河南逝師聯(lián)盟2025屆高三物理下學(xué)期高仿密卷試題含解析

PAGE20-河南省九師聯(lián)盟2025屆高三物理下學(xué)期高仿密卷試題（含解析）一、選擇題:本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～4題只有一項(xiàng)符合題目要求，第5～8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.顛球是足球運(yùn)動(dòng)基本技術(shù)之一，若質(zhì)量為400g的足球用腳顛起后，豎直向下以4m/s的速度落至水平地面上，再以3m/s的速度反向彈回，取豎直向上為正方向，在足球與地面接觸的時(shí)間內(nèi)，關(guān)于足球動(dòng)量變更量△p和合外力對(duì)足球做的功W，下列推斷正確的是（）A.△p=1.4kg·m/sW=-1.4JB.△p=-1.4kg·m/sW=1.4JC.△p=2.8kg·m/sW=-1.4JD.△p=-2.8kg·m/sW=1.4J【答案】C【解析】【詳解】足球與地面碰撞過(guò)程中動(dòng)量的變更量△p=mv2-mv1=04×3kg·m/s-0.4（-4）kg·m/s=2.8kg·m/s方向豎直向上；由動(dòng)能定理，合外力做的功故選C。2.如圖所示，在武漢火神山建筑工地上，一質(zhì)量為80kg的工人通過(guò)定滑輪將50kg的建筑材料以1m/s2的加速度向上拉升，重力加速度g取10m/s2，不計(jì)空氣阻力，忽視繩子和定滑輪的質(zhì)量及它們之間的摩擦，用如圖甲、乙所示的兩種方式拉升建筑材料，地面對(duì)工人的支持力大小之比約為（）A.0.3 B.0.5C.0.7 D.0.9【答案】B【解析】【詳解】設(shè)繩子對(duì)建筑材料的拉力為F1，依據(jù)牛頓其次定律有F1-mg=ma解得F1=m（g+a）=550N繩對(duì)人的拉力F2=F1=550N人處于靜止，在題圖甲中，由平衡條件得地面對(duì)人的支持力FN1=Mg-F2=250N在題圖乙中，由平衡條件得地面對(duì)人支持力FN2=Mg-F2sin30°=525N題圖甲、乙所示地面對(duì)工人的支持大小之比FN1：FN2≈05故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。3.如圖所示為發(fā)電機(jī)結(jié)構(gòu)示意圖，其中N、S是永久磁鐵的兩個(gè)磁極，其表面為對(duì)應(yīng)圓心角為120°的圓弧面。M是圓柱形鐵芯，它與磁極柱面共軸，鐵芯上繞有邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的單匝正方形線框，可繞與鐵芯共同的固定軸轉(zhuǎn)動(dòng)，磁極與鐵芯間的磁場(chǎng)勻稱(chēng)輻向分布。已知正方形線框勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，其切割磁感線的邊的線速度大小為v，切割時(shí)切割邊所在位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小始終為B，則下列說(shuō)法正確的是（）A.線框中產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為BLvB.線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的變更周期為C.線框中產(chǎn)生的有效感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為D.線框中產(chǎn)生的有效感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為【答案】D【解析】【詳解】A．線框中產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為2BLv，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的變更周期等于線框轉(zhuǎn)動(dòng)的周期，即，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；CD．由交變電流有效值的計(jì)算公式有解得選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。故選D。4.如圖所示，兩塊水平放置的平行金屬板a、b，相距為d，組成一個(gè)電容為C的平行板電容器，R1為定值電阻，R2為可變電阻，開(kāi)關(guān)S閉合.質(zhì)量為m的帶正電的微粒從O點(diǎn)以水平速度v射入金屬板問(wèn)，沿曲線打在b板上的P點(diǎn)若經(jīng)有關(guān)調(diào)整后，微粒仍從O點(diǎn)以水平速度v射入，不計(jì)空氣阻力及板外電場(chǎng)，則下列推斷正確的是（）A.只增大R2，微粒打在P點(diǎn)左側(cè)B.只增大R2，微粒仍打在P點(diǎn)C.S斷開(kāi)，a板略微豎直上移，微粒仍打在P點(diǎn)D.S斷開(kāi)，a板略微豎直上移，微粒打在P點(diǎn)左側(cè)【答案】C【解析】【詳解】AB．由電路連接狀況可知，兩板間電場(chǎng)方向豎直向上，帶正電微粒所受電場(chǎng)力方向豎直向上，電阻R1與R2串聯(lián)，依據(jù)串聯(lián)分壓規(guī)律可知，增大R2，R1兩端電壓減小，兩極板間電壓減小，粒子所受電場(chǎng)力減小，故微粒所受豎直向下的合外力增大，由牛頓其次定律可知，微粒運(yùn)動(dòng)加速度增大，豎直方向則運(yùn)動(dòng)時(shí)間減小，水平方向微粒水平位移減小，微粒將打P點(diǎn)右側(cè)，AB錯(cuò)誤；CD．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)，電容器所帶電荷量Q不變，電容的公式場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)差的關(guān)系式可得可知變更板間距離不會(huì)變更兩板間場(chǎng)強(qiáng)，所以粒子仍打在P點(diǎn)，D錯(cuò)誤C正確。故選C。5.如圖所示，在豎直平面內(nèi)xOy坐標(biāo)系中，存在沿x軸正方向的恒定風(fēng)力，將小球以初速度v0=4m/s從O點(diǎn)豎直向上拋出，到達(dá)最高點(diǎn)的位置為M點(diǎn)，落回x軸時(shí)的位置為N點(diǎn)。不計(jì)空氣阻力，坐標(biāo)格為正方形，重力加速度g取10m/s2，則小球在M點(diǎn)的速度v1和到達(dá)N點(diǎn)的速度v2的大小分別為（）A.v1=6m/s；v2=4m/sB.v1=6m/s；v2=3m/sC.v1=5m/s；v2=4m/sD.v1=5m/s；v2=3m/s【答案】A【解析】【詳解】設(shè)正方形的邊長(zhǎng)為s0，小球豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng)水平方向做初速為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)聯(lián)立兩式解得v1=6m/s由豎直方向運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性可知，小球再經(jīng)t1到達(dá)x軸，位置N的坐標(biāo)為（12，0）小球到N點(diǎn)豎直分速度大小v0=4m/s水平分速度故m/sA正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。6.在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一個(gè)靜止的鈾原子核經(jīng)α衰變后變成一個(gè)新核，衰變方程為，結(jié)果得到的徑跡為兩個(gè)相切圓1和2的徑跡照片如圖所示。已知兩個(gè)相切圓半徑分別為r1、r2，且r1＜r2，則下列說(shuō)法正確的是（）A.衰變后核的動(dòng)量與α粒子的動(dòng)量不相同B.半徑為r1的圓為放出α粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡C.衰變后核的質(zhì)量與α粒子的質(zhì)量之和等于衰變前鈾核的質(zhì)量D.若鈾元素的半衰期為τ，則經(jīng)過(guò)2τ的時(shí)間，2kg的核中有1.5kg已經(jīng)發(fā)生了衰變【答案】AD【解析】【詳解】A．衰變前，鈾核的動(dòng)量為零，依據(jù)動(dòng)量守恒定律可知，新核與α粒子的動(dòng)量大小相等，方向相反，所以二者動(dòng)量不同，故A正確；B．新核與α粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力供應(yīng)向心力，由牛頓其次定律得解得由于p、B都相等，則粒子電荷量q越大，其軌道半徑r越小，由于新核的電荷量大于放出粒子的電荷量，所以新核的軌道半徑小于放出粒的軌道半徑，則半徑為r1的圓為新核的運(yùn)動(dòng)軌跡，半徑為r2的圓為放出α粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，故B錯(cuò)誤；C．鈾核衰變的過(guò)程中，存在質(zhì)量虧損，導(dǎo)致衰變后核的質(zhì)量與α粒子的質(zhì)量之和小于衰變前鈾核的質(zhì)量，故C錯(cuò)誤；D．2kg的核衰變，符合統(tǒng)計(jì)規(guī)律，經(jīng)過(guò)2τ的時(shí)間，即2個(gè)半衰期的時(shí)間，已有1.5kg發(fā)生衰變，故D正確。故選AD。7.假設(shè)太陽(yáng)的質(zhì)量為M，到太陽(yáng)中心的距離為r的海王星質(zhì)量為m，規(guī)定物體距離太陽(yáng)無(wú)窮遠(yuǎn)處的太陽(yáng)引力勢(shì)能為零，則理論證明海王星的太陽(yáng)力勢(shì)能公式為.已知海王星繞太陽(yáng)做橢圓運(yùn)動(dòng)，遠(yuǎn)日點(diǎn)和近日點(diǎn)的距離分別為r1和r2，另外已知地球繞太陽(yáng)做圓周運(yùn)動(dòng)，其軌道半徑為R，萬(wàn)有引力常量為G，地球公轉(zhuǎn)周期為T(mén)。結(jié)合已知數(shù)據(jù)和萬(wàn)有引力規(guī)律，則可以推算下列哪些物理量（）A.海王星質(zhì)量 B.太陽(yáng)質(zhì)量C.地球質(zhì)量 D.海王星遠(yuǎn)日點(diǎn)速度【答案】BD【解析】【詳解】設(shè)海王星遠(yuǎn)日點(diǎn)和近日點(diǎn)速度分別為v1和v2，依據(jù)開(kāi)普勒其次定律有v1r1=v2r2依據(jù)機(jī)械能守恒定律有設(shè)地球質(zhì)量為m0，已知地球公轉(zhuǎn)周期為T(mén)，萬(wàn)有引力常量為G，太陽(yáng)的引力供應(yīng)向心力，有由三式可推導(dǎo)太陽(yáng)質(zhì)量、海王星遠(yuǎn)日點(diǎn)速度，不能推導(dǎo)海王星質(zhì)量、地球質(zhì)量，故選項(xiàng)BD正確，AC錯(cuò)誤。故選BD8.如圖所示，間距為L(zhǎng)足夠長(zhǎng)的光滑平行導(dǎo)軌PQ、MN固定在絕緣水平桌面上，導(dǎo)軌左端接有阻值為R的定值電阻，質(zhì)量為m、電阻為r的導(dǎo)體棒ab垂直靜置于導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌接觸良好，其長(zhǎng)度恰好等于導(dǎo)軌間距，導(dǎo)軌的電阻忽視不計(jì)整個(gè)裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直導(dǎo)軌向上.假如導(dǎo)體棒ab以初速度v0向右運(yùn)動(dòng)起先計(jì)時(shí)，則以下說(shuō)法正確的是（）A.棒ab運(yùn)動(dòng)的速度為v0時(shí)其加速度的大小為B.棒ab運(yùn)動(dòng)的速度為v0時(shí)其加速度的大小為C.棒ab在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的位移x的大小為D.棒ab在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的位移x的大小為【答案】AC【解析】【詳解】AB．導(dǎo)體棒速度為v0時(shí)切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv0導(dǎo)體棒中電流導(dǎo)體棒受到安培力F安=BIL由牛頓其次定律F安=ma聯(lián)立以上各式，可得棒ab運(yùn)動(dòng)速度為v0時(shí)其加速度的大小A正確，B錯(cuò)誤；CD．由動(dòng)量定理導(dǎo)體棒中的平均感應(yīng)電流導(dǎo)體棒的位移聯(lián)立三式解得棒ab在導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的位移大小為C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。二、非選擇題:共62分。第9～12題為必考題，每個(gè)試題考生都必需作答。第13～16題為選考題，考生依據(jù)要求作答。（一）必考題9.某同學(xué)設(shè)計(jì)出如圖所示“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的試驗(yàn)裝置，半徑為R的光滑四分之一圓弧軌道固定在水平桌面上，切口與桌邊對(duì)齊，探測(cè)屏MN豎直立于水平地面；每次將小球從圓弧形軌道的最高點(diǎn)由靜止釋放，探測(cè)屏記錄下小球的落點(diǎn)。測(cè)屏從某位置起先每次向右移動(dòng)距離L，依次記錄小球落點(diǎn)位置A、B、C，測(cè)得A、B間的距離h1，A、C間的距離h2，小球大小不計(jì)。（1）下列說(shuō)法正確的是________（填正確答案標(biāo)號(hào)）。A.試驗(yàn)前應(yīng)對(duì)試驗(yàn)裝置反復(fù)調(diào)整，保證小球飛出時(shí)速度既不太大，也不太小B.小球每次從同一位置由靜止釋放，是為了保證小球在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等C.探測(cè)屏每次向右移動(dòng)距離相等，是為了保證相鄰兩落點(diǎn)間的時(shí)間間隔相等D.驗(yàn)證時(shí)，必需知道當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋?）若小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒，則L與h1、h2的關(guān)系式為_(kāi)_______。【答案】(1).C(2).L2=2R（h2-2h1）【解析】【詳解】（1）[1]．A．對(duì)于確定的四分之一圓弧軌道，每次將小球從圓弧軌道的最高點(diǎn)由靜止釋放，小球飛出時(shí)的速度保持不變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．每次讓小球從同一位置山靜止釋放，是為了保證小球離開(kāi)圓弧軌道時(shí)具有相同的水平初速度,選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．探測(cè)屏每次向右移動(dòng)距離相等，是為了保證相鄰兩落點(diǎn)間的時(shí)間問(wèn)隔相等，選項(xiàng)C正確；D．驗(yàn)證機(jī)械能守恒時(shí)，重力加速度可以約去，不須要知道當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。（2）[2]．若小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒，則有依據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得（h2-h1）-h1=gt2L=v0t聯(lián)立以上各式解得L2=2R（h2-2h1）10.某探討性學(xué)習(xí)小組為了測(cè)量電流表G的內(nèi)阻，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路.試驗(yàn)室供應(yīng)了以下器材:A.待測(cè)電流表G（量程1mA，阻值約150Ω）B.滑動(dòng)變阻器（總阻值5000Ω，額定電流1A）C.滑動(dòng)變阻器（總阻值500Ω，額定電流1A）D.電阻箱R2（總阻值999.Ω）E.電源（電動(dòng)勢(shì)為1.5V，內(nèi)阻很小）F.電源（電動(dòng)勢(shì)為3V，內(nèi)阻很?。〨.開(kāi)關(guān)導(dǎo)線若干（1）該小組假如選擇如圖甲所示的電路來(lái)測(cè)量待測(cè)電流表G的內(nèi)阻，則滑動(dòng)變阻器R1應(yīng)選擇________（填器材前代碼序號(hào)），電源應(yīng)選擇________（填器材前代碼序號(hào)）。（2）試驗(yàn)時(shí)，先斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2，閉合開(kāi)關(guān)S1，調(diào)整滑動(dòng)變阻器R1，使得G的示數(shù)為Ig；保持R1的阻值不變，再閉合S2；調(diào)整電阻箱R2，使得G的示數(shù)為，此時(shí)電阻箱R2的示數(shù)如圖乙所示，則G的內(nèi)阻為_(kāi)______。（3）該試驗(yàn)中，G的內(nèi)阻測(cè)量值________（填“大于”或“小于”）真實(shí)值?！敬鸢浮?1).B(2).F(3).160.4(4).小于【解析】【詳解】（1）[1][2]．依據(jù)半偏法測(cè)電阻的原理，在平安的前提下，選用電動(dòng)勢(shì)大的電源可以減小系統(tǒng)誤差，所以電源選F；試驗(yàn)時(shí)，先斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2，閉合開(kāi)關(guān)S1，調(diào)整滑動(dòng)變阻器R1，使得G的示數(shù)為Ig，則回路中的總電阻為=3000Ω則滑動(dòng)變阻器選擇B.（2）[3]．試驗(yàn)時(shí)，先斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2，閉合開(kāi)關(guān)S1，調(diào)整滑動(dòng)變阻器R1，使得G的示數(shù)為Ig；保持R1的阻值不變，再閉合S2調(diào)整電阻箱R2，使得G的示數(shù)為，此時(shí)電阻箱的示數(shù)為R2=80.2Ω，流過(guò)電阻箱的電流為，則由解得G的內(nèi)阻為Rg=2R2=160.4Ω（3）[4]．閉合S2后，回路中的總電阻減小，導(dǎo)致這時(shí)的總電流大于Ig，當(dāng)流過(guò)電流表的電流為時(shí)，流過(guò)R2的電流大于，即即Rg＞2R2，所以測(cè)量值偏小。11.如圖所示，在豎直平面內(nèi)存在垂直于紙面對(duì)里半徑為r0的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域C、D兩個(gè)豎直平行金屬板之間的電壓為U。一質(zhì)量為m、荷量為q的帶正電的粒子（不計(jì)粒子重力）從靠近C板的S點(diǎn)由靜止起先水平向右做加速運(yùn)動(dòng)，自M點(diǎn)沿圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的半徑方向射入磁場(chǎng)，粒子射出磁場(chǎng)后能通過(guò)M點(diǎn)正上方的N點(diǎn)，M、N兩點(diǎn)間的距離為，求：（1）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小；（2）粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的時(shí)間?！敬鸢浮?1)；(2)【解析】【詳解】(1)粒子在電場(chǎng)中加速時(shí)，依據(jù)動(dòng)能定理qU=解得粒子從M點(diǎn)射入磁場(chǎng)的速度大小粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示由幾何關(guān)系知解得又解得粒在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑由公式qvB=解得勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小(2)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間粒子射出磁場(chǎng)后的運(yùn)動(dòng)時(shí)間粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的時(shí)間聯(lián)立解得12.如圖所示，在某豎直平面內(nèi)，圓心為O、半徑R=0.32m固定的半圓光滑軌道CD與足夠長(zhǎng)的光滑水平面BC平滑連接于C點(diǎn)直徑CD垂直于BC，BC左端連接傾角為=37°的傾斜傳送帶AB，傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，速度為v0=4m/s.現(xiàn)將可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊甲從傾斜傳送帶的A點(diǎn)由靜止釋放，到達(dá)B點(diǎn)后只保留水平分速度沿水平面運(yùn)動(dòng)，與靜止在C點(diǎn)可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊乙發(fā)生彈性正碰，甲、乙兩物塊的質(zhì)量均為m=1.0×10-2kg，不計(jì)空氣阻力，小物塊甲與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.5，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g取10m/s2。求：（1）若兩物塊碰撞后，乙恰能通過(guò)軌道的最高點(diǎn)D，則兩物塊碰后瞬間，乙對(duì)半圓軌道最低點(diǎn)C處的壓力F；（2）在滿(mǎn)意（1）的條件下，求傳送帶AB的長(zhǎng)度；（3）若保持乙的質(zhì)量不變，增大甲的質(zhì)量，將甲仍從A點(diǎn)釋放，求乙在軌道上的首次落點(diǎn)到C點(diǎn)的距離范圍.【答案】（1）0.6N，方向豎直向下；（2）3.05m；（3）x′＜2.56m【解析】【詳解】（1）設(shè)乙恰好能通過(guò)D點(diǎn)時(shí)的速度為vD，則解得乙從C到D，依據(jù)機(jī)械能守恒，得解得在碰后的C點(diǎn)解得F′=6mg依據(jù)牛頓第三定律得F=F′=6mg=0.6N，方向豎直向下（2）設(shè)碰撞前后甲的速度分別為v、v甲，依據(jù)動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒定律有mv=mv甲+mvC聯(lián)立以上兩式解得v甲=0甲從A運(yùn)動(dòng)到B時(shí)速度可見(jiàn)甲在與傳送帶等速前后均做勻加速運(yùn)動(dòng)甲與傳送帶等速前甲的加速度甲的位移=0.8m甲與傳送帶等速后，甲的加速度甲的位移=2.25m故傳送帶AB的長(zhǎng)度L=x1+x2=3.05m（3）甲仍在A點(diǎn)釋放，運(yùn)動(dòng)到水平面上的速度也仍為v=4m/s設(shè)甲的質(zhì)量為M，碰撞后甲、乙的速度分別為vM、vm，依據(jù)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒定律有Mv=MvM+mvm聯(lián)立解得因?yàn)镸≥m，可得v≤vm＜2v設(shè)乙過(guò)D點(diǎn)的速度為vD′，由動(dòng)能定理得聯(lián)立解得設(shè)乙在水平軌道上的落點(diǎn)到C點(diǎn)的距離為x′，則有聯(lián)立解得乙在軌道上的首次落點(diǎn)到C點(diǎn)的距離范圍2R≤x′＜8R即0.64m≤x′＜2.56m（二）選考題:共15分。請(qǐng)考生從2道物理題任選一題作答。假如多做，則每學(xué)科按所做的第一題計(jì)分。【物理——選修3-3】13.下列關(guān)于熱學(xué)問(wèn)題的說(shuō)法正確的是_________。A.樹(shù)葉上露珠在凝聚形成的過(guò)程中，水分子間的引力斥力都增大B.18℃水的飽和汽壓大于27℃水的飽和汽壓C.液體表面具有收縮的趨勢(shì)是因?yàn)橐好娣肿娱g作用力表現(xiàn)為引力D.放煤的墻角會(huì)變黑不只是墻面上黑，這種擴(kuò)散運(yùn)動(dòng)反映了分子熱運(yùn)動(dòng)的有序性E.不能從單一熱源汲取熱量全部用來(lái)做功而不引起其他變更【答案】ACE【解析】【詳解】A．草葉上的露珠是由空氣中的水蒸氣凝聚成的水珠，這一物理過(guò)程中分子間距減小，則水分子間的引力、斥力都增大，選項(xiàng)A正確；B．溫度越高，水的飽和汽壓越大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，液面分子間作用力表現(xiàn)為引力，所以液體表面具有收縮的趨勢(shì)，選項(xiàng)C正確；D．布朗運(yùn)動(dòng)與擴(kuò)散運(yùn)動(dòng)都反映了分子熱運(yùn)動(dòng)的無(wú)序性，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；E．依據(jù)熱力學(xué)其次定律的一種表述，不能從單一熱源汲取熱量全部用來(lái)做功而不引起其他變更，選項(xiàng)E正確。故選ACE。14.如圖所示，導(dǎo)熱件能良好的氣缸豎直放置，橫截面積為S．氣缸內(nèi)用活塞封閉著肯定質(zhì)量的志向氣體，氣柱的高度為L(zhǎng)，溫度為T(mén)1．活塞與氣缸間摩擦忽視不計(jì)，現(xiàn)在活塞上放一質(zhì)量為m砝碼，氣柱高度變?yōu)?，氣缸關(guān)婦，再對(duì)氣缸緩慢加熱，使氣缸內(nèi)的氣柱高度復(fù)原到L，已知加熱時(shí)氣體汲取的熱量為Q，外界大氣壓強(qiáng)為（1）整個(gè)過(guò)程中被封閉氣體的內(nèi)能變更了多少？（2）氣體的末態(tài)溫度T2為多少？（3）請(qǐng)?jiān)赩-T圖上畫(huà)出整個(gè)過(guò)程的圖像(在圖線上標(biāo)出過(guò)程的方向）．【答案】（1）Q-mgL；（2）2T1；（3）【解析】【詳解】（1）在過(guò)程1中，氣體保持等溫變更，故氣體的內(nèi)能不變；由玻意耳定律可得：解得P0S=mg；在過(guò)程2中，氣體吸熱Q，且氣體對(duì)外做功為則氣體內(nèi)能變更了Q-mgL；（2）對(duì)過(guò)程2，由氣體狀態(tài)變更