四川省攀枝花市2023-2024學(xué)年高一年級(jí)上冊(cè)期末檢測(cè)物理試題（解析版）

攀枝花市2023-2024學(xué)年度高一（上）普通高中教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測(cè)

物理試題

本試題卷共6頁(yè)。考生作答時(shí)，須將答案答在答題卡上，在本試題卷、草稿紙上答題無(wú)效。

滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。

注意事項(xiàng)：

1.答題前，務(wù)必將自己的姓名、考號(hào)填寫在答題卡規(guī)定的位置上。并用2B鉛筆將答題卡考

號(hào)對(duì)應(yīng)數(shù)字標(biāo)號(hào)涂黑。

2.答選擇題時(shí)，必須使用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮

擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)。

3.答非選擇題時(shí)，必須使用0.5毫米黑色簽字筆在答題卡上題目所指示的答題區(qū)域內(nèi)作答。

答在試題卷上無(wú)效。

一、選擇題：本題共13小題，每小題3分，共39分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第

1~10題只有一項(xiàng)符合題目要求，第11~13題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得3分，選

對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。

1.下列單位中，與“牛頓”表示同一物理量單位的是（）

A.kg-m/sB.kg-m/s2C.kg/（m-s）D.kg/（m-s2）

【答案】B

【解析】

【詳解】由牛頓第二定律歹=皿可得

IN=lkg-m/s2

故選B。

2.關(guān)于做變速直線運(yùn)動(dòng)的物體，下列說(shuō)法中正確的是（）

A.加速度越大時(shí)，速度也一定越大

B,速度變化量變大時(shí)，加速度也一定變大

C.合外力增大時(shí)，速度也一定增大

D.合外力增大時(shí)，加速度也一定增大

【答案】D

【解析】

【詳解】A.根據(jù)加速度定義式有

Av

a——

Ar

可知，加速度越大時(shí)，速度的變化率越大，速度不一定越大，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)加速度的定義式可知，速度變化量變大時(shí)，當(dāng)經(jīng)歷時(shí)間也很大時(shí)，加速度可能變小，故B錯(cuò)誤；

CD.根據(jù)牛頓第二定律可知，合外力增大時(shí)，加速度一定增大，根據(jù)加速度定義式可知，此時(shí)，速度不

一定增大，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。

3.2023年10月22日，四川銀行“滋味鹽邊?羊肉米線”半程馬拉松賽暨“跑遍四川”（鹽邊站）鳴槍

開(kāi)跑。設(shè)置半程馬拉松、迷你跑兩個(gè)項(xiàng)目。其中，半程馬拉松賽全程21.0975km,參賽選手999人；迷你

跑全程5km,參賽人數(shù)2023人。A選手跑完半程馬拉松的成績(jī)?yōu)?小時(shí)8分59秒。下列說(shuō)法中正確的是

（）

A.“1小時(shí)8分59秒”為時(shí)刻

B.選手跑完半程馬拉松過(guò)程中的位移為21.0975km

C.根據(jù)題中數(shù)據(jù)可以計(jì)算A選手的平均速率

D.在研究選手的技術(shù)動(dòng)作時(shí)可以將選手視為質(zhì)點(diǎn)

【答案】C

【解析】

【詳解】A.“1小時(shí)8分59秒”指跑完半程馬拉松的成績(jī)，因此指時(shí)間間隔，故A錯(cuò)誤；

B.選手跑完半程馬拉松過(guò)程中的路程為21.0975km,故B錯(cuò)誤；

C.根據(jù)題意已知選手總路程與總的時(shí)間，可知，根據(jù)題中數(shù)據(jù)可以計(jì)算A選手的平均速率，故C正

確；

D.在研究選手的技術(shù)動(dòng)作時(shí)，選手的形狀和體積對(duì)所研究問(wèn)題的影響不能夠忽略，可知，在研究選手的

技術(shù)動(dòng)作時(shí)不能夠?qū)⑦x手視為質(zhì)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。

故選Co

4.一小球從5m高處自由落下，被地板彈起后，上升高度為3.2m,整個(gè)過(guò)程用時(shí)2s,則小球在整個(gè)過(guò)程

中通過(guò)的位移和平均速度的大小分別為（）

A.1.8m,0.9m/sB.1.8m,4.1m/sC.8.2m,0.9m/sD.2m,4.1m/s

【答案】A

【解析】

【詳解】依題意，小球在整個(gè)過(guò)程中通過(guò)的位移大小為

x=5m-3.2m=1.8m

根據(jù)平均速度定義式，可得

v=—=0.9m/s

t

故選A?

5.人站在地板上，會(huì)受到地板對(duì)人的彈力，這個(gè)彈力產(chǎn)生的直接原因是（）

A.鞋子的形變B.地板的形變

C.鞋子和地板共同形變D.人受到重力

【答案】B

【解析】

【詳解】人站在地板上，會(huì)受到地板對(duì)人向上的彈力，這個(gè)彈力產(chǎn)生的直接原因是地板發(fā)生了形變，由

于地板發(fā)生了形變，地板對(duì)與之接觸的鞋子產(chǎn)生彈力作用。

故選B。

6.下列圖像描述的物體運(yùn)動(dòng)，一定不屬于直線運(yùn)動(dòng)的是（）

【詳解】A.給出的位移一時(shí)間圖像是一條平行于時(shí)間軸的直線，位移始終不變，表明物體始終處于靜止

狀態(tài)，該圖像描述的物體運(yùn)動(dòng)，一定不屬于直線運(yùn)動(dòng)，故A正確；

B.給出的速度一時(shí)間圖像是一條平行于時(shí)間軸的直線，表示物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，描述的運(yùn)動(dòng)屬于直線

運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C.給出的加速度一時(shí)間圖像是一條平行于時(shí)間軸的直線，物體加速度不變，表明物體做勻變速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)

加速度與速度方向在同一直線上時(shí)，物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度與速度方向不在同一直線上時(shí)，

物體做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D.給出的合力一時(shí)間圖像是一條平行于時(shí)間軸的直線，物體所受外力的合力一定，物體加速度不變，表

明物體做勻變速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)合力與速度方向在同一直線上時(shí)，物體做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)合力與速度方向

不在同一直線上時(shí)，物體做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。

故選A?

7.如圖所示，光滑水平面上放置一輕質(zhì)彈簧。當(dāng)在彈簧兩端施加大小均為20N的拉力時(shí)，彈簧的長(zhǎng)度為

30cm；當(dāng)在彈簧兩端施加大小均為10N的壓力時(shí)，彈簧的長(zhǎng)度為15cm。彈簧均處于彈性限度內(nèi)，則該彈

簧的勁度系數(shù)為（）

F\*------------，-

A.66.7N/mB.200N/m

C.300N/mD.400N/m

【答案】B

【解析】

【詳解】令彈簧原長(zhǎng)為左，當(dāng)在彈簧兩端施加大小均為20N的拉力時(shí)，根據(jù)胡克定律有

耳=氏（。-。）

當(dāng)在彈簧兩端施加大小均為10N壓力時(shí)，根據(jù)胡克定律有

&=左（。—右）

結(jié)合題中數(shù)據(jù)解得

^=200N/m

故選B。

8.水平面上一質(zhì)量為2kg的物體在水平向右、大小為2N的恒定拉力作用下向左運(yùn)動(dòng)，物體與水平面間的

摩擦因數(shù)為0.2。重力加速度取10m/s2,則該物體向左運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的加速度為（）

v

<------

------------F

//////////////////////////

A.水平向左，Im。B.水平向左，3m/s2

C水平向右，lm/s2D.水平向右，3m/s2

【答案】D

【解析】

【詳解】對(duì)物體進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有

"mg+F-ma

解得

?=3m/s2

加速度方向水平向右。

故選D。

9.將甲物體從2/z高處以一定的初速度豎直下拋，同時(shí)乙物體從〃高處自由落下，它們同時(shí)落在同一水平

地面上，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g,則甲物體的的初速度為（）

A「他B.巫

C.y/ghD.

\22

【答案】A

【解析】

【詳解】對(duì)甲物體，根據(jù)位移公式有

2

2h=vot+—gt

對(duì)乙物體，根據(jù)位移公式有

,12

h=2gt

解得

%=樽

故選Ao

10.某質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，途中連續(xù)經(jīng)過(guò)A、8、C三點(diǎn)，已知8c的距離是A8的兩倍，A8段的平

均速度是20m/s,段的平均速度是40m/s,則該質(zhì)點(diǎn)通過(guò)c點(diǎn)時(shí)的速度大小為（)

A.40m/sB.45m/sC.50m/sD.55m/s

【答案】c

【解析】

【詳解】令A(yù)B的距離為看,則BC的距離2%,則有

^AB^BC

解得

，AB=^BC

勻速直線運(yùn)動(dòng)全程的平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，則有

v="一+"BC=30m/s

B2

結(jié)合上述可知

解得

vc=50m/s

故選Co

11.將大小為3N的力/分解為兩個(gè)分力6、F2,已知B的大小為若N,尸2與合力夾角為30。，則B的

大小可能是（）

A.1.5NB.無(wú)N

2

C.V3ND.26N

【答案】CD

【解析】

【詳解】合力與兩個(gè)分力能夠形成一個(gè)閉合的三角形，由于尸2與合力夾角為30。，根據(jù)余弦定理有

222

7/=F!+F-2F^COS30

解得

F2=6N或者6=2j^N

故選CD。

12.如圖所示，輕質(zhì)滑輪用細(xì)線懸掛在天花板上，質(zhì)量分別為根，M的物塊P、Q用細(xì)線通過(guò)滑輪后連接

在一起，物塊P懸空，物塊Q靜止在水平地面上，連接物塊Q部分的細(xì)線與水平方向的夾角。=30。

已知重力加速度為g,細(xì)線重力均不計(jì)，則下列說(shuō)法中正確的是（）

B.天花板受到的拉力大小為2mg

C.水平地面對(duì)物塊Q的支持力大小為Mg

D.水平地面對(duì)物塊Q的摩擦力大小為+

【答案】AD

【解析】

【詳解】A.對(duì)物塊P進(jìn)行分析，根據(jù)平衡條件可知，細(xì)線對(duì)物塊P的拉力大小為

T=mg

故A正確；

B.由于連接物塊Q部分的細(xì)線與水平方向的夾角為

0=30

根據(jù)幾何關(guān)系，連接物塊Q部分的細(xì)線與連接物塊P部分的細(xì)線夾角為

a=90-0=60

對(duì)滑輪進(jìn)行分析，根據(jù)平衡條件有

T'=2Tcos-

2

結(jié)合上述解得

故B錯(cuò)誤；

CD.對(duì)Q進(jìn)行受力分析，如圖所示

則有

N+Tsin3=Mg,f=Tcos0

解得

N=Mg--mg,f=^H-mg

故C錯(cuò)誤，D正確。

故選AD。

13.U0時(shí)，A、B兩物體從同一地點(diǎn)沿同一方向運(yùn)動(dòng)，其速度一時(shí)間圖像如圖所示，下列說(shuō)法中正確的是

（）

A"=2s時(shí)，A、B相距最近B./=4s時(shí)，A、B兩物體相遇

C.出發(fā)后，A、B兩物體僅相遇一次D.0~2s內(nèi)，A、B兩物體之間的距離逐漸減小

【答案】BC

【解析】

【詳解】由圖像可知，A物體做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為

aA=2mzs2

B物體做初速度為2m/s的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為

2

aB=lm/s

AD.0~2s內(nèi)B物體的速度一直大于A物體的速度，兩物體間距越來(lái)越大，仁2s時(shí)，A、B相速度相等，相

距最遠(yuǎn)，故AD錯(cuò)誤；

BC.U4s內(nèi)，A物體運(yùn)動(dòng)的位移

2

xA=^-x2x4m=16m

B物體運(yùn)動(dòng)的位移

2+6,

xB=---x4m=16m

故U4s時(shí)，A、B兩物體相遇，之后A物體始終在B物體的前面，則出發(fā)后，A、B兩物體僅相遇一次，

故BC正確。

故選BC?

二、實(shí)驗(yàn)和作圖題（本題共3小題，共15分）

14.某同學(xué)利用如圖甲所示的裝置做“探究彈力與形變量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)。他通過(guò)實(shí)驗(yàn)得到如圖乙所示的彈

力大小廠與彈簧長(zhǎng)度/的關(guān)系圖線。由圖線可知彈簧的原長(zhǎng)，=cm,勁度系數(shù)

gN/m。（保留兩位有效數(shù)字）

【詳解】口］［2］由胡克定律

F-k(l-l0)

當(dāng)廠=0時(shí)，可得彈簧的原長(zhǎng)為

l0=7.5cm

彈簧的勁度系數(shù)為

6—0

N/m=40N/m

Ax(22.5—7.5)x10-2

15.某實(shí)驗(yàn)小組利用圖1所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)探究加速度與力，質(zhì)量的關(guān)系。除圖中提供的實(shí)驗(yàn)器材外，實(shí)

驗(yàn)室還提供有質(zhì)量相同的祛碼若干，實(shí)驗(yàn)步驟如下：

(i)用天平測(cè)出帶有凹槽的小車的質(zhì)量和小桶的質(zhì)量；

(ii)按圖1所示組裝實(shí)驗(yàn)裝置，將木板一端墊高，平衡小車運(yùn)動(dòng)時(shí)所受的阻力及其他阻力；

(iii)保持小車質(zhì)量不變，在小桶中放人祛碼，并從靜止開(kāi)始釋放小車；

(iv)取下紙帶，分析打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上留下的點(diǎn)跡，計(jì)算出小車的加速度；

(vi)在小桶中逐一增加祛碼，重復(fù)步驟(iii)(iv),以小桶及祛碼總重力mg作為小車所受的合力

F,將小車的加速度a和合力/等多組數(shù)據(jù)記錄在表格1中；

(vii)保持小桶中祛碼的質(zhì)量不變，在小車的凹槽中放人一個(gè)祛碼，并從靜止釋放小車；

(vii)取下紙帶，分析打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上留下的點(diǎn)跡，計(jì)算出小車的加速度；

(viii)在小車中逐一增加祛碼，重復(fù)步驟(vi)(vii),將小車的加速度a和小車及祛碼的總質(zhì)量M等多

組數(shù)據(jù)記錄在表格2中；

(ix)利用表格數(shù)據(jù)，分別作出a-尸、a-工圖像，進(jìn)行數(shù)據(jù)分析，得出實(shí)驗(yàn)結(jié)論。

表格1：

(3)0,493(4)小桶及祛碼總質(zhì)量過(guò)大，不滿足M

【解析】

【小問(wèn)1詳解】

探究加速度與力，質(zhì)量的關(guān)系時(shí)，每次研究其中兩個(gè)物理量的關(guān)系時(shí)，需要確保其他物理量不變，可

知，實(shí)驗(yàn)中采用了控制變量法。

選B。

【小問(wèn)2詳解】

平衡小車運(yùn)動(dòng)時(shí)所受的阻力及其他阻力時(shí)，應(yīng)該不掛小桶，小車上連接紙帶，使小車向下運(yùn)動(dòng)過(guò)程中打

出的點(diǎn)跡均勻分布，表明小車此時(shí)向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)，重力沿木板的分力與阻力平衡。

【小問(wèn)3詳解】

交流電頻率為50Hz,打點(diǎn)周期為0.02s。由于相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出，則相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的

時(shí)間間隔為

T=5xO.O2s=O.ls

根據(jù)逐差法可知，加速度為

(4.99-1.51-1.51)x10-2,,

a=-----------------------------m/s?0.493m/s

4x0.12

【小問(wèn)4詳解】

平衡摩擦力后，繩的拉力等于小車實(shí)際上所受外力的合力，對(duì)小車進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有

T=Ma

對(duì)小桶進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有

mg—T=ma

解得

Mmgmg

1-----------=-------->mg

M+m、、m

1n------

M

當(dāng)相.，〃時(shí)，近似有

Tamg

實(shí)驗(yàn)中，以小桶及祛碼的總重力機(jī)g作為小車所受的合力F,在保持質(zhì)量不變的情況下探究加速度與力的

關(guān)系時(shí)，當(dāng)小桶的質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量時(shí)，理論圖像與實(shí)驗(yàn)圖像在基本重合，圖中右上部分明顯偏離

直線，造成此現(xiàn)象的主要原因是小桶及祛碼總質(zhì)量過(guò)大，不滿足m-Mo

16.如圖所示，小球P通過(guò)輕繩連接在兩根用餃鏈固定的輕桿。4、的節(jié)點(diǎn)。上，處于靜止?fàn)顟B(tài)，請(qǐng)

作出節(jié)點(diǎn)。的受力示意圖。

【解析】

【詳解】輕桿用餃鏈固定，能夠自由轉(zhuǎn)動(dòng)，則桿的彈力方向一定沿桿，根據(jù)平衡條件可知，節(jié)點(diǎn)。受到

連接小球的繩豎直向下的拉力、水平輕桿向左的拉力與傾斜桿沿桿向上的支持力三個(gè)力作用，作出節(jié)點(diǎn)

三、計(jì)算題（本題共5小題，共46分，解題要寫出必要的文字說(shuō)明，方程式和重要的演算

步驟，有數(shù)據(jù)計(jì)算的題目，還應(yīng)計(jì)算出最后結(jié)果，只有最后答案的不得分）

17.一輛汽車在平直公路上以4m/s2的加速度開(kāi)始制動(dòng)，制動(dòng)后第1秒內(nèi)的位移為4m,求：

（1）汽車開(kāi)始制動(dòng)時(shí)的速度%;

（2）汽車開(kāi)始制動(dòng)后5s內(nèi)的位移x。

【答案】（1）6m/s；（2）4.5m

【解析】

【詳解】（1）由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式

1，

代入數(shù)據(jù)解得，汽車開(kāi)始制動(dòng)時(shí)的速度為

%=6m/s

（2）汽車減速到零的時(shí)間為

z=-=—s=1.5s

a4

因?yàn)?/p>

1.5s<5s

所以汽車開(kāi)始制動(dòng)后5s內(nèi)的位移為

片62，(

%=—=----m=4.5m

2a2x4

18.如圖所示，質(zhì)量m=2kg的物塊P通過(guò)三段輕繩懸掛，三段輕繩的結(jié)點(diǎn)為O,輕繩。4與豎直方向的夾

角為。，輕繩。2水平且與放置在水平桌面上質(zhì)量M=2.5kg的物塊Q相連，P、Q均恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。

已知tan8=0.5,重力加速度g取lOm/sa,設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，求：

(1)輕繩OA,的張力大??；

(2)物體Q與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃。

|P|

【答案】(1)1O/N,1ON；(2)0.4

【解析】

詳解】(1)對(duì)物塊P與結(jié)點(diǎn)。整體分析，根據(jù)平衡條件有

tan

TOACOS6=mg,mg0=TOB

解得

%=10&N,7^B=10N

(2)Q均恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力，對(duì)Q進(jìn)行分析有

T°B="N,N=Mg

解得

〃=0.4

19.如圖所示，小球質(zhì)量為優(yōu)，斜劈質(zhì)量為M、斜面傾角為仇用水平向右的推力作用在斜劈上時(shí)，小球

位于斜劈的斜面上和斜劈恰好相對(duì)靜止。已知重力加速度為g,不計(jì)一切摩擦，求：

(1)斜劈對(duì)小球的支持力大小N；

(2)水平推力的大小「

【答案】(1)(2)(M+m)gland

COS8

【解析】

Ncos0=mg

解得

N=^-

cos，

(2)結(jié)合上述，對(duì)小球進(jìn)行分析，牛頓第二定律有

mgtan0=ma

對(duì)斜劈與小球構(gòu)成的整體進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有

F=+a

解得

20.如圖所示，在傾角為。的斜面上有一個(gè)質(zhì)量m=lkg的物體，零時(shí)刻開(kāi)始在大小廠=20N、方向沿斜面

向上的拉力作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，2s時(shí)物體的速度v=20m/s,方向沿斜面向上，3s時(shí)，撤去拉力。已知

sin8=0.6,cos8=0.8,重力加速度g取lOm/s2,斜面足夠長(zhǎng)，求：

(1)物體與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)。

(2)撤去P后，物體經(jīng)過(guò)多少時(shí)間回到初始位置。

F

0

【答案】⑴0.5；（2）（3+3AA0）S

【解析】

【詳解】（1）物體由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，2s時(shí)間內(nèi)，根據(jù)速度公式有

V=卬］

解得

q=10m/s2

該時(shí)間間隔內(nèi)對(duì)物體進(jìn)行受力分析，如圖所示

M=mgcos0,F-juNl-mgsin0=max

解得

〃=0.5

（2）經(jīng)歷3s,物體的位移與速度分別為

12

%1=-a/2,%=a/2

解得

x,=45m,=30m/s

3s后撤去拉力，物體開(kāi)始向上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有

+mgsin0=ma2

解得

2

a2=10m/s

向上減速至。過(guò)程，利用逆向思維，根據(jù)位移公式與速度公式有

12

x2=-a2t3,Vj=a2t3

解得

x2=45m,G=3s

由于重力沿斜面向下的分力大于最大靜摩擦力，之后物體向下加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律有

mgsin0-〃乂=ma3

解得

2

a3=2m/s

根據(jù)位移公式有

1/

%+%2.初

時(shí)間