2024屆河南省名校聯(lián)盟高三下學期5月聯(lián)考生物試題（三模）生物試題（解析版）

高級中學名校試卷PAGEPAGE22024屆河南省名校聯(lián)盟高三下學期5月聯(lián)考（三模）一、選擇題1.核糖體上合成的蛋白質(zhì)部分轉(zhuǎn)運至線粒體、葉綠體、細胞核等部位，部分轉(zhuǎn)移至粗面內(nèi)質(zhì)網(wǎng)，后經(jīng)高爾基體轉(zhuǎn)運至溶酶體、細胞膜或分泌到細胞外。下列敘述錯誤的是（）A.內(nèi)質(zhì)網(wǎng)是蛋白質(zhì)等物質(zhì)的合成、加工場所和運輸通道B.部分轉(zhuǎn)運至線粒體的蛋白質(zhì)不需要粗面內(nèi)質(zhì)網(wǎng)的加工C.部分進入溶酶體的蛋白質(zhì)可參與分解衰老、損傷的細胞器D.用3H標記氨基酸的羧基即可確定某種蛋白質(zhì)的轉(zhuǎn)運方向〖答案〗D〖祥解〗在蛋白質(zhì)的合成和分選過程中，細胞內(nèi)蛋白質(zhì)的合成都起始于細胞質(zhì)基質(zhì)中的游離核糖體，不同的蛋白質(zhì)去向不同，需要進入內(nèi)質(zhì)網(wǎng)的蛋白質(zhì)會合成信號肽，信號肽會引導核糖體一起轉(zhuǎn)移到粗面內(nèi)質(zhì)網(wǎng)上繼續(xù)合成蛋白質(zhì)。【詳析】A、內(nèi)質(zhì)網(wǎng)是蛋白質(zhì)等物質(zhì)的合成、加工場所和運輸通道，A正確；B、由題干可知，核糖體上合成的蛋白質(zhì)部分轉(zhuǎn)運至線粒體，不經(jīng)過內(nèi)質(zhì)網(wǎng)的加工，B正確；C、部分進入溶酶體的蛋白質(zhì)是水解酶，可參與分解衰老、損傷的細胞器，C正確；D、在脫水縮合的過程中，氨基酸的羧基會將H脫去，因此用3H標記亮氨酸的羧基不能確定蛋白質(zhì)的轉(zhuǎn)運途徑，D錯誤。故選D。2.無氧閾是指在運動負荷遞增過程中，人體由有氧代謝供能為主進入有氧和無氧代謝共同供能的轉(zhuǎn)折點（即血液中乳酸量急劇上升）。如圖為無訓練經(jīng)驗人士和耐力運動員在運動強度增加時血液中乳酸量的變化，下列敘述錯誤的是（）A.骨骼肌無氧呼吸消耗的葡萄糖中大部分能量儲存在乳酸中B.通過節(jié)奏跑訓練，跑步者能夠降低無氧閾所對應的運動強度C.LT2代表無氧閾，運動強度繼續(xù)增大，無氧和有氧呼吸共同供能D.運動強度低于50%時，人體消耗的O2量等于產(chǎn)生的CO2量〖答案〗B〖祥解〗1、人體細胞有氧呼吸分為三個階段：第一階段，葡萄糖分解形成丙酮酸和[H]，釋放少量能量，發(fā)生在細胞質(zhì)基質(zhì)中；第二階段是丙酮酸和水反應形成二氧化碳和[H]，釋放少量能量，發(fā)生在線粒體基質(zhì)中；第三階段發(fā)生在線粒體內(nèi)膜上，是[H]與氧氣結(jié)合形成水，釋放大量能量。2、人體細胞無氧呼吸的第一階段與有氧呼吸第一階段相同，都是葡萄糖分解形成丙酮酸，第二階段是乳酸，發(fā)生在細胞質(zhì)基質(zhì)中?！驹斘觥緼、無氧呼吸中葡萄糖是不徹底的氧化分解，葡萄糖中的能量大部分仍儲存在乳酸中，A正確；B、據(jù)圖可知，通過節(jié)奏跑訓練，跑步者能夠提高無氧閾所對應的運動強度，B錯誤；C、無氧呼吸釋放能量少，有氧呼吸是徹底的氧化分解釋放能量多啊，圖中LT2代表無氧閾，運動強度繼續(xù)增大，無氧和有氧呼吸共同供能，C正確；D、人體細胞只有有氧呼吸產(chǎn)生CO2，因此人體消耗的O2量等于產(chǎn)生的CO2量，D正確。故選B。3.當細菌在慢生長（慢復制）時，其環(huán)形DNA從起點開始進行正常的雙向復制。當進入快生長（快復制）時，細菌內(nèi)DNA復制到一半以上時，在模板DNA和新合成的一半DNA這兩段DNA的中間同時開始復制，與此同時，已經(jīng)復制了一半以上的DNA繼續(xù)完成復制過程。下列敘述錯誤的是（）A.細菌環(huán)狀DNA分子中不含游離的磷酸基團B.營養(yǎng)充足時，大腸桿菌可利用快生長模式快速增殖C.細菌快生長時其擬核DNA上最多有4處正在發(fā)生解螺旋D.細菌慢生長、快生長過程都會形成蛋白質(zhì)—DNA復合體〖答案〗C〖祥解〗DNA由兩條互補鏈的雙螺旋結(jié)構(gòu)組成。復制期間，這些鏈被分離。然后，原始DNA分子的每條鏈都用作產(chǎn)生其對應物的模板，此過程稱為半保留復制?！驹斘觥緼、細菌環(huán)狀DNA分子中不含游離的磷酸基團，A正確；B、DNA復制需要能量，當營養(yǎng)充足時，大腸桿菌可利用快生長模式，快速復制DNA，使大腸桿菌快速增殖，B正確；C、由題干信息可知，當進入快生長（快復制）時，細菌內(nèi)DNA復制到一半以上時，在模板DNA和新合成的一半DNA這兩段DNA的中間同時開始復制，與此同時，已經(jīng)復制了一半以上的DNA繼續(xù)完成復制過程，所以細菌快生長時其擬核DNA上最多有3處正在發(fā)生解螺旋，C錯誤；D、DNA的復制需要酶的參與，所以細菌慢生長、快生長過程都會形成蛋白質(zhì)—DNA復合體，D正確。故選C。4.抑郁的發(fā)生與LHb神經(jīng)元有關，受壓力、恐懼等刺激后LHb神經(jīng)元會進行簇狀放電（正常為單個細胞放電），并對下游腦區(qū)產(chǎn)生抑制。氯胺酮能解除LHb神經(jīng)元的異常反應，并促進神經(jīng)細胞釋放多巴胺，但氯胺酮過量會干擾交感神經(jīng)的作用，引起心臟功能異常。下列敘述正確的是（）A.LHb神經(jīng)元簇狀放電的基礎是神經(jīng)元細胞內(nèi)外電荷分布不平衡B.LHb神經(jīng)元進行單個細胞放電時，膜內(nèi)側(cè)的電位變化是由正變負C.自主神經(jīng)系統(tǒng)中交感神經(jīng)活動占優(yōu)勢時，會引起心跳加快、血管舒張D.氯胺酮能促進神經(jīng)細胞釋放多巴胺，多巴胺發(fā)揮作用后即被分解〖答案〗A〖祥解〗神經(jīng)遞質(zhì)存在于突觸前膜的突觸小泡中，只能由突觸前膜釋放，然后作用于突觸后膜，因此興奮只能從一個神經(jīng)元的軸突傳遞給另一個神經(jīng)元的細胞體或樹突。興奮在神經(jīng)元間的傳遞是單向的，且存在電信號-化學信號-電信號的轉(zhuǎn)換，神經(jīng)遞質(zhì)作用于突觸后膜可以使突觸后膜興奮或抑制，神經(jīng)遞質(zhì)的釋放是一個耗能過程?！驹斘觥緼、神經(jīng)元細胞內(nèi)外電荷分布不平衡是LHb神經(jīng)元簇狀放電的基礎，即鈉離子主要分布在細胞外，而鉀離子主要分布在細胞內(nèi)，A正確；B、LHb神經(jīng)元進行單個細胞放電時，膜內(nèi)側(cè)的電位變化是由負變正，B錯誤；C、交感神經(jīng)屬于自主神經(jīng)系統(tǒng)，機體處于興奮狀態(tài)時占優(yōu)勢，當其活動占優(yōu)勢時，會引起心跳加快、血管收縮，C錯誤；D、題意顯示，氯胺酮能解除LHb神經(jīng)元的異常反應，并促進神經(jīng)細胞釋放多巴胺，多巴胺作為神經(jīng)遞質(zhì)，其發(fā)揮作用后被分解或移走，D錯誤。故選A。5.某果園中存在甲、乙兩種果樹害蟲，果園中的鳥可以捕食這兩種害蟲，使用人工合成的性引誘劑誘殺乙可減輕乙的危害。下列敘述正確的是（）A.果園中果樹、害蟲等全部動植物構(gòu)成了群落B.甲、乙兩種果樹害蟲之間具有種內(nèi)競爭的關系C.利用鳥和性引誘劑防治害蟲的方法均屬于生物防治D.使用性引誘劑誘殺乙減輕乙的危害直接改變了其年齡結(jié)構(gòu)〖答案〗C〖祥解〗種間競爭通常是指兩種或兩種以上生物相互爭奪相同的資源和空間而表現(xiàn)出來的相互抑制現(xiàn)象?！驹斘觥緼、群落是在相同時間聚集在一定地域中各種生物種群的集合，不只是動植物，A錯誤；B、甲、乙兩種果樹害蟲是兩種生物，所以二者之間具有種間競爭的關系，B錯誤；C、利用鳥防治害蟲是利用了捕食關系進行的防治，利用性引誘劑防治害蟲是利用了生態(tài)系統(tǒng)中的化學信息信息，兩者都屬于生物防治，C正確；D、利用性引誘劑直接改變了害蟲的性別比例，進而降低害蟲的出生率，D錯誤。故選C。6.我國釀酒技術歷史悠久，《唐書》記載“葡萄酒，西域有之……及破高昌……京中始識其味”。下列敘述正確的是（）A.酵母菌是真核、兼性厭氧型生物，而醋酸菌是原核、厭氧型生物B.釀酒發(fā)酵初期通入氧氣可促進酵母菌進行有氧呼吸，大量增殖C.在利用葡萄汁制作葡萄酒的過程中，發(fā)酵液的pH逐漸增大D.當糖源充足時，醋酸菌即將乙醇變?yōu)橐胰?，再將乙醛變?yōu)榇姿帷即鸢浮紹〖祥解〗參與果酒制作的微生物是酵母菌，其新陳代謝類型為異養(yǎng)兼性厭氧型。在有氧的情況下酵母菌生長繁殖速度快，把糖分解成二氧化碳和水。在無氧的環(huán)境中酵母菌把糖分解成酒精和二氧化碳。參與果醋制作的微生物是醋酸菌，其新陳代謝類型是異養(yǎng)需氧型。果醋制作的原理：當氧氣、糖源都充足時，醋酸菌將葡萄汁中的糖分解成醋酸。當缺少糖源時，醋酸菌將乙醇變?yōu)橐胰?，再將乙醛變?yōu)榇姿??！驹斘觥緼、酵母菌屬于真核、兼性厭氧型生物，醋酸菌屬于原核、需氧型生物，A錯誤；B、釀酒發(fā)酵初期通入氧氣可促進酵母菌進行有氧呼吸，有利于酵母菌大量增殖，B正確；C、在利用葡萄汁制作葡萄酒的過程中，發(fā)酵液中的二氧化碳越來越多，二氧化碳溶于水呈酸性，故發(fā)酵液的pH變化是先減小后穩(wěn)定，C錯誤；D、當氧氣、糖源都充足時，醋酸菌將葡萄汁中的糖分解成醋酸，當缺少糖源時，醋酸菌可將乙醇變?yōu)橐胰?，再將乙醛變?yōu)榇姿?，D錯誤。故選B。二、非選擇題7.為了研究高溫脅迫對水稻拔節(jié)期相對葉綠素含量（SPAD）和凈光合速率的影響，研究人員以鎮(zhèn)稻6號水稻為材料進行實驗，溫度具體設定如下：10點為36℃、11點為38℃、12點為39℃、13點為40℃、14點為38℃、15點為35℃，實驗結(jié)果如圖1和圖2?；卮鹣铝袉栴}：（1）水稻細胞的葉綠素分布在葉綠體的________上，主要吸收_______光。提取葉綠素過程中，在研磨時加入了無水乙醇和二氧化硅，其他操作規(guī)范，則與正常提取相比，該過程提取的葉綠素量會_________（填“增多”“減少”或“不變”）。（2）據(jù)圖1可知，CK組水稻的SPAD在10：00～15：00時與溫度的總體關系是_______。高溫脅迫_________d處理，12：00～13：00相對葉綠素含量下降最多。（3）結(jié)合圖1和圖2，各處理組10：00～13：00時，水稻凈光合速率與相對葉綠素含量的變化趨勢大致相同，說明高溫脅迫下凈光合速率下降的原因之一是_________。除了上述原因外，還可能是________。（4）PSI和PSⅡ是吸收、傳遞、轉(zhuǎn)化光能的光系統(tǒng)，圖3為高溫脅迫誘導水稻PSⅡ發(fā)生光抑制的局部作用機理圖。ROS代表活性氧，D1蛋白是組成PSⅡ的重要蛋白之一。高溫脅迫下，PSⅡ捕光復合體很容易從膜上脫落，影響光反應中的_______反應，電子傳遞受阻，光合作用強度下降。分析圖3，高溫脅迫導致PSⅡ失活的途徑有_________（答出兩點）。〖答案〗（1）①.類囊體薄膜②.藍紫光和紅③.減少（2）①.溫度越高，SPAD越低②.5（3）①.葉綠素含量下降，光反應速率減慢②.高溫破壞了葉綠體的結(jié)構(gòu)或高溫使葉綠體中酶活性降低、高溫影響了暗反應中CO2的供應等（4）①.水的光解②.高溫脅迫下產(chǎn)生過量ROS，一方面抑制D1蛋白合成，導致PSI失活；另一方面ROS過量還可以直接導致PSⅡ失活〖祥解〗光合作用的光反應階段場所是葉綠體的類囊體膜上，存在水的光解以及ATP的形成。光合作用的暗反應階段場所是葉綠體的基質(zhì)中，暗反應中CO2被C5固定形成C3，C3經(jīng)過還原生成有機物?！拘?詳析】葉綠素分布在葉綠體的類囊體薄膜上，主要吸收藍紫光和紅光。提取水稻細胞的葉綠素過程中，研磨時加入了無水乙醇和二氧化硅，其他操作規(guī)范，則與正常提取相比，該過程提取的葉綠素量減少，應該加入碳酸鈣，防止研磨過程中色素被破壞?！拘?詳析】據(jù)圖1可知，對照組（CK）水稻的SPAD在10：00~15：00時與溫度的總體關系是溫度越高，SPAD越低。高溫脅迫5d處理，12:00~13:00相對葉綠素含量下降最多。【小問3詳析】結(jié)合圖1和圖2，各處理組10：00~13：00時，水稻凈光合速率與葉綠素含量的變化趨勢相同，說明高溫脅迫下凈光合速率下降的原因之一可能是葉綠素含量下降，光反應速率減慢。除了上述原因外，還可能是高溫破壞了葉綠體的結(jié)構(gòu)、使葉綠體中酶活性降低、影響了暗反應中CO2的供應等?！拘?詳析】高溫脅迫下，PSⅡ捕光復合體很容易從膜上脫落，影響光反應中水的光解反應，電子傳遞受阻，光合作用強度下降。根據(jù)圖3可知，高溫脅迫下產(chǎn)生過量ROS，一方面抑制DI蛋白合成，導致PSⅡ失活；另一方面ROS過量還可以直接導致PSI失活。8.支氣管哮喘（簡稱哮喘）是一種慢性氣道炎癥性疾病，其發(fā)病機理如圖1左側(cè)所示，甲可以攝取、加工和處理抗原?？笽gE人源化單克隆抗體——奧馬珠單抗對支氣管哮喘具有良好的治療效果，主要機理如圖1右側(cè)所示。回答下列問題：（1）IgE是氣道黏膜與過敏原相互作用的關鍵生物大分子。圖1左側(cè)①過程IgE可以通過________方式進入細胞內(nèi)，該過程由基底膜附近上皮細胞表達的受體所介導，________（填“需要”或“不需要”）消耗能量。IgE經(jīng)木瓜蛋白酶水解后會產(chǎn)生一個Fc片段和兩個Fab片段，其中Fab片段包含抗原結(jié)合位點，而Fc片段則參與免疫細胞的識別和活化，上述片段中決定抗原特異性的是__________片段。（2）圖1中細胞甲的名稱可能是________，B細胞的活化除了圖中細胞因子的作用外，還需要的兩個激活信號是________，圖中能激活嗜酸性粒細胞的分子有__________（答出兩點）。（3）肥大細胞釋放的________等物質(zhì)通過體液運輸?shù)竭_相關組織，致支氣管平滑肌痙攣，黏膜水腫，引起哮喘，奧馬珠單抗能治療支氣管哮喘，由圖1右側(cè)可知，奧馬珠單抗除了可以降低游離IgE水平外，還可以________（答出一點）。（4）為了進一步研究奧馬珠單抗對哮喘的療效，研究人員探究了注射奧馬珠單抗前后患者OCS（口服糖皮質(zhì)激素）的使用情況，結(jié)果如圖2、圖3（治療前，所有患者均有OCS治療經(jīng)歷，治療后均為正常狀態(tài)）。根據(jù)圖2可知，使用奧馬珠單抗后可以減少________%（保留一位小數(shù)）的OCS使用量；根據(jù)圖2和圖3可得出的結(jié)論是________（答出一點）。〖答案〗（1）①.胞吞##吞噬②.需要③.Fab（2）①.樹突狀細胞##抗原呈遞細胞②.抗原與B細胞直接接觸、輔助性T細胞表面特定分子發(fā)生變化并與B細胞結(jié)合③.IgE、細胞因子、前列腺素D2（3）①.組胺##組織胺②.抑制樹突狀細胞攝取IgE（4）①.66.7②.注射奧馬珠單抗可降低OSC的使用量，隨注射奧馬珠單抗時間延長，停用OSC的患者逐漸增加〖祥解〗1、過敏反應是指已產(chǎn)生免疫的機體在再次接受相同抗原刺激時，有時會發(fā)生引發(fā)組織損傷或功能紊亂的免疫反應。2、過敏反應的原理：機體第一次接觸過敏原時，機體會產(chǎn)生抗體，吸附在某些細胞的表面；當機體再次接觸過敏原時，就會與吸附在細胞表面的相應抗體結(jié)合，被抗體吸附的細胞會釋放組織胺等物質(zhì)，導致毛細血管擴張、血管通透增強、平滑肌收縮、腺體分泌增加等，進而引起過敏反應。【小問1詳析】IgE是（抗原）大分子，通過（樹突狀細胞）胞吞的方式進入細胞，該過程需要消耗能量。由題意可知，F(xiàn)ab片段包含抗原結(jié)合位點，而Fc片段則參與免疫細胞的識別和活化，故決定抗原特異性的片段是Fab。【小問2詳析】由圖可知，圖1中細胞甲是樹突狀細胞，激活B細胞的兩個信號除了細胞因子，還有①抗原與B細胞直接接觸、②輔助性T細胞表面特定分子發(fā)生變化并與B細胞結(jié)合。由圖可知。圖中IgE能直接激活嗜酸性粒細胞，細胞因子、前列腺素D2也能激活該細胞。【小問3詳析】肥大細胞釋放的組胺等物質(zhì)通過體液運輸?shù)竭_相關組織，致支氣管平滑肌痙攣，黏膜水腫，引起哮喘，屬于過敏反應。由圖可知，奧馬珠單抗除了可以降低游離IgE水平外，還可以抑制樹突狀細胞攝取IgE?！拘?詳析】根據(jù)圖2可知，使用奧馬珠單抗后可以減少OSC的使用量為（22.8-7.5）/22.8=66.7%；根據(jù)圖2和圖3可得出注射奧馬珠單抗可降低OSC的使用量，隨注射奧馬珠單抗時間延長，停用OSC的患者逐漸增加。9.“藍碳”也叫“藍色碳匯”，即海洋碳匯，指利用海洋活動及海洋生物吸收大氣中的二氧化碳，并將其固定、儲存在海洋中的過程。威海已成為“藍碳”資源“富集地”，其海草床面積不斷擴大，為大天鵝越冬棲息提供了充足的食物；通過補充菲律賓蛤仔、脈紅螺等，海草床的生物多樣性不斷增加；加強碳匯漁業(yè)資源修復，推廣了多營養(yǎng)層次綜合立體養(yǎng)殖模式如進行貝藻養(yǎng)殖和魚類養(yǎng)殖。回答下列問題：（1）海洋碳庫可分為碳源和碳匯，海洋中的動植物遺體及部分污水有機物屬于_________。海洋中的一些塑料垃圾被分解為微塑料，微塑料可在魚類和人體內(nèi)富集，其在生態(tài)系統(tǒng)中富集的渠道是__________。（2）研究大天鵝的生態(tài)位，除了要研究大天鵝的棲息地外，還需要研究其________。碳匯漁業(yè)可通過漁業(yè)生產(chǎn)活動促進水生生物吸收__________，從而減緩水體酸度和氣候變暖效應。（3）人們在水的上層掛繩養(yǎng)殖海帶等藻類；在水的中層用網(wǎng)箱養(yǎng)殖投餌性魚類；在底層投放人工魚礁，養(yǎng)殖底棲雜食動物。這種養(yǎng)殖模式提升了群落________結(jié)構(gòu)的復雜程度，提高了_________，增加了經(jīng)濟效益和生態(tài)效益。（4）假設威海濕地海域僅存在食物鏈：浮游植物→脈紅螺→大天鵝，能量流經(jīng)第二營養(yǎng)級脈紅螺的示意圖如下。圖中的B代表__________，脈紅螺糞便中的能量屬于________同化量中流向_________的能量。〖答案〗（1）①.碳源②.食物鏈和食物網(wǎng)（2）①.食物，天敵以及與其他物種的關系②.大氣中的二氧化碳（3）①.垂直②.空間和資源的利用率（4）①.脈紅螺用于生長、發(fā)育和繁殖的能量②.浮游植物③.分解者〖祥解〗1、一個物種在群落中的地位或角色稱為這個物種的生態(tài)位。研究某種動物的生態(tài)位通常要研究它的棲息地，食物，天敵以及與其他物種的關系。研究某種植物的生態(tài)位，通常要研究它在研究區(qū)域內(nèi)出現(xiàn)的頻率，種群密度。植株高度等特征以及他與其他物種的關系等【小問1詳析】根據(jù)題干信息可知，碳匯指的是利用海洋活動及海洋生物吸收大氣當中的二氧化碳，并將其固定儲存在海洋中的過程。而海洋當中的動植物遺體及部分污水有機物被分解后產(chǎn)生二氧化碳，屬于碳源。生物富集現(xiàn)象在生態(tài)系統(tǒng)中依賴的傳遞渠道是食物鏈和食物網(wǎng)，最高營養(yǎng)級的微塑料含量最高。【小問2詳析】一個物種在群落中的地位或角色稱為這個物種的生態(tài)位。研究某種動物的生態(tài)位通常要研究它的棲息地，食物，天敵以及與其他物種的關系。根據(jù)題干信息可知，碳匯漁業(yè)可以通過漁業(yè)生產(chǎn)活動促進水生生物吸收大氣當中的二氧化碳，并將其固定儲存在海洋當中，從而能夠減緩水體酸度和氣候變暖效應【小問3詳析】在水的上層掛繩養(yǎng)殖海帶等藻類；在水的中層用網(wǎng)箱養(yǎng)殖投餌性魚類；在底層投放人工魚礁，養(yǎng)殖底棲雜食動物，屬于垂直結(jié)構(gòu)的分布，該養(yǎng)殖模式提升了群落垂直結(jié)構(gòu)的復雜程度，提高了空間和資源的利用率，增加了經(jīng)濟效益和生態(tài)效益?！拘?詳析】流入第二營養(yǎng)級的能量一部分。在初級消費者的呼吸作用當中以熱能的形式散失。另一部分用于初級消費者的生長發(fā)育，繁殖等生命活動。其中一些以遺體殘骸的形式被分解者利用。根據(jù)題意可知，該區(qū)域內(nèi)僅存在的食物鏈為浮游植物→脈紅螺→大天鵝。該圖為第二營養(yǎng)級脈紅螺的能量示意圖，圖中A表示的是脈紅螺的同化量，圖中的B代表脈紅螺用于生長、發(fā)育和繁殖的能量，脈紅螺糞便中的能量屬于屬于第一營養(yǎng)級浮游植物同化量中流向分解者的能量。10.植物遠緣雜交可能會造成核仁顯性現(xiàn)象，即源于一個親本的基因組沉默，而源于另一個親本的基因組表達?，F(xiàn)采用人工去雄授粉的方法，以蘿卜（RR，2n=18）為母本、芥藍（CC，2n=18）為父本進行雜交，并通過胚搶救（一種育種手段）得到6株F1植株?；卮鹣铝袉栴}：（1）蘿卜與芥藍遠緣雜交的后代一般不育，主要原因是_________。經(jīng)胚搶救得到的6株F1幼苗用_________處理，可使其成為四倍體，恢復其育性。（2）若核仁顯性使全部后代只表達蘿卜或芥藍一方的基因組，則上述6株F1植株的表型可能有________（填“一種”“兩種”“多種”或“都有可能”）。研究人員提取了親本蘿卜、芥藍及F1的總RNA并逆轉(zhuǎn)錄得到cDNA，以cDNA為模板用特定引物進行PCR，經(jīng)1.5%瓊脂糖凝膠電泳的結(jié)果如圖所示。結(jié)合電泳圖譜分析，核仁顯性使F1表達了_________一方的基因組。（3）若對蘿卜采用常規(guī)雜交育種，可培育出不同根形的品種。蘿卜的根形由A、a和D、d兩對常染色體上的等位基因控制，且獨立遺傳?，F(xiàn)將兩種穩(wěn)定遺傳的圓形蘿卜進行雜交，F(xiàn)1全為扁形；F1自交，F(xiàn)2有扁形、圓形和長形三種表型，已知同時含有A和D基因的個體表現(xiàn)為扁形。①由此推測，F(xiàn)2中圓形蘿卜的基因型有________種，圓形蘿卜自由交配，F(xiàn)?中基因型為Aadd的蘿卜所占比例為________。②隨機選取F2中一個圓形蘿卜，現(xiàn)欲鑒定其是純合子還是雜合子，可選擇表型為________的蘿卜與其交配。若后代表型及比例為________，可證明其為純合子；若后代表型及比例為________，可證明其為雜合子?！即鸢浮剑?）①.來自雙親的異源染色體不能正常配對②.秋水仙素或低溫（2）①.都有可能②.芥藍（3）①.4②.2/9③.長形④.全部為圓形⑤.圓形：長形=1：1〖祥解〗基因分離定律的實質(zhì)：位于同源染色體上的等位基因隨同源染色體分離而分離，分別進入不同的配子中，隨配子獨立遺傳給后代?；蜃杂山M合定律的實質(zhì)：位于同源染色體上的等位基因分離的同時，位于非同源染色體上的非等位基因進行自由組合【小問1詳析】蘿卜與芥藍遠緣雜交的后代一般不育，主要是因為來自雙親的異源染色體不能正常配對。經(jīng)胚搶救得到的6株F1幼苗可用秋水仙素或低溫處理，使其成為四倍體，則恢復其育性。【小問2詳析】植物遠緣雜交可能會造成核仁顯性現(xiàn)象，若核仁顯性使全部后代只表達蘿卜或芥藍一方的基因組，6株F1植株的表型可能有一種、兩種或多種可能。結(jié)合電泳圖譜分析，6株F1電泳結(jié)果與芥藍一致，說明6株F1表達了芥藍的基因組?！拘?詳析】①根據(jù)兩種穩(wěn)定遺傳的圓形蘿卜進行雜交，F(xiàn)1全為扁形及同時含有A和D基因的個體表現(xiàn)為扁形可以推測，扁形基因型為A_D_，圓形基因型為A_dd、aaD_，長形基因型為aadd，F(xiàn)2中圓形蘿卜的基因型有4種，圓形蘿卜（1/6AAdd、2/6Aadd、1/6aaDD、2/6aaDd）自由交配，雄配子之比為1/3aD：1/3ad：1/3Ad，雌配子之比也為1/3aD：1/3ad：1/3Ad，F(xiàn)3中基因型為Aadd的圓形蘿卜所占比例為2/9。②F2圓形蘿卜的基因型可能為AAdd、Aadd、aaDD、aaDd，欲鑒定其是純合子還是雜合子，可選擇長形蘿卜（aadd）與其交配，若后代全為圓形（Aadd、aaDd），則證明其為純合子（AAdd、aaDD），若后代圓形：長形=1：1，可證明其為雜合子（Aadd、aaDd）。11.培育抗草甘膦轉(zhuǎn)基因大豆時，首先需要構(gòu)建UTR—CTP—EPSPS序列（UTR—前導序列；CTP—葉綠體定位信號肽序列；EPSPS—抗草甘膦基因）和pCAMBIA1300質(zhì)粒的重組載體，構(gòu)建過程如圖所示。重組載體通過電轉(zhuǎn)化方式導入大腸桿菌DH5R中，經(jīng)測序驗證后導入農(nóng)桿菌菌株EHA105中形成轉(zhuǎn)化的工程菌株，再轉(zhuǎn)染大豆。回答下列問題：（1）構(gòu)建UTR—CTP—EPSPS序列與pCAMBIA1300質(zhì)粒的重組載體過程中，進行PCR時需要在兩種引物的_________端連接限制酶_________的識別序列，引物序列的確定應依據(jù)_________，PCR依據(jù)的原理是__________。（2）重組質(zhì)粒PTWGM1接入的UTR—CTP—EPSPS序列中，EPSPS基因與CTP綁定的目的是_________。利用質(zhì)粒PTWGM1可以大量擴增UTR—CTP—EPSPS片段，是因為其結(jié)構(gòu)中含有_________。（3）質(zhì)粒PTWGM1通過電轉(zhuǎn)化方式導入大腸桿菌DH5R的關鍵是利用電脈沖在_________處打開通道，使得外源DNA能夠順利進入細胞內(nèi)。要確定細胞電轉(zhuǎn)化是否成功，需要在培養(yǎng)大腸桿菌的培養(yǎng)基中添加__________進行篩選。（4）若要回收EPSPS片段，可將擴增產(chǎn)物通過電泳進行分離后，割下凝膠以回收擴增的EPSPS基因。在凝膠中DNA分子的遷移速率與_________（答出兩點）有關。若除目標條帶外，還出現(xiàn)了少量的小片段非特異性擴增帶，原因可能是_________（答出一點）?！即鸢浮剑?）①.5'②.hpt③.目的基因的堿基序列④.DNA復制（2）①.將EPSPS基因表達的產(chǎn)物引導到葉綠體②.復制原點（3）①.細胞膜②.卡那霉素（4）①.凝膠的濃度、DNA分子的大小和構(gòu)象②.引物設計不夠優(yōu)化，如引物與靶序列有非特異性互補或自身聚合成二聚體、退火溫度偏低、酶的量偏高等

〖祥解〗1、PCR是聚合酶鏈式反應的簡稱，指在引物指導下由酶催化的對特定模板的擴增反應，是模擬體內(nèi)DNA復制過程，在體外特異性擴增DNA片段的一種技術。2、基因工程技術的基本步驟：（1）目的基因的獲?。悍椒ㄓ袕幕蛭膸熘蝎@取、利用PCR技術擴增和人工合成。（2）基因表達載體的構(gòu)建：是基因工程的核心步驟，基因表達載體包括目的基因、啟動子、終止子和標記基因等。（3）將目的基因?qū)胧荏w細胞：根據(jù)受體細胞不同，導入的方法也不一樣．將目的基因?qū)胫参锛毎姆椒ㄓ修r(nóng)桿菌轉(zhuǎn)化法、基因槍法和花粉管通道法；將目的基因?qū)雱游锛毎钣行У姆椒ㄊ秋@微注射法；將目的基因?qū)胛⑸锛毎姆椒ㄊ歉惺軕B(tài)細胞法。（4）目的基因的檢測與鑒定：分子水平上的檢測：①檢測轉(zhuǎn)基因生物染色體的DNA是否插入目的基因——DNA分子雜交技術；②檢測目的基因是否轉(zhuǎn)錄出了mRNA——分子雜交技術；③檢測目的基因是否翻譯成蛋白質(zhì)——抗原—抗體雜交技術。個體水平上的鑒定：抗蟲鑒定、抗病鑒定、活性鑒定等?！拘?詳析】由圖可知，構(gòu)建UTR—CTP—EPSPS序列與pCAMBIA1300質(zhì)粒的重組載體過程中，在限制酶hpt處切開將UTR—CTP—EPSPS序列插入，進行PCR時會從引物的3'端延伸，所以需要在兩種引物的5'端連接限制酶hpt的識別序列，由于引物的堿基序列序列要與目的基因堿基序列互補，其引物序列的確定應依據(jù)目的基因堿基序列，PCR依據(jù)的原理是DNA復制?！拘?詳析】由題干知，CTP—葉綠體定位信號肽序列，EPSPS基因與CTP綁定的目的是將EPSPS基因表達的產(chǎn)物引導到葉綠體，復制原點是DNA復制時特定的起始位點，因此用質(zhì)粒PTWGM1可以大量擴增UTR—CTP—EPSPS片段，是因為其結(jié)構(gòu)中含有復制原點?！拘?詳析】質(zhì)粒PTWGM1通過電轉(zhuǎn)化方式導入大腸桿菌DH5R，是利用電脈沖在細胞膜處打開通道，這樣可以使外源DNA容易進入細胞；由于重組載體中含有卡那霉素抗性基因，所以在篩選時可以在培養(yǎng)基中加入卡那霉素?！拘?詳析】瓊脂糖凝膠電泳時，在凝膠中DNA分子的遷移速率與凝膠的濃度、DNA分子的大小和構(gòu)象等有關；瓊脂糖凝膠電泳結(jié)果中，若除目標條帶外，還出現(xiàn)了少量的小片段非特異性擴增帶，說明在PCR過程中可能出現(xiàn)了異常，根據(jù)PCR技術特點，可能是引物設計不夠優(yōu)化，如引物與靶序列有非特異性互補或自身聚合成二聚體、退火溫度偏低、酶的量偏高等原因。2024屆河南省名校聯(lián)盟高三下學期5月聯(lián)考（三模）一、選擇題1.核糖體上合成的蛋白質(zhì)部分轉(zhuǎn)運至線粒體、葉綠體、細胞核等部位，部分轉(zhuǎn)移至粗面內(nèi)質(zhì)網(wǎng)，后經(jīng)高爾基體轉(zhuǎn)運至溶酶體、細胞膜或分泌到細胞外。下列敘述錯誤的是（）A.內(nèi)質(zhì)網(wǎng)是蛋白質(zhì)等物質(zhì)的合成、加工場所和運輸通道B.部分轉(zhuǎn)運至線粒體的蛋白質(zhì)不需要粗面內(nèi)質(zhì)網(wǎng)的加工C.部分進入溶酶體的蛋白質(zhì)可參與分解衰老、損傷的細胞器D.用3H標記氨基酸的羧基即可確定某種蛋白質(zhì)的轉(zhuǎn)運方向〖答案〗D〖祥解〗在蛋白質(zhì)的合成和分選過程中，細胞內(nèi)蛋白質(zhì)的合成都起始于細胞質(zhì)基質(zhì)中的游離核糖體，不同的蛋白質(zhì)去向不同，需要進入內(nèi)質(zhì)網(wǎng)的蛋白質(zhì)會合成信號肽，信號肽會引導核糖體一起轉(zhuǎn)移到粗面內(nèi)質(zhì)網(wǎng)上繼續(xù)合成蛋白質(zhì)?！驹斘觥緼、內(nèi)質(zhì)網(wǎng)是蛋白質(zhì)等物質(zhì)的合成、加工場所和運輸通道，A正確；B、由題干可知，核糖體上合成的蛋白質(zhì)部分轉(zhuǎn)運至線粒體，不經(jīng)過內(nèi)質(zhì)網(wǎng)的加工，B正確；C、部分進入溶酶體的蛋白質(zhì)是水解酶，可參與分解衰老、損傷的細胞器，C正確；D、在脫水縮合的過程中，氨基酸的羧基會將H脫去，因此用3H標記亮氨酸的羧基不能確定蛋白質(zhì)的轉(zhuǎn)運途徑，D錯誤。故選D。2.無氧閾是指在運動負荷遞增過程中，人體由有氧代謝供能為主進入有氧和無氧代謝共同供能的轉(zhuǎn)折點（即血液中乳酸量急劇上升）。如圖為無訓練經(jīng)驗人士和耐力運動員在運動強度增加時血液中乳酸量的變化，下列敘述錯誤的是（）A.骨骼肌無氧呼吸消耗的葡萄糖中大部分能量儲存在乳酸中B.通過節(jié)奏跑訓練，跑步者能夠降低無氧閾所對應的運動強度C.LT2代表無氧閾，運動強度繼續(xù)增大，無氧和有氧呼吸共同供能D.運動強度低于50%時，人體消耗的O2量等于產(chǎn)生的CO2量〖答案〗B〖祥解〗1、人體細胞有氧呼吸分為三個階段：第一階段，葡萄糖分解形成丙酮酸和[H]，釋放少量能量，發(fā)生在細胞質(zhì)基質(zhì)中；第二階段是丙酮酸和水反應形成二氧化碳和[H]，釋放少量能量，發(fā)生在線粒體基質(zhì)中；第三階段發(fā)生在線粒體內(nèi)膜上，是[H]與氧氣結(jié)合形成水，釋放大量能量。2、人體細胞無氧呼吸的第一階段與有氧呼吸第一階段相同，都是葡萄糖分解形成丙酮酸，第二階段是乳酸，發(fā)生在細胞質(zhì)基質(zhì)中。【詳析】A、無氧呼吸中葡萄糖是不徹底的氧化分解，葡萄糖中的能量大部分仍儲存在乳酸中，A正確；B、據(jù)圖可知，通過節(jié)奏跑訓練，跑步者能夠提高無氧閾所對應的運動強度，B錯誤；C、無氧呼吸釋放能量少，有氧呼吸是徹底的氧化分解釋放能量多啊，圖中LT2代表無氧閾，運動強度繼續(xù)增大，無氧和有氧呼吸共同供能，C正確；D、人體細胞只有有氧呼吸產(chǎn)生CO2，因此人體消耗的O2量等于產(chǎn)生的CO2量，D正確。故選B。3.當細菌在慢生長（慢復制）時，其環(huán)形DNA從起點開始進行正常的雙向復制。當進入快生長（快復制）時，細菌內(nèi)DNA復制到一半以上時，在模板DNA和新合成的一半DNA這兩段DNA的中間同時開始復制，與此同時，已經(jīng)復制了一半以上的DNA繼續(xù)完成復制過程。下列敘述錯誤的是（）A.細菌環(huán)狀DNA分子中不含游離的磷酸基團B.營養(yǎng)充足時，大腸桿菌可利用快生長模式快速增殖C.細菌快生長時其擬核DNA上最多有4處正在發(fā)生解螺旋D.細菌慢生長、快生長過程都會形成蛋白質(zhì)—DNA復合體〖答案〗C〖祥解〗DNA由兩條互補鏈的雙螺旋結(jié)構(gòu)組成。復制期間，這些鏈被分離。然后，原始DNA分子的每條鏈都用作產(chǎn)生其對應物的模板，此過程稱為半保留復制?！驹斘觥緼、細菌環(huán)狀DNA分子中不含游離的磷酸基團，A正確；B、DNA復制需要能量，當營養(yǎng)充足時，大腸桿菌可利用快生長模式，快速復制DNA，使大腸桿菌快速增殖，B正確；C、由題干信息可知，當進入快生長（快復制）時，細菌內(nèi)DNA復制到一半以上時，在模板DNA和新合成的一半DNA這兩段DNA的中間同時開始復制，與此同時，已經(jīng)復制了一半以上的DNA繼續(xù)完成復制過程，所以細菌快生長時其擬核DNA上最多有3處正在發(fā)生解螺旋，C錯誤；D、DNA的復制需要酶的參與，所以細菌慢生長、快生長過程都會形成蛋白質(zhì)—DNA復合體，D正確。故選C。4.抑郁的發(fā)生與LHb神經(jīng)元有關，受壓力、恐懼等刺激后LHb神經(jīng)元會進行簇狀放電（正常為單個細胞放電），并對下游腦區(qū)產(chǎn)生抑制。氯胺酮能解除LHb神經(jīng)元的異常反應，并促進神經(jīng)細胞釋放多巴胺，但氯胺酮過量會干擾交感神經(jīng)的作用，引起心臟功能異常。下列敘述正確的是（）A.LHb神經(jīng)元簇狀放電的基礎是神經(jīng)元細胞內(nèi)外電荷分布不平衡B.LHb神經(jīng)元進行單個細胞放電時，膜內(nèi)側(cè)的電位變化是由正變負C.自主神經(jīng)系統(tǒng)中交感神經(jīng)活動占優(yōu)勢時，會引起心跳加快、血管舒張D.氯胺酮能促進神經(jīng)細胞釋放多巴胺，多巴胺發(fā)揮作用后即被分解〖答案〗A〖祥解〗神經(jīng)遞質(zhì)存在于突觸前膜的突觸小泡中，只能由突觸前膜釋放，然后作用于突觸后膜，因此興奮只能從一個神經(jīng)元的軸突傳遞給另一個神經(jīng)元的細胞體或樹突。興奮在神經(jīng)元間的傳遞是單向的，且存在電信號-化學信號-電信號的轉(zhuǎn)換，神經(jīng)遞質(zhì)作用于突觸后膜可以使突觸后膜興奮或抑制，神經(jīng)遞質(zhì)的釋放是一個耗能過程。【詳析】A、神經(jīng)元細胞內(nèi)外電荷分布不平衡是LHb神經(jīng)元簇狀放電的基礎，即鈉離子主要分布在細胞外，而鉀離子主要分布在細胞內(nèi)，A正確；B、LHb神經(jīng)元進行單個細胞放電時，膜內(nèi)側(cè)的電位變化是由負變正，B錯誤；C、交感神經(jīng)屬于自主神經(jīng)系統(tǒng)，機體處于興奮狀態(tài)時占優(yōu)勢，當其活動占優(yōu)勢時，會引起心跳加快、血管收縮，C錯誤；D、題意顯示，氯胺酮能解除LHb神經(jīng)元的異常反應，并促進神經(jīng)細胞釋放多巴胺，多巴胺作為神經(jīng)遞質(zhì)，其發(fā)揮作用后被分解或移走，D錯誤。故選A。5.某果園中存在甲、乙兩種果樹害蟲，果園中的鳥可以捕食這兩種害蟲，使用人工合成的性引誘劑誘殺乙可減輕乙的危害。下列敘述正確的是（）A.果園中果樹、害蟲等全部動植物構(gòu)成了群落B.甲、乙兩種果樹害蟲之間具有種內(nèi)競爭的關系C.利用鳥和性引誘劑防治害蟲的方法均屬于生物防治D.使用性引誘劑誘殺乙減輕乙的危害直接改變了其年齡結(jié)構(gòu)〖答案〗C〖祥解〗種間競爭通常是指兩種或兩種以上生物相互爭奪相同的資源和空間而表現(xiàn)出來的相互抑制現(xiàn)象。【詳析】A、群落是在相同時間聚集在一定地域中各種生物種群的集合，不只是動植物，A錯誤；B、甲、乙兩種果樹害蟲是兩種生物，所以二者之間具有種間競爭的關系，B錯誤；C、利用鳥防治害蟲是利用了捕食關系進行的防治，利用性引誘劑防治害蟲是利用了生態(tài)系統(tǒng)中的化學信息信息，兩者都屬于生物防治，C正確；D、利用性引誘劑直接改變了害蟲的性別比例，進而降低害蟲的出生率，D錯誤。故選C。6.我國釀酒技術歷史悠久，《唐書》記載“葡萄酒，西域有之……及破高昌……京中始識其味”。下列敘述正確的是（）A.酵母菌是真核、兼性厭氧型生物，而醋酸菌是原核、厭氧型生物B.釀酒發(fā)酵初期通入氧氣可促進酵母菌進行有氧呼吸，大量增殖C.在利用葡萄汁制作葡萄酒的過程中，發(fā)酵液的pH逐漸增大D.當糖源充足時，醋酸菌即將乙醇變?yōu)橐胰賹⒁胰┳優(yōu)榇姿帷即鸢浮紹〖祥解〗參與果酒制作的微生物是酵母菌，其新陳代謝類型為異養(yǎng)兼性厭氧型。在有氧的情況下酵母菌生長繁殖速度快，把糖分解成二氧化碳和水。在無氧的環(huán)境中酵母菌把糖分解成酒精和二氧化碳。參與果醋制作的微生物是醋酸菌，其新陳代謝類型是異養(yǎng)需氧型。果醋制作的原理：當氧氣、糖源都充足時，醋酸菌將葡萄汁中的糖分解成醋酸。當缺少糖源時，醋酸菌將乙醇變?yōu)橐胰賹⒁胰┳優(yōu)榇姿?。【詳析】A、酵母菌屬于真核、兼性厭氧型生物，醋酸菌屬于原核、需氧型生物，A錯誤；B、釀酒發(fā)酵初期通入氧氣可促進酵母菌進行有氧呼吸，有利于酵母菌大量增殖，B正確；C、在利用葡萄汁制作葡萄酒的過程中，發(fā)酵液中的二氧化碳越來越多，二氧化碳溶于水呈酸性，故發(fā)酵液的pH變化是先減小后穩(wěn)定，C錯誤；D、當氧氣、糖源都充足時，醋酸菌將葡萄汁中的糖分解成醋酸，當缺少糖源時，醋酸菌可將乙醇變?yōu)橐胰賹⒁胰┳優(yōu)榇姿?，D錯誤。故選B。二、非選擇題7.為了研究高溫脅迫對水稻拔節(jié)期相對葉綠素含量（SPAD）和凈光合速率的影響，研究人員以鎮(zhèn)稻6號水稻為材料進行實驗，溫度具體設定如下：10點為36℃、11點為38℃、12點為39℃、13點為40℃、14點為38℃、15點為35℃，實驗結(jié)果如圖1和圖2?；卮鹣铝袉栴}：（1）水稻細胞的葉綠素分布在葉綠體的________上，主要吸收_______光。提取葉綠素過程中，在研磨時加入了無水乙醇和二氧化硅，其他操作規(guī)范，則與正常提取相比，該過程提取的葉綠素量會_________（填“增多”“減少”或“不變”）。（2）據(jù)圖1可知，CK組水稻的SPAD在10：00～15：00時與溫度的總體關系是_______。高溫脅迫_________d處理，12：00～13：00相對葉綠素含量下降最多。（3）結(jié)合圖1和圖2，各處理組10：00～13：00時，水稻凈光合速率與相對葉綠素含量的變化趨勢大致相同，說明高溫脅迫下凈光合速率下降的原因之一是_________。除了上述原因外，還可能是________。（4）PSI和PSⅡ是吸收、傳遞、轉(zhuǎn)化光能的光系統(tǒng)，圖3為高溫脅迫誘導水稻PSⅡ發(fā)生光抑制的局部作用機理圖。ROS代表活性氧，D1蛋白是組成PSⅡ的重要蛋白之一。高溫脅迫下，PSⅡ捕光復合體很容易從膜上脫落，影響光反應中的_______反應，電子傳遞受阻，光合作用強度下降。分析圖3，高溫脅迫導致PSⅡ失活的途徑有_________（答出兩點）?！即鸢浮剑?）①.類囊體薄膜②.藍紫光和紅③.減少（2）①.溫度越高，SPAD越低②.5（3）①.葉綠素含量下降，光反應速率減慢②.高溫破壞了葉綠體的結(jié)構(gòu)或高溫使葉綠體中酶活性降低、高溫影響了暗反應中CO2的供應等（4）①.水的光解②.高溫脅迫下產(chǎn)生過量ROS，一方面抑制D1蛋白合成，導致PSI失活；另一方面ROS過量還可以直接導致PSⅡ失活〖祥解〗光合作用的光反應階段場所是葉綠體的類囊體膜上，存在水的光解以及ATP的形成。光合作用的暗反應階段場所是葉綠體的基質(zhì)中，暗反應中CO2被C5固定形成C3，C3經(jīng)過還原生成有機物?！拘?詳析】葉綠素分布在葉綠體的類囊體薄膜上，主要吸收藍紫光和紅光。提取水稻細胞的葉綠素過程中，研磨時加入了無水乙醇和二氧化硅，其他操作規(guī)范，則與正常提取相比，該過程提取的葉綠素量減少，應該加入碳酸鈣，防止研磨過程中色素被破壞?！拘?詳析】據(jù)圖1可知，對照組（CK）水稻的SPAD在10：00~15：00時與溫度的總體關系是溫度越高，SPAD越低。高溫脅迫5d處理，12:00~13:00相對葉綠素含量下降最多。【小問3詳析】結(jié)合圖1和圖2，各處理組10：00~13：00時，水稻凈光合速率與葉綠素含量的變化趨勢相同，說明高溫脅迫下凈光合速率下降的原因之一可能是葉綠素含量下降，光反應速率減慢。除了上述原因外，還可能是高溫破壞了葉綠體的結(jié)構(gòu)、使葉綠體中酶活性降低、影響了暗反應中CO2的供應等?！拘?詳析】高溫脅迫下，PSⅡ捕光復合體很容易從膜上脫落，影響光反應中水的光解反應，電子傳遞受阻，光合作用強度下降。根據(jù)圖3可知，高溫脅迫下產(chǎn)生過量ROS，一方面抑制DI蛋白合成，導致PSⅡ失活；另一方面ROS過量還可以直接導致PSI失活。8.支氣管哮喘（簡稱哮喘）是一種慢性氣道炎癥性疾病，其發(fā)病機理如圖1左側(cè)所示，甲可以攝取、加工和處理抗原?？笽gE人源化單克隆抗體——奧馬珠單抗對支氣管哮喘具有良好的治療效果，主要機理如圖1右側(cè)所示?；卮鹣铝袉栴}：（1）IgE是氣道黏膜與過敏原相互作用的關鍵生物大分子。圖1左側(cè)①過程IgE可以通過________方式進入細胞內(nèi)，該過程由基底膜附近上皮細胞表達的受體所介導，________（填“需要”或“不需要”）消耗能量。IgE經(jīng)木瓜蛋白酶水解后會產(chǎn)生一個Fc片段和兩個Fab片段，其中Fab片段包含抗原結(jié)合位點，而Fc片段則參與免疫細胞的識別和活化，上述片段中決定抗原特異性的是__________片段。（2）圖1中細胞甲的名稱可能是________，B細胞的活化除了圖中細胞因子的作用外，還需要的兩個激活信號是________，圖中能激活嗜酸性粒細胞的分子有__________（答出兩點）。（3）肥大細胞釋放的________等物質(zhì)通過體液運輸?shù)竭_相關組織，致支氣管平滑肌痙攣，黏膜水腫，引起哮喘，奧馬珠單抗能治療支氣管哮喘，由圖1右側(cè)可知，奧馬珠單抗除了可以降低游離IgE水平外，還可以________（答出一點）。（4）為了進一步研究奧馬珠單抗對哮喘的療效，研究人員探究了注射奧馬珠單抗前后患者OCS（口服糖皮質(zhì)激素）的使用情況，結(jié)果如圖2、圖3（治療前，所有患者均有OCS治療經(jīng)歷，治療后均為正常狀態(tài)）。根據(jù)圖2可知，使用奧馬珠單抗后可以減少________%（保留一位小數(shù)）的OCS使用量；根據(jù)圖2和圖3可得出的結(jié)論是________（答出一點）?！即鸢浮剑?）①.胞吞##吞噬②.需要③.Fab（2）①.樹突狀細胞##抗原呈遞細胞②.抗原與B細胞直接接觸、輔助性T細胞表面特定分子發(fā)生變化并與B細胞結(jié)合③.IgE、細胞因子、前列腺素D2（3）①.組胺##組織胺②.抑制樹突狀細胞攝取IgE（4）①.66.7②.注射奧馬珠單抗可降低OSC的使用量，隨注射奧馬珠單抗時間延長，停用OSC的患者逐漸增加〖祥解〗1、過敏反應是指已產(chǎn)生免疫的機體在再次接受相同抗原刺激時，有時會發(fā)生引發(fā)組織損傷或功能紊亂的免疫反應。2、過敏反應的原理：機體第一次接觸過敏原時，機體會產(chǎn)生抗體，吸附在某些細胞的表面；當機體再次接觸過敏原時，就會與吸附在細胞表面的相應抗體結(jié)合，被抗體吸附的細胞會釋放組織胺等物質(zhì)，導致毛細血管擴張、血管通透增強、平滑肌收縮、腺體分泌增加等，進而引起過敏反應。【小問1詳析】IgE是（抗原）大分子，通過（樹突狀細胞）胞吞的方式進入細胞，該過程需要消耗能量。由題意可知，F(xiàn)ab片段包含抗原結(jié)合位點，而Fc片段則參與免疫細胞的識別和活化，故決定抗原特異性的片段是Fab。【小問2詳析】由圖可知，圖1中細胞甲是樹突狀細胞，激活B細胞的兩個信號除了細胞因子，還有①抗原與B細胞直接接觸、②輔助性T細胞表面特定分子發(fā)生變化并與B細胞結(jié)合。由圖可知。圖中IgE能直接激活嗜酸性粒細胞，細胞因子、前列腺素D2也能激活該細胞?！拘?詳析】肥大細胞釋放的組胺等物質(zhì)通過體液運輸?shù)竭_相關組織，致支氣管平滑肌痙攣，黏膜水腫，引起哮喘，屬于過敏反應。由圖可知，奧馬珠單抗除了可以降低游離IgE水平外，還可以抑制樹突狀細胞攝取IgE?！拘?詳析】根據(jù)圖2可知，使用奧馬珠單抗后可以減少OSC的使用量為（22.8-7.5）/22.8=66.7%；根據(jù)圖2和圖3可得出注射奧馬珠單抗可降低OSC的使用量，隨注射奧馬珠單抗時間延長，停用OSC的患者逐漸增加。9.“藍碳”也叫“藍色碳匯”，即海洋碳匯，指利用海洋活動及海洋生物吸收大氣中的二氧化碳，并將其固定、儲存在海洋中的過程。威海已成為“藍碳”資源“富集地”，其海草床面積不斷擴大，為大天鵝越冬棲息提供了充足的食物；通過補充菲律賓蛤仔、脈紅螺等，海草床的生物多樣性不斷增加；加強碳匯漁業(yè)資源修復，推廣了多營養(yǎng)層次綜合立體養(yǎng)殖模式如進行貝藻養(yǎng)殖和魚類養(yǎng)殖?；卮鹣铝袉栴}：（1）海洋碳庫可分為碳源和碳匯，海洋中的動植物遺體及部分污水有機物屬于_________。海洋中的一些塑料垃圾被分解為微塑料，微塑料可在魚類和人體內(nèi)富集，其在生態(tài)系統(tǒng)中富集的渠道是__________。（2）研究大天鵝的生態(tài)位，除了要研究大天鵝的棲息地外，還需要研究其________。碳匯漁業(yè)可通過漁業(yè)生產(chǎn)活動促進水生生物吸收__________，從而減緩水體酸度和氣候變暖效應。（3）人們在水的上層掛繩養(yǎng)殖海帶等藻類；在水的中層用網(wǎng)箱養(yǎng)殖投餌性魚類；在底層投放人工魚礁，養(yǎng)殖底棲雜食動物。這種養(yǎng)殖模式提升了群落________結(jié)構(gòu)的復雜程度，提高了_________，增加了經(jīng)濟效益和生態(tài)效益。（4）假設威海濕地海域僅存在食物鏈：浮游植物→脈紅螺→大天鵝，能量流經(jīng)第二營養(yǎng)級脈紅螺的示意圖如下。圖中的B代表__________，脈紅螺糞便中的能量屬于________同化量中流向_________的能量?！即鸢浮剑?）①.碳源②.食物鏈和食物網(wǎng)（2）①.食物，天敵以及與其他物種的關系②.大氣中的二氧化碳（3）①.垂直②.空間和資源的利用率（4）①.脈紅螺用于生長、發(fā)育和繁殖的能量②.浮游植物③.分解者〖祥解〗1、一個物種在群落中的地位或角色稱為這個物種的生態(tài)位。研究某種動物的生態(tài)位通常要研究它的棲息地，食物，天敵以及與其他物種的關系。研究某種植物的生態(tài)位，通常要研究它在研究區(qū)域內(nèi)出現(xiàn)的頻率，種群密度。植株高度等特征以及他與其他物種的關系等【小問1詳析】根據(jù)題干信息可知，碳匯指的是利用海洋活動及海洋生物吸收大氣當中的二氧化碳，并將其固定儲存在海洋中的過程。而海洋當中的動植物遺體及部分污水有機物被分解后產(chǎn)生二氧化碳，屬于碳源。生物富集現(xiàn)象在生態(tài)系統(tǒng)中依賴的傳遞渠道是食物鏈和食物網(wǎng)，最高營養(yǎng)級的微塑料含量最高。【小問2詳析】一個物種在群落中的地位或角色稱為這個物種的生態(tài)位。研究某種動物的生態(tài)位通常要研究它的棲息地，食物，天敵以及與其他物種的關系。根據(jù)題干信息可知，碳匯漁業(yè)可以通過漁業(yè)生產(chǎn)活動促進水生生物吸收大氣當中的二氧化碳，并將其固定儲存在海洋當中，從而能夠減緩水體酸度和氣候變暖效應【小問3詳析】在水的上層掛繩養(yǎng)殖海帶等藻類；在水的中層用網(wǎng)箱養(yǎng)殖投餌性魚類；在底層投放人工魚礁，養(yǎng)殖底棲雜食動物，屬于垂直結(jié)構(gòu)的分布，該養(yǎng)殖模式提升了群落垂直結(jié)構(gòu)的復雜程度，提高了空間和資源的利用率，增加了經(jīng)濟效益和生態(tài)效益?！拘?詳析】流入第二營養(yǎng)級的能量一部分。在初級消費者的呼吸作用當中以熱能的形式散失。另一部分用于初級消費者的生長發(fā)育，繁殖等生命活動。其中一些以遺體殘骸的形式被分解者利用。根據(jù)題意可知，該區(qū)域內(nèi)僅存在的食物鏈為浮游植物→脈紅螺→大天鵝。該圖為第二營養(yǎng)級脈紅螺的能量示意圖，圖中A表示的是脈紅螺的同化量，圖中的B代表脈紅螺用于生長、發(fā)育和繁殖的能量，脈紅螺糞便中的能量屬于屬于第一營養(yǎng)級浮游植物同化量中流向分解者的能量。10.植物遠緣雜交可能會造成核仁顯性現(xiàn)象，即源于一個親本的基因組沉默，而源于另一個親本的基因組表達?，F(xiàn)采用人工去雄授粉的方法，以蘿卜（RR，2n=18）為母本、芥藍（CC，2n=18）為父本進行雜交，并通過胚搶救（一種育種手段）得到6株F1植株?；卮鹣铝袉栴}：（1）蘿卜與芥藍遠緣雜交的后代一般不育，主要原因是_________。經(jīng)胚搶救得到的6株F1幼苗用_________處理，可使其成為四倍體，恢復其育性。（2）若核仁顯性使全部后代只表達蘿卜或芥藍一方的基因組，則上述6株F1植株的表型可能有________（填“一種”“兩種”“多種”或“都有可能”）。研究人員提取了親本蘿卜、芥藍及F1的總RNA并逆轉(zhuǎn)錄得到cDNA，以cDNA為模板用特定引物進行PCR，經(jīng)1.5%瓊脂糖凝膠電泳的結(jié)果如圖所示。結(jié)合電泳圖譜分析，核仁顯性使F1表達了_________一方的基因組。（3）若對蘿卜采用常規(guī)雜交育種，可培育出不同根形的品種。蘿卜的根形由A、a和D、d兩對常染色體上的等位基因控制，且獨立遺傳?，F(xiàn)將兩種穩(wěn)定遺傳的圓形蘿卜進行雜交，F(xiàn)1全為扁形；F1自交，F(xiàn)2有扁形、圓形和長形三種表型，已知同時含有A和D基因的個體表現(xiàn)為扁形。①由此推測，F(xiàn)2中圓形蘿卜的基因型有________種，圓形蘿卜自由交配，F(xiàn)?中基因型為Aadd的蘿卜所占比例為________。②隨機選取F2中一個圓形蘿卜，現(xiàn)欲鑒定其是純合子還是雜合子，可選擇表型為________的蘿卜與其交配。若后代表型及比例為________，可證明其為純合子；若后代表型及比例為________，可證明其為雜合子?！即鸢浮剑?）①.來自雙親的異源染色體不能正常配對②.秋水仙素或低溫（2）①.都有可能②.芥藍（3）①.4②.2/9③.長形④.全部為圓形⑤.圓形：長形=1：1〖祥解〗基因分離定律的實質(zhì)：位于同源染色體上的等位基因隨同源染色體分離而分離，分別進入不同的配子中，隨配子獨立遺傳給后代?；蜃杂山M合定律的實質(zhì)：位于同源染色體上的等位基因分離的同時，位于非同源染色體上的非等位基因進行自由組合【小問1詳析】蘿卜與芥藍遠緣雜交的后代一般不育，主要是因為來自雙親的異源染色體不能正常配對。經(jīng)胚搶救得到的6株F1幼苗可用秋水仙素或低溫處理，使其成為四倍體，則恢復其育性?！拘?詳析】植物遠緣雜交可能會造成核仁顯性現(xiàn)象，若核仁顯性使全部后代只表達蘿卜或芥藍一方的基因組，6株F1植株的表型可能有一種、兩種或多種可能。結(jié)合電泳圖譜分析，6株F1電泳結(jié)果與芥藍一致，說明6株F1表達了芥藍的基因組?！拘?詳析】①根據(jù)兩種穩(wěn)定遺傳