說法不正確的是()A.伽瑪手術(shù)刀治療癌癥是利用γ強(qiáng)穿透力,能量高的特性B.胸透又稱熒光透視,是利用X射線具有穿透性,熒光性和攝影效應(yīng)的特性C.紅外線測(cè)溫儀,是利用了紅外線波長(zhǎng)較長(zhǎng)的特性D.醫(yī)用紫外滅菌燈是利用了紫外線的消毒特性【答案】C【解析】【詳解】A.γ射線能量高、穿透力強(qiáng),醫(yī)院常用γ射線照射癌細(xì)胞,治療癌癥,故A正確;B.X射線具有穿透性,熒光性和攝影效應(yīng)的特性,所以可以用來做胸透,故B正確;C.紅外線測(cè)溫儀,是利用了紅外線的熱效應(yīng),故C錯(cuò)誤;D.醫(yī)院用紫外線燈照射的方法來消毒滅菌,是利用了紫外線的消毒特性,故D正確。由于本題選擇錯(cuò)誤的,故選C。6.如圖所示,甲木塊的質(zhì)量為,以速度沿光滑水平地面向前運(yùn)動(dòng),正前方有一靜止的、質(zhì)量為的乙木塊,乙上連有一輕質(zhì)彈簧,甲木塊與彈簧接觸后()A.甲木塊的動(dòng)量守恒B.乙木塊的動(dòng)量守恒C.甲、乙兩木塊所組成的系統(tǒng)的動(dòng)量守恒D.甲、乙兩木塊所組成的系統(tǒng)的動(dòng)能守恒【答案】C【解析】【詳解】ABC.甲木塊與彈簧接觸后,由于彈簧彈力的作用,甲、乙的動(dòng)量要發(fā)生變化,即甲、乙兩物體的動(dòng)量均不守恒;但對(duì)于甲、乙所組成的系統(tǒng)因所受合力的沖量為零,故動(dòng)量守恒,故AB錯(cuò)誤,C正確;D.甲、乙兩木塊所組成系統(tǒng)的動(dòng)能一部分轉(zhuǎn)化為彈簧的勢(shì)能,故系統(tǒng)動(dòng)能不守恒,故D錯(cuò)誤。故選C。7.高空作業(yè)須系安全帶,如果質(zhì)量為m的高空作業(yè)人員不慎跌落,從開始跌落到安全帶對(duì)人剛產(chǎn)生作用力前人下落的距離為h(可視為自由落體運(yùn)動(dòng)).此后經(jīng)歷時(shí)間t安全帶達(dá)到最大伸長(zhǎng),若在此過程中該作用力始終豎直向上,則該段時(shí)間安全帶對(duì)人的平均作用力大小為(??)A.+mg B.-mgC.+mg D.-mg【答案】A【解析】【分析】【詳解】在安全帶對(duì)人有拉力的瞬間時(shí),人做自由落體運(yùn)動(dòng),此過程機(jī)械能守恒,故有即在產(chǎn)生拉力瞬間速度為之后人在安全帶的作用下做變速運(yùn)動(dòng),末速度為零,設(shè)向上為正方向,則根據(jù)動(dòng)量定理可得聯(lián)立解得故選A。【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵是明確物體的受力情況和運(yùn)動(dòng)情況,然后對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)過程和全程列式求解,注意運(yùn)用動(dòng)量定理前要先規(guī)定正方向。8.將質(zhì)量為1.00kg的模型火箭點(diǎn)火升空,50g燃燒的燃?xì)庖源笮?00m/s的速度從火箭噴口在很短時(shí)間內(nèi)噴出.在燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g,火箭的動(dòng)量大小為(噴出過程中重力和空氣阻力可忽略)()A30 B.5.7×102C.6.0×102 D.6.3×102【答案】A【解析】【分析】【詳解】開始總動(dòng)量為零,規(guī)定氣體噴出的方向?yàn)檎较颍鶕?jù)動(dòng)量守恒定律得解得火箭的動(dòng)量負(fù)號(hào)表示方向,大小為30。故選A。9.水平面上有質(zhì)量相等的、兩個(gè)物體,水平推力、分別作用在、上.一段時(shí)間后撤去推力,物體繼續(xù)運(yùn)動(dòng)一段距離后停下.兩物體的圖象如圖所示,圖中則整個(gè)過程中(
)A.的沖量等于的沖量B.沖量大于的沖量C.摩擦力對(duì)物體的沖量等于摩擦力對(duì)物體的沖量D.合外力對(duì)物體的沖量等于合外力對(duì)物體的沖量【答案】D【解析】【詳解】C.由圖可知,AB與CD平行,說明推力撤去后兩物體的加速度相同,而撤去推力后物體的合力等于摩擦力,根據(jù)牛頓第二定律可知,兩物體受到的摩擦力大小相等。但a的運(yùn)動(dòng)總時(shí)間小于b的時(shí)間,根據(jù)可知,摩擦力對(duì)a物體的沖量小于摩擦力對(duì)b物體的沖量,故C錯(cuò)誤;AB.根據(jù)動(dòng)量定理,對(duì)整個(gè)過程研究得,由圖看出則有即F1的沖量小于F2的沖量,故AB錯(cuò)誤;D.根據(jù)動(dòng)量定理可知,合外力沖量等于物體動(dòng)量的變化量,ab兩個(gè)物體動(dòng)量的變化量都為零,所以相等,故D正確。故選D。10.如圖所示,滑槽M1與滑塊M2緊靠在一起,靜止于光滑的水平面上。小球m從M1的右上方無初速度地下滑,當(dāng)m滑到M1左方最高處時(shí),M1將()A.靜止 B.向左運(yùn)動(dòng) C.向右運(yùn)動(dòng) D.無法確定【答案】B【解析】【詳解】小球m和滑槽M1、滑塊M2三個(gè)物體構(gòu)成一個(gè)系統(tǒng),這個(gè)系統(tǒng)所受水平方向的合外力為零,所以系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒,小球m下滑前系統(tǒng)總動(dòng)量為零,小球m下滑后m和滑槽M1作用,滑槽M1和滑塊M2作用,作用結(jié)果使滑塊M2向右運(yùn)動(dòng),有向右的動(dòng)量。當(dāng)m滑到M1左方最高點(diǎn)時(shí),小球m和滑槽M1的相對(duì)速度為零,但小球m和滑槽M1這個(gè)整體向左運(yùn)動(dòng),有向左的動(dòng)量,這樣才能保證系統(tǒng)總動(dòng)量為零。故選B。11.如圖所示,一個(gè)木箱原來靜止在光滑水平面上,木箱內(nèi)粗糙的底板上放著一個(gè)小木塊.木箱和小木塊都具有一定的質(zhì)量.現(xiàn)使木箱獲得一個(gè)向右的初速度v0,則()A.小木塊和木箱最終都將靜止B.小木塊最終將相對(duì)木箱靜止,二者一起向右運(yùn)動(dòng)C.小木塊在木箱內(nèi)壁將始終來回往復(fù)碰撞,而木箱一直向右運(yùn)動(dòng)D.如果小木塊與木箱的左壁碰撞后相對(duì)木箱靜止,則二者將一起向左運(yùn)動(dòng)【答案】B【解析】【詳解】系統(tǒng)所受外力的合力為零,動(dòng)量守恒,初狀態(tài)木箱有向右的動(dòng)量,小木塊動(dòng)量為零,故系統(tǒng)總動(dòng)量向右,系統(tǒng)內(nèi)部存在摩擦力,阻礙兩物體間的相對(duì)滑動(dòng),最終相對(duì)靜止,由于系統(tǒng)的總動(dòng)量守恒,不管中間過程如何相互作用,根據(jù)動(dòng)量守恒定律,最終兩物體以相同的速度一起向右運(yùn)動(dòng).故B正確,ACD錯(cuò)誤.二、非選擇題:共5題,共56分,其中第13~16題解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟,只寫出最后答案的不能得分;有數(shù)值計(jì)算時(shí),答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。12.某同學(xué)用如圖甲所示裝置通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。實(shí)驗(yàn)時(shí)先使A球從斜槽上某一固定位置G由靜止開始滾下,落到位于水平地面的記錄紙上,留下痕跡。重復(fù)上述操作10次,得到10個(gè)落點(diǎn)痕跡。再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方,讓A球仍從位置G由靜止開始滾下,和B球碰撞后,A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡。重復(fù)上述操作10次,得到了如圖乙所示的三個(gè)落地點(diǎn)。(1)請(qǐng)你敘述找出落地點(diǎn)的平均位置的方法是:________,并在圖中讀出________cm。(2)已知,碰撞過程中動(dòng)量守恒,則由圖可以判斷出是________球的落地點(diǎn),是________球的落地點(diǎn)。(3)用題中字母寫出動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式:________?!敬鸢浮竣?用最小的圓把所有落點(diǎn)圈在里面,圓心即為落點(diǎn)的平均位置②.13.0##12.8##12.9##13.1##13.2③.B④.A⑤.【解析】【詳解】(1)[1]找出落地點(diǎn)的平均位置的方法是:用最小的圓把所有落點(diǎn)圈在里面,則此圓的圓心即為落點(diǎn)的平均位置;[2]圖中刻度尺精確值為,則圖中讀數(shù)為(2)[3][4]由于碰撞后B球的速度大于A球的速度,故圖中是B球的落地點(diǎn),是A球的落地點(diǎn)。(3)[5]小球拋出后做平拋運(yùn)動(dòng),下落高度相同,則小球在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同,根據(jù)動(dòng)量守恒可得則有可得13.如圖所示,金屬框架MON與導(dǎo)體棒DE構(gòu)成回路,處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中且與磁場(chǎng)垂直.(1)若B=0.1T,DE從O點(diǎn)出發(fā),向右以1m/s的速度勻速運(yùn)動(dòng)4s時(shí),回路的磁通量的變化是多少?(2)在圖中,若回路面積從S0=8m2變到St=18m2,B從B0=0.1T變到Bt=0.8T,則回路中的磁通量變化量是多少?【答案】(1)0.8Wb(2)13.6Wb【解析】【詳解】(1)棒向右以1m/s的速度勻速運(yùn)動(dòng)4s時(shí),位移為:由于此時(shí)回路的面積為:回路的磁通量即磁通量的變化量為:(2)回路面積從變到,從變到時(shí)的磁通量為:故回路中的磁通量的變化為:14.質(zhì)量為m1=10g的小球在光滑的水平桌面上以v1=30cm/s的速率向右運(yùn)動(dòng),恰遇上質(zhì)量為m2=50g的小球以v2=10cm/s的速率向左運(yùn)動(dòng),碰撞后,小球m2恰好靜止,則碰后小球m1的速度大小、方向如何?【答案】20cm/s方向向左【解析】【詳解】取向右為正方向,則兩球的速度分別為:v1=30cm/s,v2=-10cm/s,v′2=0光滑水平方向不受力,故由兩球組成的系統(tǒng),豎直方向重力與支持力平衡,桌面滿足動(dòng)量守恒定律條件.由動(dòng)量守恒定律列方程m1v1+m2v2=m1v′1+m2v′2代入數(shù)據(jù)得v′1=-20cm/s故m1碰后速度的大小為20cm/s,方向向左.15.將質(zhì)量為m=1kg的小球,從距水平地面高h(yuǎn)=5m處,以v0=10m/s的水平速度拋出,不計(jì)空氣阻力,g取10m/s2。求:(1)拋出后0.4s內(nèi)重力對(duì)小球的沖量;(2)平拋運(yùn)動(dòng)過程中小球動(dòng)量的增量△p;(3)小球落地時(shí)的動(dòng)量p′?!敬鸢浮浚?)4N·s,方向豎直向下;(2)10N·s,方向豎直向下;(3)N·s,與水平方向之間的夾角是45°【解析】【詳解】(1)重力是恒力,0.4s內(nèi)重力對(duì)小球的沖量I=mgt=4N·s方向豎直向下。(2)由于平拋運(yùn)動(dòng)的豎直分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng),故,落地時(shí)間小球飛行過程中只受重力作用,所以合外力的沖量為I=mgt=1×10×1N·s=10N·s方向豎直向下。由動(dòng)量定理得Δp=I=10N·s方向豎直向下。(3)小球落地時(shí)豎直分速度為vy=gt=10m/s由速度合成知,落地速度所以小球落地時(shí)的動(dòng)量大小為與水平方向之間的夾角是45°16.如圖所示,一輕質(zhì)彈簧兩端連著物體A和B,放在光滑的水平面上,物體A被水平速度為v0、質(zhì)量為m的子彈擊中,子彈嵌在其中(作用時(shí)間極短),已知物體A的質(zhì)量是物體B的質(zhì)量的,子
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