2024屆江西省景德鎮(zhèn)市高三下學(xué)期第三次質(zhì)量檢測(cè)（二模）物理試題（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE7景德鎮(zhèn)市2024屆高三第三次質(zhì)量檢測(cè)試卷物理一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有錯(cuò)選的得0分。1.如圖所示為氫原子能級(jí)示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于n＝4的激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射出若干種不同頻率的光，下列說法正確的是（）A.這些氫原子總共可輻射出3種不同頻率的光B.由n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)產(chǎn)生的光的頻率最小C.用n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)輻射出的光照射逸出功為6.34eV的金屬鉑能發(fā)生光電效應(yīng)D.由n＝4能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)產(chǎn)生的光波長(zhǎng)最大〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)大量氫原子在不同能級(jí)釋放出光子的種數(shù)可知，當(dāng)時(shí)，會(huì)釋放6種不同頻率的光，故A錯(cuò)誤；BD．根據(jù)，可知，躍遷過程中釋放的光的能量越小，其釋放的光的頻率就越小，波長(zhǎng)就越大，顯然從能級(jí)躍遷到能級(jí)時(shí)釋放的光的能量最小，即放出的光的頻率最小，而從n＝4能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)產(chǎn)生的光的能量最大，頻率就最大，波長(zhǎng)最小，故BD錯(cuò)誤；C．氫原子從n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)時(shí)輻射的光的能量為則可知，用n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)輻射出的光照射逸出功為6.34eV的金屬鉑能發(fā)生光電效應(yīng)，故C正確。故選C。2.中國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射“亞太九號(hào)”通信衛(wèi)星，該衛(wèi)星運(yùn)行的軌道示意圖如圖所示，衛(wèi)星先沿橢圓軌道1運(yùn)行，近地點(diǎn)為Q，遠(yuǎn)地點(diǎn)為P。當(dāng)衛(wèi)星經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)點(diǎn)火加速，使衛(wèi)星由橢圓軌道1轉(zhuǎn)移到地球同步軌道2上運(yùn)行，下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道1和軌道2上運(yùn)動(dòng)時(shí)的機(jī)械能相等B.衛(wèi)星在軌道1上運(yùn)行經(jīng)過P點(diǎn)的速度大于經(jīng)過Q點(diǎn)的速度C.衛(wèi)星在軌道2上時(shí)處于超重狀態(tài)D.衛(wèi)星在軌道1上運(yùn)行經(jīng)過P點(diǎn)的加速度等于在軌道2上運(yùn)行經(jīng)過P點(diǎn)的加速度〖答案〗D〖解析〗A．衛(wèi)星在軌道1上運(yùn)行經(jīng)過P點(diǎn)需點(diǎn)火加速進(jìn)入軌道2，所以衛(wèi)星在軌道2上的機(jī)械能大于軌道1上運(yùn)動(dòng)時(shí)的機(jī)械能，A錯(cuò)誤；B．P點(diǎn)是遠(yuǎn)地點(diǎn)，Q點(diǎn)是近地點(diǎn)，根據(jù)開普勒第二定律可知衛(wèi)星在軌道1上運(yùn)行經(jīng)過P點(diǎn)的速度小于經(jīng)過Q點(diǎn)的速度，B錯(cuò)誤；C．衛(wèi)星在軌道2上時(shí)處于失重狀態(tài)，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)牛頓第二定律和萬有引力定律得所以衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過P點(diǎn)加速度等于在軌道1上經(jīng)過P點(diǎn)的加速度，D正確。故選D。3.利用傳感器和計(jì)算機(jī)可以研究快速變化的力的大小。實(shí)驗(yàn)時(shí)，把圖甲中的小球舉高到繩子的懸點(diǎn)O處，然后小球由靜止釋放，同時(shí)開始計(jì)時(shí)，利用傳感器和計(jì)算機(jī)獲得彈性繩的拉力隨時(shí)間的變化如圖乙所示。根據(jù)圖像提供的信息，下列說法正確的是（）A.時(shí)刻小球的速度不是最大的B.時(shí)刻小球的動(dòng)能不是最小的C.、時(shí)刻小球的運(yùn)動(dòng)方向相同D.〖答案〗A〖解析〗A．把小球舉高到繩子的懸點(diǎn)O處，讓小球自由下落，t1時(shí)刻繩子剛好繃緊，此時(shí)繩子的拉力為零，小球向下做加速運(yùn)動(dòng)，故t1時(shí)刻小球的速度不是最大。同理，t3時(shí)刻小球的速度也不是最大，故A正確；B．t2時(shí)刻繩子的拉力最大，小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，速度為零，動(dòng)能最小；同理，t5時(shí)刻小球的動(dòng)能也最小，故B錯(cuò)誤；C．t2、t5時(shí)刻小球都到達(dá)最低點(diǎn)，t3時(shí)刻小球速度方向向上，t4時(shí)刻小球速度向下，t3、t4時(shí)刻小球的運(yùn)動(dòng)方向相反，故C錯(cuò)誤；D．t3～t4時(shí)間內(nèi)與t6～t7時(shí)間內(nèi)小球都做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由于t3時(shí)刻的速度大于t6時(shí)刻的速度，由豎直上拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間可知故D錯(cuò)誤。故選A。4.如圖所示為一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，t=0時(shí)刻0~25m區(qū)間的波形圖如圖中實(shí)線，經(jīng)過時(shí)該區(qū)間波形圖如圖中虛線，已知虛線上波峰對(duì)應(yīng)的平衡位置的橫坐標(biāo)為12.5m，質(zhì)點(diǎn)A平衡位置的橫坐標(biāo)為，則當(dāng)波速取最小值時(shí)質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)方程以及可能的波速值，正確的是（）A.；225m/sB.；425m/sC.；625m/sD.，825m/s〖答案〗C〖解析〗由波形圖可知，波長(zhǎng)為波沿x軸正方向傳播，則解得則波速n=0時(shí)，波速最小，此時(shí)則質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)方程質(zhì)點(diǎn)A在零時(shí)刻向上振，可知故質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)方程當(dāng)n=9時(shí)，有故選C。5.M、N是某電場(chǎng)中一條電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)，一個(gè)電子從M點(diǎn)以一定的初速度向N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，電子僅受電場(chǎng)力的作用，其電勢(shì)能隨位移變化的關(guān)系如圖所示，下列說法正確的是（）A.電子的速度在不斷地減小B.電子的加速度在不斷地增大C.M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度D.M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)〖答案〗C〖解析〗A．電子僅受電場(chǎng)力的作用，由圖像可知電勢(shì)能隨位移增加而減小，根據(jù)功能關(guān)系可知，電場(chǎng)力做正功，電子的動(dòng)能在不斷增加，電子的速度也在不斷地增加，故A錯(cuò)誤；BC．根據(jù)動(dòng)能定理有圖像的斜率反映了電場(chǎng)強(qiáng)度的變化，圖像斜率逐漸減小，則電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸減小，所以M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，電子在M點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大于N點(diǎn)的電場(chǎng)力，根據(jù)牛頓第二定律可知電子的加速度在不斷地減小，故C正確，B錯(cuò)誤；D．由圖像可知電子的電勢(shì)能逐漸減小，根據(jù)可知M點(diǎn)的電勢(shì)低于N點(diǎn)的電勢(shì)，故D錯(cuò)誤。故選C。6.電磁炮是利用電磁力對(duì)彈體加速的新型武器．某小組用圖示裝置模擬研究電磁炮的原理．間距為0.1m的水平長(zhǎng)導(dǎo)軌間有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.5T，左端所接電池電動(dòng)勢(shì)1.5V、內(nèi)阻0.5Ω．長(zhǎng)0.1m、電阻0.1Ω的金屬桿ab靜置在導(dǎo)軌上．閉合開關(guān)S后，桿ab向右運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過程中受到的阻力恒為0.05N，且始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好．導(dǎo)軌電阻不計(jì)，則桿abA.先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后做勻速直線運(yùn)動(dòng) B.能達(dá)到的最大速度為12m/sC.兩端的電壓始終為0.25V D.達(dá)到最大速度時(shí)，ab兩端的電壓為1V〖答案〗D〖解析〗A.設(shè)內(nèi)阻為r，桿的電阻為R，設(shè)速度為v時(shí)，有：，根據(jù)牛頓第二定律：，聯(lián)立可知：物體做的是加速度減小的加速，當(dāng)加速度減小到零，開始勻速，A錯(cuò)誤B.當(dāng)勻速時(shí)：，代入數(shù)據(jù)解得：，B錯(cuò)誤CD.根據(jù)選項(xiàng)A可知，回路電流：，ab兩端電壓：，隨著速度變大，電壓在變化，當(dāng)達(dá)到最大速度，代入解得：，C錯(cuò)誤D正確7.如圖所示，水平虛線MN上方有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里．大量帶正電的相同粒子，以相同的速率沿位于紙面內(nèi)水平向右到豎直向上90°范圍內(nèi)的各個(gè)方向，由小孔O射入磁場(chǎng)區(qū)域，做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng)．不計(jì)粒子重力和粒子間相互作用．下列圖中陰影部分表示帶電粒子可能經(jīng)過的區(qū)域，其中正確的是A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗由小孔O射入磁場(chǎng)區(qū)域，做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng)，因?yàn)榱Ｗ訋д?，根?jù)左手定則可知粒子將向左偏轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤；因?yàn)榱Ｗ右韵嗤乃俾恃匚挥诩埫鎯?nèi)水平向右到豎直向上90°范圍內(nèi)的各個(gè)方向發(fā)射，由O點(diǎn)射入水平向右的粒子恰好應(yīng)為最右端邊界且ON=R；在豎直方向上有最遠(yuǎn)點(diǎn)為2R，由O點(diǎn)豎直向上射入的粒子，打在最左端且距離為OM=2R，但是左側(cè)因?yàn)闆]有粒子射入，所以中間會(huì)出現(xiàn)一塊空白區(qū)域，故B正確，AD錯(cuò)誤．所以B正確，ACD錯(cuò)誤．8.如圖甲所示，水平冰面上有兩位同學(xué)，A同學(xué)的質(zhì)量為，B同學(xué)靜止站在冰面上，A以一定的初速度向B滑去，抱住B同學(xué)后兩人一起向右運(yùn)動(dòng)。以向右為正方向，A同學(xué)的位移—時(shí)間圖像如圖乙所示，不計(jì)空氣和冰面對(duì)人的阻力，則下列說法正確的是（）A.同學(xué)B對(duì)A的沖量為B.同學(xué)A和B的質(zhì)量之比為2∶3C.兩人相抱過程中損失的動(dòng)能為D.兩人相抱過程中相互間的作用力做功之比為1∶1〖答案〗BC〖解析〗AB．由圖乙可知同學(xué)A的初始速度為由圖乙可知同學(xué)A抱住同學(xué)B后兩人的速度為由動(dòng)量守恒定律得解得對(duì)A由動(dòng)量定理得同學(xué)A和B的質(zhì)量之比為A錯(cuò)誤，B正確；C．兩人相抱過程中損失的動(dòng)能為C正確；D．兩人相抱過程中相互間的作用力做功之比為D錯(cuò)誤。故選BC。9.如圖所示，一下端封閉、上端開口的粗細(xì)均勻的玻璃管豎直靜置，長(zhǎng)度的水銀柱封閉了一段空氣（視為理想氣體）柱，空氣柱的長(zhǎng)度。外界大氣壓強(qiáng)恒為。使玻璃管向上做加速度大小的勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，管內(nèi)空氣溫度保持不變，取重力加速度大小。和豎直靜置時(shí)相比較，下列說法正確的有（）A.管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)增加了B.管內(nèi)空氣柱的長(zhǎng)度減少了C.管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)增加了D.管內(nèi)空氣柱的長(zhǎng)度減少了〖答案〗CD〖解析〗AC．根據(jù)題意，設(shè)靜止時(shí)管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)為，則有設(shè)玻璃管向上加速時(shí)管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)為，管的橫截面積為，則有解得可知，管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)增加了故A錯(cuò)誤，C正確；BD．由于空氣溫度保持不變，由玻意耳定律有解得可知，管內(nèi)空氣柱的長(zhǎng)度減少了，故B錯(cuò)誤，D正確。故選CD。10.如圖所示，正方體空心框架ABCD﹣A1B1C1D1下表面在水平地面上，將可視為質(zhì)點(diǎn)小球從頂點(diǎn)A在∠BAD所在范圍內(nèi)（包括邊界）沿不同的水平方向分別拋出，落點(diǎn)都在平面內(nèi)（包括邊界）。不計(jì)空氣阻力，以地面為重力勢(shì)能參考平面。則下列說法正確的是（）A.小球初速度的最小值與最大值之比是1：2B.落在C1點(diǎn)的小球，運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)C.落在B1D1線段上的小球，落地時(shí)機(jī)械能的最小值與最大值之比是1：2D.軌跡與AC1線段相交的小球，在交點(diǎn)處的速度方向都相同〖答案〗AD〖解析〗B．小球做平拋運(yùn)動(dòng)，由得下落高度相同，平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，故B錯(cuò)誤；

A．小球落在A1C1線段中點(diǎn)時(shí)水平位移最小，落在C1時(shí)水平位移最大，由幾何關(guān)系知水平位移的最小值與最大值之比是1：2，由于運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，由x=v0t得小球初速度的最小值與最大值之比是1：2，故A正確；

C．落在B1D1線段中點(diǎn)的小球，落地時(shí)機(jī)械能的最小，落在B1D1線段上D1或B1的小球，落地時(shí)機(jī)械能的最大。設(shè)落在B1D1線段中點(diǎn)的小球初速度為v1，水平位移為x1，落在B1D1線段上D1或B1的小球初速度為v2，水平位移為x2。由幾何關(guān)系有x1：x2=1：由x=v0t得v1：v2=1：落地時(shí)機(jī)械能等于拋出時(shí)的機(jī)械能，分別為可知落地時(shí)機(jī)械能的最小值與最大值之比不等于1：2．故C錯(cuò)誤。

D．設(shè)AC1的傾角為α，軌跡與AC1線段相交的小球，在交點(diǎn)處的速度方向與水平方向的夾角為θ。則有則tanθ=2tanα可知θ一定，則軌跡與AC1線段相交的小球，在交點(diǎn)處的速度方向相同，故D正確。

故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.使用如圖所示的裝置探究物體沿斜面下滑的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，操作步驟如下：①讓滑塊從距離擋板s處由靜止下滑，同時(shí)打開水箱閥門，讓水流到量筒中（假設(shè)水流是均勻穩(wěn)定的）②當(dāng)滑塊碰到擋板時(shí)立即關(guān)閉閥門；③記錄量筒收集的水量V；④改變s，重復(fù)以上操作；⑤記錄測(cè)得的數(shù)據(jù)并填寫如下表格中。次數(shù)14.509524.008933.508443.007752.5071根據(jù)表中數(shù)據(jù)得到s與__________（選填“”、“V”或“”）成正比，由此可得滑塊沿斜面向下做__________運(yùn)動(dòng)。若保持下滑的距離s不變，僅增大滑塊的質(zhì)量，水量V將__________（選填“增大”、“不變”或“減小”）（實(shí)驗(yàn)允許有誤差）〖答案〗V2勻變速直線不變〖解析〗[1][2]在表格中計(jì)算出、，如圖次數(shù)14.50959.75902524.00899.43792133.5084917705643.00778.77592952.50718.435041從表格數(shù)據(jù)可以得出與成正比，由由于水流均勻穩(wěn)定，則量筒中收集的水量V和時(shí)間t成正比，所以由此可得滑塊沿斜面向下做勻變速直線運(yùn)動(dòng)。[3]位移s與體積V的二次方是成正比，與滑塊的質(zhì)量無關(guān)，所以若保持下滑的距離s不變，僅增大滑塊的質(zhì)量，水量V將不變。12.要測(cè)量一只量程已知的電壓表的內(nèi)阻，所備器材如下：A．待測(cè)電壓表V（量程，內(nèi)阻約幾千歐）B．電流表A（量程，內(nèi)阻）C．定值電阻R（阻值，額定電流）D．蓄電池E（電動(dòng)勢(shì)略小于，內(nèi)阻不計(jì)）E．多用電表F．開關(guān)、，導(dǎo)線若干有一同學(xué)利用上面所給器材，進(jìn)行如下實(shí)驗(yàn)操作：（1）先用多用電表進(jìn)行粗測(cè)，選用倍率，操作方法正確。若這時(shí)刻度盤上的指針位置如圖甲所示，則測(cè)量的結(jié)果是__________。（2）為了更精確地測(cè)出此電壓表內(nèi)阻，在如圖所示乙、丙實(shí)驗(yàn)電路中，該同學(xué)選擇丙圖的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，其理由是____________________。（3）在圖丁中，用筆畫線代替導(dǎo)線，按照丙圖的電路把實(shí)物連接好________。（4）利用丙圖的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，簡(jiǎn)述實(shí)驗(yàn)的主要步驟（在所測(cè)量的物理量后寫上相應(yīng)的字母符號(hào)）：____________________；（5）用上述所測(cè)及已知的物理量的字母符號(hào)表示電壓表的內(nèi)阻__________?！即鸢浮剑?）3000（2）乙圖中電流表的示數(shù)太小，誤差太大。丙圖中R的阻值與電壓表阻值較為接近，誤差小。（3）（4）閉合K1，再閉合K2，讀得電壓表示數(shù)U1；再斷開K2，讀得電壓表示數(shù)U2（5）〖解析〗【小問1詳析】根據(jù)題意，由圖甲可知，電阻的測(cè)量值為【小問2詳析】根據(jù)題意可知，電源的電動(dòng)勢(shì)約為，電壓變內(nèi)阻為幾千歐，乙圖中電流表的示數(shù)太小，誤差太大。丙圖中R的阻值與電壓表阻值較為接近，誤差小?！拘?詳析】按照丙圖的電路把實(shí)物連接好，如圖所示【小問4詳析】利用丙圖的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，實(shí)驗(yàn)的主要步驟為閉合K1，再閉合K2，讀得電壓表示數(shù)U1；再斷開K2，讀得電壓表示數(shù)U2?！拘?詳析】閉合K1，再閉合K2，讀得電壓表示數(shù)U1，則有再斷開K2，讀得電壓表示數(shù)U2，則有聯(lián)立解得13.在折射率為的液體內(nèi)部有一個(gè)可移動(dòng)的點(diǎn)光源S，光源S在初始位置時(shí)，從液面上觀察到半徑為的圓形光斑。（1）求點(diǎn)光源S初始位置的深度h；（2）讓點(diǎn)光源S向某個(gè)方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，發(fā)現(xiàn)圓形光斑最右側(cè)邊緣一點(diǎn)B位置未動(dòng)，而最左側(cè)邊緣一點(diǎn)D在向左移動(dòng)，光源運(yùn)動(dòng)時(shí)，D點(diǎn)向左移動(dòng)了，如下圖所示，求點(diǎn)光源S運(yùn)動(dòng)的速度大小和方向。〖答案〗（1）0.2m；（2），方向?yàn)楣庠碨沿著左下方45°角〖解析〗（1）在B處發(fā)生全反射，如圖臨界角C滿足，由幾何關(guān)系得聯(lián)立解得，點(diǎn)光源S的初始深度為（2）由圖可知光源移動(dòng)的位移s滿足由公式，聯(lián)立解得，光源移動(dòng)速度為方向?yàn)楣庠碨沿著左下方45°角。14.一電動(dòng)玩具小車放在水平地面上，從靜止開始運(yùn)動(dòng)，在一段時(shí)間內(nèi)其速度與牽引力的功率隨時(shí)間變化的函數(shù)關(guān)系圖像分別如圖甲、乙所示，地面對(duì)小車的摩擦力恒定，2s以后小車以速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)比分析兩圖像所給的已知信息，求：（1）2s時(shí)小車的速度以及地面對(duì)小車的摩擦力；（2）甲圖陰影部分的面積。〖答案〗（1），；（2）〖解析〗（1）1s至2s，小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，牽引力恒定設(shè)為，1s時(shí)2s時(shí)代入圖中所給已知條件解得設(shè)地面對(duì)小車的恒定摩擦力為，由題意和圖像可知2s以后小車以速度恒定的功率做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則有解得（2）結(jié)合由甲圖可知，1s至2s小車的加速度由牛頓第二定律再代入綜合解得甲圖陰影部分的面積是小車在0~1s內(nèi)的位移，由動(dòng)能定理由圖像可知再結(jié)合聯(lián)立解得15.如圖甲所示，在xOy平面的第Ⅰ象限內(nèi)有沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)；第Ⅱ、Ⅲ象限內(nèi)同時(shí)存在著豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面的磁場(chǎng)，，，磁場(chǎng)隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示，，，設(shè)垂直紙面向外為磁場(chǎng)正方向。一個(gè)質(zhì)量為、電荷量為的帶正電液滴從p點(diǎn)以速度，沿x軸負(fù)方向入射，恰好以指向y軸負(fù)方向的速度v經(jīng)過原點(diǎn)O（此時(shí)）后進(jìn)入的區(qū)域。重力加速度g取。（1）求液滴第一次到達(dá)O點(diǎn)時(shí)速度v的大??；（2）求液滴在時(shí)間內(nèi)的路程；（3）若在時(shí)撤去電場(chǎng)、和磁場(chǎng)，同時(shí)在整個(gè)空間區(qū)域加豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（未畫出），，求從此時(shí)刻起，再經(jīng)過液滴距O點(diǎn)的距離?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）根據(jù)題意，對(duì)帶電液滴水平和豎直方向分別由動(dòng)量定理得，解得（2）計(jì)算可知液滴通過O點(diǎn)后則液滴將僅在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則有，解得磁感應(yīng)強(qiáng)度為時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為時(shí)，內(nèi)運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示則解得（3）只有磁場(chǎng)存在時(shí)，油滴在水平方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，周期半徑油滴在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過沿y軸下落高度為經(jīng)過后距O點(diǎn)的距離為解得景德鎮(zhèn)市2024屆高三第三次質(zhì)量檢測(cè)試卷物理一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～7題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第8～10題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有錯(cuò)選的得0分。1.如圖所示為氫原子能級(jí)示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于n＝4的激發(fā)態(tài)，當(dāng)向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射出若干種不同頻率的光，下列說法正確的是（）A.這些氫原子總共可輻射出3種不同頻率的光B.由n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)產(chǎn)生的光的頻率最小C.用n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)輻射出的光照射逸出功為6.34eV的金屬鉑能發(fā)生光電效應(yīng)D.由n＝4能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)產(chǎn)生的光波長(zhǎng)最大〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)大量氫原子在不同能級(jí)釋放出光子的種數(shù)可知，當(dāng)時(shí)，會(huì)釋放6種不同頻率的光，故A錯(cuò)誤；BD．根據(jù)，可知，躍遷過程中釋放的光的能量越小，其釋放的光的頻率就越小，波長(zhǎng)就越大，顯然從能級(jí)躍遷到能級(jí)時(shí)釋放的光的能量最小，即放出的光的頻率最小，而從n＝4能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)產(chǎn)生的光的能量最大，頻率就最大，波長(zhǎng)最小，故BD錯(cuò)誤；C．氫原子從n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)時(shí)輻射的光的能量為則可知，用n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)輻射出的光照射逸出功為6.34eV的金屬鉑能發(fā)生光電效應(yīng)，故C正確。故選C。2.中國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射“亞太九號(hào)”通信衛(wèi)星，該衛(wèi)星運(yùn)行的軌道示意圖如圖所示，衛(wèi)星先沿橢圓軌道1運(yùn)行，近地點(diǎn)為Q，遠(yuǎn)地點(diǎn)為P。當(dāng)衛(wèi)星經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)點(diǎn)火加速，使衛(wèi)星由橢圓軌道1轉(zhuǎn)移到地球同步軌道2上運(yùn)行，下列說法正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道1和軌道2上運(yùn)動(dòng)時(shí)的機(jī)械能相等B.衛(wèi)星在軌道1上運(yùn)行經(jīng)過P點(diǎn)的速度大于經(jīng)過Q點(diǎn)的速度C.衛(wèi)星在軌道2上時(shí)處于超重狀態(tài)D.衛(wèi)星在軌道1上運(yùn)行經(jīng)過P點(diǎn)的加速度等于在軌道2上運(yùn)行經(jīng)過P點(diǎn)的加速度〖答案〗D〖解析〗A．衛(wèi)星在軌道1上運(yùn)行經(jīng)過P點(diǎn)需點(diǎn)火加速進(jìn)入軌道2，所以衛(wèi)星在軌道2上的機(jī)械能大于軌道1上運(yùn)動(dòng)時(shí)的機(jī)械能，A錯(cuò)誤；B．P點(diǎn)是遠(yuǎn)地點(diǎn)，Q點(diǎn)是近地點(diǎn)，根據(jù)開普勒第二定律可知衛(wèi)星在軌道1上運(yùn)行經(jīng)過P點(diǎn)的速度小于經(jīng)過Q點(diǎn)的速度，B錯(cuò)誤；C．衛(wèi)星在軌道2上時(shí)處于失重狀態(tài)，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)牛頓第二定律和萬有引力定律得所以衛(wèi)星在軌道2上經(jīng)過P點(diǎn)加速度等于在軌道1上經(jīng)過P點(diǎn)的加速度，D正確。故選D。3.利用傳感器和計(jì)算機(jī)可以研究快速變化的力的大小。實(shí)驗(yàn)時(shí)，把圖甲中的小球舉高到繩子的懸點(diǎn)O處，然后小球由靜止釋放，同時(shí)開始計(jì)時(shí)，利用傳感器和計(jì)算機(jī)獲得彈性繩的拉力隨時(shí)間的變化如圖乙所示。根據(jù)圖像提供的信息，下列說法正確的是（）A.時(shí)刻小球的速度不是最大的B.時(shí)刻小球的動(dòng)能不是最小的C.、時(shí)刻小球的運(yùn)動(dòng)方向相同D.〖答案〗A〖解析〗A．把小球舉高到繩子的懸點(diǎn)O處，讓小球自由下落，t1時(shí)刻繩子剛好繃緊，此時(shí)繩子的拉力為零，小球向下做加速運(yùn)動(dòng)，故t1時(shí)刻小球的速度不是最大。同理，t3時(shí)刻小球的速度也不是最大，故A正確；B．t2時(shí)刻繩子的拉力最大，小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，速度為零，動(dòng)能最?。煌?，t5時(shí)刻小球的動(dòng)能也最小，故B錯(cuò)誤；C．t2、t5時(shí)刻小球都到達(dá)最低點(diǎn)，t3時(shí)刻小球速度方向向上，t4時(shí)刻小球速度向下，t3、t4時(shí)刻小球的運(yùn)動(dòng)方向相反，故C錯(cuò)誤；D．t3～t4時(shí)間內(nèi)與t6～t7時(shí)間內(nèi)小球都做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，由于t3時(shí)刻的速度大于t6時(shí)刻的速度，由豎直上拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間可知故D錯(cuò)誤。故選A。4.如圖所示為一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，t=0時(shí)刻0~25m區(qū)間的波形圖如圖中實(shí)線，經(jīng)過時(shí)該區(qū)間波形圖如圖中虛線，已知虛線上波峰對(duì)應(yīng)的平衡位置的橫坐標(biāo)為12.5m，質(zhì)點(diǎn)A平衡位置的橫坐標(biāo)為，則當(dāng)波速取最小值時(shí)質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)方程以及可能的波速值，正確的是（）A.；225m/sB.；425m/sC.；625m/sD.，825m/s〖答案〗C〖解析〗由波形圖可知，波長(zhǎng)為波沿x軸正方向傳播，則解得則波速n=0時(shí)，波速最小，此時(shí)則質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)方程質(zhì)點(diǎn)A在零時(shí)刻向上振，可知故質(zhì)點(diǎn)A的振動(dòng)方程當(dāng)n=9時(shí)，有故選C。5.M、N是某電場(chǎng)中一條電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)，一個(gè)電子從M點(diǎn)以一定的初速度向N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，電子僅受電場(chǎng)力的作用，其電勢(shì)能隨位移變化的關(guān)系如圖所示，下列說法正確的是（）A.電子的速度在不斷地減小B.電子的加速度在不斷地增大C.M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度D.M點(diǎn)的電勢(shì)高于N點(diǎn)的電勢(shì)〖答案〗C〖解析〗A．電子僅受電場(chǎng)力的作用，由圖像可知電勢(shì)能隨位移增加而減小，根據(jù)功能關(guān)系可知，電場(chǎng)力做正功，電子的動(dòng)能在不斷增加，電子的速度也在不斷地增加，故A錯(cuò)誤；BC．根據(jù)動(dòng)能定理有圖像的斜率反映了電場(chǎng)強(qiáng)度的變化，圖像斜率逐漸減小，則電場(chǎng)強(qiáng)度逐漸減小，所以M點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于N點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，電子在M點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大于N點(diǎn)的電場(chǎng)力，根據(jù)牛頓第二定律可知電子的加速度在不斷地減小，故C正確，B錯(cuò)誤；D．由圖像可知電子的電勢(shì)能逐漸減小，根據(jù)可知M點(diǎn)的電勢(shì)低于N點(diǎn)的電勢(shì)，故D錯(cuò)誤。故選C。6.電磁炮是利用電磁力對(duì)彈體加速的新型武器．某小組用圖示裝置模擬研究電磁炮的原理．間距為0.1m的水平長(zhǎng)導(dǎo)軌間有豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0.5T，左端所接電池電動(dòng)勢(shì)1.5V、內(nèi)阻0.5Ω．長(zhǎng)0.1m、電阻0.1Ω的金屬桿ab靜置在導(dǎo)軌上．閉合開關(guān)S后，桿ab向右運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過程中受到的阻力恒為0.05N，且始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好．導(dǎo)軌電阻不計(jì)，則桿abA.先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，后做勻速直線運(yùn)動(dòng) B.能達(dá)到的最大速度為12m/sC.兩端的電壓始終為0.25V D.達(dá)到最大速度時(shí)，ab兩端的電壓為1V〖答案〗D〖解析〗A.設(shè)內(nèi)阻為r，桿的電阻為R，設(shè)速度為v時(shí)，有：，根據(jù)牛頓第二定律：，聯(lián)立可知：物體做的是加速度減小的加速，當(dāng)加速度減小到零，開始勻速，A錯(cuò)誤B.當(dāng)勻速時(shí)：，代入數(shù)據(jù)解得：，B錯(cuò)誤CD.根據(jù)選項(xiàng)A可知，回路電流：，ab兩端電壓：，隨著速度變大，電壓在變化，當(dāng)達(dá)到最大速度，代入解得：，C錯(cuò)誤D正確7.如圖所示，水平虛線MN上方有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里．大量帶正電的相同粒子，以相同的速率沿位于紙面內(nèi)水平向右到豎直向上90°范圍內(nèi)的各個(gè)方向，由小孔O射入磁場(chǎng)區(qū)域，做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng)．不計(jì)粒子重力和粒子間相互作用．下列圖中陰影部分表示帶電粒子可能經(jīng)過的區(qū)域，其中正確的是A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗由小孔O射入磁場(chǎng)區(qū)域，做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng)，因?yàn)榱Ｗ訋д姡鶕?jù)左手定則可知粒子將向左偏轉(zhuǎn)，故C錯(cuò)誤；因?yàn)榱Ｗ右韵嗤乃俾恃匚挥诩埫鎯?nèi)水平向右到豎直向上90°范圍內(nèi)的各個(gè)方向發(fā)射，由O點(diǎn)射入水平向右的粒子恰好應(yīng)為最右端邊界且ON=R；在豎直方向上有最遠(yuǎn)點(diǎn)為2R，由O點(diǎn)豎直向上射入的粒子，打在最左端且距離為OM=2R，但是左側(cè)因?yàn)闆]有粒子射入，所以中間會(huì)出現(xiàn)一塊空白區(qū)域，故B正確，AD錯(cuò)誤．所以B正確，ACD錯(cuò)誤．8.如圖甲所示，水平冰面上有兩位同學(xué)，A同學(xué)的質(zhì)量為，B同學(xué)靜止站在冰面上，A以一定的初速度向B滑去，抱住B同學(xué)后兩人一起向右運(yùn)動(dòng)。以向右為正方向，A同學(xué)的位移—時(shí)間圖像如圖乙所示，不計(jì)空氣和冰面對(duì)人的阻力，則下列說法正確的是（）A.同學(xué)B對(duì)A的沖量為B.同學(xué)A和B的質(zhì)量之比為2∶3C.兩人相抱過程中損失的動(dòng)能為D.兩人相抱過程中相互間的作用力做功之比為1∶1〖答案〗BC〖解析〗AB．由圖乙可知同學(xué)A的初始速度為由圖乙可知同學(xué)A抱住同學(xué)B后兩人的速度為由動(dòng)量守恒定律得解得對(duì)A由動(dòng)量定理得同學(xué)A和B的質(zhì)量之比為A錯(cuò)誤，B正確；C．兩人相抱過程中損失的動(dòng)能為C正確；D．兩人相抱過程中相互間的作用力做功之比為D錯(cuò)誤。故選BC。9.如圖所示，一下端封閉、上端開口的粗細(xì)均勻的玻璃管豎直靜置，長(zhǎng)度的水銀柱封閉了一段空氣（視為理想氣體）柱，空氣柱的長(zhǎng)度。外界大氣壓強(qiáng)恒為。使玻璃管向上做加速度大小的勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，管內(nèi)空氣溫度保持不變，取重力加速度大小。和豎直靜置時(shí)相比較，下列說法正確的有（）A.管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)增加了B.管內(nèi)空氣柱的長(zhǎng)度減少了C.管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)增加了D.管內(nèi)空氣柱的長(zhǎng)度減少了〖答案〗CD〖解析〗AC．根據(jù)題意，設(shè)靜止時(shí)管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)為，則有設(shè)玻璃管向上加速時(shí)管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)為，管的橫截面積為，則有解得可知，管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)增加了故A錯(cuò)誤，C正確；BD．由于空氣溫度保持不變，由玻意耳定律有解得可知，管內(nèi)空氣柱的長(zhǎng)度減少了，故B錯(cuò)誤，D正確。故選CD。10.如圖所示，正方體空心框架ABCD﹣A1B1C1D1下表面在水平地面上，將可視為質(zhì)點(diǎn)小球從頂點(diǎn)A在∠BAD所在范圍內(nèi)（包括邊界）沿不同的水平方向分別拋出，落點(diǎn)都在平面內(nèi)（包括邊界）。不計(jì)空氣阻力，以地面為重力勢(shì)能參考平面。則下列說法正確的是（）A.小球初速度的最小值與最大值之比是1：2B.落在C1點(diǎn)的小球，運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)C.落在B1D1線段上的小球，落地時(shí)機(jī)械能的最小值與最大值之比是1：2D.軌跡與AC1線段相交的小球，在交點(diǎn)處的速度方向都相同〖答案〗AD〖解析〗B．小球做平拋運(yùn)動(dòng)，由得下落高度相同，平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，故B錯(cuò)誤；

A．小球落在A1C1線段中點(diǎn)時(shí)水平位移最小，落在C1時(shí)水平位移最大，由幾何關(guān)系知水平位移的最小值與最大值之比是1：2，由于運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，由x=v0t得小球初速度的最小值與最大值之比是1：2，故A正確；

C．落在B1D1線段中點(diǎn)的小球，落地時(shí)機(jī)械能的最小，落在B1D1線段上D1或B1的小球，落地時(shí)機(jī)械能的最大。設(shè)落在B1D1線段中點(diǎn)的小球初速度為v1，水平位移為x1，落在B1D1線段上D1或B1的小球初速度為v2，水平位移為x2。由幾何關(guān)系有x1：x2=1：由x=v0t得v1：v2=1：落地時(shí)機(jī)械能等于拋出時(shí)的機(jī)械能，分別為可知落地時(shí)機(jī)械能的最小值與最大值之比不等于1：2．故C錯(cuò)誤。

D．設(shè)AC1的傾角為α，軌跡與AC1線段相交的小球，在交點(diǎn)處的速度方向與水平方向的夾角為θ。則有則tanθ=2tanα可知θ一定，則軌跡與AC1線段相交的小球，在交點(diǎn)處的速度方向相同，故D正確。

故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.使用如圖所示的裝置探究物體沿斜面下滑的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，操作步驟如下：①讓滑塊從距離擋板s處由靜止下滑，同時(shí)打開水箱閥門，讓水流到量筒中（假設(shè)水流是均勻穩(wěn)定的）②當(dāng)滑塊碰到擋板時(shí)立即關(guān)閉閥門；③記錄量筒收集的水量V；④改變s，重復(fù)以上操作；⑤記錄測(cè)得的數(shù)據(jù)并填寫如下表格中。次數(shù)14.509524.008933.508443.007752.5071根據(jù)表中數(shù)據(jù)得到s與__________（選填“”、“V”或“”）成正比，由此可得滑塊沿斜面向下做__________運(yùn)動(dòng)。若保持下滑的距離s不變，僅增大滑塊的質(zhì)量，水量V將__________（選填“增大”、“不變”或“減小”）（實(shí)驗(yàn)允許有誤差）〖答案〗V2勻變速直線不變〖解析〗[1][2]在表格中計(jì)算出、，如圖次數(shù)14.50959.75902524.00899.43792133.5084917705643.00778.77592952.50718.435041從表格數(shù)據(jù)可以得出與成正比，由由于水流均勻穩(wěn)定，則量筒中收集的水量V和時(shí)間t成正比，所以由此可得滑塊沿斜面向下做勻變速直線運(yùn)動(dòng)。[3]位移s與體積V的二次方是成正比，與滑塊的質(zhì)量無關(guān)，所以若保持下滑的距離s不變，僅增大滑塊的質(zhì)量，水量V將不變。12.要測(cè)量一只量程已知的電壓表的內(nèi)阻，所備器材如下：A．待測(cè)電壓表V（量程，內(nèi)阻約幾千歐）B．電流表A（量程，內(nèi)阻）C．定值電阻R（阻值，額定電流）D．蓄電池E（電動(dòng)勢(shì)略小于，內(nèi)阻不計(jì)）E．多用電表F．開關(guān)、，導(dǎo)線若干有一同學(xué)利用上面所給器材，進(jìn)行如下實(shí)驗(yàn)操作：（1）先用多用電表進(jìn)行粗測(cè)，選用倍率，操作方法正確。若這時(shí)刻度盤上的指針位置如圖甲所示，則測(cè)量的結(jié)果是__________。（2）為了更精確地測(cè)出此電壓表內(nèi)阻，在如圖所示乙、丙實(shí)驗(yàn)電路中，該同學(xué)選擇丙圖的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，其理由是____________________。（3）在圖丁中，用筆畫線代替導(dǎo)線，按照丙圖的電路把實(shí)物連接好________。（4）利用丙圖的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，簡(jiǎn)述實(shí)驗(yàn)的主要步驟（在所測(cè)量的物理量后寫上相應(yīng)的字母符號(hào)）：____________________；（5）用上述所測(cè)及已知的物理量的字母符號(hào)表示電壓表的內(nèi)阻__________。〖答案〗（1）3000（2）乙圖中電流表的示數(shù)太小，誤差太大。丙圖中R的阻值與電壓表阻值較為接近，誤差小。（3）（4）閉合K1，再閉合K2，讀得電壓表示數(shù)U1；再斷開K2，讀得電壓表示數(shù)U2