2022年黑龍江哈爾濱市第三中學(xué)物理高一第二學(xué)期期末質(zhì)量檢測試題含解析

2021-2022學(xué)年高一下物理期末模擬試卷考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)如圖所示，用細(xì)線將小球懸掛于點，用鉛筆靠著線的左側(cè)水平向右以大小為的速度勻速移動，運動中懸線始終保持豎直，則該過程中小球運動的速度（）A．方向時刻在變，大小恒為B．方向與豎直向上成角，大小恒為C．方向與豎直向上成角，大小恒為D．方向與豎直向上成角，大小恒為2、(本題9分)如圖所示，一質(zhì)量為m的滑塊沿傾角為α粗糙固定斜面加速下滑，在滑塊由斜面頂端下滑至底端的過程中，下列說法正確的是A．滑塊的機(jī)械能守恒B．斜面對滑塊的支持力的沖量不為零C．滑塊動能的改變量等于重力勢能的改變量D．合力對滑塊做的功等于滑塊增加的機(jī)械能3、(本題9分)生態(tài)文明要求人們注重環(huán)保和節(jié)能．下列獲得電能的方法不符合低碳要求的是（）A．火力發(fā)電 B．風(fēng)力發(fā)電 C．太陽能發(fā)電 D．水力發(fā)電4、如圖所示，半圓形軌道位于豎直平面內(nèi)，O為圓心，OP水平、PQ豎直，現(xiàn)將A、B、C三個小球分別從O、P、Q三點同時水平拋出，三球都落在M點，空氣阻力忽略不計，則以下說法錯誤的是A．A、B兩球同時到達(dá)M點B．C球拋出的初速度最大C．小球C的飛行時間最長D．整個飛行過程中小球C的速度變化量最大5、(本題9分)如圖，傾角為的斜面固定在水平面上，質(zhì)量為的小球從頂點先后以初速度和向左水平拋出，分別落在斜面上的、點，經(jīng)歷的時間分別為、；點與、與之間的距離分別為和，不計空氣阻力影響。下列說法正確的是（）A．B．C．兩球剛落到斜面上時的速度比為1∶4D．兩球落到斜面上時的速度與斜面的夾角正切值的比為1∶16、(本題9分)關(guān)于功率以下說法中正確的是（）A．據(jù)

可知，機(jī)器做功越多，其功率就越大B．據(jù)

可知，汽車牽引力一定與速度成反比C．據(jù)

可知，知道時間t內(nèi)機(jī)器所做的功，就可以求得這段時間內(nèi)任一時刻機(jī)器做功的功率D．根據(jù)

可知，發(fā)動機(jī)功率一定時，交通工具的牽引力與運動速度成反比7、如圖在光滑四分之一圓弧軌道的頂端a點，質(zhì)量為m的物塊(可視為質(zhì)點)由靜止開始下滑，經(jīng)圓弧最低點b滑上粗糙水平面，圓弧軌道在b點與水平軌道平滑相接，物塊最終滑至c點停止．若圓弧軌道半徑為R，物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ，下列說法正確的是()A．物塊滑到b點時的速度為B．c點與b點的距離為C．物塊滑到b點時對b點的壓力是3mgD．整個過程中物塊機(jī)械能損失了mgR8、靜電除塵器是目前普遍采用的一種高效除塵器，如圖實線為除塵器內(nèi)電場的電場線，虛線為帶電粉塵的運動軌跡（不計重力作用），P、Q為運動軌跡上的兩點，粉塵是從P運動到Q，下列關(guān)于帶電粉塵的說法正確的是（）A．粉塵帶負(fù)電B．粉塵帶正電C．粉塵從P運動到Q過程，其加速度變大D．粉塵從P運動到Q過程，其速度變大9、(本題9分)兒童樂園中，一個小孩騎在木馬上隨木馬一起在水平而內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)軸到木馬的距離為r，小孩的向心加速度為a，如把小孩的轉(zhuǎn)動看做勻速圓周運動，則（）A．小孩相對于圓心的線速度不變B．小孩的線速度大小為C．小孩在時間t內(nèi)通過的路程為D．小孩做勻速圓周運動的周期10、如圖所示，真空中有兩個點電荷Q1=+4.010-8C和Q2=-1.010-8C，分別固定在x坐標(biāo)軸的坐標(biāo)原點和x=6cm的位置上。在x軸上（）A．x=12cm處的場強(qiáng)為零B．x=14cm處的場強(qiáng)為零C．x=8cm處的電勢比x=10cm處的電勢低D．將一個負(fù)的試探電荷從x=15cm處移動到x=20cm處的過程中，它的電勢能減少11、(本題9分)如圖所示，在光滑水平面上放一輛小車，小車的左端放一只箱子，在水平恒力F作用下，將箱子從小車右端拉出，如果第一次小車被固定于地面，第二次小車不固定，小車在摩擦力作用下可沿水平面運動，在這兩種情況下說法不正確的是()A．摩擦力大小不相等 B．F所做的功不相等C．摩擦產(chǎn)生的熱量相等 D．箱子增加的動能相等12、如圖所示是某中學(xué)科技小組制作的利用太陽能驅(qū)動小車的裝置.當(dāng)太陽光照射到小車上方的光電板時，光電板中產(chǎn)生的電流經(jīng)電動機(jī)帶動小車前進(jìn).若小車在平直的公路上以初速度v0開始加速行駛，經(jīng)過時間t，前進(jìn)了距離L，達(dá)到最大速度vmax，設(shè)此過程中電動機(jī)功率恒為額定功率P，受到的阻力恒為f，則此過程中電動機(jī)所做的功為()A．B．C．D．二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)一個放在水平面上的物體質(zhì)量為2.0kg，在沿水平方向的拉力作用下運動，其運動速度隨時間變化的圖象如圖所示.已知地面與物體之間的動摩擦因數(shù)為0.2，(g取10m／s2)則在0～4.0s的時間內(nèi)，拉力對物體所做的功為__________焦;在第4s末拉力對物體做功的瞬時功率為____________瓦14、(本題9分)根據(jù)萬有引力公式F=，若只是兩物體間的距離變?yōu)樵瓉淼?倍，它們間的引力將變?yōu)樵瓉淼腳___倍；若只是每個物理的質(zhì)量均變?yōu)樵瓉淼?倍，引力將變?yōu)開____倍。15、如圖所示，電路中電阻R1=8Ω，R2=20Ω，R3=20Ω，C=2μF，E=12V，電源內(nèi)阻r=0，S閉合，當(dāng)滑動變阻器的阻值R由2Ω變至22Ω的過程中，通過A1的電量是________，A2的讀數(shù)變化情況是________。三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)如圖所示，一質(zhì)量為m的帶電小球，用長為l的絕緣細(xì)線懸掛在場強(qiáng)大小為E、方向水平向右的勻強(qiáng)電場中，靜止時懸線與豎直方向成θ角，重力加速度大小為g．（1）指出小球所帶電荷的電性；（2）求小球所帶電荷量的大??；（3）若將細(xì)線突然剪斷，求小球運動時的加速度大小．17、（10分）如圖所示，光滑水平面上有一輛質(zhì)量為Ｍ=1kg的小車，小車的上表面有一個質(zhì)量為m=0.9kg的滑塊，在滑塊與小車的擋板間用輕彈簧相連接，滑塊與小車上表面間的動摩擦因數(shù)為μ=0.1，整個系統(tǒng)一起以v1=10m/s的速度向右做勻速直線運動，此時彈簧長度恰好為原長．現(xiàn)在用一質(zhì)量為m0=0.1kg的子彈，以v0=50m/s的速度向左射入滑塊且不穿出，所用時間極短．當(dāng)彈簧壓縮到最短時，彈簧被鎖定，測得此時彈簧的壓縮量為d=0.50m，g=10m/s1．求（1）子彈射入滑塊的瞬間，子彈與滑塊的共同速度；（1）彈簧壓縮到最短時，彈簧彈性勢能的大?。?/p>

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】

將小球的運動分解為水平方向和豎直方向，水平方向的運動與鉛筆的運動相同，做勻速直線運動，豎直方向上也做勻速直線運動，兩個方向的速度大小相同，均為2cm/s。兩個勻速直線運動的合運動還是勻速直線運動，合速度方向與豎直向上的夾角故C正確，BCD錯誤。2、B【解析】

利用機(jī)械能守恒的條件可以判斷機(jī)械能變化情況和重力勢能與動能的變化關(guān)系；根據(jù)沖量的定義式即可計算斜面對滑塊的支持力的沖量?！驹斀狻緼．滑塊在下滑過程中，共受到三個力：重力，支持力，摩擦力，其中支持力不做功，重力做功不影響物體機(jī)械能，摩擦力做負(fù)功使物體機(jī)械能減小，故A錯誤；B．由沖量公式I=Ft知：INC．滑塊在下滑過程中，重力勢能減小，動能增加，但由于總的機(jī)械能在減小，所以重力勢能的減小量大于動能的增加量，故C錯誤；D．滑塊克服阻力所做的功，對應(yīng)了其機(jī)械能的減少，故D錯誤?！军c睛】本題主要考查了機(jī)械能守恒定律，利用條件分析即可，較為簡單。3、A【解析】

火力發(fā)電燃燒煤，從而帶來大氣污染，不符合低碳要求；而風(fēng)力發(fā)電、太陽能發(fā)電及水力發(fā)電均為清潔能源，不會帶來污染，故A符合題意，BCD不符合題意。【點睛】本題考查能源的利用，要注意節(jié)約能源和避免污染．4、B【解析】

AC．三小球的平拋運動豎直方向做自由落體運動，有h=12gt2，而豎直位移有hA=hB＜B．平拋的水平方向為勻速直線運動，有x=vt，而xA＜xB=xC，則平拋的初速度vA<vB，D．根據(jù)△v=a△t可知，加速度為g一定，C球的運動時間最長，則速度變化量最大，故D正確.5、D【解析】

A．平拋運動落在斜面上時，豎直方向的位移和水平方向上位移比值一定解得可知時間與初速度成正比，所以，故A錯誤；B．落點到A點的距離可知距離與初速度的平方成正比，所以，故B錯誤；CD．設(shè)速度與水平方向的夾角為，有則知小球落在斜面上時速度方向相同，所以兩球落到斜面上時的速度與斜面的夾角相同，夾角正切值的比為1∶1，則落到斜面上時的速度為則可知剛落到斜面上時的速度與初速度成正比，所以兩球剛落到斜面上時的速度比為1∶2，故C錯誤，D正確。故選D。6、D【解析】

A.P=W/t表明，功率不僅與物體做功的多少有關(guān)同時還與做功所用的時間有關(guān)，選項A不合題意B.P=Fv在該式中，當(dāng)功率一定時，在一定階段汽車的牽引力與速度成反比，選項B不合題意；C.據(jù)P＝W/t知，知道時間t內(nèi)機(jī)器所做的功，就可以求得這段時間內(nèi)做功的平均功率，C選項不合題意；D.據(jù)P=Fv可知，當(dāng)功率恒定時，牽引力與速度成反比，選項D符合題意．7、BCD【解析】

A.由機(jī)械能守恒可知，mgR=mv2；解得b點時的速度為，故A不符合題意；B.對全程由動能定理可知，mgR-μmgs=0解得bc兩點間的距離為，故B符合題意；C.b點時，物體受重力、支持力而做圓周運動，則由可得支持力F=3mg，由牛頓第三定律可知，物塊對b點的壓力為3mg；故C符合題意；D.在滑動過程中，摩擦力所做的功等于機(jī)械能的損失，故機(jī)械能損失了μmgs=mgR，故D符合題意；8、ACD【解析】

根據(jù)軌跡彎曲的方向判斷電荷的正負(fù)，電場線的疏密表示場強(qiáng)大小，沿電場線方向電勢逐漸降低，根據(jù)電場力做功判斷電勢能和加速度的變化．解：A、由圖象知軌跡的彎曲方向即受電場力的方向與電場線方向相反，所以該粉塵顆粒帶負(fù)電，A正確，B錯誤；C、顆粒向電場線密的地方運動，該粉塵顆粒運動的加速度逐漸變大，故C正確；D、電場力做正功，該粉塵顆粒的電勢能逐漸變小，速度增大．故D正確；故選ACD9、CD【解析】

A.勻速圓周運動時，線速度的大小不變，方向時刻改變；故A錯誤.B.根據(jù)得：；故B錯誤.C.小孩在時間t內(nèi)通過的路程為；故C正確.D.小孩做勻速圓周運動的周期；故D正確.10、AC【解析】

AB．兩電荷間距離，設(shè)電荷Q2右側(cè)r處場強(qiáng)為0，則：解得：即x=12cm處的場強(qiáng)為零，所以x=6cm到x=12cm間場強(qiáng)方向沿x軸負(fù)方向，處場強(qiáng)方向沿x軸正方向。故A項正確，B項錯誤。C．x=6cm到x=12cm間場強(qiáng)方向沿x軸負(fù)方向，沿電場線方向電勢降低，則x=8cm處的電勢比x=10cm處的電勢低。故C項正確。D．處場強(qiáng)方向沿x軸正方向，則x=15cm處的電勢大于x=20cm處的電勢；將一個負(fù)的試探電荷從x=15cm處移動到x=20cm處的過程中，它的電勢能增加。故D項錯誤。11、AD【解析】

A.由f=μN=μmg，可知，這兩種情況下箱子所受的摩擦力大小一樣大，故A錯誤。B.由于小車不固定時，箱子對地的位移較大，所以由W=Fl，可知，小車不固定時F做功較大，故B正確。C.摩擦產(chǎn)生的熱量表達(dá)式為Q=μmgL，L是車長，所以Q相等，故C正確。D.根據(jù)動能定理得：（F-f）l=Ek，由于小車不固定時，箱子對地的位移大，所以小車不固定時，箱子所得到的動能較大，故D錯誤。此題選擇不正確的選項，故選AD.12、AD【解析】

ABC．當(dāng)F=f時速度達(dá)到最大值W=Pt=fvmaxt故A正確，BC錯誤。D．汽車從速度v0到最大速度vm過程中，由動能定理可知：解得：故D正確；故選AD。二．填空題(每小題6分，共18分)13、48J24W【解析】

[1]由圖可知在0～4.0s的時間內(nèi)：a=1m/s2

；

x=8m

由牛頓第二定律：F-f=ma

得F=f+ma=μmg+ma=（0.2×2×10+2×1）N=6N則WF=Fx=6×8J=48J[2].由功率公式：P=Fv

得P=6×4W=24W14、1/44【解析】

根據(jù)萬有引力公式F=，若只是兩物體間的距離變?yōu)樵瓉淼?倍，它們間的引力將變?yōu)樵瓉淼?/4倍；若只是每個物理的質(zhì)量均變?yōu)樵瓉淼?倍，引力將變?yōu)?倍。15、1.28×10‐5C一直減小【解析】

[1]．設(shè)電池的負(fù)極的電勢為0，電容的下極板的電勢不變，則上極板的電勢變化范圍為電容器兩極板的電壓的變化范圍：即則通過A2的電量為Q=C△U=6.4×2×10-6=1.28×10-5C[2]．A1的讀數(shù)為通過R1的電流，其值，則R增大，電流變小。三．計算題(22分)16、（1