黑龍江省大慶市2025屆高三物理第一次教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)試題含解析

PAGE19-黑龍江省大慶市2025屆高三物理第一次教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)試題（含解析）一.單項(xiàng)選擇題（本題8小題，每題4分，共32分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求）1.某同學(xué)通過以下步驟粗測(cè)岀了從肯定高度落下的排球?qū)Φ孛娴臎_擊力：將一張白紙鋪在水平地面上，把排球在水里弄濕，然后讓排球從規(guī)定的高度自由落下，并在白紙上留下球的水印.再將印有水印的白紙鋪在臺(tái)秤上，將球放在紙上的水印中心，緩慢地壓球，使排球與紙接觸部分漸漸發(fā)生形變直至剛好遮住水印，此時(shí)臺(tái)秤的示數(shù)約為沖擊力的最大值.該同學(xué)運(yùn)用了等效替代的方法進(jìn)行測(cè)量，下列物理學(xué)習(xí)或探討中用到的方法與該同學(xué)的方法相同的是A.建立“合力與分力”的概念 B.建立“點(diǎn)電荷”的概念C.建立“電場(chǎng)強(qiáng)度"的概念 D.建立“電容器電容”的概念【答案】A【解析】【詳解】A．合力和分力是等效的，它們是等效替代的關(guān)系，所以A正確.B．點(diǎn)電荷是一種志向化的模型，是采納的志向化的方法，故B錯(cuò)誤.C．電場(chǎng)強(qiáng)度的定義是:摸索電荷在電場(chǎng)中受到的電場(chǎng)力與摸索電荷所帶電量的比值.所以建立“電場(chǎng)強(qiáng)度”的概念是采納了參考變量法,故C錯(cuò)誤.D．建立“電容器電容”的概念，是采納了比值定義法，所以D錯(cuò)誤.2.截至2024年年底，北斗三號(hào)系統(tǒng)建成并供應(yīng)服務(wù)，包括“一帶一路”國(guó)家和地區(qū)在內(nèi)的世界各地均可享受北斗系統(tǒng)的服務(wù).北斗系統(tǒng)采納三種軌道衛(wèi)星組成混合系統(tǒng)，其中，對(duì)于北斗導(dǎo)航地球同步衛(wèi)星，下列說法正確的是A.各衛(wèi)星的角速度大小不相同B.這些同步衛(wèi)星環(huán)繞地球運(yùn)行時(shí)可以不在同一軌道上C.假如須要，這些同步衛(wèi)星可以定點(diǎn)在大慶的正上方D.衛(wèi)星運(yùn)行的向心加速度小于地球表面的重力加速度【答案】D【解析】【詳解】ABC．地球同步衛(wèi)星與地球自轉(zhuǎn)的周期相同，由可知地球同步衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)角速度相同，軌道半徑相同，線速度大小相等，肯定在相同軌道上，且只能在赤道上空。故A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤.D．設(shè)地球表面的重力加速度為g，則：設(shè)地球同步衛(wèi)星運(yùn)行的向心加速度為a，則：所以有：即，故衛(wèi)星運(yùn)行的向心加速度小于地球表面的重力加速度，所以D正確.3.如圖所示，“在某物體做直線運(yùn)動(dòng)的”“”圖象中，引入“加速度的改變率”描述加速度改變的快慢.下列說法正確的是A.0-3s內(nèi)，物體“加速度的改變率”越來越小B.0-3s內(nèi)，物體的速度越來越小C.加速度改變率為0的運(yùn)動(dòng)是勻速直線運(yùn)動(dòng)D.若時(shí)物體速度為1m/s，則3s后速度可能變?yōu)?0m/s【答案】D【解析】【詳解】A．由a-t圖線可知0-3s內(nèi)物體加速度對(duì)時(shí)間的改變率不變，故A錯(cuò)誤.B．由于不知道加速度與速度方向的關(guān)系，故不能確定是加速還是減速，故B錯(cuò)誤.C．加速度改變率為零，即加速度恒定，故是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤.D．圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示速度的改變量，則3s內(nèi)速度改變量為：所以若時(shí)物體速度為1m/s，則3s后速度可能變?yōu)?0m/s，故D正確.4.如圖所示.志向變壓器原線圈M、N端接一電壓有效值恒定不變的交變電流，副線圈、端接一燈泡L恰好正常發(fā)光，初始時(shí)滑動(dòng)變阻器的滑片P位于圖中所示位置，導(dǎo)線電阻不計(jì).現(xiàn)將滑片P下移，則以下說法中正確的是A.燈仍能正常發(fā)光，原線圈輸入功率不變B.燈仍能正常發(fā)光，原線圈輸入電流變小C.燈變亮，原線圈輸入功率變大D燈變暗，原線圈輸入電流變小【答案】B【解析】【詳解】變壓器原副線圈兩端電壓等于原副線圈匝數(shù)之比，正弦溝通電壓有效值保持不變，所以副線圈按兩端的電壓不變，即燈泡兩端電壓保持不變，燈泡仍能正常發(fā)光；滑片下移，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻增大，副線圈總電流減小，副線圈電功率減小，由于變壓器的輸入功率等于輸出功率，則原線圈輸入功率減小，正弦溝通電壓不變，所以輸入電流變小，故選B.5.如圖所示，5m長(zhǎng)的細(xì)繩，兩端分別固定在垂直于地面且相距4m的兩桿的頂端A和B，繩上有一個(gè)光滑的輕質(zhì)小掛鉤，的下面掛有重為G的小物體，平衡時(shí)下列推斷正確的是A.細(xì)繩的AO段與水平線的夾角比BO段與水平線的夾角大B.兩桿頂端所受的拉力大小均為C.把A端緩慢向下移動(dòng)的過程中，繩上的拉力變小D.B端在桿上的位置不動(dòng)，將右桿移動(dòng)到虛線位置時(shí)，繩上的拉力變小【答案】B【解析】【詳解】A．小掛構(gòu)與動(dòng)滑輪相像，細(xì)繩的AO

段、BO

段中的張力大小相等，且AO段和BO段拉力的合力與重力G等大、反向、共線，由平衡條件和對(duì)稱性可以知道細(xì)繩的AO

段、BO

段跟水平線的夾角相等，故A錯(cuò)誤.

B．設(shè)AO繩、BO繩與豎直方向的夾角為，兩桿間距為S，AO和BO繩子總長(zhǎng)為L(zhǎng).

由幾何學(xué)問可以知道：則：對(duì)O點(diǎn)依據(jù)平衡條件得：得繩的拉力大小，所以B正確;C.將繩子向下移動(dòng)，兩桿子之間得距離不變，繩長(zhǎng)度不變，則繩子的夾角不變，因此繩中拉力不變，C錯(cuò)誤。D．B端在桿上位置不動(dòng)，將右桿移動(dòng)到虛線位置時(shí)，可知變大，兩力夾角變大，合力還是等于重力，故繩子拉力將變大，故D錯(cuò)誤.6.如圖所示，ABC為與勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直的直角三角形，底邊長(zhǎng)AB邊長(zhǎng)為，∠ABC為60°，磁場(chǎng)方向垂直紙面對(duì)外，比荷為的電子以速度從點(diǎn)沿方向射入，欲使電子能經(jīng)過邊，則磁感應(yīng)強(qiáng)度B的取值應(yīng)為A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】由題意可知，沿AB方向射入的電子，依據(jù)左手定則知會(huì)往上偏，如圖所示，欲使電子能經(jīng)過BC邊，則電子恰好與BC邊相切時(shí)B為最大值，由圖中幾何關(guān)系可知電子運(yùn)動(dòng)半徑R：解得：又依據(jù)帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由洛侖茲力供應(yīng)，則有：解得：即：故選C.7.如圖所示，用一個(gè)水平推力(為一個(gè)大于0的恒量，為時(shí)間）把一重為G的物體壓在足夠高且平整的豎直墻壁上，f為物體所受的摩擦力，為物體加速度，為物體的速度，取豎直向上為正方向.起先時(shí)物體的速度為零，從起先計(jì)時(shí)，下圖中，該物體的.圖象、圖象、圖象可能正確的是A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】由以題意可知，因?yàn)?，起先時(shí)物體重力大于摩擦力，物體做加速度減小的加速度運(yùn)動(dòng)，然后重力小于摩擦力，物體做加速度增加的減速運(yùn)動(dòng)，直到最終物體靜止時(shí)，物體受到靜摩擦力等于重力；依據(jù)對(duì)稱性，運(yùn)動(dòng)起先和結(jié)束時(shí)，加速度相等，所以有：所以物體受到滑動(dòng)摩擦力的最大值為：故選C.8.如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量均為的小環(huán)套在一水平放置的粗糙長(zhǎng)桿上，兩根長(zhǎng)度均為l的輕繩一端系在小環(huán)上，另一端系在質(zhì)量為M的木塊上，小環(huán)保持靜止時(shí)，兩環(huán)之間的距離也為l，則A.小環(huán)對(duì)桿的作用力方向豎直向下B.桿對(duì)兩個(gè)小環(huán)支持力的大小均為mgC.每根繩的拉力大小為D.小環(huán)與桿之間的動(dòng)摩擦因數(shù)至少為【答案】D【解析】【詳解】A．對(duì)小環(huán)受力分析可知小環(huán)受到桿豎直向上的支持力和水平方向的摩擦力，合力不在豎直方向上，依據(jù)牛頓第三定律可知小環(huán)對(duì)桿的作用力方向也不在豎直方向上，故A錯(cuò)誤.B．設(shè)桿對(duì)兩個(gè)小環(huán)支持力為FN,整體法分析有：即：故B錯(cuò)誤.C．設(shè)繩的拉力為FT對(duì)M受力分析可知：解得：故C錯(cuò)誤.D．環(huán)處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)恰好處于臨界狀態(tài)時(shí)，此時(shí)小環(huán)受到的靜摩擦力達(dá)到最大值，則有：解得動(dòng)摩擦因數(shù)至少為：故D正確.二、多項(xiàng)選擇題（本題4小題，每題4分，共16分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）9.質(zhì)量為M、長(zhǎng)度為d的木塊，放在光滑的水平面上，在木塊右邊有一個(gè)銷釘把木塊攔住，使木塊不能向右滑動(dòng).質(zhì)量為m的子彈以水平速度射入木塊，剛好能將木塊射穿.現(xiàn)在拔去銷釘，使木塊能在水平面上自由滑動(dòng)，而子彈仍以水平速度射入靜止的木塊.設(shè)子彈在木塊中受到的阻力大小恒定，則A.拔去銷釘，木塊和子彈組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能也守恒B.子彈在木塊中受到的阻力大小為C.拔去銷釘，子彈與木塊相對(duì)靜止時(shí)的速度為D.拔去銷釘，子彈射入木塊的深度為【答案】BD【解析】【詳解】A．拔去銷釘，木塊和子彈之間的摩擦力是系統(tǒng)內(nèi)力，木塊和子彈組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒；但因摩擦力要做功，故系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤B．當(dāng)木塊固定時(shí)，由動(dòng)能定理可知：解得：故B正確.C．拔去銷釘，子彈與木塊系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，則依據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：解得：故C錯(cuò)誤.D．拔去銷釘，由C選項(xiàng)可知最終速度，故整個(gè)過程依據(jù)動(dòng)能定理有：解得：故D正確10.如圖所示，垂直紙面的正方形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)，有一位于紙面的、電阻勻稱的正方形導(dǎo)體框abcd，現(xiàn)將導(dǎo)體框分別朝兩個(gè)方向以v、3v速度勻速拉出磁場(chǎng)，則導(dǎo)體框從兩個(gè)方向移出磁場(chǎng)的兩個(gè)過程中（）A.導(dǎo)體框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同B.導(dǎo)體框中產(chǎn)生的焦耳熱相同C.通過導(dǎo)體框截面的電荷量相同D.導(dǎo)體框ad邊兩端電勢(shì)差相同【答案】AC【解析】【分析】由題意可知考查電磁感應(yīng)中電流方向、能量轉(zhuǎn)化、電路問題，依據(jù)電磁感應(yīng)規(guī)律分析計(jì)算可得?！驹斀狻緼．由楞次定律分析可知導(dǎo)體框中產(chǎn)生感應(yīng)電流方向都為順時(shí)針方向，故A正確；B．導(dǎo)體框拉出過程中產(chǎn)生焦耳熱等于克服安培力做的功，設(shè)導(dǎo)體框邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，總電阻為R聯(lián)立可得因兩次拉出時(shí)的速度不同，產(chǎn)生的焦耳熱不同，故B錯(cuò)誤；C．兩次拉出時(shí)磁通量改變量相同，線圈電阻相同，通過導(dǎo)體框截面的電荷量相同故C正確；D．向右拉出時(shí)向上拉出時(shí)導(dǎo)體框ad邊兩端電勢(shì)差不相同，故D錯(cuò)誤?！军c(diǎn)睛】導(dǎo)體棒切割磁感線部分是電源，電源兩端電壓指的是外電壓。向右切割時(shí)ad是電源，ad兩端電壓指的是ab、bc、bd三段電阻電壓之和，向上拉出時(shí)，bc是電源，ad兩端電壓是ad段電阻電壓。產(chǎn)生焦耳熱等于克服安培力做功，由可比較產(chǎn)生熱量關(guān)系。11.如圖所示，繞中心軸OO′勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的水平圓盤上，放有可視為質(zhì)點(diǎn)的小物體，質(zhì)量均為間用細(xì)線沿半徑方向相連，它們到轉(zhuǎn)軸距離分別為，，與盤面間的最大靜摩擦力均為重力的0.4倍，g取10m/s2，則A.當(dāng)A起先滑動(dòng)時(shí)，圓盤的角速度=4rad/sB.當(dāng)細(xì)線上起先出現(xiàn)張力時(shí)，圓盤的角速度為rad/sC.當(dāng)A、B即將滑動(dòng)時(shí)，燒斷細(xì)線，A做離心運(yùn)動(dòng)D.當(dāng)A、B即將滑動(dòng)時(shí)，燒斷細(xì)線，B做離心運(yùn)動(dòng)【答案】ABD【解析】【詳解】A．當(dāng)A起先滑動(dòng)時(shí)表明A與盤間的靜摩擦力已達(dá)到最大，設(shè)此時(shí)圓盤的角速度為，線的拉力為F，則有對(duì)A有：對(duì)B有：又因?yàn)椋航庖陨先降?，故A正確.B．當(dāng)細(xì)線上起先出現(xiàn)張力時(shí),表明B與盤間的靜摩擦力已達(dá)到最大,設(shè)此時(shí)圓盤的角速度為,則有：計(jì)算得出：.故B正確.CD．當(dāng)A、B即將滑動(dòng)時(shí)燒斷細(xì)線，A與盤間的靜摩擦力減小,接著隨盤做圓周運(yùn)動(dòng)；而B因?yàn)椴蛔阋怨?yīng)必要的向心力而做離心運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤，D正確.12.如圖所示，在光滑絕緣的水平桌面上，三個(gè)可視為點(diǎn)電荷，電荷量均為、質(zhì)量均為m的帶電小球，分別位于邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的等邊三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，則A.欲使三個(gè)帶電小球靜止，三角形的中心O點(diǎn)需放一負(fù)的點(diǎn)電荷B.欲使三個(gè)帶電小球靜止，三角形的中心O點(diǎn)需放一正的點(diǎn)電荷C.若中心電荷的電荷量放置，保持三個(gè)小球相對(duì)距離不變，三個(gè)帶電小球可同時(shí)以繞中心電荷旋轉(zhuǎn)D.若中心電荷的電荷量放置，保持三個(gè)小球相對(duì)距離不變，三個(gè)帶電小球可同時(shí)以繞中心電荷旋轉(zhuǎn)【答案】AC【解析】【詳解】AB．對(duì)其中一個(gè)帶電小球受力分析，因?yàn)槎紟д?，故相互排斥，所以要在三角形的中心O點(diǎn)需放一負(fù)的點(diǎn)電荷才能使其平衡，故A正確，B錯(cuò)誤.CD．若中心電荷的電荷量放置，保持三個(gè)小球相對(duì)距離不變，做圓周運(yùn)動(dòng)，則對(duì)B球受力分析有：依據(jù)幾何關(guān)系有：而依據(jù)庫(kù)侖定律有：聯(lián)立解得：故C正確，D錯(cuò)誤.三、試驗(yàn)題（本題2小題，共14分）13.光電門是一種可以測(cè)量物體瞬時(shí)速度的器材，它利用的基本原理是：極短時(shí)間內(nèi)的平均速度大小可以近似認(rèn)為是該時(shí)刻的瞬時(shí)速度大小.下圖為測(cè)定氣墊導(dǎo)軌上滑塊加速度的裝置圖，滑塊上安裝一寬度為3.0cm的遮光條，滑塊在牽引力作用下先后通過兩個(gè)光電門，配套的數(shù)字亳秒計(jì)記錄了遮光條通過第一個(gè)光電門的時(shí)間為，通過其次個(gè)光電門的時(shí)間為(1)則滑塊通過第一個(gè)光電門的瞬時(shí)速度大小_________m/s，通過其次個(gè)光電門的瞬時(shí)速度大小________m/s；(2)若遮光條從起先遮住第一個(gè)光電門到起先進(jìn)住其次個(gè)光電門的時(shí)間為s，則滑塊的加速度大小_________m/s2.(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)【答案】(1).0.12(2).0.30(3).0.050【解析】【詳解】(1)[1]滑塊通過第一個(gè)光電門的瞬時(shí)速度大小為：[2]滑塊通過其次個(gè)光電門的瞬時(shí)速度大小為：(2)[3]依據(jù)速度和時(shí)間的關(guān)系有：代入數(shù)據(jù)解得a=0.050m/s214.為了測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)E、內(nèi)阻r的大小并同時(shí)描繪出定值電阻的伏安特性曲線，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路圖.按電路圖連接電路，閉合開關(guān)，調(diào)整滑動(dòng)變阻器，使變阻器滑片從一端滑到另一端，同時(shí)記錄電壓表的示數(shù)，電壓表的示數(shù)，電流表A的示數(shù)I，分別描繪了AC、BC兩條圖線，如圖乙所示.請(qǐng)回答下列問題：(1)電壓表的示數(shù)隨電流表示數(shù)的改變圖象應(yīng)為圖象中的____________段(選填“AC”或“BC”)；(2)定值電阻的阻值為______，變阻器R的總阻值為__________；(3)依據(jù)圖乙可以求得電源的電動(dòng)勢(shì)__________V，內(nèi)阻________；(4)變阻器滑片從一端滑到另一端的過程中，變阻器消耗的最大電功率為________W.【答案】(1).AC(2).3(3).12(4).8(5).1(6).4【解析】【詳解】(1)[1]R0與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，電壓表測(cè)R0兩端電壓，R0兩端電壓隨電流增大而增大，由圖乙所示圖象可以知道AC是電壓表示數(shù)隨電流表示數(shù)的改變圖象.(2)[2]由圖乙可知AC圖線的斜率表示R0的阻值，即：[3]當(dāng)電路中電流最小時(shí)，滑動(dòng)變阻器連入電路中阻值最大，則：(3)[4][5]圖乙中BC表示電壓表V1的示數(shù)隨電流表示數(shù)的改變圖象，故依據(jù)閉合電路歐姆定律有：聯(lián)立解得：E=8V，r=1(4)[6]變阻器滑片從一端滑到另一端的過程中，將R0與r看成等效電源，即等效內(nèi)阻為4，故變阻器消耗的電功率最大，即滑動(dòng)變阻器電阻等于等效內(nèi)阻時(shí)，此時(shí)回路電流為：故此時(shí)滑動(dòng)變阻器功率為：四、計(jì)算題(本題3小題，共38分.解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最終答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必需寫出數(shù)值和單位)15.水平面上一質(zhì)量的物塊，受到大小恒為12N、方向與水平方向夾角的斜向上方的外力F作用，由靜止起先運(yùn)動(dòng)，5s后撤去外力。已知物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，g取10m/s2.求：(1)5s末物塊速度大小；(2)撤去外力F后，2s內(nèi)物塊滑行的距離.【答案】(1)8m/s(2)6.4m【解析】【詳解】0-5s內(nèi)物塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度大小為，由牛頓其次定律得：代入數(shù)據(jù)解得，5s末物快速度由：代入數(shù)據(jù)可得：=8m/s(2)撒去F以后，設(shè)物塊加速度大小為，由牛頓其次定律：解得=5m/s2，設(shè)停車時(shí)間，由：得=1.6s<2s說明物塊在撤去F后1.6s已經(jīng)停下，即物塊在撤去外力F后，2s內(nèi)位移x由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式：代入數(shù)據(jù)解得：x=64m答：(1)5s末物塊速度大小8m/s；(2)撤去外力F后，2s內(nèi)物塊滑行的距離6.4m.16.如圖所示，一根輕彈簧的左端固定在墻壁上，右端自由放置.一個(gè)質(zhì)量為的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）從距離彈簧右端L的平臺(tái)端點(diǎn)以初速度正對(duì)彈簧運(yùn)動(dòng).小滑塊與平臺(tái)之間動(dòng)摩擦因數(shù)為，在與彈簧碰后又反彈回來，小滑塊離開平臺(tái)后，落于水平地面上，落地點(diǎn)與平臺(tái)邊緣的水平距離為S，平臺(tái)高度為，求：（1）小滑塊與彈簧碰撞過程中彈簧的最大壓縮量；（2）小滑塊與彈簧碰撞過程中彈簧的最大彈性勢(shì)能.【答案】(1)(2)【解析】【詳解】(1)設(shè)物抉離開平臺(tái)時(shí)速度大小為，則平拋過程有：由題意可知，滑塊從滑上平臺(tái)至離開過程，由功能定理得：解得：(2)滑塊向左滑動(dòng)至弾