浙江省五校聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高三下學(xué)期3月聯(lián)考物理試卷 含解析

2024年浙江省五校聯(lián)盟高三3月聯(lián)考物理試題卷考生須知:1.本卷滿分100分，考試時間90分鐘；2.答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫班級、姓名、試場號、座位號及準(zhǔn)考證號；3.所有答案必須寫在答題紙上，寫在試卷上無效；4.考試結(jié)束后，只需上交答題紙。一、選擇題I（本題共13小題，每小題3分，共39分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的，選對的得3分，選錯的得0分）1.單位質(zhì)量的推進(jìn)劑所產(chǎn)生的沖量叫“比沖量”，也叫“比推力”，是衡量推進(jìn)器效率的重要參數(shù)。其單位用國際單位制基本單位可表示為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)題意可知其單位為故選A。2.2024年2月23日中國選手蘇翊鳴在第十四屆全國冬運(yùn)會單板滑雪大跳臺決賽中摔倒后反擊，勇奪金牌。如圖是蘇翊鳴比賽過程的頻閃照片，運(yùn)動員從高處滑下，通過起跳臺起跳，完成各種空翻、轉(zhuǎn)體、抓板等技術(shù)動作后落地，以下說法正確的是（）A.研究運(yùn)動員在空中的動作完成情況時，可以將他看成質(zhì)點B.騰空中曝光時間間隔內(nèi)，運(yùn)動員的速度方向發(fā)生了改變C.助滑時運(yùn)動員兩腿盡量深蹬是為了降低重心、增大慣性D.運(yùn)動員在最高點時加速度一定豎直向下【答案】B【解析】【詳解】A．研究運(yùn)動員在空中的動作完成情況時，運(yùn)動員的形狀、大小不能忽略，不可以將他看成質(zhì)點，故A錯誤；B．騰空中曝光時間間隔內(nèi)，運(yùn)動員做曲線運(yùn)動，運(yùn)動員的速度方向發(fā)生了改變，故B正確；C．助滑時運(yùn)動員兩腿盡量深蹬是為了降低重心、增大自身的穩(wěn)定性，慣性不變，故C錯誤；D．運(yùn)動員在最高點時受到重力和阻力作用，加速度方向不是豎直向下，故D錯誤。故選B。3.“兒童散學(xué)歸來早，忙趁東風(fēng)放紙離”，陽春三月正是踏青放風(fēng)箏的好時節(jié)。如圖所示，在細(xì)線拉力的作用下，風(fēng)箏始終靜止在空中，下列說法正確的是（）A.繩子對風(fēng)箏的拉力大于繩子對人的拉力B.人對地面的壓力大小等于人和風(fēng)等的總重力C.繩子對人的拉力大于地面對人的摩擦力D.氣流對風(fēng)箏的作用力小于風(fēng)箏受到的重力【答案】C【解析】【詳解】A．繩子對風(fēng)箏的拉力與繩子對人的拉力是同一條繩子上的拉力，大小相等，故A錯誤；BD．風(fēng)箏受重力G，細(xì)線的拉力T和氣流的作用力F處于平衡狀態(tài)，如圖所示重力G方向豎直向下，細(xì)線的拉力T方向斜向右下方，氣流對風(fēng)箏的力F的方向一定斜向左上方，且氣流對風(fēng)箏的作用力大于風(fēng)箏受到的重力，對人和整體分析，受豎直向下的人和風(fēng)箏的總重力、地面豎直向上的支持力、向右的摩擦力、斜向左上方的氣流的力，根據(jù)平衡條件可知地面向上的支持力小于人和風(fēng)箏的總重力，根據(jù)牛頓第三定律可知人對地面的壓力大小小于人和風(fēng)箏的總重力，故BD錯誤；C．人在地面上受豎直向下的重力、豎直向上的支持力、向右的摩擦力和斜向左上方的細(xì)線拉力，根據(jù)平衡條件可知繩子對人的拉力大于地面對人的摩擦力，故C正確。故選C。4.某實驗小組測得在豎直方向飛行的無人機(jī)飛行高度隨時間的變化曲線如圖所示，為曲線上的點，、段可視為兩段直線，其方程分別為和。無人機(jī)及其載物的總質(zhì)量為，取豎直向下為正方向。則（）A.段無人機(jī)的速度大小為B.段無人機(jī)和載物總動量的變化量為C.段無人機(jī)處于失重狀態(tài)D.段無人機(jī)的機(jī)械能守恒【答案】B【解析】【詳解】Ａ．結(jié)合方程和圖線斜率的含義可知，段無人機(jī)的速度大小為4m/s，故A錯誤；B．段無人機(jī)和載物總動量的變化量為故B正確；C．由圖像可知，段先向下做減速運(yùn)動，后向上做加速運(yùn)動，處于超重狀態(tài)，故C錯誤；D．段圖像斜率不變，既向上做勻速運(yùn)動，機(jī)械能不守恒，故D錯誤。故選B。5.華為Mate60搭載我國自主研發(fā)的麒麟芯片，該手機(jī)最大的亮點就是可以連接天通一號01星實現(xiàn)衛(wèi)星通信。天通一號01星是地球同步靜止衛(wèi)星，另外已知我國的“天宮”號空間站運(yùn)行周期約為90分鐘，“天宮”號空間站和天通一號01星的運(yùn)動均可看作繞地球做勻速圓周運(yùn)動，“天宮”號空間站和天通一號01星均可視為質(zhì)點，忽略地球自轉(zhuǎn)對重力大小的影響，則下列說法正確的是（）A.天通一號01星運(yùn)行的角速度大于“天宮”號空間站運(yùn)行的角速度B.天通一號01星與“天宮”號空間站距地面的距離之比為C.“天宮”號空間站中的宇航員由于受到離心力而處于漂浮狀態(tài)D.天通一號01星所在位置的重力加速度與“天宮”號空間站所在位置的重力加速度之比為【答案】D【解析】【詳解】A．天通一號01星運(yùn)行的周期為24h，由可知，天通一號01星運(yùn)行的角速度小于“天宮”號空間站運(yùn)行的角速度，故A錯誤；B．由可得天通一號01星與“天宮”號空間站到地球的距離之比故B錯誤；C．“天宮”號空間站中的宇航員由于處于完全失重而處于漂浮狀態(tài)，故C錯誤；D．由可得天通一號01星所在位置的重力加速度與“天宮”號空間站所在位置的重力加速度之比為故D正確。故選D。6.2023年12月14日，在法國卡達(dá)拉奇，中核集團(tuán)核工業(yè)西南物理研究院與國際熱核聚變實驗堆ITER總部簽署協(xié)議，宣布新一代人造太陽“中國環(huán)流三號”面向全球開放，邀請全世界科學(xué)家來中國集智公關(guān)，共同追逐“人造太陽”夢想?！叭嗽焯枴眱?nèi)部發(fā)生的一種核反應(yīng)其反應(yīng)方程為，已知的比結(jié)合能為的比結(jié)合能為，的比結(jié)合能為，光在真空中的傳播速度為。下列說法正確的是（）A.相比核聚裂變，上述反應(yīng)更為安全、清潔，但產(chǎn)能效率低B.的比結(jié)合能小于的比結(jié)合能C.上述反應(yīng)能夠發(fā)生，必須使原子核間的距離達(dá)到以內(nèi)D.核反應(yīng)中的質(zhì)量虧損為【答案】D【解析】【詳解】A．“人造太陽”內(nèi)部發(fā)生的是核聚變，人造太陽是清潔能源的代表，既安全、又取之不盡，故A錯誤；B．該核反應(yīng)釋放核能，表明生成核比反應(yīng)核更加穩(wěn)定，所以的比結(jié)合能大于的比結(jié)合能，故B錯誤；C．要實現(xiàn)核聚變反應(yīng)，首先需要外部能量來克服原子核之間的靜電排斥力，發(fā)生原子核互相聚合作用，原子核間的距離需要達(dá)到以內(nèi)，故C錯誤。D．對該核反應(yīng)，由能量守恒可得可得核反應(yīng)中的質(zhì)量虧損為故D正確。故選D。7.在體育館訓(xùn)練時，將乒乓球發(fā)球機(jī)置于地面上方某一合適位置，如圖所示，正對豎直墻面水平發(fā)射乒乓球?，F(xiàn)有兩個質(zhì)量相同乒乓球和以不同速度水平射出，碰到墻面時速度與水平方向夾角的正切值之比為，不計阻力，則乒乓球和（）A.重力對兩乒乓球的沖量大小之比為3:2 B.碰到墻壁時的速度之比為3:2C.重力對兩乒乓球做功的平均功率之比為2:3 D.碰墻前運(yùn)動時間之比為4:9【答案】C【解析】【詳解】設(shè)碰到墻面時速度與水平方向夾角為,球到豎直墻的水平距離為s，根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律有又碰到墻面時速度與水平方向夾角的正切值之比為，則可得碰墻前運(yùn)動時間之比為根據(jù)沖量公式可得重力對兩乒乓球的沖量大小之比為根據(jù)可得根據(jù)可得重力對兩乒乓球做功的平均功率之比為故選C。8.有一種將藥物透過皮膚注入體內(nèi)的無針注射器，注射器的泵體是一個長方體槽，泵體上部與豎直絕緣細(xì)管相連。如圖所示，槽高為h，槽的左、右壁是間距為L的導(dǎo)電金屬壁，上下、前后壁均為絕緣壁，其中前后壁間距為d，垂直于前后壁有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場。注射器工作時，在左右兩金屬壁之間加電壓U，導(dǎo)電藥液中形成自左向右的電流，藥液受安培力作用被壓到細(xì)管中完成注射。已知藥液的電阻率為、密度為，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.磁場的方向由后壁指向前壁B.導(dǎo)電藥液中電流的大小為C.藥液受到的安培力大小為D.注射器正常工作時，【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)題意可知，導(dǎo)電藥液所受安培力向上，電流自左向右，由左手定則可知，磁場的方向由前壁指向后壁，故A錯誤；B．根據(jù)題意，由電阻定律可得，導(dǎo)電藥液的電阻為則導(dǎo)電藥液中電流的大小為故B錯誤；C．藥液受到的安培力大小為故C錯誤；D．注射器正常工作，則有即解得故D正確故選D。9.有“海上充電寶”之稱的南鯤號是一個利用海浪發(fā)電的大型海上電站，其發(fā)電原理是海浪帶動浪板上下抾動，從而驅(qū)動發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)子轉(zhuǎn)動，其中浪板和轉(zhuǎn)子的鏈接裝置使轉(zhuǎn)子只能單方向轉(zhuǎn)動。若轉(zhuǎn)子帶動線圈如下圖逆時針轉(zhuǎn)動，并向外輸出電流，則下列說法正確的是（）A.線圈轉(zhuǎn)動到如圖所示位置是中性面的位置B.線圈轉(zhuǎn)動到如圖所示位置時端電勢低于端電勢C.該發(fā)電機(jī)單位時間內(nèi)輸出的最大電能與浪板面積的大小有關(guān)D.該發(fā)電機(jī)單位時間內(nèi)輸出的最大電能與轉(zhuǎn)子轉(zhuǎn)軸的位置有關(guān)【答案】C【解析】【詳解】A．線圈轉(zhuǎn)動到如圖所示位置是與中性面垂直的位置，選項A錯誤；B．線圈轉(zhuǎn)動到如圖所示位置時，根據(jù)右手定則可知，端電勢高于端電勢，選項B錯誤；CD．根據(jù)以及浪板面積越大，則帶動線圈轉(zhuǎn)動的角速度越大，則發(fā)電機(jī)單位時間內(nèi)能輸出的最大電能越大，該發(fā)電機(jī)單位時間內(nèi)輸出的最大電能與轉(zhuǎn)子轉(zhuǎn)軸的位置有關(guān)，選項C正確，D錯誤。故選C。10.如圖所示為餐廳暖盤車的儲盤裝置示意圖，三根完全相同的輕質(zhì)彈簧等間距豎直懸掛在水平固定圓環(huán)上，下端連接質(zhì)量為的托盤，托盤上放著6個質(zhì)量均為的盤子并處于靜止?fàn)顟B(tài)。若取走一個盤子，穩(wěn)定后余下的正好升高補(bǔ)平。已知重力加速度大小為，則（）A.若相鄰兩盤間距為，那么每根彈簧的勁度系數(shù)為B.若相鄰兩盤間距為，那么每根彈簧的勁度系數(shù)為C.某顧客快速取走1號盤子的瞬間，托盤對6號盤子作用力的大小為D.某顧客快速取走1號盤子的瞬間，托盤對6號盤子作用力的大小為【答案】C【解析】【詳解】AB．若相鄰兩盤間距為，取走一個盤子，穩(wěn)定后余下的正好升高補(bǔ)平，根據(jù)平衡條件結(jié)合胡克定律可知解得故AB錯誤；CD．取走1號盤子的瞬間，托盤和其他5個盤子的合力為mg，根據(jù)牛頓第二定律有對剩余5個盤子，根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立可得托盤對6號盤子作用力的大小為故C正確，D錯誤；故選C。11.多個點波源在空間也可以形成干涉圖樣，如圖是三個橫波波源在均勻介質(zhì)中的位置，波源，分別位于等邊三角形的三個頂點上，且邊長為。三個波源在時刻同時開始振動，振動方向垂直紙面，其中波源的振動圖像如圖乙，的振動圖像如圖丙。已知波的傳播速度為處質(zhì)點位于三角形中心，處質(zhì)點位于與連線中點。下列說法正確的是（）A.其中一列波遇到尺寸為的障礙物時，不能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象B.位于處的質(zhì)點的振幅為C.時，處質(zhì)點與平衡位置之間的距離是D.時，處質(zhì)點沿y軸負(fù)方向振動【答案】D【解析】【詳解】A．由圖可知，三列波的周期相同；波速相同，所以波長根據(jù)發(fā)生明顯衍射的條件可知，三列波遇到尺寸為0.4m的障礙物時，能發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，故A錯誤；B．S1和S2兩列波在O點的振動加強(qiáng)，此時O點在該兩波源的作用下的振幅為,由于S3處的波源與另外兩處的波源相位差為，故處的質(zhì)點在三個波源的共同作用下的振幅不等于，故B錯誤；C．時，波傳播的時間為傳播的距離為既、傳播到C點后又振動了，而還沒有傳播到C點，則此時C點處質(zhì)點與平衡位置之間的距離是5cm，故C錯誤；D．，傳播距離為傳播時間既、傳播到C點后又振動了，由圖可知，、這兩列波使C點向y軸負(fù)方向振動，而傳播到C點后又振動了大約根據(jù)簡諧運(yùn)動的對稱性可知S1此時引起C處質(zhì)點的振動方向為y軸正方向，速度小于S2此時引起C處質(zhì)點振動的速度大小，故振動在C點疊加后，處質(zhì)點沿y軸負(fù)方向振動，故D正確。故選D。12.一種反射式光纖位移傳感器可以實現(xiàn)微小位移測量，其部分原理簡化如圖所示。兩光纖可等效為圓柱狀玻璃絲，相距為，直徑均為，折射率為。下端橫截面平齊且與被測物體表面平行。激光在內(nèi)多次全反射后從下端面射向被測物體，經(jīng)被測物體表面鏡面反射至下端面，測量前先調(diào)節(jié)光纖內(nèi)光路，使得從下端面出射的光與豎直方向的夾角達(dá)到最大。被測物體自上而下微小移動，使下端面從剛能接收反射激光到恰好全部被照亮，被測物體下移的距離為（只考慮在被測物體表面反射一次的光線）（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】由題意可知當(dāng)光在兩側(cè)剛好發(fā)生全反射時從M下端面出射的光與豎直方向夾角最大，設(shè)光在M下端發(fā)生折射時，入射光線與豎直方向的偏角為α，如圖此時可得又可得則根據(jù)題意要使N下端面從剛能接收反射激光到恰好全部被照亮，光路圖如圖所示由幾何關(guān)系可得聯(lián)立，解得故選C。13.細(xì)胞膜是一個細(xì)胞重要的組成部分，它是一個彈性膜且不帶電時磷脂雙分子層間的距離為。將細(xì)胞膜的伸縮看成勁度系數(shù)為的彈簧，并且細(xì)胞膜的面積，介電常數(shù)為。細(xì)胞膜上分布有可以運(yùn)輸粒子的離子泵，使得陰陽離子分布均勻地分布在內(nèi)外兩層上，已知靜電力常量為。當(dāng)內(nèi)外膜分別帶電和時，下列說法正確的是（）A.內(nèi)外膜之間的電場強(qiáng)度大小為B.內(nèi)外膜的厚度為C.每一側(cè)膜受到的作用力大小為D.內(nèi)外膜間的電勢差大小為【答案】B【解析】【詳解】A．內(nèi)外膜之前可近似看成平行板電容器，根據(jù)平行板電容器電容可知根據(jù)電容可知根據(jù)勻強(qiáng)電場中電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系可知聯(lián)立可得分析可知，在平行板電容器中，兩極板的帶電量不變時，電場強(qiáng)度不變，即電場強(qiáng)度與板間距無關(guān)。A錯誤；B．由于此電場為內(nèi)外膜共同產(chǎn)生，因此一側(cè)膜受到另一側(cè)膜的電場力為內(nèi)外膜之間的彈力根據(jù)胡克定律可知聯(lián)立可得B正確；C．根據(jù)對單側(cè)膜受力分析可知，每一側(cè)膜受到的合力為0，C錯誤；D．根據(jù)勻強(qiáng)電場中電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系可知D錯誤。故選B?！军c睛】在平行板電容器中，由于電場是兩個極板共同作用的結(jié)果，相當(dāng)于正負(fù)極板各貢獻(xiàn)，所以極板間靜電作用力為。二、選擇題題II（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.下列說法正確的是（）A.全自動洗衣機(jī)的多段式水位自動感應(yīng)裝置采用了壓力傳感器B.動量守恒定律適用的地方牛頓運(yùn)動定律也一定適用C.無法通過是否具有各向異性來區(qū)別多晶體和非晶體D.液體具有流動性是因為液體分子間相互作用的排斥力較大【答案】AC【解析】【詳解】A．全自動洗衣機(jī)的多段式水位自動感應(yīng)裝置采用了壓力傳感器，故A正確；B．動量守恒定律不僅僅適用于宏觀低速運(yùn)動的物體，也適用于微觀高速運(yùn)動的物體；而牛頓運(yùn)動定律只適用于宏觀低速運(yùn)動的物體，故B錯誤；C．多晶體和非晶體都具有各向同性，則無法通過是否具有各向異性來區(qū)別多晶體和非晶體，故C正確；D．液體具有流動性是因為液體分子作用力較小，分子位置不固定，故D錯誤。故選AC。15.巴耳末系是指氫原子從，，能級躍遷到能級時發(fā)出的光譜線系，如圖甲所示。圖乙中給出了巴耳末譜線對應(yīng)的波長。已知可見光的能量在之間，普朗克常量，則下列說法正確的是（）A.Hα譜線對應(yīng)光子的能量大于Hβ譜線對應(yīng)光子的能量B.屬于巴耳末系的Hα、Hβ、Hγ、Hδ譜線均屬于可見光C.Hδ譜線的光子照射極限頻率為的鎢時，不能發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象D.大量處于能級的氫原子向基態(tài)躍遷的過程中，可輻射出3種處于巴耳末系的光子【答案】BC【解析】【詳解】A．由題圖乙和可知，波長越小的光子，能量越大，因此Hα譜線對應(yīng)光子的能量小于Hβ譜線對應(yīng)的光子的能量，故A錯誤；B．可見光的能量在之間，由光子能量公式可得由圖乙可知，屬于巴爾末系的Hα、Hβ、Hγ、Hδ譜線均屬于可見光，故B正確；C．因鎢的極限頻率是，其逸出功為其逸出功大于Hδ譜線的最大能量3.4eV，因此用Hδ譜線的光子照射極限頻率為的金屬鎢時，不能產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，故C正確；D．巴耳末系是指氫原子從，，能級躍遷到能級時發(fā)出的光譜線系，則大量處于能級的氫原子向基態(tài)躍遷的過程中，可輻射出2種處于巴耳末系的光子，分別為躍遷到和躍遷到的兩個過程，故D錯誤。故選BC。第II卷（非選擇題共55分）三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.物理老師帶領(lǐng)同學(xué)們在實驗室進(jìn)行系統(tǒng)復(fù)習(xí)力學(xué)實驗:（1）利用圖甲所示裝置，通過合理調(diào)節(jié)，可以完成的力學(xué)實驗有:_________（多選）A.探究小車的加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系B.探究小車速度隨時間變化規(guī)律C.驗證機(jī)械能守恒定律D.驗證碰撞中的動量守恒（2）打點計時器所接交流電的頻率為。實驗中獲得一條紙帶的點的分布如圖乙，已知相鄰兩個計數(shù)點中還有四個點未畫出，該小車運(yùn)動過程中的加速度為_______（計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）則根據(jù)自己所學(xué)知識，判斷此紙帶屬于第（1）小題中可以完成的實驗中的哪個實驗______（填選項）。并說明理由：_________?！敬鸢浮浚?）AB（2）①.2.53②.B③.見解析【解析】【小問1詳解】A．結(jié)合課本實驗原理可以探究小車的加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系，故A正確；B．通過打出的紙帶上的點即可探究小車速度隨時間變化的規(guī)律，故B正確；C．槽和槽碼、小車運(yùn)動時，除了重力做功外，還有阻力做功，不能驗證機(jī)械能守恒定律，故C錯誤；D．實驗無法驗證碰撞中的動量守恒，故D錯誤。故選AB。【小問2詳解】[1]相鄰兩計數(shù)點的時間間隔為該小車運(yùn)動過程中的加速度為[2][3]由得不滿足小車質(zhì)量遠(yuǎn)大于槽碼總質(zhì)量，不能用槽碼的總重力代替繩拉力，所以不可能是“探究小車的加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗。故選B。17.在探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系實驗中，同學(xué)們采用了可拆式變壓器（鐵芯不閉合）進(jìn)行研究.（1）某實驗小組的小李同學(xué)將電源與原線圈的“0”和“8”兩個接線柱相連接，用電表測量副線圈的“0”和“4”兩個接線柱之間的電壓，閉合電鍵進(jìn)行實驗。圖甲是小李同學(xué)連接好的部分電路，請你用筆畫線代替導(dǎo)線及紅、黑表筆完成實驗電路；（2）連接好電路，閉合電鍵，副線圈所接多用電表的讀數(shù)如圖乙所示，其對應(yīng)的選擇開關(guān)如圖丙所示，則此時電表讀數(shù)為_______。（3）另一小組的小王同學(xué)某次實驗操作，將電源接在原線圈的“0”和“8”兩個接線柱之間，將學(xué)生電源的電壓檔選擇為，用電表測量副線圈的“0”和“4”兩個接線柱之間的電壓為，你認(rèn)為下列敘述可能符合實際情況的是_______。A.變壓器的鐵芯沒有完全閉合B.一定是電壓的測量出了問題C.副線圈實際匝數(shù)與標(biāo)注的“400”不符，應(yīng)該小于400匝D.學(xué)生電源實際輸出電壓大于標(biāo)注的“”【答案】（1）（2）4.8V（3）D【解析】【小問1詳解】實驗電路圖如圖所示【小問2詳解】多用電表選擇的檔位是10V，其讀數(shù)為4.8V；【小問3詳解】若變壓器為理想變壓器，根據(jù)原副線圈電壓與匝數(shù)成正比，可得解得但是實際用電壓表測量測得的電壓值為5.2V，比理想變壓器實際值偏大，所以由此可知A．如果是變壓器的鐵芯沒有完全閉合，則電壓值會小于5V，故A錯誤；B．可能是電壓的測量出了問題導(dǎo)致結(jié)果偏大，故B錯誤；C．如果副線圈實際匝數(shù)與標(biāo)注的“400”不符，小于400匝，則電壓值會小于5V，故C錯誤；D．如果學(xué)生電源實際輸出電壓大于標(biāo)注的“”，則電壓值會大于5V，故D正確。故選D。18.某實驗小組成員用雙縫干涉實驗裝置測光的波長，裝置如圖甲所示。（1）為保證實驗順利進(jìn)行，處應(yīng)安裝的光學(xué)儀器為________。（2）實驗中，需要從標(biāo)尺上讀出某條亮條紋的位置，乙圖中所示的讀數(shù)是_____。若雙縫相距為，雙縫到屏間的距離為l，相鄰兩個亮條紋中心的距離為，則光的波長表示為_____（字母表達(dá)式），測得某兩條亮條紋之間的間距的情況如圖丙所示，其他數(shù)據(jù)為:，測量的情況如圖丙所示。由此可計算出該光的波長為：___（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。（3）丁圖為實驗裝置簡化示意圖。為單縫，為雙縫，屏上點處為一條亮條紋。若實驗時單縫偏離光軸，向下微微移動，則可以觀察到原來點處的干涉條紋____（“向上移動”“向下移動”“仍在點”）【答案】（1）透鏡（2）①.5.24②.③.（3）向上移動【解析】【小問1詳解】需要將燈泡的發(fā)出的光變?yōu)辄c光源，因此為保證實驗順利進(jìn)行，A處應(yīng)安裝的光學(xué)儀器為透鏡；【小問2詳解】[1]乙圖中所示的讀數(shù)是；[2]由可得[3]由圖丙可知相鄰兩個亮條紋中心的距離為光的波長為【小問3詳解】如圖若實驗時單縫偏離光軸，向下微微移動，則，所以光程差為零的亮紋應(yīng)出現(xiàn)在O點上方，所以可以觀察到原來O點處的干涉條紋向上移動。19.如圖，一個氣體低溫實驗裝置，導(dǎo)熱氣缸內(nèi)封閉一定量的理想氣體，質(zhì)量為的活塞體積可忽略不計，活塞下方連接一根輕質(zhì)彈簧，彈簧原長為（實驗過程彈簧處于彈性限度內(nèi)）。初始狀態(tài)時，封閉氣體溫度為，距氣缸底部處連接一形細(xì)管（管內(nèi)氣體的體積忽略不計），兩邊水銀柱存在高度差，活塞距離氣缸底部為。已知大氣壓強(qiáng)為保持不變，氣缸橫截面積為，重力加速度為取?，F(xiàn)通過制冷裝置緩慢降低氣體溫度，當(dāng)溫度降低至?xí)r型管內(nèi)兩邊水銀面恰好相平。求:（1）初始狀態(tài)時，U型管左右兩邊水銀面高度差；（2）彈簧的勁度系數(shù)；（3）從開始至U形細(xì)管兩水銀面恰好相平的過程中，若氣體向外界放出的熱量為，氣體內(nèi)能的變化量?！敬鸢浮浚?）15cm；（2）；（3）-6.5J【解析】【詳解】（1）由平衡關(guān)系可知可得由平衡關(guān)系可得（2）型管內(nèi)兩邊水銀面恰好相平時，封閉氣體壓強(qiáng)為p0，則有可得活塞到氣缸底部的距離為則彈簧壓縮量為由平衡關(guān)系可得（3）從開始至彈簧恰與氣缸底接觸，氣體壓強(qiáng)不變，外界對氣體做功在之后彈簧被壓縮5cm的過程中，活塞重力做功為彈簧彈力做功為外界大氣做功為所以外界對氣體做的總功為根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得氣體內(nèi)能的變化量20.某游戲裝置如圖所示，一水平傳送帶以v=3ms的速度順時針轉(zhuǎn)動，其左端A點和右端B點分別與兩個光滑水平臺面平滑對接，A、B兩點間的距離L=4m。左邊水平臺面上有一被壓縮的彈簧，彈簧的左端固定，右端與一質(zhì)量為的物塊甲相連（物塊甲與彈簧不拴接，滑上傳送帶前已經(jīng)脫離彈簧），物塊甲與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)。右邊水平臺面上有一個傾角為45°，高為的固定光滑斜面（水平臺面與斜面由平滑圓弧連接），斜面的右側(cè)固定一上表面光滑的水平桌面，桌面與水平臺面的高度差為。桌面左端依次疊放著質(zhì)量為的木板（厚度不計）和質(zhì)量為的物塊乙，物塊乙與木板之間的動摩擦因數(shù)為，桌面上固定一彈性豎直擋板，擋板與木板右端相距，木板與擋板碰撞會原速率返回?，F(xiàn)將物塊甲從壓縮彈簧的右端由靜止釋放，物塊甲離開斜面后恰好在它運(yùn)動的最高點與物塊乙發(fā)生彈性碰撞（碰撞時間極短），物塊乙始終未滑離木板。物塊甲、乙均可視為質(zhì)點，已知，。求：（1）物塊甲運(yùn)動到最高點時的速度大??；（2）彈簧最初儲存的彈性勢能；（3）木板運(yùn)動的總路程。【答案】（1）3m/s；（2）2.2J；（3）1.0m【解析】【詳解】（1）由題意可知，物塊甲從斜面頂端到最高點做逆向平拋運(yùn)動，水平方向為勻速運(yùn)動，設(shè)物塊甲剛離開斜面時速度為，則有聯(lián)立解得可知物塊甲運(yùn)動到最高點時的速度大小為（2）設(shè)物塊甲在B點時速度為，對物塊甲從B點到斜面頂端由動能定理有解得因為，所以物塊甲在傳送帶上一直做減速運(yùn)動。對物塊甲從靜止開始到B點，設(shè)彈簧彈力做功，由動能定理有解得根據(jù)功能關(guān)系可知彈簧最初儲存的彈性勢能（3）物塊甲與物塊乙在碰撞過程中，由動量守恒定律得

v0=v甲x由機(jī)械能守恒定律得解得，以物塊乙和木板為系統(tǒng)，由動量守恒定律得若木板向右加速至共速后再與擋板碰撞，由動能定理得解得可知木板與物塊乙共速后再與擋板相碰。由動量守恒定律得木板向左減速過程中，由動能定理得解得同理可得以此類推木板的總路程為解得21.我國科研人員利用“祝融號”火星車觀測發(fā)現(xiàn)著陸區(qū)的沙丘表面有含水特征，經(jīng)過研究認(rèn)為是因降霜或降雪所致，進(jìn)一步證實了火星上存在液態(tài)水。某興趣小組為“祝融2號”設(shè)計了探測火星大氣成分的探測儀器，其原理如題圖所示：虛線左側(cè)為離子接收器、右側(cè)存在范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場，虛線與水平方向的夾角為，虛線豎直；被探測的大氣分子進(jìn)入電子轟擊源后，均會成為電荷量為的負(fù)離子（質(zhì)量與原大氣分子質(zhì)量相同，速度為零），該負(fù)離子經(jīng)過電壓恒為的電場加速后，從與離子接收器1的右端點相距處的小孔（即）垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場。已知質(zhì)量為的負(fù)離子恰好垂直打中接收器1，離子接收器1的豎直寬度為，不計重力及離子間的相互作用力。求：（1）該勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大?。唬?）能被接收器1接收的水分子的質(zhì)量范圍；（3）若磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度在一定范圍內(nèi)變化，現(xiàn)有質(zhì)量分別為和的兩種水分子，為了使它們分別被兩個不同的接收器接收，不能超過多少。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）負(fù)離子經(jīng)過加速電場時，由動能定理有負(fù)離子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，有可得由幾何關(guān)系得，該負(fù)離子在磁場中運(yùn)動的軌跡半徑解得（2）①負(fù)離子恰好打中P點，有由半徑公式得②負(fù)離子恰好打中Q點，由幾何關(guān)系得解得由半徑公式得所以水分子的質(zhì)量范圍是（3）質(zhì)量為9m的負(fù)離子恰好打中Q點，有解得質(zhì)量為10m的負(fù)離子恰好打中Q點，有解得由于，所以不能超過22.如圖所示，兩個半徑不等的用細(xì)金屬導(dǎo)線做成的同心圓環(huán)固定在水平的桌面上。大圓環(huán)