四川省南充市閬中中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期期中試題

PAGE16PAGE15四川省南充市閬中中學(xué)2024-2025學(xué)年高二物理上學(xué)期期中試題選擇題（1-5為單選題，6-8為多選題，6分/題×8題=48分。多選題，全選對的得6分，選對但不全的得3分，選錯的得0分。請將正確答案填在答題卷中。）1．物理學(xué)發(fā)展過程中，在靜電場方面，一些物理學(xué)家做出了巨大貢獻(xiàn)，下面敘述中正確的是A．元電荷最早由庫侖通過油滴試驗測出B．卡文迪許通過扭秤試驗測定出了靜電力恒量kC．法拉第首先提出了電場的概念且采納了電場線描述電場D．密立根總結(jié)出了真空中兩個靜止點(diǎn)電荷之間的相互作用規(guī)律2.下面是某同學(xué)對電場中的一些概念及公式的理解，其中正確的是A.依據(jù)電場強(qiáng)度的定義式E=F/q可知，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度與摸索電荷所帶的電荷量成反比B.依據(jù)電容的定義式C=Q/U可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比C.依據(jù)真空中點(diǎn)電荷的電場強(qiáng)度公式E=KQ/r2可知，電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度與場源電荷所帶的電荷量無關(guān)D.依據(jù)電勢差的定義式UAB=WAB/q可知，帶電荷量為1C的正電荷，從A點(diǎn)移動到B點(diǎn)克服電場力做功為1J，則A、B兩點(diǎn)間的電勢差為－1V3.如圖所示，真空中等量異種點(diǎn)電荷放置在M、N兩點(diǎn)，在MN的連線上有對稱點(diǎn)a、c，MN連線的中垂線上有對稱點(diǎn)b、d，則下列說法正確的是A．O點(diǎn)場強(qiáng)肯定大于與b點(diǎn)場強(qiáng)B．a(chǎn)點(diǎn)電勢肯定低于c點(diǎn)電勢C．負(fù)電荷在b點(diǎn)電勢能肯定大于在a點(diǎn)電勢能D．正電荷從d點(diǎn)移到b點(diǎn)電場力做功4．如圖所示，實(shí)線為方向未知的三條電場線，a，b兩帶電粒子僅在電場力作用下從電場中的O點(diǎn)以相同的初速度飛出．兩粒子的運(yùn)動軌跡如圖中虛線所示，則A．a(chǎn)肯定帶正電，b肯定帶負(fù)電B．在虛線所示的過程中，a加速度增大，b加速度減小C．在虛線所示的過程中，a電勢能減小，b電勢能增大D．在虛線所示的過程中，a和b的動能都增大5．如圖所示，兩塊長均為L的平行金屬板M、N與水平面成α角放置在同一豎直平面，充電后板間有勻強(qiáng)電場。一個質(zhì)量為m．帶電量為q的液滴沿垂直于電場線方向射人電場，并沿虛線通過電場。下列推斷中正確的是A.液滴在電場中做勻速直線運(yùn)動B.液滴在電場中的電勢能漸漸增大C.電場強(qiáng)度的大小E＝mgcosα/qD.液滴離開電場時的動能增量為mgLsinα6．一平行板電容器充電后與電源斷開，負(fù)極板接地，在兩極板間有一正電荷（電荷量很?。┕潭ㄔ赑點(diǎn)，如圖所示，以E表示兩極板間的場強(qiáng)，U表示電容器的電壓，Ep表示正電荷在P點(diǎn)的電勢能，若保持負(fù)極板不動，將正極板移到圖中虛線所示的位置，則A．E變大，Ep變大B．U變小，E不變C．U不變，Ep不變D．U變小，Ep不變7.如圖甲所示，兩平行金屬板豎直放置，左極板接地，中間有小孔.右極板電勢隨時間變更的規(guī)律如圖乙所示.電子原來靜止在左極板小孔處.(不計重力作用)下列說法中正確的是A.從t＝0時刻釋放電子，電子將始終向右運(yùn)動，直到打到右極板上B.從t＝0時刻釋放電子，電子可能在兩板間振動C.從t＝T/4時刻釋放電子，電子可能在兩板間振動，也可能打到右極板上D.從t＝3T/8時刻釋放電子，電子必將打到左極板上8.如圖所示，長為L＝0.5m、傾角為θ＝37°的光滑絕緣斜面處于水平向右的勻強(qiáng)電場中，一帶電荷量為＋q，質(zhì)量為m的小球(可視為質(zhì)點(diǎn))，以初速度v0＝2m/s恰能沿斜面勻速上滑，g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，則下列說法中正確的是A．水平勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度為B．小球在B點(diǎn)的電勢能大于在A點(diǎn)的電勢能C．若電場強(qiáng)度加倍，小球運(yùn)動的加速度大小為3m/s2D．若電場強(qiáng)度減半，小球運(yùn)動到B點(diǎn)時的速度為初速度v0的一半二、試驗題（9題4分，10題8分，共計12分）9．如圖所示，A、B、C是勻強(qiáng)電場中等腰直角三角形的三個頂點(diǎn)，已知A、B、C三點(diǎn)的電勢分別為QUOTE＝15V，QUOTE＝3V，QUOTE＝－3V，畫出一條過B點(diǎn)的電場線10．如圖所示為“探討影響平行板電容器電容的因素”的試驗裝置，在以下操作步驟中，靜電計指針的張角分別是怎樣變更的？請將答案填在相應(yīng)的橫線上。甲圖中將B板上移，靜電計的指針張角將_______（填“增大”或“減小”或“不變”）乙圖中將B板左移，靜電計的指針張角將_______（填“增大”或“減小”或“不變”）丙圖中將電介質(zhì)插入兩板之間，靜電計的指針張角將_______（填“增大”或“減小”或“不變”）（4）本試驗的探討方法是____________。三、解答題（11題12分；12題18分；13題20分，共計50分）11．一個電量為q=2×10-8C的正電荷從a移到b，電場力做功為W1=1.2×10-7J，從b移到c，電場力做功為W2=-2.0×10-7J。求：(1)ab、bc間的電勢差各為多少；(2)若以b點(diǎn)的電勢為零，則c點(diǎn)的電勢為多少？電荷在c點(diǎn)的電勢能為多少；(3)把負(fù)電荷q=-1×10-8C從a移到c，電場力做的功為多少？12．如圖所示，BCDG是光滑絕緣的圓形軌道，位于豎直平面內(nèi)，軌道半徑為R，下端與水平絕緣軌道在B點(diǎn)平滑連接，整個軌道處在水平向左的勻強(qiáng)電場中?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶正電的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）置于水平軌道上，滑塊受到的電場力大小為mg，滑塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g。若滑塊從水平軌道上距離B點(diǎn)s=3R的A點(diǎn)由靜止釋放，滑塊到達(dá)與圓心O等高的C點(diǎn)時速度為多大？（2）在(1)的狀況下，求滑塊到達(dá)C點(diǎn)時受到軌道的作用力大小；（3）變更s的大小，使滑塊恰好始終沿軌道滑行，且從G點(diǎn)飛出軌道，求滑塊在圓軌道上滑行過程中的最小速度大小。13.如圖所示，虛線MN左側(cè)有一場強(qiáng)為E1＝E的勻強(qiáng)電場，在兩條平行的虛線MN和PQ之間存在著寬為L、電場強(qiáng)度為E2＝2E的勻強(qiáng)電場，在虛線PQ右側(cè)相距為L處有一與電場E2平行的屏．現(xiàn)將一電子(電荷量為e，質(zhì)量為m)無初速度地放入電場E1中的A點(diǎn)，最終電子打在右側(cè)的屏上，AO連線與屏垂直，垂足為O，求：(1)電子從釋放到打到屏上所用的時間；(2)電子剛射出電場E2時的速度方向與AO連線夾角θ的正切值tanθ；(3)電子打到屏上的點(diǎn)P′到點(diǎn)O的距離x. 閬中中學(xué)2024年秋中學(xué)二年級第一學(xué)段教學(xué)質(zhì)量檢測物理參考答案一、選擇題（1-5為單選題，6-8為多選題，6分/題×8題=48分。多選題，全選對的得6分，選對但不全的得3分，選錯的得0分。請將正確答案填在答題卷中。）1.【答案】C【試題解答】A．元電荷是密立根依據(jù)油滴試驗測量出來的，A錯誤；B．卡文迪許通過扭秤試驗測定了靜電力常量，B錯誤；C．法拉第首次提出了電場線，C正確；D．庫侖總結(jié)出了庫侖定律，D錯誤；故選C.【名師點(diǎn)睛】平常學(xué)習(xí)應(yīng)當(dāng)留意積累對物理學(xué)史的了解，知道前輩科學(xué)家們?yōu)樘骄课锢硪?guī)律而付出的艱辛努力，對于物理學(xué)上重大發(fā)覺、獨(dú)創(chuàng)、聞名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一2.【答案】D【試題解答】：E=F/q為電場強(qiáng)度的定義式，不能說E由F和q確定，即電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度和摸索電荷的電荷量無關(guān)，選項A錯誤；依據(jù)電容定義式C=Q/U，電容C大小與Q、U無關(guān)，應(yīng)當(dāng)說電容器極板的電壓每增加1V，電荷量就增加1C，故不能說電容器的電容與所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比選項B錯誤；依據(jù)真空中點(diǎn)電荷電場強(qiáng)度公式E=KQ/r2，這是真空點(diǎn)電荷的確定式，場強(qiáng)與場源電荷成正比，故C錯誤。由電勢差的定義式UAB=WAB/q，可知q=1C，克服電場力做功即電場力做功為-1J，代入公式的電勢差為-1V，故D正確。故選D?？键c(diǎn)：電場強(qiáng)度、電勢差、電容的概念?！久麕燑c(diǎn)睛】電場強(qiáng)度取決于電場本身，與有無摸索電荷無關(guān)；場強(qiáng)公式，只是為探討電場的便利，采納比值法下的定義；點(diǎn)電荷的場強(qiáng)強(qiáng)度公式E=KQ/r2，電場強(qiáng)度只由場源電荷電量和位置確定。C=Q/U是電容的定義式，電容的大小與電容器本身的性質(zhì)有關(guān)，與所帶電荷量和電壓有關(guān)。UAB=WAB/q為電壓的定義式，應(yīng)用此公式時留意代入符號運(yùn)算。得出電勢差為正時，A比B電勢高。得出電勢差為負(fù)時，A比B電勢3.【答案】A【試題解答】：A．在等量異種點(diǎn)電荷的電場線分布圖中，在兩電荷連線的中垂線上，中點(diǎn)O處的電場線最密集，可知O點(diǎn)場強(qiáng)肯定大于與b點(diǎn)場強(qiáng)，選項A正確；B．沿著電場線的方向電勢降低，由于不知道兩電荷電性，所以不能推斷a、c兩點(diǎn)電勢凹凸，選項B錯誤；C．電勢能與摸索電荷和電勢都有關(guān)系，由于不知道a、c兩點(diǎn)電勢的凹凸，所以無法推斷兩點(diǎn)的電勢能大小，選項C錯誤；D．因b點(diǎn)與d點(diǎn)是在同一等勢面上，電場力不做功，選項D錯誤。故選A。4.【答案】D【試題解答】：由粒子的軌跡彎曲方向推斷粒子所受的電場力方向，確定電場線的方向，推斷電勢凹凸．依據(jù)電場力方向與粒子速度方向的夾角，推斷電場力對粒子做正功還是負(fù)功，確定粒子在a與b動能的大小變更以及電勢能的變更．解：A、由運(yùn)動軌跡如圖可知，a、b做曲線運(yùn)動，由于電場線方向未知，故a、b電性不能確定，故A錯誤；B、依據(jù)a、b兩粒子做曲線運(yùn)動軌跡彎曲程度即電場線的疏密可知，b所處的電場線變密，電場強(qiáng)度變強(qiáng)，所受的電場力在增大，加速度在增大；a所處的電場線變疏，電場強(qiáng)度變?nèi)?，所受的電場力在減小，加速度在減小，故B錯誤；C、依據(jù)圖知a、b兩粒子的電場力、速度的夾角為銳角，電場力對電荷做正功，電勢能減小，故C錯誤；D、依據(jù)圖知a、b兩粒子的電場力、速度的夾角為銳角，電場力對電荷做正功，電勢能減小，動能增加，故D正確故選：D【點(diǎn)評】物體做曲線運(yùn)動時，所受合力指向軌跡彎曲的內(nèi)側(cè)，依據(jù)軌跡的彎曲方向要能推斷出力、速度和運(yùn)動軌跡三者的位置關(guān)系體，電場力做功與電勢能、動能的關(guān)系，電場線與電場強(qiáng)度的關(guān)系5.【答案】C【試題解答】：微粒在電場中受到重力和電場力，而做直線運(yùn)動，電場力與重力的合力必定沿運(yùn)動方向，否則就做曲線運(yùn)動，所以電場力的方向是垂直于金屬板斜向上，如圖示．依據(jù)電場力做功的正負(fù)推斷電勢能變更，由幾個關(guān)系求出電場力與重力的關(guān)系，依據(jù)動能定理分析動能的變更．A、粒子所受力的合力與速度方向共線反向，物體做減速運(yùn)動，故A錯誤．B、電場力方向和速度方向垂直電場力不做功，電勢能不變更，故B錯誤；C、由幾何關(guān)系得qE=mgcosα,E=mgcosα/q，，故C正確；D、由動能定理可得，液滴離開電場時的動能增量為－mgLsinα，D錯誤．故選：C?？键c(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動．點(diǎn)評：本題是帶電粒子在電場中運(yùn)動的問題，關(guān)鍵是依據(jù)粒子做直線運(yùn)動推斷出粒子受力狀況．6.【答案】BD【試題解答】：平行板電容器充電后與電源斷開后，電量不變．將正極板移到圖中虛線所示的位置時，板間距離d減小，依據(jù)C=εs/4πkd知，電容C增大，依據(jù)U=Q/C，則板間電壓變小．由E=U/d，C=εs/4πkd得到：E=4πkq/εs，可知E與d無關(guān)，則知電場強(qiáng)度E不變．P與負(fù)極板間的距離不變，由公式U=Ed可知，P與負(fù)極板間的電勢差不變，P點(diǎn)的電勢不變，正電荷在P點(diǎn)的電勢能不變．故AC正確，BD錯誤．故選BD．考點(diǎn)：電容器；場強(qiáng)和電勢【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道電容器與電源斷開后其電荷量不變，駕馭電容器的確定式C=εs/4πkd以=Q/C及定義式．要能嫻熟推導(dǎo)出場強(qiáng)的表達(dá)式E=4πkq/εs，記住E與d無關(guān)的結(jié)論，有利于進(jìn)行動態(tài)分析。7.【答案】AC【試題解答】：分析電子在一個周期內(nèi)的運(yùn)動狀況．從t=0時刻釋放電子，前T/2內(nèi)，電子受到的電場力向右，電子向右做勻加速直線運(yùn)動；后T/2內(nèi)，電子受到向左的電場力作用，電子向右做勻減速直線運(yùn)動；接著周而復(fù)始，所以電子始終向右做單向的直線運(yùn)動，直到打在右板上．故A正確，B錯誤．從t=T/4時刻釋放電子，在T/4－T/2內(nèi)，電子向右做勻加速直線運(yùn)動；在T/2－5T/8內(nèi)，電子受到的電場力向左，電子接著向右做勻減速直線運(yùn)動，5T/8時刻速度為零；在5T/8T內(nèi)電子受到向左的電場力，向左做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，在T－5T/4內(nèi)電子受到向右的電場力，向左做勻減速運(yùn)動，在5T/4時刻速度減為零；接著重復(fù)．若兩板距離足夠大時，電子在兩板間振動．故C正確．用同樣的方法分析從t=3T/8t時刻釋放電子的運(yùn)動狀況，電子先向右運(yùn)動，后向左運(yùn)動，由于一個周期內(nèi)向左運(yùn)動的位移大于向右運(yùn)動的位移，電子最終從左極板的小孔離開電場．也可能電子在向右過程中就遇到右極板，故D錯誤．故選AC?？键c(diǎn)：帶電粒子在電場中的運(yùn)動8.【答案】AD【試題解答】：A．帶電小球從A點(diǎn)到B點(diǎn)，動能不變，由動能定理知重力做功與電場力做功之和為零，即得qELcosθ-mgLsinθ=0得故A正確。B．帶電小球從A點(diǎn)到B點(diǎn)，電場力做正功，電勢能減小，因此B點(diǎn)的電勢能小于A點(diǎn)的電勢能。故B錯誤。C．由題意知，電場強(qiáng)度未加倍時，滿意mgsinθ=qEcosθ電場強(qiáng)度加倍后，小球在斜面方向的合力2qEcosθ-mgsinθ=ma所以小球的加速度a=gsinθ=6m/s2故C錯誤；D．電場強(qiáng)度未減半時，滿意mgsinθ=qEcosθ若電場強(qiáng)度減半，小球在斜面方向的合力為：mgsinθ-qEcosθ=mgsinθ=ma′所以小球的加速度為：a′=gsinθ=3m/s2；依據(jù)速度位移公式，有v2-v02=2as，代入數(shù)據(jù)解得v=1m/s=v0故D正確。故選AD。試驗題（9題4分，10題8分，共計12分）9.【答案及試題解答】：先在AC連線上找出與B點(diǎn)電勢相等的點(diǎn)，作出等勢線，再依據(jù)電場線與等勢面垂直，且由高電勢指向低電勢，作出電場線；【詳解】A、C間的電勢差為18V，連接AC，在AC連線上取三等分點(diǎn)D、F，依據(jù)勻強(qiáng)電場中，沿同一方向隨意距離相等兩點(diǎn)間的電勢差相等，知D的電勢為3V，與B點(diǎn)的電勢相等，連接DB，則DB是一條等勢線，依據(jù)電場線與等勢面垂直，且由高電勢指向低電勢，作出電場線如圖所示：

10.【答案】：增大增大減小限制變量法【試題解答】：【詳解】依據(jù)，，聯(lián)合分析求解；探討某量與其他兩之間的關(guān)系時，常采納限制變量法．（1）依據(jù)，，B板上移，S減小，C減小，Q不變，U增大，張角將增大；（2）依據(jù)，，B板左移，d增大，C減小，U增大，張角將增大；（3）依據(jù)，，插入電介質(zhì)，ε增大，電容C增大，U減小，張角將減?。唬?）依據(jù)可知，其中有，S，d為變量，所以本試驗應(yīng)用的為限制變量法．三.解答題11.【答案】(1)6V，-10V；(2)10V，2×10-7J；(3)4×10-8J【試題解答】：【詳解】(1)正電荷從a移到b，電場力做正功，由W1＝qUab可得－－－－－－（1分）代入數(shù)據(jù)得Uab＝6V－－－－－－（1分）由W2＝qUbc－－－－－－（1分）代入數(shù)據(jù)得Ubc＝﹣10V－－－－－－（1分）（2）若以b點(diǎn)的電勢為零，由－－－－－－（1分）代入數(shù)據(jù)得φc＝10V－－－－－－（1分）電荷在c點(diǎn)的電勢能為 －－－－－－（2分）ac之間的電勢差－－－－－－（2分）故－－－－－－（2分）【答案】(1)；(2)；(3).【試題解答】：【詳解】(1)設(shè)滑塊到達(dá)C點(diǎn)時的速度為v，由動能定理有－－－－－－（4分）又因為Eq=mg聯(lián)立兩式解得－－－－－－（2分）設(shè)滑塊到達(dá)C點(diǎn)時受到軌道的作用力大小為F，則－－－－－－（4分）解得－－－－－－（2分）（3）【分析】要使滑塊恰好始終沿軌道滑行，即軌道對滑塊作用力在某一點(diǎn)時為零，速度最小，即：當(dāng)N=0時，v最小，設(shè)滑至圓軌道DG間某點(diǎn)，由電場力和重力的合力供應(yīng)向心力，此時的速度最?。ㄔO(shè)為vn）－－－－－－（2分）則有

－－－－－－（2分）解得－－－－－－（2分）13