廣東省2024年高考物理模擬試卷及答案30

廣東省2024年高考物理模擬試卷及答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的

四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1.我國第一臺空間萊曼阿爾法太陽望遠(yuǎn)鏡可探測波長為121.6nm的氫原子譜線，該譜線對應(yīng)的光子能量

為10.2eV。根據(jù)如圖所示的氫原子能級圖，可知此譜線來源于太陽中氫原子（）

￡7cV

0

-0.85

A.n=4和n=1能級之間的躍遷B.n=3和n=1能級之間的躍遷

C.九=2和n=1能級之間的躍遷D.n=3和n=2能級之間的躍遷

2.北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)是中國自行研制的全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng).其中北斗一G4為一顆地球靜止軌道衛(wèi)星，

北斗一IGSO2為一顆傾斜同步軌道衛(wèi)星，北斗一M3為一顆中圓地球軌道衛(wèi)星（軌道半徑小于靜止軌道半

徑），下列說法正確的是（）

A.北斗一G4和北斗一IGSO2都相對地面靜止

B.北斗一G4和北斗一IGSO2的軌道半徑相等

C.北斗一M3與北斗—G4的周期平方之比等于高度立方之比

D.北斗一M3的線速度比北斗一IGSO2的線速度小

3.如圖所示，水平地面上靜止疊放著△兩個石塊，已知。與6之間接觸面切線不水平，不考慮。與6

之間□萬有引力以及空氣影響，下列說法正確的是（）

A.△對。的支持力與。受到的重力是一對平衡力B.6共受到5個力的作用

C.地面對6的摩擦力水平向左D.地面受到的壓力等于。和6的重力之和

4.如圖4所示，某人面向一段平直的河岸，站在跟隨河水一起漂流的木船上，某時刻向其正前方向，向

上斜拋出一小石塊，使其落在河岸上。忽略空氣阻力作用.下列說法正確的是（）

1

阿微

木流

A.石塊到最高點(diǎn)時速度為0B.石塊在空中運(yùn)動軌跡所在平面與該段河岸垂直

C.石塊拋出的初速度越大，落地點(diǎn)越遠(yuǎn)D.石塊從拋出到落地所用時間與河水流速無關(guān)

5.甲駕駛汽車在一段平直馬路上等綠燈，甲啟動汽車時乙駕駛汽車剛好從旁邊經(jīng)過，他們的口-x圖像

如圖所示，下列說法正確的是（）

A.兩車同時到達(dá)，處

C.從甲啟動汽車到兩車速度相等經(jīng)歷的時間為下工

o

D.兩車在0—、內(nèi)，乙受到座椅的作用力豎直向上，甲受到座椅的作用力水平向前

6,信宜市境內(nèi)崇山峻嶺較多，茶農(nóng)在其中一些條件適宜的高山上種植高山茶，一茶農(nóng)駕駛農(nóng)用拖拉機(jī)，

沿盤山公路以恒定速率向山上運(yùn)送農(nóng)資。不考慮拖拉機(jī)燃油質(zhì)量的變化，下列說法正確的是（）

A.為了行車安全，路面轉(zhuǎn)彎處應(yīng)做成內(nèi)高外低

B.拖拉機(jī)牽引力的瞬時功率保持不變

C.拖拉機(jī)依次經(jīng)過兩個水平圓弧彎道1和2,且勺〉/?2,則其合外力氣〉/

D.上坡過程拖拉機(jī)的機(jī)械能增加

7.某興趣小組在校園內(nèi)進(jìn)行科學(xué)小實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)場地所處的磁場可視為方向豎直向下，大小B=

5V?x10-5T的勻強(qiáng)磁場，興趣小組使長為3m、寬為1m、匝數(shù)為100的金屬線框以角速度①=10rad/s

勻速轉(zhuǎn)動，再利用原、副線圈匝數(shù)比為1匚100的理想變壓器使“12V,9W”電風(fēng)扇正常工作，線框及電線電

阻不計(jì)，如圖所示。下列說法正確的是（）

A.當(dāng)線框平面與地面平行時產(chǎn)生的電動勢最大

B.電風(fēng)扇的內(nèi)阻為16Q

C.為了使電風(fēng)扇能正常工作，需把電風(fēng)扇與一個限值R=4。的電阻串聯(lián)

D.金屬線框感應(yīng)電動勢的峰值為0.15V

2

閱卷人二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的

四個選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得

得分3分，有錯選的得0分。

8.某手機(jī)正在充電時，鬧鐘響起手機(jī)振動，充電線也跟著振動，手機(jī)振動的頻率為匕，充電線上某點(diǎn)的

頻率為打，如圖所示.下列說法正確的是（）

A.充電線做受迫振動，=f2

B.手機(jī)振動的頻率越大，充電線抖動幅度越大

C.充電線上離手機(jī)充電口近的點(diǎn)先振動

D.同一手機(jī)，更換不同長度充電線，振動時的頻率不同

9.如圖所示是一種經(jīng)顱磁刺激的醫(yī)療技術(shù)，在人體頭部上方放置的金屬線圈內(nèi)通以脈沖電流，電流流經(jīng)

線圈產(chǎn)生高強(qiáng)度脈沖磁場，磁場穿過頭顱對腦部特定區(qū)域產(chǎn)生感應(yīng)電流，下列說法正確的是（）

A.脈沖電流流經(jīng)線圈會產(chǎn)生高強(qiáng)度的磁場是電磁感應(yīng)現(xiàn)象

B.變化的磁場會使得腦部特定區(qū)域產(chǎn)生感應(yīng)電場

C.若將脈沖電流改為恒定電流，也會持續(xù)對腦部產(chǎn)生感應(yīng)電流

D.若脈沖電流最大強(qiáng)度不變，但脈沖電流時間上縮短，則在腦部產(chǎn)生的感應(yīng)電流會增強(qiáng)

10.反射式速調(diào)管是常用的微波器件之一，其內(nèi)部真空，有一個靜電場的方向平行于x軸，其電勢9隨x

的分布如圖所示，久=0處電勢為6V。一個帶負(fù)電粒子（重力不計(jì)）從x=3cm處由靜止釋放，下列說法

正確的是（）

A.該靜電場可以由兩個負(fù)電荷產(chǎn)生

B.%=—25i的電場強(qiáng)度小于久=2cm處的電場強(qiáng)度

C.該粒子在尤=0處的電勢能最小

3

D.該粒子將沿x軸負(fù)方向運(yùn)動，運(yùn)動到的最遠(yuǎn)位置為尤=-4.5cm

閱卷人

三、非選擇題：本題共5小題，共54分，考生根據(jù)要求作答。

得分

11.某同學(xué)為了測量固體藥物的體積，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的測量裝置（裝置密封性良好）。

要測量步驟如下:

①把待測藥物放進(jìn)注射器內(nèi)；

②把注射器活塞推至適當(dāng)位置，然后將注射器與壓強(qiáng)傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計(jì)算機(jī)連接;

③移動活塞，記錄注射器的刻度值匕以及氣體壓強(qiáng)值?；

④重復(fù)上述步驟③，多次測量；

⑤根據(jù)記錄的數(shù)據(jù)，作出圖像，并利用圖像計(jì)算藥物體積。

（1）在操作步驟③中，（選填“緩慢”"快速''或"以任意速度”）移動活塞。

（2）在操作步驟⑤中，為了得到直線圖像，縱坐標(biāo)是匕則橫坐標(biāo)應(yīng)該選用（選填"夕'"百’或

“p2”）。

（3）選擇合適的坐標(biāo)后，該同學(xué)通過描點(diǎn)作圖，得到的直線圖像如圖乙所示，其延長線分別交橫、縱

坐標(biāo)于°、b,則待測藥物的體積為（用題目中已知量表示）。

（4）由于壓強(qiáng)傳感器和注射器連接處軟管存在一定容積，由此造成的測量值比真實(shí)值（選填

“偏大”“偏小”或“相同”）。

12.某同學(xué)利用熱敏電阻自制了一個簡易溫度計(jì)，其內(nèi)部電路裝置如圖甲所示，使用的器材有：直流電

源（E=6.0乙內(nèi)阻不計(jì)）、毫安表（量程10mA,內(nèi)阻不計(jì)）、電阻箱尺、熱敏電阻&一個、開關(guān)S］和

52、導(dǎo)線若干.該熱敏電阻阻值與隨溫度/變化的曲線如圖乙所示.

4

丙

（1）根據(jù)圖甲電路圖用筆代替導(dǎo)線，把圖丙中實(shí)物電路圖補(bǔ)充完整。

（2）先斷開關(guān)Si，將電阻箱的阻值調(diào)到（選填“最大值”或“最小值。然后將開關(guān)S2接至。

端，閉合開關(guān)S],逐漸調(diào)節(jié)電阻箱的限值，根據(jù)圖乙把毫安表改裝為溫度計(jì)。

（3）將開關(guān)S2接至6端，閉合開關(guān)該溫度計(jì)便可正常使用。若毫安表指針偏轉(zhuǎn)至圖丁所示，則通

過毫安表的電流為mA,溫度為口。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）

（4）當(dāng)溫度計(jì)使用一段時間后，其電源有一定程度的老化，內(nèi)阻增大，此時該溫度計(jì)測量值比真實(shí)值.

（選填“偏大”“偏小”或“相同

13.如圖所示為一半徑為R=6cm的透明半球體，尸。為半球體的直徑，。為半球體的球心.現(xiàn)有一束激

光垂直半球的平面射入半球體，入射點(diǎn)從尸點(diǎn)沿直徑尸。方向緩慢向。點(diǎn)移動，發(fā)現(xiàn)當(dāng)入射點(diǎn)移動2cm

后，才開始有光線從下方球冠射出，不考慮光線在半球體內(nèi)多次反射，求：

（1）該半球體的折射率為多少？

（2）當(dāng)該束激光入射點(diǎn)移動至距離球心為3cm位置入射，則其光線射出半球體的折射角的正弦值為多

少？

14.甲、乙兩位同學(xué)利用中國象棋進(jìn)行游戲。某次游戲中，在水平放置的棋盤上，甲用手將甲方的棋子

以0.4m/s的初速度正對乙方棋子彈出，兩棋子相碰撞后（碰撞時間極短），甲方棋子速度大小變?yōu)?/p>

O.lm/s,方向不變.兩棋子初始位置如圖所示，棋子中心與網(wǎng)格線交叉點(diǎn)重合，該棋盤每方格長寬均L=

5

4cm,棋子直徑均為O=3cm,棋子質(zhì)量相等均為m=20g,棋子與棋盤間的動摩擦因數(shù)均為“=0.07。

重力加速度g大小取10m/s2。求：

（2）通過計(jì)算，判斷乙方棋子中心是否滑出邊界;

（3）甲方棋子從彈出到停下所需的時間。（計(jì)算結(jié)果保留2位有效數(shù)字）

15.在如圖所示的豎直平面xQy中，一質(zhì)量為加、電荷量為+q的帶電小球沿x軸正方向以初速度飛=

號從/點(diǎn)射入第一象限，第一象限有豎直向上的勻強(qiáng)電場耳=翳，小球偏轉(zhuǎn)后打到x軸上的C（》L,O）

點(diǎn)，x軸下方有勻強(qiáng)電場鳥（圖中未畫出），第三、四象限有垂直于紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小不同的勻強(qiáng)

磁場，小球在x軸下方做勻速圓周運(yùn)動，已知第四象限勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為竺/耳，重力加速度

q7

（1）求X軸下方勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度島;

（2）求帶電小球在C點(diǎn)的速度??；

6

(3)若第三象限勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為學(xué)區(qū),求粒子從C點(diǎn)運(yùn)動到P(0,-3L)點(diǎn)所用的時

間。

7

答案解析部分

1.【答案】C

【解析】【解答】兩個能級的能量差即對應(yīng)光子的能量，滿足題意的是氫原子從第2能級躍迂到第1能級，

C正確，ABD錯誤。

答案：C。

【分析】本題考查能級的躍遷，難度較低，要求學(xué)生能量理解兩個能級的能量差即對應(yīng)光子的能量，找出

對應(yīng)的兩個能級即可。

2.【答案】B

【解析】【解答】AB、北斗一G4為一顆地球靜止軌道衛(wèi)星，北斗一IGS02為一顆傾斜同步軌道衛(wèi)星，說

明兩顆衛(wèi)星的公轉(zhuǎn)周期與地球自轉(zhuǎn)的周期相同，由開普勒第三定律

T3

*=k

知，兩顆衛(wèi)星的軌道半徑相同，由于轉(zhuǎn)動平面不同，北斗一G4相對地面靜止，但北斗一IGS02不會，A

錯誤，B正確；

C、由開普勒第三定律

r3

7-iT7f=k

知，北斗一M3與北斗一G4的周期平方之比等于軌道半徑立方之比，C錯誤；

D、由

MmV2

G_.2.=m千

知

\GM

V=,丁

說明軌道半徑越大，環(huán)繞速度越小，北斗一M3軌道半徑小于靜止軌道半徑，說明北斗一M3的線速度

比北斗一IGS02的線速度大，D錯誤。

故答案為Bo

【分析】本題考查宇宙航行與衛(wèi)星，根據(jù)題意判斷北斗一G4和北斗一IGSO2周期相同，由開普勒第三

定律標(biāo)=k知，兩顆衛(wèi)星的軌道半徑相同，由于軌道平面不同，所以相對地球的運(yùn)動狀態(tài)不同；根據(jù)

6粵=血吐判斷軌道半徑越大，環(huán)繞速度越小。

丁幺r

3.【答案】D

8

【解析】【解答】A、a受到重力、支持力、b對a的摩擦力，且三力合力為零，A錯誤；

CD、將a、b看成一個整體，該整體受到重力和地面的支持力，兩力平衡，即地面對6沒有摩擦力作用，

C錯誤；地面對該整體的支持力等于a、b的重力之和，根據(jù)牛頓第三定律，地面受到的壓力等于a和b

的重力之和，D正確；

B、b受到重力、支持力、a對b的摩擦力，地面對b的支持力，一共4個力，B錯誤。

故答案為Do

【分析】本題考查整體法和隔離法，從平衡的角度判斷研究對象的受力情況，分析a、b間的摩擦力時，

單獨(dú)對a分析，分析地面對b的摩擦力時，將a、b看成一個整體分析，分析b受力的個數(shù)時，單獨(dú)對b分

析。

4.【答案】D

【解析】【解答】A、石塊在空中做斜拋運(yùn)動，水平方向遵循勻速直線運(yùn)動，即石塊到達(dá)最高點(diǎn)時水平速度

不為零，A錯誤;

B、人向運(yùn)動的正前方向，向上斜拋出一石塊，說明石塊在空中的運(yùn)動軌跡平面與該段河岸平行，B錯

誤；

C、設(shè)石塊斜拋的速度大小為V,石塊做斜拋運(yùn)動的水平位移為

vsindV2sin20

說明水平位移與斜拋的初速度大小、方向有關(guān)，但并不是石塊拋出的初速度越大，落地點(diǎn)越遠(yuǎn)，c錯

誤；

D、石塊從拋出到落地所用時間

vsin02vsin0

t==—§—

說明石塊從拋出到落地所用時間與河水流速無關(guān)，D正確。

故答案為D。

【分析】本題考查斜拋運(yùn)動，根據(jù)兩個分運(yùn)動的獨(dú)立性，豎直方向的分速度決定了石塊運(yùn)動的時間，即

「=2穿=駕吧，而水平方向分速度與運(yùn)動時間同時決定了斜拋的水平位移，即尤=2"cos。，

vsind_v2sin20

9~9~°

5.【答案】C

【解析】【解答】A、根據(jù)題意知，甲車做初速為零的加速運(yùn)動，而乙車做勻速直線運(yùn)動，從甲車開始啟動

時開始計(jì)時，兩車不可能同時到達(dá)x0處，A錯誤；

B、對甲車

v2=2ax

9

則

v2=2a-%

結(jié)合圖像說明圖像的斜率為2a,即

解得甲駕駛汽車勻加速度直線運(yùn)動時的加速度為

B錯誤;

C、從甲啟動汽車到兩車速度相等經(jīng)歷的時間為t,有

1

2（o+v0）t=%（

C正確；

D、在0—、內(nèi)，乙車做勻速直線運(yùn)動，所以乙受到的重力和支持力平衡，即乙受到座椅的作用力豎直

向上，而甲做勻加速直線運(yùn)動，受到重力和座椅對甲的作用力，合力與甲車的運(yùn)動方向相同，所以由力

的合成法則知，座椅對甲的作用力與水平方向成一定夾角的，D錯誤。

故答案為C。

【分析】本題考查動力學(xué)問題，要求學(xué)生能夠結(jié)合題意和圖像判斷兩車的運(yùn)動性質(zhì)，結(jié)合圖像和運(yùn)動學(xué)公

式判斷甲車做初速為零的勻加速直線運(yùn)動，并能判斷加速度大小，從而能夠通過：（0+,"=久0判斷從甲

啟動汽車到兩車速度相等經(jīng)歷的時間；其次結(jié)合兩車的運(yùn)動性質(zhì)，判斷其受力情況，進(jìn)而可以判斷甲、乙

受到座椅的作用力方向。注意：甲受到座椅的作用力，其實(shí)是支持力、摩擦力的合力。

6.【答案】D

【解析】【解答】A、拖拉機(jī)在路面轉(zhuǎn)彎時，為了減小路面與拖拉機(jī)的摩擦，路面轉(zhuǎn)彎處應(yīng)做成內(nèi)低外高，

可以由重力和支持力的合力來提供向心力，A錯誤；

B、拖拉機(jī)沿盤山公路以恒定速率上山，速度大小雖然不變，但由于路線是曲線，說明牽引力大小有變

化，即牽引力的瞬時功率變化的，B錯誤；

C、拖拉機(jī)依次經(jīng)過兩個水平圓弧彎道1和2,且&>/

合外力F=mZZ

K

可知K<F.

10

C錯誤；

D、拖拉機(jī)以恒定速率向山上運(yùn)動，說明拖拉機(jī)的動能不變，重力勢能在增大，即機(jī)械能增加，D正確。

故答案為D。

【分析】本題考查圓周運(yùn)動，要求學(xué)生能夠明確拖拉機(jī)轉(zhuǎn)彎時向心力的來源，為了減小路面與拖拉機(jī)的摩

擦，路面轉(zhuǎn)彎處應(yīng)做成內(nèi)低外高，可以由重力和支持力的合力來提供向心力；如果拖拉機(jī)的運(yùn)動路線的直

線，那么拖拉機(jī)以恒定速率向山上運(yùn)動，拉力的瞬時功率是不變的，但本題中拖拉機(jī)的沿盤山公路上山

的，運(yùn)動軌跡是曲線。

7.【答案】C

【解析】【解答】A、當(dāng)線框平面與地面平行時，ab、cd兩根金屬棒的運(yùn)動方向與磁場方向平行，即此時

的感應(yīng)電動勢為零，A錯誤；

B、電風(fēng)扇正常工作時，由于電風(fēng)扇是非純電阻，有

UI>12T

即

UU2122

rV十=什/=9Q=1611

B錯誤；

CD、金屬線框產(chǎn)生的電動勢最大值

ENBSco、岸

rrTTl100x5Vx10-5x3x1x10p

根據(jù)

u'n

a

22

知

n100

u==1x0.15V=15V

2%有

副線圈的電流

P9

I2=U-=：丑A=0.75A

所以需要串聯(lián)的電阻阻值

U-U15-12

R=T-一0.75°-4Q

2

故C正確，D錯誤。

故答案為Co

11

【分析】本題考查變壓器與交變電流，當(dāng)線框與地面平行時，ab、cd兩根金屬棒的運(yùn)動方向與磁場方向平

行，即此時的感應(yīng)電動勢為零；電風(fēng)扇正常工作時，電路是非純電阻電路，根據(jù)U/>〃r分析電風(fēng)扇內(nèi)阻

的大?。桓鶕?jù)=NBSa來求解金屬線框感應(yīng)電動勢的最大值，結(jié)合［/*=為關(guān)系來確定變壓器輸入端的

m有J2

有效值，根據(jù)/=勤求解副線圈兩端的電壓，最后結(jié)合歐姆定律求解與電風(fēng)扇串聯(lián)的電阻阻值大小。

8.【答案】A,C

【解析】【解答】A、因?yàn)槭謾C(jī)振動，所以充電線跟著振動，說明充電線做受迫振動，由于受迫振動的頻率

與驅(qū)動力的頻率相同，所以

f=/

12

A正確；

B、當(dāng)手機(jī)的振動頻率與充電線的固有頻率相等時，充電線產(chǎn)生共振，即充電線抖動的幅度最大，所以手

機(jī)振動的頻率越大，充電線抖動幅度不一定越大，B錯誤；C、充電線上越靠近振源的點(diǎn)越先振動，所

以充電線上離手機(jī)充電口近的點(diǎn)先振動，C正確；

D、同一個手機(jī)，更換不同長度的充電線，振動時的頻率是相同的，D錯誤。

故答案為AC。

【分析】本題考查共振，充電線做受迫振動，充電線的振動頻率等于手機(jī)振動頻率；當(dāng)手機(jī)振動頻率等于

充電線的固有頻率時，充電線產(chǎn)生共振，即充電線抖動的幅度最大。注意：區(qū)別充電線因?yàn)槭芷日駝拥恼?/p>

動頻率和充電線的固有頻率。

9.【答案】B,D

【解析】【解答】A、脈沖電流流經(jīng)線圈會產(chǎn)生高強(qiáng)度的磁場是電流的磁效應(yīng)現(xiàn)象，A錯誤；

B、脈沖磁場對腦部特定區(qū)域產(chǎn)生感應(yīng)電流是磁生電，是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，即變化的磁場會使腦部特定區(qū)域

產(chǎn)生感應(yīng)電場，B正確；

C、若脈沖電流改為恒定電流，那么產(chǎn)生的磁場是恒定的，即不會產(chǎn)生變化的磁場，也就不會產(chǎn)生感應(yīng)電

流，也不會持續(xù)對腦部產(chǎn)生電刺激作用，C錯誤；

D、若脈沖電流最大強(qiáng)度不變，但縮短脈沖電流時間，說明電流的變化率變大，即產(chǎn)生的磁場變化得更

塊，在腦部產(chǎn)生的感應(yīng)電流也增強(qiáng)，D正確。

故答案為BDo

【分析】本題考查電流的磁效應(yīng)和電磁感應(yīng)，電流在其周圍空間產(chǎn)生磁場，這是電流的磁效應(yīng)現(xiàn)象；變化

的磁場產(chǎn)生電場是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，電流變化越塊，磁場變化越快，由法拉第電磁感應(yīng)定律知產(chǎn)生的感應(yīng)電

動勢越大，即感應(yīng)電流越大。

10.【答案】B,C,D

【解析】【解答】AB、沿電場方向電勢逐漸降低，根據(jù)圖像，縱軸右側(cè)電場沿x軸的正方向，而縱軸左側(cè)

12

電場沿X軸的負(fù)方向，即該靜電場不是由兩個負(fù)電荷產(chǎn)生；0—久圖像的斜率絕對值

L(p

k=Tfcr

表示電場強(qiáng)度的大小，縱軸右側(cè)電場縱

0-6

耳=4-0V/m=1.5V/m

縱軸左側(cè)電場強(qiáng)度

0-6

E2=_6_0V/m=lV/m

所以久=-2cm的電場強(qiáng)度小于x=2czn處的電場強(qiáng)度，故A錯誤，B正確；

C、沿電場方向電勢逐漸降低，根據(jù)圖像，該粒子在x=0處的電勢最大，根據(jù)電勢能表達(dá)式

Ep=q(P

知，負(fù)電荷在該點(diǎn)的電勢能最小，C正確；

D、該粒子將沿x軸負(fù)方向運(yùn)動，電場力先做正功，經(jīng)過原點(diǎn)后電場力做負(fù)功，全程電場力做功為零，

即

qE]X-=0

代入數(shù)據(jù)解得

Ex1.5x3

%2=p=]m=4.5m

所以粒子運(yùn)動到最遠(yuǎn)位置為％=—4.5cm處，D正確。

故答案為BCDO

【分析】本題考查帶電粒子在電場中的運(yùn)動，解題關(guān)鍵在于根據(jù)圖像分析電勢的變化情況，R-%圖像的

斜率絕對值k=第表示電場強(qiáng)度的大小，同時判斷縱軸左右兩側(cè)電場的大小關(guān)系，根據(jù)Ep=q<p判斷電勢

能的大??；根據(jù)動能定理求解粒子運(yùn)動的最遠(yuǎn)距離。

1L【答案】(1)緩慢

X

(3)b

(4)偏小

【解析】【解答】(1)為了保證氣體的溫度不變，應(yīng)該緩慢移動活塞。

(2)根據(jù)玻意耳定律

p(V-V0)=C

變形得

13

1

v=c-p+v0

所以為了得到直線圖像，縱坐標(biāo)是匕則橫坐標(biāo)應(yīng)該選用最。

（3）結(jié)合（2）的號關(guān)系式和圖像知，待測藥物的體積

Vo=b

（4）由于壓強(qiáng)傳感器與注射器連接處軟管存在一定的容積，設(shè)該部分容積為匕，以氣體為對象，根據(jù)玻

意耳定律知

p（V+匕_,真）=C

變形得

1

v^c-^+v_一匕

P。真1

結(jié)合圖像

V-7=b,V-b+v,

o真io真1

結(jié)合（3）知，測量值比真實(shí)值偏小。

【分析】本題考查熱學(xué)實(shí)驗(yàn)，本實(shí)驗(yàn)必須在等溫條件下操作，所以應(yīng)該緩慢移動活塞；等溫變化的理想氣

體滿足PU=C,結(jié)合本實(shí)驗(yàn)為p（y—%）=c,根據(jù)u—；判斷待測藥物的體積；由于傳感器與注射器間有

氣體，該部分氣體體積導(dǎo)致實(shí)驗(yàn)測量值比真實(shí)值偏小。

⑶7.5；50

（4）偏小

【解析】【解答】（1）圖丙中實(shí)物電路圖補(bǔ)充如下:

14

（2）為了保證電路安全，將電阻箱的阻值調(diào)到最大，然后閉合開關(guān)Sy將開關(guān)52接至a端，逐漸調(diào)節(jié)

電阻箱的阻值，根據(jù)圖乙把毫安表改裝為溫度計(jì)。

（3）將開關(guān)52接至6端，閉合開關(guān)Sy該溫度計(jì)便可正常使用。若毫安表指針偏轉(zhuǎn)至圖丁所示，則通過

毫安表的電流/=7.5mA。根據(jù)閉合電路歐姆定律

E6.0

1=社，7.5X103=舟

解得

R=0.8kQ

T

結(jié)合乙圖知，此時的溫度為50汽。

（4）當(dāng)溫度計(jì)使用一段時間后，其電源有一定程度的老化，內(nèi)阻增大

E

變形有

EE

R=+rV+=R

T真丁丁T測

說明該溫度計(jì)測量值比真實(shí)值偏小。

【分析】本題考查電學(xué)實(shí)驗(yàn)，根據(jù)圖像能夠明白熱敏電阻阻值隨溫度的變化而變化，溫度不同，熱敏電阻

阻值不同，電路電流不同，通過讀取電流表的示數(shù)，結(jié)合圖像知道對應(yīng)的溫度值；當(dāng)溫度計(jì)使用一段時間

后，其電源有一定程度的老化，內(nèi)阻增大，/=L導(dǎo)，判斷該溫度計(jì)測量值比真實(shí)值偏小。

謹(jǐn)

13.【答案】（1）解：由題意作出光路圖

15

如圖所示設(shè)射點(diǎn)移動2cm,該入射點(diǎn)位置為A,此時入射角為C,由幾何關(guān)系可知

0A=0.6cm—0.2cm=0.4cm

OA2

sinC=—?

則由全反射規(guī)律，可知

1

sinC=n

得

n=1.5

（2）解：當(dāng)該束激光入射點(diǎn)移動至距離球心為3cm的B點(diǎn)入射時，設(shè)此時入射角為r,

OA1

sinr=二2VsinC

得

r<C

入射角小于臨界角，光線能直接從球冠射出。設(shè)從球冠射出時折射角為i,由折射定律

sini

n=srnr

可得

3

sini=4=0.75

【解析】【分析】本題考查光的折射和全反射。（1）當(dāng)開始有光線從下方球冠射出時，光線在球冠上的入射

角恰好等于臨界角C,作出光路圖，由幾何關(guān)系求解SinC,根據(jù)71=/求解半球體的折射率。（2）畫出光

路圖，由幾何關(guān)系求出光線射出時的入射角，根據(jù)折射定律求解折射角的正弦值。

14.【答案】（1）解：設(shè)甲、乙兩棋子碰撞前瞬間甲棋子的速度大小為%,從甲棋子開始運(yùn)動到甲、乙碰撞

16

前瞬間過程，甲移動距離為

s1—2L—D—0.05m

對甲棋子，由動能定理得

11

一〃7ngsi嚀—2771配

代入數(shù)據(jù)解得

%=0.3m/s

甲、乙兩棋子碰撞過程系統(tǒng)內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)動量守恒，設(shè)碰撞后瞬間乙棋子的速度大小為,，以碰

撞前甲棋子的速度方向?yàn)檎较?，由動量守恒定律?/p>

mv.=mv+mv

1甲乙

代入數(shù)據(jù)解得

u乙=0.2m/s

碰撞過程中損失的機(jī)械能為

111

AE——(無僧嘴+

解得

Z1E=4X10-4/

(2)解：設(shè)乙棋子碰后運(yùn)動距離S2停下來，對乙棋子，由動能定理得

1

—p.mgs=0—^.mv2

2乙

解得

s2x0.0286m<0.04m

即可乙棋子移動距離不夠1方格，棋子中心不滑出邊界。

(3)解：對甲棋子從彈出到碰撞前，列動量定理有

—[imgt1=mv1—mvQ

解得

1

t[=不

碰撞后，對甲棋子，列動量定理有

—[imgt=0—mv

z甲

解得

1

12s

甲方棋子從彈出到停下所需的時間為

17

2

t=J+J=汁sx0.29s

【解析】【分析】本題考查碰撞模型，（1）應(yīng)用動能定理求出甲棋子與乙棋子碰撞前瞬間甲棋子的速度大

小，甲乙棋子的碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，應(yīng)用動量守恒定律求出碰撞后乙棋子的速度大小，根據(jù)碰撞前系

統(tǒng)的動能與碰撞后系統(tǒng)的動能大小，判斷碰撞過程損失的機(jī)械能。（2）應(yīng)用動能定理求出乙棋子碰后到停

止運(yùn)動時的位移大小，判斷乙棋子能否滑出邊界。（3）應(yīng)用動量定理求出甲棋子開始運(yùn)動到剛要碰撞的時

間，接著應(yīng)用動量定理求解甲棋子從碰后到停止運(yùn)動的時間。

15.【答案】（1）解：小球在x軸下方做勻速圓周運(yùn)動，則

mg-qE2

解得

mg

E=n