2021年高考臨考預(yù)測(cè)物理試卷B湖北參考答案

2021年高考臨考預(yù)測(cè)·物理試卷B（湖北）參考答案1.C【解析】由題可知，飛行器先加速再減速到零，且飛行器加速時(shí)的加速度大小是減速時(shí)的2倍，所以加速時(shí)圖像的斜率是減速時(shí)的兩倍。故選C。2.D【解析】原子核衰變過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律可知，衰變生成的兩粒子的動(dòng)量方向相反，粒子速度方向相反，由左手定則可知，若生成的兩粒子電性相反則在磁場(chǎng)中的軌跡為內(nèi)切圓，若電性相同則在磁場(chǎng)中的軌跡為外切圓，所以該原子核發(fā)生的是α衰變，故A錯(cuò)誤；核反應(yīng)過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，原子核原來(lái)靜止，初動(dòng)量為零，由動(dòng)量守恒定律可知，原子核衰變生成的兩核動(dòng)量大小相等，方向相反，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得qvB＝m，解得r＝＝，由于p、B相同，則粒子電荷量q越大，軌道半徑越小，由于新核的電荷量大，所以新核的半徑小于α粒子的軌道半徑，所以徑跡2是衰變后α粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，故B錯(cuò)誤；由動(dòng)能與動(dòng)量的關(guān)系Ek＝可知，動(dòng)能之比等于質(zhì)量的反比，即為2∶117，故C錯(cuò)誤；由B項(xiàng)分析知，r1∶r2＝2∶90＝1∶45，故D正確。故選D。3.C【解析】將該同學(xué)的速度分解為沿房屋墻壁方向和垂直方向，則光斑在墻壁上移動(dòng)的速度即為該同學(xué)的速度沿墻壁方向的分速度，故選C。4.D【解析】對(duì)小球b受力分析，如圖所示小球b受重力、支持力、庫(kù)侖力，其中F1為庫(kù)侖力F和重力mg的合力，根據(jù)三力平衡原理可知F1=FN，由圖可知，△OAB∽△BFF1，設(shè)半球形碗的半徑為R，AB之間的距離為L(zhǎng)，根據(jù)三角形相似可知，所以FN=mbg，由幾何關(guān)系可得L=2Rsin37°=1.2R，所以，同理可知，當(dāng)小球b處于C位置時(shí)，AC距離為所以有F′=mb′g，根據(jù)庫(kù)侖定律有，根據(jù)以上的分析可知，b小球受到的支持力一定等于其重力。而當(dāng)b下降的過(guò)程中，可能是b的質(zhì)量發(fā)生變化，也可能是a、b電荷量的乘積發(fā)生了變化，故AB錯(cuò)誤；僅是a、b兩小球電荷量的乘積qa'qb'發(fā)生變化，由以上可得，故C錯(cuò)誤；若只有b的質(zhì)量發(fā)生變化，由以上聯(lián)立可得，故D正確。故選D。5.C【解析】將交流與直流通過(guò)阻值都為R的電阻，設(shè)直流電流為I，則根據(jù)有效值的定義有解得，故C正確ABD錯(cuò)誤。故選C。6.D【解析】由于兩導(dǎo)線中通入的是同向電流，所以兩導(dǎo)線之間一定存在相互吸引的安培力，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由安培定則和矢量合成知識(shí)可知，點(diǎn)的合磁場(chǎng)方向水平向左，點(diǎn)的合磁場(chǎng)方向水平向右，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；若點(diǎn)的長(zhǎng)直導(dǎo)線通入方向相反的電流，則點(diǎn)導(dǎo)線中的電流在處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向水平向左，但不知道與原來(lái)的兩根長(zhǎng)直導(dǎo)線中的電流在處產(chǎn)生的合磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的關(guān)系，故無(wú)法判斷處磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；由于原來(lái)的兩根通電長(zhǎng)直導(dǎo)線在處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向水平向左，故由左手定則可知，若在點(diǎn)的長(zhǎng)直導(dǎo)線通入完全相同的電流，其受力方向?yàn)?，選項(xiàng)D正確。故選D。7.C【解析】滑塊未接觸彈簧時(shí)，故滑塊剛接觸彈簧時(shí)，滑塊所受合外力方向水平向右，滑塊仍有向右的加速度，A項(xiàng)錯(cuò)誤；滑塊從起始位置到運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)速度為零的整個(gè)過(guò)程中，因摩擦產(chǎn)生的熱量等于滑塊動(dòng)能的減少量與恒力做的功之和，即又因?yàn)榻獾?，B項(xiàng)錯(cuò)誤；C項(xiàng)正確；滑塊由到的過(guò)程中，動(dòng)能減少了，做的功，由于摩擦產(chǎn)生的熱量，由能量守恒定律得，彈簧的最大彈性勢(shì)能為，D項(xiàng)錯(cuò)誤。故選C。8.AB【解析】對(duì)物體A受力分析，水平方向受到拉力F和細(xì)線的拉力T，根據(jù)力的平衡條件可知，在細(xì)線被燒斷的瞬間，細(xì)線對(duì)物體A的拉力T變?yōu)榱?，由牛頓第二定律得，物體A的加速度，故A正確；在細(xì)線被燒斷前，對(duì)C受力分析，由力的平衡得，彈簧對(duì)物體C的彈力，在細(xì)線被燒斷的瞬間，細(xì)線對(duì)物體B的拉力T變?yōu)榱?，?duì)物體B，由牛頓第二定律得，則物體B的加速度，故B正確；剪斷彈簧的瞬間，彈簧的彈力突變?yōu)?，所以A、B成為連接體，加速度應(yīng)為，故C錯(cuò)誤；撤去F的瞬間，繩子拉力會(huì)突變，A和B的加速度相等，對(duì)物體A、B整體，由牛頓第二定律得，則物體A的加速度，故D錯(cuò)誤。故選AB。9.BC【解析】根據(jù)，可得，A錯(cuò)誤；根據(jù)，可知，B正確；根據(jù)，代入軌道半徑，可知，由于地球公轉(zhuǎn)周期為1年，因此火星的公轉(zhuǎn)周期為年，C正確；根據(jù)，代入軌道半徑可得，因此火星公轉(zhuǎn)加速度是地球公轉(zhuǎn)加速度的，D錯(cuò)誤。故選BC。10.CD【解析】帶電圓環(huán)進(jìn)入電場(chǎng)后，在電場(chǎng)力的作用下，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，而電容器則在電場(chǎng)力的作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)他們速度相等時(shí)，帶電圓環(huán)與電容器的左極板相距最近，取向左為正方向，有系統(tǒng)動(dòng)量守恒，可得，則P在S處的速度不為0，故A錯(cuò)誤；該過(guò)程電容器（絕緣座）向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，有，環(huán)向左做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，有，由題意可知，解得，P從O至S的過(guò)程中，絕緣座的位移大小為，故C正確，B錯(cuò)誤；P從O至S的過(guò)程中，帶電環(huán)減速，動(dòng)能減少，電容器動(dòng)能增加，系統(tǒng)動(dòng)能減少，電勢(shì)能增加，增加的電勢(shì)能，故D正確。故選CD。11.AD【解析】起初棒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，時(shí)由牛頓第二定律有，棒切割磁感線，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為，時(shí)的速度為，由閉合電路歐姆定律得，聯(lián)立解得，A正確；時(shí)拉力的功率為，棒最終做勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)棒的最大速度為，棒受力平衡，則有，其中，聯(lián)立解得，B錯(cuò)誤；內(nèi)，金屬棒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所受安培力，可知安培力隨時(shí)間均勻增大，安培力的沖量為圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積，即，C錯(cuò)誤；撤去拉力后，以金屬棒為研究對(duì)象，由動(dòng)量定理得，又，解得，又有，其中為撤去拉力后棒運(yùn)動(dòng)的距離，聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得，D正確。故選AD。12.（1）C（2）（3）②（4）2.0W(1.9~2.1W)【解析】(1)因?yàn)橐蠹釉跓崦綦娮鑳啥说碾妷簭牧汩_(kāi)始逐漸增大，所以滑動(dòng)變阻器采用分壓接法，為了便于調(diào)節(jié)，應(yīng)選擇最大阻值小的滑動(dòng)變阻器，故填C。(2)因?yàn)槠鞑臎](méi)有電壓表，故用已知內(nèi)阻的電流表A1串聯(lián)一個(gè)大電阻R3改裝成電壓表。由于熱敏電阻的阻值遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，所以電流表應(yīng)用外接法，電路圖如圖所示(3)把熱敏電阻Rx的I1—I2圖線的縱坐標(biāo)改成，即熱敏電阻的電壓，單位為V，圖像就成為熱敏電阻的圖像。圖像上的點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線的斜率表示電阻值。隨電壓增大，電流增大，電阻實(shí)際功率增大，溫度升高。NTC熱敏電阻在溫度升高時(shí)電阻值減小，故對(duì)應(yīng)的曲線是②。(4)做出9V，內(nèi)阻10Ω的電源的圖像其與曲線②的交點(diǎn)坐標(biāo)的乘積即為所要求的實(shí)際功率，為，由于作圖和讀書(shū)有一定的誤差，故結(jié)果范圍為。13.AC；0.14【解析】(1)AB.在實(shí)驗(yàn)中，因?yàn)楣庹諚l件不變，所以電池組電動(dòng)勢(shì)不變，在電路中電池組的輸出電壓即為路端電壓，電壓表所測(cè)數(shù)據(jù)與路端電壓相等，測(cè)量的電壓為實(shí)際值，但是電路中電壓表和滑動(dòng)變阻器組成一個(gè)并聯(lián)電路，電池組的輸出電流等于電壓表所在支路電流和滑動(dòng)變阻器所在支路的電流之和，電流表測(cè)得的電流只是流經(jīng)滑動(dòng)變阻器所在支路的電流，小于輸出電流，對(duì)結(jié)果造成了系統(tǒng)誤差，所以A正確，B錯(cuò)誤；如果僅把滑動(dòng)變阻器和電流表?yè)Q成電阻箱，其他器材都不變，在實(shí)驗(yàn)中調(diào)節(jié)電阻箱接入電路的電阻可獲得輸出電壓，根據(jù)歐姆定律可得輸出電流，也可分析輸出電壓和輸出電流得關(guān)系，即也可完成實(shí)驗(yàn)，所以C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。(2)作出電阻得伏安特性曲線如圖所示與電池組的輸出電壓和輸出電流的關(guān)系圖線的交點(diǎn)即為電阻接入電路中時(shí)的輸出電壓和輸出電流，由圖可讀出則此時(shí)電池組的輸出功率為14.(1)15cm；(2)【解析】(1)汽缸水平放置時(shí)，氣體壓強(qiáng)，體積為汽缸豎直放置時(shí)，設(shè)活塞與汽缸底部之間的距離為，氣體體積為氣體壓強(qiáng)為氣體等溫變化，根據(jù)玻意耳定律解得(2)解法1：設(shè)升溫后活塞能到卡環(huán)，活塞剛好到達(dá)卡環(huán)時(shí)，活塞與汽缸底部之間的距離此過(guò)程氣體壓強(qiáng)不變由蓋—呂薩克定律由于假設(shè)成立，活塞能到卡環(huán)，溫度繼續(xù)上升，氣體等容變化，根據(jù)查理定律解得解法2：設(shè)溫度升至后活塞到卡環(huán)，活塞與汽缸底部之間的距離由氣體狀態(tài)方程解得由于假設(shè)成立，氣體壓強(qiáng)為。15.（1）沒(méi)有超速；（2）；（3）【解析】（1）該電動(dòng)自行車啟動(dòng)過(guò)程中先以恒定的加速度啟動(dòng)再保持以最大輸出功率行駛，當(dāng)牽引力和阻力相等時(shí)，該車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度達(dá)到最大。則可得，可得該電動(dòng)自行車沒(méi)有超速（2）在勻加速階段，由題圖甲可知時(shí)直流電動(dòng)機(jī)功率達(dá)到最大輸出功率，設(shè)此時(shí)牽引力的大小為，速度大小為，則可得，，可得或（不符合題意，舍去）則（3）根據(jù)能量關(guān)系可知直流電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，可知當(dāng)，時(shí)，直流電動(dòng)機(jī)有最大輸出功率，此時(shí)則，電動(dòng)自行車以最大輸出功率勻速行駛過(guò)程中始終不變，當(dāng)時(shí)電動(dòng)機(jī)輸出功率才最大，電動(dòng)機(jī)線圈切割磁感線的速度也保持不變，得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小16.(1)；(2)；(3)【解析】(1)在點(diǎn)，粒子在電場(chǎng)中獲得的豎直分速度大小為