2024-2025學(xué)年山東省德州市武城二中高二（上）開(kāi)學(xué)物理試卷（含解析）

第=page11頁(yè)，共=sectionpages11頁(yè)2024-2025學(xué)年山東省德州市武城二中高二（上）開(kāi)學(xué)物理試卷一、單選題：本大題共8小題，共24分。1.如圖所示，配有調(diào)節(jié)傾角的簡(jiǎn)易支架放在水平桌面上，上語(yǔ)文課時(shí)，某同學(xué)將一本古漢語(yǔ)字典放在支架的斜面上，若字典與支架斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=33，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，緩慢地調(diào)節(jié)傾角θ使得字典與支架始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，則下列說(shuō)法正確的是(

)A.傾角θ增大，字典受到的摩擦力減小

B.傾角θ增大，字典受到的支持力增大

C.若字典始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，支架傾角的最大值θ=30°

D.若字典始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，支架傾角的最大值θ=45°2.在升降電梯內(nèi)的地板上放一體重計(jì)，電梯靜止時(shí)，某同學(xué)站在體重計(jì)上，體重計(jì)示數(shù)為50.0kg.若電梯運(yùn)動(dòng)中的某一段時(shí)間內(nèi)，該同學(xué)發(fā)現(xiàn)體重計(jì)示數(shù)為如圖所示的40.0kg，則在這段時(shí)間內(nèi)(重力加速度為g)(

)A.該同學(xué)所受的重力變小了

B.電梯一定在豎直向下運(yùn)動(dòng)

C.該同學(xué)對(duì)體重計(jì)的壓力小于體重計(jì)對(duì)她的支持力

D.電梯的加速度大小為0.2g，方向一定豎直向下3.如圖所示，一固定斜面傾角為θ，將小球A從斜面頂端以速率v0水平向右拋出，小球擊中了斜面上的P點(diǎn)；將小球B從空中某點(diǎn)以相同速率v0水平向左拋出，小球恰好垂直斜面擊中Q點(diǎn)。不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，小球A、B在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為(

)A.2tan2θB.tan2θ：C.1：2tanD.1：tan4.“復(fù)興號(hào)”動(dòng)車組用多節(jié)車廂提供動(dòng)力，從而達(dá)到提速的目的?？傎|(zhì)量為m的動(dòng)車組在平直的軌道上行駛。該動(dòng)車組有四節(jié)動(dòng)力車廂，每節(jié)車廂發(fā)動(dòng)機(jī)的額定功率均為P，若動(dòng)車組所受的阻力與其速率成正比(F阻=kv,k為常量)，動(dòng)車組能達(dá)到的最大速度為vmA.動(dòng)車組在勻加速啟動(dòng)過(guò)程中，牽引力恒定不變

B.若四節(jié)動(dòng)力車廂輸出功率均為額定值，則動(dòng)車組從靜止開(kāi)始做勻加速運(yùn)動(dòng)

C.若四節(jié)動(dòng)力車廂輸出的總功率為2.25P，則動(dòng)車組勻速行駛的速度為34vm

D.若四節(jié)動(dòng)力車廂輸出功率均為額定值，動(dòng)車組從靜止啟動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t達(dá)到最大速度5.質(zhì)量分別為2kg、3kg的物塊A和B，系在一根不可伸長(zhǎng)的輕繩兩端，細(xì)繩跨過(guò)固定在傾角為30°的斜面頂端的輕質(zhì)定滑輪上，此時(shí)物體A離地面的高度為0.8m，如圖所示，斜面光滑且足夠長(zhǎng)，始終保持靜止，g取10m/s2。下列說(shuō)法正確的是(

)A.物體A落地的速度為4m/s B.物體A落地的速度為2105m/s

C.物體B沿斜面上滑的最大高度為0.68m D.6.如圖所示，物體A的質(zhì)量為M，圓環(huán)B的質(zhì)量為m，通過(guò)繩子連結(jié)在一起，圓環(huán)套在光滑的豎直桿上，開(kāi)始時(shí)連接圓環(huán)的繩子處于水平，長(zhǎng)度l=4m，現(xiàn)從靜止釋放圓環(huán)。不計(jì)定滑輪和空氣的阻力，取g=10m/s2，若圓環(huán)下降?=3m時(shí)的速度v=5m/s，則A和B的質(zhì)量關(guān)系(

)A.MmB.MmC.MmD.M7.某靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布如圖所示，M、N為電場(chǎng)中的兩點(diǎn)，則(

)A.M點(diǎn)的電勢(shì)比N點(diǎn)的電勢(shì)高

B.M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小

C.負(fù)電荷從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功

D.正電荷在M點(diǎn)的電勢(shì)能比在N點(diǎn)的電勢(shì)能大8.長(zhǎng)為L(zhǎng)的導(dǎo)體棒原來(lái)不帶電，現(xiàn)將一帶電荷量為+q的點(diǎn)電荷放在距棒左端R處，如圖所示。靜電力常量為k，當(dāng)棒達(dá)到靜電平衡后，棒上的感應(yīng)電荷在棒內(nèi)中點(diǎn)P處產(chǎn)生的電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小是(

)A.4kq(2R+L)2 B.2kq(2R+L)2二、多選題：本大題共4小題，共16分。9.如圖所示，在發(fā)射地球同步衛(wèi)星的過(guò)程中，衛(wèi)星首先進(jìn)入橢圓軌道Ⅰ，然后在Q點(diǎn)通過(guò)改變衛(wèi)星速度，讓衛(wèi)星進(jìn)入地球同步軌道Ⅱ，則(

)A.該衛(wèi)星在P點(diǎn)的速度大于7.9km/s，小于11.2km/s

B.該衛(wèi)星的發(fā)射速度大于7.9km/s

C.衛(wèi)星在軌道Ⅰ上任何一點(diǎn)的速度都比軌道Ⅱ上任何一點(diǎn)的速度大

D.衛(wèi)星在Q點(diǎn)加速由軌道Ⅰ進(jìn)入軌道Ⅱ，故軌道Ⅱ在Q點(diǎn)的速度大于軌道Ⅰ在Q點(diǎn)的速度10.如圖所示，正六棱柱上下底面的中心為O和O′，A、D兩點(diǎn)分別固定等量異號(hào)的點(diǎn)電荷，下列說(shuō)法正確的是(

)A.F′點(diǎn)與C′點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等

B.B′點(diǎn)與E′點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同

C.A′點(diǎn)與F′點(diǎn)的電勢(shì)差小于O′點(diǎn)與D′點(diǎn)的電勢(shì)差

D.將試探電荷+q由F點(diǎn)沿直線移動(dòng)到O點(diǎn)，其電勢(shì)能先增大后減小11.如圖，水平放置的平行板電容器上極板帶正電，兩板間電壓為U，板間距離為d，上極板與靜電計(jì)相連，靜電計(jì)金屬外殼和電容器下極板都接地，在兩極板正中間P點(diǎn)有一個(gè)靜止的帶電油滴，所帶電荷量絕對(duì)值為q，下列說(shuō)法正確的是(

)A.油滴帶負(fù)電

B.油滴質(zhì)量大小為qUgd

C.若僅將上極板向左平移一小段距離，則靜電計(jì)指針張角變大

D.12.有一橫截面積為S的銅導(dǎo)線，流經(jīng)其中的電流為I，設(shè)每單位體積的導(dǎo)線中有n個(gè)自由電子，電子的電荷量為q，此時(shí)電子的定向移動(dòng)速度為v，在Δt時(shí)間內(nèi)，通過(guò)導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為(

)A.nvSΔt B.nvΔt C.I△tq D.三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共14分。13.某興趣小組用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)測(cè)物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。PQ為一塊傾斜放置的木板，在木板底端Q處固定一個(gè)光電門(mén)，光電門(mén)與數(shù)字計(jì)時(shí)器相連(圖中未畫(huà))。實(shí)驗(yàn)時(shí)通過(guò)改變木板傾角θ，使物塊(其上固定有寬度為d的遮光條)從O點(diǎn)正上方不同高度?處的斜面上由靜止釋放，實(shí)驗(yàn)中保持OQ間距離L=0.80m不變，重力加速度g=10m/s2。(設(shè)物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)處處相同)

(1)實(shí)驗(yàn)中，不需要測(cè)量的物理量有______。

A.遮光條的寬度d

B.遮光條的擋光時(shí)間t

C.物塊(帶遮光條)的質(zhì)量m

D.物塊釋放點(diǎn)到地面的高度?

(2)該小組根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，計(jì)算得到物體經(jīng)過(guò)光電門(mén)的速度v，并作出了如圖乙所示的v2??圖像，其圖像與橫軸的交點(diǎn)為0.20。則物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=______；

(3)若更換動(dòng)摩擦因數(shù)更小的木板，重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)并在乙圖中畫(huà)出v2??圖像，其圖像的斜率將______14.某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖甲所示的電路來(lái)探究某電容器的充、放電規(guī)律。

(1)開(kāi)關(guān)S接1，電源給電容器充電，觀察到電流表指針偏轉(zhuǎn)情況為_(kāi)_____；

A.逐漸偏轉(zhuǎn)到某一刻度后保持不變

B.逐漸偏轉(zhuǎn)到某一刻度后迅速回到0

C.迅速偏轉(zhuǎn)到某一刻度后保持不變

D.迅速偏轉(zhuǎn)到某一刻度后逐漸減小到0

(2)將開(kāi)關(guān)S接2，電容器放電，在放電過(guò)程中電流大小為i，電容器所帶電荷量為Q，電容器兩極板電勢(shì)差為U，電容器的電容為C。如圖乙關(guān)于i、Q、U、C隨時(shí)間t的變化的圖像，正確的是______；

(3)如圖丙為電容器放電時(shí)的I?t圖像。已知電容器放電之前的電壓為8V，I?t圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積可以用所圍小方格的總面積近似代替。數(shù)出小方格數(shù)為82，據(jù)此則可求得電容器電荷量Q值為_(kāi)_____C，該電容器的實(shí)測(cè)電容值為_(kāi)_____μF。(結(jié)果均保留3位有效數(shù)字)四、計(jì)算題：本大題共4小題，共46分。15.火星半徑是地球半徑的12，火星質(zhì)量大約是地球質(zhì)量的19，地球表面上有一質(zhì)量為m=50kg的宇航員。求：

(1)宇航員在火星表面上受到的重力是多少？

(2)若宇航員在地球表面能跳1.5m高，那他在火星表面能跳多高？(不考慮宇航員的身高，在地球表面的重力加速度g取16.如圖所示為汽車的加速度a與車速倒數(shù)1v的關(guān)系圖象，若汽車質(zhì)量為4×103kg，它由靜止開(kāi)始沿平直公路行駛，且行駛中阻力恒定，最大車速為30m/s，求：

(1)汽車的額定功率；

(2)當(dāng)汽車的速度為20m/s17.XCT掃描是計(jì)算機(jī)X射線斷層掃描技術(shù)的簡(jiǎn)稱，可用于對(duì)多種病情的探測(cè)。圖甲是某種XCT機(jī)主要部分的剖面圖，其產(chǎn)生X射線部分的示意圖如圖乙所示。圖乙中M、N之間有一電子束的加速電場(chǎng)，虛線框內(nèi)為偏轉(zhuǎn)元件中的勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)場(chǎng)S；經(jīng)調(diào)節(jié)后電子從靜止開(kāi)始沿帶箭頭的實(shí)線所示的方向前進(jìn)，打到水平圓形靶臺(tái)上的中心點(diǎn)P，產(chǎn)生X射線(如圖中帶箭頭的虛線所示)。已知電子的質(zhì)量為m，帶電荷量為e，MN兩端的電壓為U0，偏轉(zhuǎn)場(chǎng)區(qū)域水平寬度為L(zhǎng)0，豎直高度足夠長(zhǎng)，MN中電子束距離靶臺(tái)豎直高度為H，電子束射出偏轉(zhuǎn)場(chǎng)S時(shí)速度方向與水平方向夾角為30°，忽略電子的重力影響，不考慮電子間的相互作用及電子進(jìn)入加速電場(chǎng)時(shí)的初速度，不計(jì)空氣阻力。求：

(1)求電子剛進(jìn)入偏轉(zhuǎn)場(chǎng)時(shí)的速度大??；

(2)求勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大?。?/p>

(3)求P點(diǎn)距離偏轉(zhuǎn)場(chǎng)右邊界的水平距離L18.如圖所示，一段光滑圓弧軌道CD右端連接一長(zhǎng)木板，一起固定在水平面上。一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量為m=2kg的小物塊，從光滑平臺(tái)上的A點(diǎn)以v0=4m/s的初速度水平拋出，到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，恰好沿C點(diǎn)的切線方向進(jìn)入圓軌道，最后小物塊滑上長(zhǎng)木板。已知木板表面與圓弧軌道末端切線向平，小物塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1，圓弧軌道的半徑為R=1m，C點(diǎn)和圓弧的圓心連線與豎直方向的夾角為θ=37°。(不計(jì)空氣阻力，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8)求：

(1)AC兩點(diǎn)的高度差；

(2)小物塊到達(dá)圓弧軌道末端D點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小；

答案解析1.C

【解析】解：A.字典的受力情況如圖所示

字典受到沿接觸面向上的靜摩擦力，靜摩擦力等于重力沿接觸面向下的分力，即Ff=mgsinθ

隨傾角θ增大，摩擦力增大，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)受力分析可知支持力FN=mgcosθ

隨傾角θ增大，支持力減小，故B錯(cuò)誤；

CD.當(dāng)字典受到摩擦力恰好等于重力沿斜面向下的分力時(shí)支架傾角的最大，即mgsinθ=μmgcosθ

解得tanθ=33

則θ=30°

故C正確，D錯(cuò)誤。

故選：2.D

【解析】解：A、體重計(jì)示數(shù)小于體重說(shuō)明曉敏對(duì)體重計(jì)的壓力小于重力，并不是體重變小，該同學(xué)的體重不變，故A錯(cuò)誤；

B、該同學(xué)受到重力與支持力作用，支持力小于重力，合力向下，加速度向下，電梯可能向下做加速運(yùn)動(dòng)，也可能向上做減速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C、該同學(xué)對(duì)體重計(jì)的壓力與體重計(jì)對(duì)她的支持力是作用力與反作用力，它們大小相等，故C錯(cuò)誤；

D、對(duì)該同學(xué)，由牛頓第二定律得：mg?FN=ma，解得：a=mg?FNm=50g?40g50=0.2g，方向：豎直向下，故D3.A

【解析】解：設(shè)小球A在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1，小球B在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2。

對(duì)小球A，A球落在斜面上時(shí)，有

tanθ=yAxA=12gt12v0t1=gt12v0

可得t1=2v0tanθg

對(duì)小球B，小球B恰好垂直斜面擊中Q點(diǎn)，速度與斜面垂直，結(jié)合幾何知識(shí)，由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律可得

tanθ=4.C

【解析】解：A、若動(dòng)車組做勻加速啟動(dòng)，則加速度不變，而速度增大，則阻力也增大，要使合力不變則牽引力也將增大，故A錯(cuò)誤；

B、若動(dòng)車組輸出功率均為額定值，則其加速a=F牽?fm=4Pv?kvm，隨著速度增大，加速度減小，所以動(dòng)車組做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C、當(dāng)動(dòng)車組的速度增大到最大vm時(shí)，其加速度為零，則有：4Pvm=kvm，若總功率變?yōu)?.25P，則同樣有：2.25Pvm′=kvm′，聯(lián)立兩式可得：vm′=345.B

【解析】解：AB、物塊A下落過(guò)程中，物塊A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則有

mAg??mBg?sin30°=12(mA+mB)v2

解得物體A落地的速度為：v=2105m/s，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD、根據(jù)題圖可知，物塊A落地之前B沿斜面上滑的距離為

x1=?=0.8m

設(shè)物塊A落地之后B繼續(xù)沿斜面上滑的距離為x2，對(duì)B，由機(jī)械能守恒定律有

mBgx2sin30°=12mBv2

解得：x2=0.16m

則物體6.A

【解析】解：若圓環(huán)下降?=3m時(shí)的速度v=5m/s，如圖所示，A、B的速度關(guān)系為

vA=vcosθ=v???2+l2=5×332+42=3m/s

A上升的高度?A=?2+l2?l=32+427.C

【解析】解：A、沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，可知N點(diǎn)電勢(shì)高于M點(diǎn)電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；

B、電場(chǎng)線的密的地方場(chǎng)強(qiáng)大，M點(diǎn)電場(chǎng)線密，所以M點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大，故B錯(cuò)誤；

C、負(fù)電荷受到的電場(chǎng)力得方向與電場(chǎng)強(qiáng)度的方向相反，負(fù)電荷在MN連線上受到的電場(chǎng)力的方向向左，故負(fù)電荷從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功，故C正確；

D、正電荷具有的電勢(shì)能：Ep=qφ，N點(diǎn)電勢(shì)高于M點(diǎn)電勢(shì)，則正電荷在N點(diǎn)的電勢(shì)能大，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的強(qiáng)弱，電場(chǎng)線某點(diǎn)的切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向；沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)是降低的。8.A

【解析】解：導(dǎo)體棒在點(diǎn)電荷+q的電場(chǎng)中發(fā)生靜電感應(yīng)，左端出現(xiàn)負(fù)電荷，右端出現(xiàn)正電荷，棒中任意一點(diǎn)都受兩個(gè)電場(chǎng)的影響，即外電場(chǎng)和附加電場(chǎng)，達(dá)到靜電平衡狀態(tài)時(shí)

E′=4kq(2R+L)2

故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選：A。

然后根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式求解當(dāng)棒達(dá)到靜電平衡后，棒內(nèi)各點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)為零，即感應(yīng)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度與9.ABD

【解析】解：AB、7.9km/s即第一宇宙速度是近地衛(wèi)星的環(huán)繞速度，也是最大的圓周運(yùn)動(dòng)的環(huán)繞速度，最小的發(fā)射速度，所以衛(wèi)星的發(fā)射速度大于7.9km/s；同時(shí)衛(wèi)星在P點(diǎn)的速度也是大于7.9km/s；而11.2km/s是衛(wèi)星逃離地球的速度，由于衛(wèi)星仍然繞地球運(yùn)動(dòng)，所以衛(wèi)星在P點(diǎn)的速度小于11.2km/s。故A正確，B正確。

CD、衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅰ的P點(diǎn)做向心運(yùn)動(dòng)，所以從橢圓軌道Ⅰ到同步軌道Ⅱ，衛(wèi)星在Q點(diǎn)需要加速，增加所需的向心力。所以衛(wèi)星在在軌道Ⅰ上的Q點(diǎn)的速度都比軌道Ⅱ上Q點(diǎn)的速度小。故C錯(cuò)誤。D正確。

故選：ABD。

衛(wèi)星在軌道Ⅰ上的Q點(diǎn)進(jìn)入軌道Ⅱ，需加速，使萬(wàn)有引力等于所需要的向心力。根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力比較衛(wèi)星在同步軌道Ⅱ上的運(yùn)行速度和第一宇宙速度的大小。

知道第一宇宙速度的特點(diǎn)。衛(wèi)星變軌也就是近心運(yùn)動(dòng)或離心運(yùn)動(dòng)，根據(jù)提供的萬(wàn)有引力和所需的向心力關(guān)系確定。10.ACD

【解析】解：D.將六棱柱的上表面的一半拿出

如圖所示，由幾何條件可知正電荷在OF中點(diǎn)K的場(chǎng)強(qiáng)方向垂直O(jiān)F，則K點(diǎn)的合場(chǎng)強(qiáng)與OF的夾角為銳角，D在F點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為A點(diǎn)在F點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小的13，合場(chǎng)強(qiáng)方向斜相右上角且與水平面的夾角大于三十度，所以在F點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)和OF的夾角為鈍角，因此將正電荷從F移到O點(diǎn)過(guò)程中電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，電勢(shì)能先增大后減小，故D正確；

C.設(shè)A′點(diǎn)電勢(shì)為φ，由等量異種電荷的電勢(shì)分布可知

φA′=φ>0

φD′=?φ<0

φO′=0

φF′>0

因此

φA′?φF′=φ?φF′<φO′?φD′=φ

即A′點(diǎn)與F′點(diǎn)的電勢(shì)差小于O′點(diǎn)與D′點(diǎn)的電勢(shì)差，故C正確；

AB.由等量異種電荷的對(duì)稱性可知F′和C′電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，B′和E′電場(chǎng)強(qiáng)度方向不同(B′有向下的分量，E′有向上的分量11.ABC

【解析】解：A、油滴受重力和電場(chǎng)力平衡，所以電場(chǎng)力豎直向上，上極板帶正電，所以電場(chǎng)強(qiáng)度的方向豎直向下，故油滴帶負(fù)電，故A正確；

B、油滴所受重力和電場(chǎng)力平衡：

mg=Eq

勻強(qiáng)電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度公式E=Ud，

解得m=qUgd，

故B正確；

C、若僅將上極板向左平移一小段距離，兩個(gè)極板間正對(duì)面積減少，根據(jù)電容的決定式；

C=?s4πKd可知電容C變小，

再根據(jù)電容的定義式：

C=QU

兩個(gè)極板的電量不變，電容減小，電壓變大，靜電計(jì)指針偏角變大，故C正確；

D、下極板和油滴間的距離不變，所以油滴對(duì)下極板不做功，上極板帶正電，油滴帶負(fù)電，上極板受油滴的力向下，上極板向下移動(dòng)時(shí)電場(chǎng)力對(duì)極板做正功，故電勢(shì)能減小，故油滴和極板間的電勢(shì)能減小，故D錯(cuò)誤；

故選：ABC。12.AC

【解析】解：根據(jù)電流的微觀表達(dá)式I=nqvs，在△t時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的自由電子的電量Q=IΔt，

則在Δt時(shí)間內(nèi)，通過(guò)導(dǎo)體橫截面的自由電子的數(shù)目為n=Qq=I△tq，

將I=nevS代入得n=nqvS△tq=nvSΔt，故AC正確，BD錯(cuò)誤．

故選：AC．

根據(jù)電流的微觀表達(dá)式I=nqvs，求出在13.C

0.25

不變

【解析】解：(1)很短時(shí)間內(nèi)的平均速度等于瞬時(shí)速度，滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)時(shí)的速度大小v=dt，滑塊在下滑過(guò)程中，設(shè)滑塊的位移大小為x，由動(dòng)能定理得：mg??μmgcosθ?x=12mv2?0，

其中：xcosθ=L，整理得：v2=2g??2μgL，

實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量物塊釋放點(diǎn)到地面的高度?，

求滑塊的速度需要測(cè)量遮光條的寬度d與遮光條的擋光時(shí)間t，

不需要測(cè)量的是物塊(帶遮光條)的質(zhì)量m，故選C。

(2)由(1)可知，v2??圖象的函數(shù)表達(dá)式是：v2=2g??2μgL，

由圖示v2??圖象可知，v2=0時(shí)?=0.20m，代入函數(shù)表達(dá)式得：0=2g×0.20?2μgL，

解得：μ=0.25．

(3)v2??圖象的斜率k=2g，與動(dòng)摩擦因數(shù)μ無(wú)關(guān)，更換動(dòng)摩擦因數(shù)更小的木板，其圖像的斜率將不變。14.D

B

4.10×10?3

【解析】解：(1)開(kāi)關(guān)S接1，電源給電容器充電，電路瞬間有了充電電流，隨著電容器所帶電荷量逐漸增大，電容器兩極板間的電壓逐漸增大，充電電流逐漸減小，所以此過(guò)程中觀察到的電流表指針迅速偏轉(zhuǎn)到某一刻度后逐漸減小到0。故ABC錯(cuò)誤；D正確。

(2)D.電容器的電容在充放電過(guò)程中是不變的，電容只跟電容器的構(gòu)造有關(guān)，故D錯(cuò)誤；

ABC.放電過(guò)程中，電容器所帶電荷量逐漸減小，根據(jù)電容的定義式：C=QU，可知電容器極板間電壓逐漸減小，則放電電流逐漸減小，根據(jù)電流的定義式：i=qt=ΔQΔt，可知Q?t圖像的斜率絕對(duì)值逐漸減小。故AC錯(cuò)誤；B正確。

(3)根據(jù)：Q=It，可知電荷量等于I?t圖像與時(shí)間軸所圍成的面積，則有：

Q=82×10×10?6×5C=4.10×10?3C

根據(jù)：C=QU，已知U=8V，解得：C=5.13×10?4F=513μF

故答案為：(1)D；15.解：(1)根據(jù)物體在星球表面受到的重力等于星球?qū)ξ矬w的萬(wàn)有引力得

GMmR2=mg

得：g=GMR2

所以火星表面的重力加速度g火與地球表面上重力加速度g地之比為

g火g地=M火M地?(R地R火)2=19×22=【解析】(1)根據(jù)物體在星球表面受到的重力等于星球?qū)ξ矬w的萬(wàn)有引力列出等式，得到重力加速度的表達(dá)式，結(jié)合題意求出火星表面的重力加速度，從而求得宇航員在火星表面上受到的重力；

(2)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解他在火星表面能跳的最大高度。

解決本題時(shí)，一要掌握萬(wàn)有引力等于重力這一思路。二要靈活運(yùn)用比例法求兩星球表面的重力加速度之比。16.解：(1)設(shè)汽車的額定功率為P，所受的阻力大小為f。

由圖知，汽車的最大速度為vm=30m/s，此時(shí)汽車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，有F=f，代入得：P=Fvm=f×30…①

當(dāng)1v=110時(shí)，a=2m/s2。

根據(jù)牛頓第二定律得：Pv?f=ma，

代入得：P10?f=4×103×2…②

由①②解得：f=3×103N，P=9×104W；

(2)當(dāng)汽車的速度為v=20m/s時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有：【解析】(1)從圖線看出，開(kāi)始圖線與橫軸平行，表示牽引力不變，汽車先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，傾斜圖線的斜率表示汽車達(dá)到額定功率后，做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度減小