2025屆廣東省普寧市勤建學校高三5月期中聯考物理試題含解析

2025屆廣東省普寧市勤建學校高三5月期中聯考物理試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一個質點做簡諧運動的圖象如圖所示，下列說法不正確的是()A．質點振動的頻率為4HzB．在10s內質點經過的路程是20cmC．在5s末，質點的速度為零，加速度最大D．t＝1.5s和t＝4.5s兩時刻質點的位移大小相等，都是cm2、將一物體豎直向上拋出，不計空氣阻力。用x表示物體運動的路程，t表示物體運動的時間，Ek表示物體的動能，下列圖像正確的是（）A．B．C．D．3、如圖所示，曲線I是一顆繞地球做圓周運動的衛(wèi)星P軌道的示意圖，其半徑為R；曲線Ⅱ是一顆繞地球做橢圓運動的衛(wèi)星Q軌道的示意圖，O點為地球球心，AB為橢圓的長軸，兩軌道和地心都在同一平面內，已知在兩軌道上運動的衛(wèi)星的周期相等，萬有引力常量為G，地球質量為M，下列說法正確的是（）A．橢圓軌道的長軸長度為RB．衛(wèi)星P在I軌道的速率為，衛(wèi)星Q在Ⅱ軌道B點的速率為，則C．衛(wèi)星P在I軌道的加速度大小為，衛(wèi)星Q在Ⅱ軌道A點加速度大小為，則D．衛(wèi)星P在I軌道上受到的地球引力與衛(wèi)星Q在Ⅱ軌道上經過兩軌道交點時受到的地球引力大小相等4、關于對平拋運動的理解，以下說法正確的是（）A．只要時間足夠長，其速度方向可能沿豎直方向B．在任意相等的時間內速度的變化量相同C．可以運用“化曲為直”的方法，分解為豎直方向的勻速直線運動和水平方向的自由落體運動D．平拋運動的水平位移與豎直高度無關5、如圖所示，兩條輕質導線連接金屬棒的兩端，金屬棒處于勻強磁場內且垂直于磁場。金屬棒的質量，長度。使金屬棒中通以從Q到P的恒定電流，兩輕質導線與豎直方向成角時，金屬棒恰好靜止。則磁場的最小磁感應強度（重力加速度g?。ǎ〢．大小為，方向與輕質導線平行向下B．大小為，方向與輕質導線平行向上C．大小為，方向與輕質導線平行向下D．大小為，方向與輕質導線平行向上6、如圖，勁度系數為400N/m的輕彈簧一端固定在傾角為45°的光滑楔形滑塊的頂端O處，另一端拴一質量為m=kg的小球。當楔形滑塊以大小為a=3g的加速度水平向右運動時，彈簧的伸長量為（取g=10m/s2）（）A．cm B．cm C．1.25cm D．2.5cm二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下面正確的是_______A．熱量一定是從內能多的物體傳遞到內能少的物體B．在絕熱條件下壓縮氣體，氣體的內能一定增加C．人對空氣干爽與潮濕的感受主要取決于空氣的相對濕度D．液體具有流動性是因為液體分子具有固定的平衡位置E.當兩分子間距離為r0時，分子力為0；當分子間距離小于r0時，分子間表現為斥力8、下列說法正確的是。A．物體的內能增大，其溫度一定升高B．熱量不可能由低溫物體傳給高溫物體而不發(fā)生其他變化C．液晶既像液體一樣具有流動性，又和某些晶體一樣具有光學性質的各向異性D．“用油膜法估測分子的大小”的實驗中，油酸分子的直徑等于純油酸體積除以相應油酸膜的面積E.絕熱氣缸中密封的理想氣體在被壓縮過程中，氣體分子運動劇烈程度降低9、智能手機屏幕的光線過強會對眼睛有害，因此手機都有一項可以調節(jié)亮度的功能，該功能既可以自動調節(jié)，也可以手動調節(jié)。某興趣小組為了模擬該功能，設計了如圖所示的電路。閉合開關，下列說法正確的是A．僅光照變強，小燈泡變亮B．僅光照變弱，小燈泡變亮C．僅將滑片向a端滑動，小燈泡變亮D．僅將滑片向b端滑動，小燈泡變亮10、如圖所示，光滑水平桌面放置著物塊A，它通過輕繩和輕質滑輪懸掛著物塊B，已知A的質量為m，B的質量為3m，重力加速度大小為g，靜止釋放物塊A、B后（）A．相同時間內，A、B運動的路程之比為2:1B．物塊A、B的加速度之比為1：1C．細繩的拉力為D．當B下落高度h時，速度為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在練習使用多用電表的實驗中。請完成下列問題：(1)用多用表測量某元件的電阻，選用“×100”倍率的電阻擋測量，發(fā)現多用表指針偏轉角度過小，因此需選擇________（填“×10”或“×1k”）倍率的電阻擋，并需______________（填操作過程）后，再次進行測量，多用表的指針如圖甲所示，測量結果為________Ω。(2)某同學設計出了一個“歐姆表”，用來測量電阻，其內部結構可簡化成圖乙電路，其中電源內阻r=1.0Ω，電流表G的量程為Ig，故能通過讀取流過電流表G的電流值而得到被測電阻的阻值。該“歐姆表”的調零方式和普通歐姆表不同。該同學想用一個電阻箱Rx來測出電路中電源的電動勢E和表頭的量程Ig，進行如下操作步驟：A．先使兩表筆間不接入任何電阻，斷開狀態(tài)下閉合開關，調滑動電阻器使表頭滿偏；B．將該“歐姆表”與電阻箱Rx連成閉合回路，改變電阻箱阻值；記下電阻箱示數Rx和與之對應的電流表G的示數I；C．將記錄的各組Rx，I的數據轉換成、后并描點得到圖線，如圖丙所示；D．根據圖丙中的圖線，求出電源的電動勢E和表頭的量程Ig。由圖丙可知電源的電動勢為________，電流表G的量程是________。(3)在(2)中，某次實驗發(fā)現電流表G的指針半偏，則電阻箱接入電路中的電阻Rx＝_________（保留2位有效數字）12．（12分）圖示為做“碰撞中的動量守恒”的實驗裝置(1)入射小球每次都應從斜槽上的同一位置無初速度釋放，這是為了___A．入射小球每次都能水平飛出槽口B．入射小球每次都以相同的速度飛出槽口C．入射小球在空中飛行的時間不變D．入射小球每次都能發(fā)生對心碰撞(2)入射小球的質量應___（選填“大于”、“等于”或“小于”）被碰小球的質量；(3)設入射小球的質量為，被碰小球的質量為，為碰前入射小球落點的平均位置，則關系式_____（用、及圖中字母表示）成立，即表示碰撞中動量守恒。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，“＜”型光滑長軌道固定在水平面內，電阻不計．軌道中間存在垂直水平面向下的勻強磁場，磁感應強度B．一根質量m、單位長度電阻R0的金屬桿，與軌道成45°位置放置在軌道上，從靜止起在水平拉力作用下從軌道的左端O點出發(fā)，向右做加速度大小為a的勻加速直線運動，經過位移L．求：(1)金屬桿前進L過程中的平均感應電動勢．(2)已知金屬桿前進L過程中水平拉力做功W．若改變水平拉力的大小，以4a大小的加速度重復上述前進L的過程，水平拉力做功多少？(3)若改用水平恒力F由靜止起從軌道的左端O點拉動金屬桿，到金屬桿速度達到最大值vm時產生熱量．（F與vm為已知量）(4)試分析(3)問中，當金屬桿速度達到最大后，是維持最大速度勻速直線運動還是做減速運動？14．（16分）研究表明，新冠病毒耐寒不耐熱，溫度在超過56°C時，30分鐘就可以滅活。如圖，含有新冠病毒的氣體被輕質絕熱活塞封閉在絕熱氣缸下部a內，氣缸頂端有一絕熱閥門K，氣缸底部接有電熱絲E。a缸內被封閉氣體初始溫度t1=27°C，活塞位于氣缸中央，與底部的距離h1=60cm，活塞和氣缸間的摩擦不計。（i）若閥門K始終打開，電熱絲通電一段時間，穩(wěn)定后活塞與底部的距離h2=66cm，持續(xù)30分鐘后，試分析說明a內新冠病毒能否被滅活?（ii）若閥門K始終閉合，電熱絲通電一段時間，給a缸內氣體傳遞了Q=1.0×104J的熱量，穩(wěn)定后氣體a內能增加了△U=8.5×103J，求此過程氣體b的內能增加量。15．（12分）如圖，某種透明材料做成的三棱鏡ABC，其截面為等腰直角三角形，已知BC的邊長為a，現用一束寬度為a的單色平行光束，以垂直于BC面的方向正好入射到該三棱鏡的AB、AC面上，結果所有從AB、AC面入射的光線進入后全部直接到達BC面。某同學用遮光板擋住AC，發(fā)現光從BD間射出(D未在BC邊標出)，已知該材料對此平行光束的折射率。①求：單色平行光束到達BC邊的范圍BD的長度；②拿掉遮光板這些直接到達BC面的光線從BC面折射而出后，如果照射到一塊平行于BC的屏上形成光斑，則當屏到BC面的距離d滿足什么條件時，此光斑分不成兩部分？(結果可以保留根式)可能用到的三角函數公式：sin(α＋β)＝sinαcosβ＋cosαsinβ；sin(α－β)＝sinαcosβ－cosαsinβ；cos(α＋β)＝cosαcosβ－sinαsinβcos(α－β)＝cosαcosβ＋sinαsinβ）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

A．由題圖圖象可知，質點振動的周期為T＝4s，故頻率f＝＝0.25Hz故A符合題意；B．在10s內質點振動了2.5個周期，經過的路程是10A＝20cm故B不符合題意；C．在5s末，質點處于正向最大位移處，速度為零，加速度最大，故C不符合題意；D．由題圖圖象可得振動方程是x＝2sincm將t＝1.5s和t＝4.5s代入振動方程得x＝cm故D不符合題意。故選A。2、B【解析】

AB．由機械能守恒得Ek與x是線性關系，故A錯誤，B正確；CD．根據機械能守恒定律得又得m、v0、g都是定值，則Ek是t的二次函數，Ek-t圖象是拋物線，故CD錯誤。故選B。3、B【解析】

A．開普勒第三定律可得：因為周期相等，所以半長軸相等，圓軌道可以看成長半軸、短半軸都為R橢圓，故a=R，即橢圓軌道的長軸的長度為2R。故A錯誤。B．根據萬有引力提供向心力可得：故，由此可知軌道半徑越大，線速度越?。辉O衛(wèi)星以OB為半徑做圓周運動的速度為，則；又衛(wèi)星在Ⅱ的B點做向心運動，所以有，綜上有。故B正確。C．衛(wèi)星運動過程中只受到萬有引力的作用，故有：所以加速度為，又有OA<R，所以，故C錯誤。D．由于不知道兩衛(wèi)星質量關系，故萬有引力關系不確定，故D錯誤。故選B。4、B【解析】

A．當平拋運動下落時間無論多么長，由于存在水平方向的分速度，則速度方向不可能豎直向下，故A錯誤；B．由公式△v=at=gt，可知平拋運動的物體在任意相等時間內速度的變化量相同，故B正確；C．平拋運動運用“化曲為直”的方法，分解為水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，故C錯誤；D．平拋運動的水平位移為知平拋運動的水平位移由初速度和拋出點的高度共同決定，故D錯誤。故選B。5、B【解析】

說明分析受力的側視圖（右視圖）如圖所示磁場有最小值，應使棒平衡時的安培力有最小值棒的重力大小、方向均不變，懸線拉力方向不變，由“力三角形”的動態(tài)變化規(guī)律可知又有聯合解得由左手定則知磁場方向平行輕質導線向上。故ACD錯誤，B正確。故選B。6、D【解析】

當小球和斜面間的彈力為零時，設此時的加速度大小為a0，則由牛頓第二定律，有代入數據得a0=g故當滑塊以a=3g的加速度水平向右運動時，由a＞a0，知小球此時離開斜面，根據受力分析，結合力的合成與分解，可得根據胡克定律有F=kx聯立代入數據得x=2.5×10-2m=2.5cm故ABC錯誤，D正確；

故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCE【解析】

A．熱量能從溫度高的物體傳遞到溫度低的物體，但溫度高的物體的內能不一定大，故A錯誤；B．在絕熱條件下壓縮氣體，外界對氣體做功而沒有熱傳遞，根據熱力學第一定律可知氣體的內能一定增加，故B正確；C．人對空氣干爽與潮濕的感受主要取決于空氣的相對濕度，空氣的相對濕度越大，人們感覺越潮濕，相對濕度越小感覺越干燥，故C正確；D．液體具有流動性是因為液體分子不具有固定的平衡位置，故D錯誤；E．根據分子力的特點可知，當兩分子間距離為r0時，分子力為0，當分子間距離小于r0時，分子間表現為斥力，故E正確；故選BCE。8、BCD【解析】

A．物體的內能增大，溫度不一定升高，如冰塊融化時，分子勢能增加，內能增加，溫度不變，A錯誤；B．熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳給高溫物體，但在引起其他變化的情況下可以由低溫物體傳給高溫物體，B正確；C．液晶是一種特殊的物態(tài)，它既像液體一樣具有流動性，又跟某些晶體一樣具有光學性質的各項異性，C正確；D．“用油膜法估測分子的大小”的實驗中，油酸分子直徑等于純油酸體積除以相應油酸膜的面積，即：D正確；E．絕熱汽缸中密封的理想氣體在被壓縮過程中，根據熱力學第一定律：，外界對氣體做功，所以內能增大，溫度升高，氣體分子運動劇烈程度增大，E錯誤。故選BCD。9、AC【解析】

A．僅光照變強，可知光敏電阻的阻值變小，則總電阻變小，由閉合電路的歐姆定律可知總電流增大，則流過燈泡的功率變大，燈泡變亮，A正確；B．僅光照變弱，可知光敏電阻的阻值變大，則總電阻變大，由閉合電路的歐姆定律可知總電流減小，則流過燈泡的功率變小，燈泡變暗，B錯誤；C．僅將滑片向a端滑動，接入電路的有效阻值變小，則總電阻變小，干路電流增大，燈泡的功率變大，燈泡要變亮，C正確；D．僅將滑片向b端滑動，接入電路的有效阻值變大，則總電阻變大大，干路電流減小，燈泡的功率變小，燈泡要變暗，D錯誤；故選AC。10、AC【解析】

同時間內，圖中A向右運動h時，B下降一半的距離，即為h/2，故A、B運動的路程之比為2：1，故A正確；任意相等時間內，物體A、B的位移之比為2：1，故速度和加速度之比均為2：1，故B錯誤；設A的加速度為a，則B的加速度為0.5a，根據牛頓第二定律，對A，有：T=ma，對B，有：3mg-2T=3m?0.5a，聯立解得：T=，a=g，故C正確；對B，加速度為a′=0.5a=g，根據速度位移公式，有：v2=2?a′?h，解得：v=，故D錯誤；故選AC．本題考查連接體問題，關鍵是找出兩物體的位移、速度及加速度關系，結合牛頓第二定律和運動學公式列式分析，也可以結合系統(tǒng)機械能守恒定律分析．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、)×1k歐姆調零60001.5V0.25A0.83Ω【解析】

(1)[1][2][3]．用多用表測量某元件的電阻，選用“×100”倍率的電阻擋測量，發(fā)現多用表指針偏轉角度過小，說明倍率檔選擇過低，因此需選擇“×1k”倍率的電阻擋，并需歐姆調零后，再次進行測量，多用表的指針如圖甲所示，測量結果為6000Ω。(2)[4][5]．由閉合電路歐姆定律得把r=1.0Ω代入整理得故得Ig=0.25A

得E=1.5V(3)[6]．電流表G的指針半偏，則I=0.125A，由代入數據解得Rx=0.83Ω12、B大于【解析】

(1)[1]入射小球每次都應從斜槽上的同一位置無初速度釋放，目的是使入射小球每次都以相同的速度飛出槽口，故B正確，ACD錯誤。故選B。(2)[2]為了防止入射小球反彈，入射小球的質量應大于被碰小球的質量。(3)[3]由于小球下落高度相同，則根據平拋運動規(guī)律可知，小球下落時間相同；P為碰前入射小球落點的平均位置，M為碰后入射小球的位置，N為碰后被碰小球的位置，碰撞前入射小球的速度碰撞后入射小球的速度碰撞后被碰小球的速度如果則表明通過該實驗驗證了兩球碰撞過程中動量守恒，即成立，即表示碰撞中動量守恒。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。1